1、1.7靜電現象的應用學案【自主學習】1：什么是靜電平衡狀態？有哪些特征？2:處于靜電平衡狀態的導體，電荷如何分布?3:什么叫尖端放電？其應用有哪些？4:靜電屏蔽的實質是什么？【考點突破】典型例題1:如圖所示，不帶電的導體B在靠近帶正電的導體A后，P端及Q端分別感應出負電荷和正電荷,則以下說法正確的是A.若用導線將Q端接地,然后斷開，再取走A,則導體B將帶負電B.若用導線將Q端接地,然后斷開，再取走A,則導體B將帶正電C.若用導線將Q端接地,然后斷開，再取走A,則導體B將不帶電D.若用導線將P端接地，然后斷開，再取走A,則導體B將帶正電解析：用導線將Q接地后，導體B與地球構成一個大導體，其距A較

2、近的為P端，仍帶感應負電荷；其距A較遠處，不再是Q端，而是地球，將感應出正電荷；而Q端成為大導體的中間部分將不會有感應電荷。所以，導體B將帶負電荷。答案：A反饋訓練B.印染車間保持濕度.電工鉗柄裝有絕緣套在下列措施中，哪些能將產生的靜電導走A. 飛機輪子上搭地線C.復印圖片D（不接觸），下列說法正確的有典型例題2:如圖所示，在真空中把一個導體向帶負電荷的小球慢慢靠近（）A. B端的感應電荷越來越多B. 導體內的電場強度越來越大C. 導體的感應電荷在M點產生的場強恒大于在N點產生的場強D. 導體的感應電荷在MN兩點產生的場強相等解析：注意這是討論靜電感應帶電體與導體慢慢靠近的過程，要注意電荷的動

3、態運動,由場強疊加的原理可知B端感應電荷越來越多，A對；導體內場強為零，B錯；因M點距離P較近，原場強大，感應電荷的場強與原場強疊加為零，所以感應電荷在M點產生的場強大于在N點產生的場強。答案：A、C反饋訓練2:如圖所示，帶電體Q靠近一個接地空腔導體，空腔里面無電荷。在靜電平衡后，下列物理量中等于零的是（）A. 導體腔內任意點的場強B. 導體腔內任意點的電勢C. 導體外表面的電荷量D. 導體空腔內表面的電荷量典型例題3:如圖所示，將懸在絕緣細線上帶正電的小球A放在不帶電的金屬空心球殼B內（與內壁不接觸）。外加一個水平向右的場強為E的勻強電場，對于最后的結果，下列判斷正確的是（）A.B的右端帶正

4、電，A向左偏B.B的右端帶正電,A不偏左也不偏右C.B的左端帶正電，A向右偏D. B的左端帶負電,A不偏左也不偏右解析：導體空腔處于外電場中時，由于靜電感應的作用，導體球殼的左端將感應出負電荷，右端將感應出正電荷，而導體空腔內部完全不受外加電場的影響，故A不會偏轉，故A、C錯誤，BD正確。答案：B、D反饋訓練3:B內，a、c分別為導體A、）如圖所示，帶正電的導體球A置于原來不帶電的空腔導體球B內的點，b為導體A和B之間的一點，下列說法正確的是（A. a、b、c三點的電勢都相等B. a點的場強為零，但電勢最高C. b點的場強為零，但電勢大于零D. a、b、c三點的場強都為零【考點鞏固】1. （單

5、選）下列現象中，不能用靜電知識解釋的是（）A. 晚上脫化纖毛衣時會有火花產生B. 油罐車尾部常拖一條鐵鏈C. 通信衛星采用硅光電池板提供電能D. 電視機屏幕上會吸附灰塵2. （單選）下列屬于防止靜電現象的是A.靜電除塵B. 靜電復印C. 油罐車用鐵鏈拖地運行D. 靜電噴涂3. （單選）如圖所示，用金屬網把驗電器罩起來，再使帶電金屬球靠近驗電器，則下面關于驗電器箔片的說法正確的是A. 箔片張開B. 箔片不張開C. 帶電金屬球電量足夠大時才會張開D. 箔片張開的原因是金屬網罩感應帶電產生的電場4. （多選）如圖所示，面積足夠大的、板間距離為d的兩平行金屬板豎直放置，與直流電壓為U的電源連接，板間放

6、一半徑為R（2Rvd）的絕緣金屬球殼,D是球殼水平直徑上的兩點，則以下說法正確的是（）A. 由于靜電感應，球殼上C、D兩點電勢差為-RUdB. 由于靜電感應，球殼中心0點場強為零C. 用手摸一下球殼，再拿去平行金屬板，球殼帶正電D. 用手摸一下球殼，再拿去平行金屬板，球殼帶負電A放入空腔中，當靜a、b、c三點的場強E和電勢$的關系是（）.A.Ea>Eb>Ec,$a>$b>$B.Ea=Eb>Ec,$a=$b>$C.Ea=Eb=Ec,$a=$b=$D.Ea>Ec>Eb,$a>$b>$電平衡時，圖中ccc6.把一個帶正電的小球A,放入帶絕緣

7、支架不帶電的空心球殼不與B的內壁接觸，如圖所示，達到靜電平衡后，下列說法正確的是（）A. 球殼B內空腔處的場強為零B. 球殼外部空間的場強為零C. 球殼B的內表面上無感應電荷D. 若將球殼B接地則帶負電7.如圖所示，P是一個帶電體,N是一個不帶電的金屬空腔，在下列情況中，放在絕緣板上P&陀D5. 如圖所示為一空腔球形導體（不帶電），現將一個帶正電荷的小金屬球的小紙屑（圖中S）不會被吸引的是（).8如圖，實心金屬球A半徑為R,帶電量為Q,點電荷B帶電量為q.B與A球間的距離為r.當B不存在而只有A存在且達到靜電平衡狀態時，電荷Q在球心0處的電場強度等于.當點電荷B也同時存在并達到靜電平衡

8、時，球心0處的電場強度等于，金屬球上的電荷在球心0處產生的場強的大小等于。1.7靜電現象的應用答案與解析、【自主學習】問題1：處于靜電平衡的導體，沒有電荷的定向移動。內部場強處處為零，外表面附近任何一點的場強必跟該點垂直，且是一個等勢體，導體表面為等勢面。問題2：處于靜電平衡的導體內部沒有電荷，電荷只分布在導體的外表面，越尖銳的位置，電荷的密度越大，凹陷的位置，幾乎沒有電荷。問題3：從導體尖端失去電荷的現象叫做尖端放電。避雷針就是利用尖端放電的異種設施。問題4：靜電屏蔽實質是利用了靜電感應現象，使金屬殼內的感應電場和外加電場的矢量和為零，兩種電場并存，即所謂的屏蔽。三、【考點突破】反饋訓練1:

9、答案：A、B,飛機在飛行中與空氣摩擦時，飛機外表面聚集了大量靜電荷，降落時會對地面人員帶來危害及火災隱患，因此飛機降落時要及時導走機身聚集的靜電，采取的措施是在輪胎上安裝地線或用導電橡膠制造輪胎；在印染工作車間也同樣容易產生靜電，靜電給車間帶來火災隱患，為防止火災發生，其中安全措施之一就是保持車間濕度，從而通過濕潤的空氣及時導走靜電；在復印圖片環節中，剛好需要應用靜電，在電工鉗柄裝有絕緣套是防止導電，保障電工的安全。反饋訓練2:答案：A、B、D,靜電平衡狀態下的導體內部場強處處為零，且內表面不帶電，故選項A、D正確。由于導體接地，故整個導體的電勢為零，選項B正確。導體外表面受帶電體Q的影響，所

10、帶電荷量不為零，故選項C不正確。反饋訓練3:答案：B,導體A、B各為一個等勢面，其內的各點場強為零，即Ea=Ec=0，帶正電的A在B的內、外表面各感應出負、正電荷，A夕卜B內的空間電場線方向由A指向B,Ebz0,故電勢$a>$b>$c>0,所以A錯，B對，CD錯。四【考點鞏固】1. C2.C3.B4.BD5. 答案D空腔球形導體在正電荷A的電場中感應的結果如右圖所示，從電場線的疏密可確定a點場強大于c點場強，而b點場強為零，故Ea>Ec>Eb,而沿著電場線電勢降低，故$a>$b>$c,D選項正確.6. D，空腔內有帶電小球A,由于靜電感應，在空腔的內表

11、面感應出負電荷，外表面感應出等量的正電荷，所以在空腔B的內、外空間電場強度均不為零.球殼接地后離帶電體A較遠的球殼外表面的電荷入地（實質是大地上的電子通過接地線跟球殼外表面的正電荷中和）,使空腔B只帶負電.空腔B接地后，空腔外的電場強度為零，即球殼內的電場被接地的金屬球殼罩住,對殼外不產生影響,這種現象也是靜電屏蔽.接地的空腔導體或金屬網罩可以使其外部不受內部帶電體電場的影響.正確選項為D.7. 答案AD小紙屑是絕緣體，當處于電場中時，雖不會像導體一樣出現電荷的定向移動，但內部的極性分子也會在電場力的作用下轉動，使異種電荷一端更靠近施感電荷，因而也會受到施感電荷的吸引力.A中由于靜電屏蔽，P的

12、電場影響不到導體N的內部，即N內部無電場，所以S不會被吸引，A正確.B中N沒有接地，P的電場會影響到N外部，即S處有電場，S會被吸引.C中P和S都處于導體N的外部，S處有電場，會被吸引.D中N被接地，內部電場不影響導體外部，即S處無電場，不會被吸引，D正確.,q8.0,0,沁r1.8電容器的電容【考綱要求】常見電容器，I級要求。電容器的電壓、電荷量和電容的關系，I級要求。【自主學習】1：電容器的構造及電容器的充放電特點？2:電容器的帶電特點？3:電容的定義、定義式及單位和單位的物理意義？4:通過實驗如何定性的理解平行板電容器電容的決定因素?5:生活中有哪些常見的電容？【考點突破】典型例題1:對

13、于給定的電容器，描述其電容C、電荷量Q電壓U之間相應關系的圖應是下圖中的（）解析：考點：電容器：電容器的電容由本身的性質決定，與Q和U無關.解答：解：C寄是電容的定義式，電容器電容的大小與電容的帶電量。以及電容器兩極板之間的電壓無關，電容器電容的決定式為:C，只要電容器不變其電容就不發生4ka變化，故ACD昔誤，B正確.故選：B.點評：解決本題的關鍵掌握電容的定義式為C=2，知道C與Q和U無關，根據Q=CU知UQ與U成正比，同時理解電容器電容大小與那些因素有關.反饋訓練1:兩塊正對的平行金屬板之間夾上一層電介質，就組成了一個平行板電容器，要改變電容器的電容，可以改變（A兩板間的電壓UB電容器所

14、帶的電量QC兩極板間的間距D兩極板間的正對面積SASA.斷開開關S后，將A、B兩極板靠近一些B.斷開開關S后，將A、B兩極板分開一些C.保持開關S閉合，將AB兩極板靠近一些典型例題2:如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計.開始時開S閉合，靜電計指針張開一定角度.為了使指針張開角度增大一些，應該采取的措施是D.保持開關S閉合，將AB兩極板分開一些解析：考點：電容器的動態分析，常見的兩種情況：一是電容器始終和電源連接，此時U恒定；二是電容器充電后與電源斷開，此時Q一定。分析：要使張角增大，則應增大兩點間的電勢差；則根據電容的性質可分別判斷各措施是否有效.解答：解：A、若充電后斷開，則

15、兩極板上的電量不變，將兩板靠近，則d減小，C增大，由Q=UC可知兩板間的電勢差減小，故A錯誤；B由A的分析可知，兩板間的電勢差增大，故驗電器的張角增大，故B正確；C保持開關閉合時，極板兩端的電壓不變，故無論如何調節驗電器的張角均不變，故CD均錯誤；故選B.反饋訓練2:如右圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地.一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態.現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離（）A. 帶電油滴將沿豎直方向向上運動B. P點的電勢將降低C. 帶電油滴的電勢能將減小D. 若電容器的電容減小，則極板帶電荷量將增大典型例題3:如圖，一平行板電

16、容器的兩個極板豎直放置，在兩極板間有一Ji帶電小球，小球用一絕緣清線懸掛于o點。現給電容器緩慢充!電，使兩級板所帶電荷量分別為+Q和-Q此時懸線與豎直方I向的夾角為n/6。再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到n/3，且小球與兩極板不接觸。求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量。解析：主要考查電容器帶電體的受力分析，要從力學和電學兩個方面結合分析。第一次充電后，設電容器的電容為C,則第一次充電Q后，電容器兩極板間電勢差Ui,C兩板間為勻強電場，場強E1=U1，設電場中小球帶電量為q,則所受電場力F1=E1qd小球在電容器中受重力，電場力和拉力平衡，由平衡條件有：Ft=mgta綜合以

17、上各式得:mgtanl二QqCd第二次充電后，電容器帶電量為Q',同理可得:Q'qCd解得：Q'=3Q所以Q二Q'-Q二2Q創反饋訓練3:如圖所示，將平行板電容器兩極板分別與電池正、負極相接，兩板間一帶電液滴恰好處于靜止狀態現貼著下板插入一定厚度的金屬板，則在插入過程中（）A. 電容器的帶電量不變B.電路將有逆時針方向的短暫電流C.帶電液滴仍將靜止D.帶電液滴將向下做加速運動【考點鞏固】1對電容C=Q,以下說法正確的是（）A. 電容器充電荷量越大，電容增加越大B. 電容器的電容跟它兩極板所加電壓成反比C. 電容器的電容越大，所帶電荷量就越多D. 對于確定的電容器

18、，它所充的電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變.2. 某一電容器外殼上標注的是：“300V5卩F”，則下列說法正確的是（）A. 該電容器可在300V以下電壓下正常工作B. 該電容器只能在300V電壓時正常工作C. 電壓是200V時，電容仍是5卩FD. 使用時只需考慮工作電壓，不必考慮電容器的引出線與電源的哪個極相連C.16X10一6C6V,電源B的電壓為8V,當開關S2F），通過電流計的電何量為（）a$廠B.12X10一6C二D.28X10一6C3.如圖所示，電源A的電壓為從A轉到B時（電容器的電容為一6A.4X10一C4.如圖所示，一個平行板電容器板間距離為d，當對其加上電壓后,A、B兩

19、板的電勢分別為+$和一0,下述結論正確的是（）A.電容器兩極板間可形成勻強電場，電場強度的大小B.電容器兩極板間各點的電勢有的相同、有的不同，的、有的為零C.若只減小兩極板間的距離d，該電容器的電容D.若有一個電子穿越兩極板之間的電場，則此電子的電勢能一定會減小5.如圖所示，將平行板電容器與電池組相連，兩板間的帶電塵埃恰好處于靜止狀態.若將兩板緩慢地錯開一些，其他條件不變，則（）A.電容器帶電荷量不變B.塵埃仍靜止C.檢流計中有ab的電流D.檢流計中有b的電流6.如圖所示為電容器C與電壓為U的電源連接成的電路，當電鍵K與1接通時，電容器A板帶電，B板帶電，這一過程稱電容器的過程電路穩定后，兩板

20、間的電勢差為接通時，流過導體acb的電流方向為，這就是電容器的.當K與A板向右過程.7. 如圖所示，用靜電計測量電容器兩板間的電勢差，不改變兩板的帶電荷量，把移，靜電計指針偏角將；把A板豎直向下移，靜電計指針偏角將在A、B板間插入一塊電介質，靜電計指針偏角將.&如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B分別接在電壓為60V的恒壓電源上，兩極板間距為3cm電容器帶電荷量為6X10一8C,A極板接地.求：(1) 平行板電容器的電容；(2) 平行板電容器兩板之間的電場強度;(3) 距B板為2cm的C點處的電勢.9.如圖8所示，有的計算機鍵盤的每一個鍵下面都連一小塊金屬片，與該金屬片隔有一定空氣間

21、隙的是另一塊小的固定金屬片，這兩片金屬片組成一個小電容器，該電容器的電容CS可用公式C=£<7計算，式中常量£r=9X10*F/mS表示金屬片的正d對面積，d表示兩金屬片間的距離.當鍵按下時，此小電容器的電容發生變化，與之相連的電子線路就能檢測是哪個鍵被按下了，從而給出相應的信號.設每個金屬片的正對面積為50mm鍵未按下時兩金屬片的距離為變化0.25pF,電子線路恰能檢測出此信號，則鍵至少需要被按下多大距離？1.8電容器的電容三【考點突破】反饋訓練1:D反饋訓練2:B反饋訓練3:B四【考點鞏固】1. D解析電容器的電容是由電容器本身的因素決定的，與電容器的帶電荷量Q和

22、兩極板間的電壓無關所以D對2答案AC解析“300V5卩F”表示使用該電容器時正常工作的最大電壓為300V,電容器的電容始終為5卩F,所以AC正確，B錯而且電容器的極板上分別帶正負電荷，所以在使用時仍需區分電源與哪個極相連所以D錯.3答案D解析先后在電容器上變化的電壓為U=14V,根據公式Q=CAU=2X10_6X14C-6=28X10C4答案BCU2©解析電容器兩極板間的電勢差U=©-(©)=20,場強E=心=一才，選項A錯誤；由U2 ©2©=Ed得，電場中某點到B板的電勢差ULb=©x(©)=Ed'=yd'

23、,©x=一d'©,當d'=號時，U=0，選項B正確；U不變，當d減小時，C增大，帶電荷量Q=CU增大，選項C正確；電子的電勢能如何變化要看電子進入電場和射出電場時的位置關系，選項D錯誤.5答案BC解析電容器與電源相連，所以兩極板間電壓不變.兩板錯開一些，正對面積S將減小，CrS由C=得C減小.由Q=UC得，Q減小，電容器放電，電子從b向a運動，所以電4nkdU流從a向b.由E=：得，E不變，所以塵埃仍靜止.d6答案負正充電Ubtca放電解析電鍵接1時，電容器與電源串聯，電源給電容器充電，A板帶負電，B板帶正電，電路穩定后，兩板間電勢差為U;當K接2時，電容器

24、放電，電流方向為bca.7答案減小增大減小crSQ靜電計C增大,解析A板右移，兩板間距減小，由C-y-S、U=紹：C增大，Q不變，U減小,4nkdC偏角將減小；A板下移，S減小，C減小，U增大，偏角增大；A、B間插入電介質，U減小，偏角減小一9_38. 答案(1)1X10F(2)2X10V/m方向豎直向下(3)20VQ6X1089解析(1)由電容定義式C=U=60F=1X10F(2) 兩板之間為勻強電場E=U=Vm=2X10:電粒子在電場中的偏轉中，它的運動和受力有什么特點？與我們前面學習的什么運動類似？Vm方向豎直向下.d3X10(3) C點距A板間距離為ckc=ddBc=1cmA與C間電勢

25、差LAc=EdAC=20V又LAc=©A©C,©A=0可得0C=20V9答案0.15mmcrScrS解析按下鍵時電容C增大，由C-代入數據得：d2=0.45mmd2d1所以d=d1d2=0.15mm1.9帶電粒子在電場中的運動【考綱要求】帶電粒子在電場中的運動，II級要求。示波管，I級要求。【自主學習】1：我們學過的物體在衡力作用下的運動形式有哪？2:些帶電粒子在電場中的加速規律和常用的處理方法是什么？4 :如何處理帶電粒子在電場中的偏轉?5:示波管的工作原理是什么?【考點突破】典型例題1:讓原來靜止的氫核，氘核，氚的混合物經同一電場加速過程中或加速線束后，它們具

26、有（）A. 相同的速度B.相同的動能C相同的加速度D.以上都不對解析：B一是知道三種粒子的電量和質量；二是要用動能定理來解決帶電粒子的加速問題。反饋訓練1:如圖所示，水平放置的A、B兩平行金屬板相距為d,現有質量為m,電量為-q的小球，從距A板高h處自由下落，通過小孔C進入電場，但沒能到達B板，求AB間電勢差的最小值.典型例題2:.如圖所示，在兩條平行的虛線內存在著寬度為L、場強為E的勻強電場，在與右側虛線相距L處有一與電場平行的屏.現有一電荷量為+q、量為m的帶電粒子(重力不計)，以垂直于電場線方向的初速度V0射入電場中,V0方向的延長線與屏的交點為O.試求:Irrj1卜|一L一質o粒子從射

27、入到打到屏上所用的時間;粒子剛射出電場時的速度方向與初速度方向間夾角的正切值tan；粒子打到屏上的點P到0點的距離s.解：(1)根據題意，粒子在垂直于電場線的方向上做勻速直線運動，所以粒子從射入到打到屏上所用的時間(2)設粒子射出電場時沿平行電場線方向的速度為根據牛頓第二定律，粒子在電場中的加速度為:LqEL所以Vy=a,V。mV0所以粒子剛射出電場時的速度方向與初速度方向間夾角的正切值tan咀為2Vmv0aL2qEL2(3)設粒子在電場中的偏轉距離為y，則2vo2mv0又X二yLtan：解得：x=3qEL2mv0反饋訓練2:豎直放置的平行金屬板A、B連接一恒定電壓，兩個電荷M和N以相同的速率

28、分別從極板A邊緣和兩板中間沿豎直方向進入板間電場，恰好從極板B邊緣射出電場，如圖所示，不考慮電荷的重力和它們之間的相互作用，下列說法正確的是()A. 兩電荷的電荷量可能相等B. 兩電荷在電場中運動的時間相等C兩電荷在電場中運動的加速度相等D.兩電荷離開電場時的動能相等典型例題3:U一束電子流在經UU5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若兩板間距d=1.0cm，板長1=5.0cm,那么，要使電子能從平行板間飛出，兩個極板上最多能加多大電壓？解析：在加速電壓一定時，偏轉電壓U越大，電子在極板間的偏距就越大當偏轉電壓大到使電子剛好擦著極板的邊緣飛出，此時

29、的偏轉電壓，即為題目要求的最大電壓.加速過程，由動能定理得：eU=壬誡進入偏轉電場，電子在平行于板面的方向上做勻速在垂直于板面的方向做勻加速直線運動，加速度:FeUa_m-dm偏距y-*at能飛出的條件為yw2解式得:2Uc22X5000X(1.0X10-)U'w亍一V-4.0X10V1(5.0X10-2即，要使電子能飛出，所加電壓最大為400V.反饋訓練3:如圖所示，從燈絲發出的電子經加速電場加速后，進入偏轉電場，若加速電壓為U,偏轉電壓為U2,要使電子在電場中的偏轉量y增大為原來的2倍，下列方法中正確的是（）A. 使U1減小到原來的1/2B. 使U2增大為原來的2倍C. 使偏轉極板

30、的長度增大為原來的D. 使偏轉極板間的距離減小為原來的【考點鞏固】1.一帶電粒子在電場中只受電場力作用時,A. 勻速直線運動C勻變速曲線運動2倍1/2它不可能出現的運動狀態是（）B. 勻加速直線運動D.勻速圓周運動2. 如圖所示，MN是真空中的兩塊平行金屬板，質量為m電荷量為q的帶電粒子，以初速度V0由小孔進入電場，當MN間電壓為U時，粒子恰好能到達N板,1如果要使這個帶電粒子到達MN板間距的后返回，下列措施中能滿足要求的是（不計帶電粒子的重力）（）1A. 使初速度減為原來的2B. 使MN間電壓加倍C. 使MN間電壓提高到原來的4倍1D. 使初速度和MN間電壓都減為原來的23. 一電子以初速度

31、Vo沿垂直場強方向射入兩平行金屬板間的勻強電場中，現減小兩板間的電壓，則電子穿越兩平行板所需的時間（）A. 隨電壓的減小而減小B. 隨電壓的減小而增大C. 與電壓無關D. 隨兩板間距離的增大而減小4帶電粒子經加速電場加速后垂直進入兩平行金屬板間的偏轉電場，要使它離開偏轉電場時偏轉角增大，可采用的方法有（）A.增加帶電粒子的電荷量B.增加帶電粒子的質量C. 增大加速電壓D.增大偏轉電壓5. 束帶有等量電荷量的不同離子從同一點垂直電場線進入同一勻強偏轉電場，飛離電場后打在熒光屏上的同一點，貝U（）A. 離子進入電場的初速度相同B. 離子進入電場的初動量相同C. 離子進入電場的初動能相同D. 離子在電場中的運動時間相同又經同一勻強電場偏轉，6. 如圖所示，氕、氘、氚的原子核自初速為零經同一電