1、B.桿受到:的壓力C.增加L的細輕桿的一端，繞細 球轉到最高點 A時，C.桿受到號的拉力D.桿受到-廣的壓力期中物理試卷題號一一三四總分得分、單選題（本大題共 8小題，共40.0分）1 .做曲線運動的物體，在運動過程中一定變化的量是（）A.速率B.速度C,加速度D.合外力2 .某人以不變的速度垂直對岸游去，游到中間，水流速度加大，則此人渡河時間比預 定時間（）A.不變B.減少3.如圖所示，質量為 m的小球固定在長為 桿的另一端O在豎直平面內做圓周運動, 速度的大小為Jf,此時（）A.桿受到?的拉力第2頁，共1。頁4. 某人用手將1kg物體由靜止向上提起1m,這時物體的速度為 2m/s,則下列說

2、法正 確的是（g=10m/s）（）A.手對物體做功10JB.合外力做功2JC.合外力做功12JD.物體克服重力做功12J5. 一質量為5000kg的汽車，以額定功率由靜止啟動，它在水平面上運動時所受的阻力為車重的0.1倍，發動機額定功率為50kW.則汽車在此路面上行駛的最大速度為（）A. 5m/sB. 7m/sC. 8m/sD. 10m/s6. 質量為m的小球用長為L的輕繩懸于。點，如圖所示，小球 七華公 在水平力F作用下由最低點 P緩慢地移到Q點，在此過程中）F做的功為（）A. FLsin 0：B. mgLcos 0C. mgL （1-cos »:.D. FL tan 0A. b、

3、c的線速度大小相等，且大于a的線速度7. 如圖所示，a、b、c是環繞地球圓形軌道上運行的 3顆人造衛星, 它們的質量關系是 ma=mbmc,則（）8. b、c的周期相等，且小于 a的周期9. b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度10. b所需向心力最小8.如圖所示，如果把鐘表上的時針、分針、秒針的運動 看成勻速圓周運動，那么，從它的分針與秒針第一次 重合至第二次重合，中間經歷的時間為（）A- minB. minC. minD. 1min多選題（本大題共 4小題，共20.0分）9.在圓軌道上運動著質量為m的人造地球衛星，它到地面的距離等于地球半徑R,地球表面重力加速度為 g,則（）A

4、.衛星運動的速度為、麗B.衛星運動的周期為4 宗V & IC.衛星運動的加速度為3D.衛星受到的地球引力為m mg10.在平直公路上，汽車由靜止開始作勻加速運動，當速 度達到Vm后立即關閉發動機直到停止，V-t圖象如圖所示。設汽車的牽引力為 F,摩擦力為f,全過程中牽引 力做功W1,克服摩擦力做功 W2,則（）A. F: f=3: 1B. W1： W2=1 ： 1 C. F： f=4: 1D. W1： W2=3： 111.物體以速度V。水平拋出，若不計空氣阻力,則當其豎直分位移與水平分位移相等時,以下說法中正確的是（）A.運動的時間為學3B.運動的位移為C.豎直分速度等于水平分速度D.

5、瞬時速度大小為Q號V。12.如圖所示，一輕彈簧固定于 。點，另一端系一重物，將重 物從與懸點O在同一水平面且彈簧保持原長的 A點無初速 度釋放，讓它自由擺下。不計空氣阻力，在重物由A點擺向最低點B的過程中（）A.重物的機械能增加B.彈簧的彈性勢能不變C.重物的機械能減少D.重物和彈簧組成系統的機械能守恒實驗題（本大題共 2小題，共16.0分）13.在利用自由落體“驗證機械能守恒定律”的實驗中,第11頁，共10頁(1)下列器材中不必要的一項是 (只需填字母代號)。A.重物B.紙帶C.天平 D.低壓交流電源E.毫米刻度尺(2)關于本實驗說法正確的一項是 A .打點計時器應接直流電源B.測出紙帶上兩

6、點跡間的距離，可知重物相應的下落高度C.應先釋放紙帶，后接通電源打點D.需使用秒表測出重物下落的時間(3)在實驗中，質量 m=1kg的物體自由下落，得到如圖所示的紙帶，相鄰計數點 間的時間間隔 0.04s。OA=15.50cm, OB=23.25cm, OC=32.50cm, OD=43.25cm那么 從打點計時器打下起點 O到打下B點的過程中，物體重力勢能的減少量Ep=J,此過程中物體動能的增加量 Eku J (取g=9.8m/s2,保留三位有效數字)(4)通過計算，數值上 *AEk (填“大于” “等于”或“小于”)。14 . 一個物塊放置在粗糙的水平面上，受到的水平拉力 F隨時間t變化的

7、關系如圖所示，速度v隨時間t變化的關系如圖所示(g=10m/s2),前2秒內物塊所受摩擦力的大 小 N, 2秒到4秒內水平拉力 F做功 J.6秒內摩擦力做功 Jo0 2 甲 4 602/ 4 6四、計算題(本大題共 2小題，共24.0分)15 .質量為1kg的物體從足夠高處自由落下，在下落2s的時間內，求：(1)下落過程中前 2s重力的平均功率為多少瓦。(2)在下落過程中的第 2s末的重力的瞬時功率多少瓦(g取10m/s2)16 .如圖所示，光滑的傾斜軌道 AB與粗糙的豎直放置的半圓型軌道CD通過一小段圓弧BC平滑連接，BC的長度可忽略不計，C為圓弧軌道的最低點。一質量 m=0.1 kg 的小

8、物塊在A點從靜止開始沿 AB軌道下滑，進入半圓型軌道 CD.已知半圓型軌 道半徑R=0.2m, A點與軌道最低點的高度差h=0.8m,不計空氣阻力，小物塊可以看作質點，重力加速度取 g=10m/s2.求：(1)小物塊運動到 C點時速度的大小；(2)小物塊運動到 C點時，對半圓型軌道壓力的大小；(3)若小物塊恰好能通過半圓型軌道的最高點D,求在半圓型軌道上運動過程中小物塊克服摩擦力所做的功。答案和解析1 .【答案】B【解析】【分析】既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動，它的 速度肯定是變化的；而勻速圓周運動的速率是不變的，平拋運動的合力、加速度是不變 的。曲線運

9、動不能只想著勻速圓周運動，平拋和圓周運動均屬于曲線運動，在做題時一定要考慮全面，明確它們的基本性質。【解答】AB、物體既然做曲線運動，那么它的速度方向肯定是不斷變化的，所以速度一定在變化，但速度大小可以不變，故速率可能不變，故A錯誤，B正確。C、做曲線運動的物體可能受恒力作用，如平拋運動，但其加速度為重力加速度，保持不變，故C錯誤；D、只要力和速度方向不在同一直線上物體即可以做曲線運動，故合外力可以不變，如 平拋運動，故D錯誤。故選：B。2 .【答案】A【解析】解：將游泳者的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，因為人以不變的速度向著對岸垂直游去， 垂直于河岸方向上的分速度不變，水流速度不影響

10、垂直于河岸方向上的運動，所以渡河時間不變。故A正確，BCD錯誤。故選：Ao將游泳者的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，抓住分運動與合運動具有等時性，通過垂直于河岸方向上的運動判斷時間是否變化。解決本題的關鍵將游泳者的運動進行分解，抓住分運動與合運動具有等時性，各分運動具有獨立性進行分析。3 .【答案】B【解析】 解：設此時桿對小球的作用力為拉力，則有：T+mg=m解得：T=-等負號說明力的方向與假設相反，即球受到的力為桿子的支持力，根據牛頓第三定律可知桿受到手的壓力，故B正確，ACD錯誤.故選：B設此時桿對小球的作用力為拉力，根據圓周運動向心力公式F = m：即可求解，若解得 T為正數，則

11、方向與假設方向相同，若為負數說明力的方向與假設相反.本題主要考查了圓周運動向心力公式的直接應用，注意在不知道桿子對小球力的方向 時，可以采用假設法.4 .【答案】B【解析】解：分析物體的運動的情況可知，物體的初速度的大小為 0,位移的大小為1m,末速度的大小為 2m/s,由導出公式v2-vo2=2ax可得加速度為：a=2m/s2,由牛頓第二定律可得：F-mg=ma,所以有：F=mg+ma=1 X10+1X2=12N,A、手對物體做功為： W=FL=12X1J=12J,故A錯誤；B、合力的大小為：F合=ma=1 X2N=2N,所以合力做的功為 W=F合?h=2X1=2J,所以合外 力做功為2J,

12、動能增加2J.故B正確，C錯誤；D、重力做的功為 WG=mgh=-10 X=-10J,所以物體克服重力做功10J,故D錯誤；故選：B.根據物體的運動的情況可以求得物體的加速度的大小，再由牛頓第二定律就可以求得拉力的大小，再根據功的公式就可以求得力對物體做功的情況.本題考查的是學生對功的理解，根據功的定義可以分析做功的情況.5 .【答案】D【解析】 解：當汽車的牽引力減小到等于阻力時，汽車的速度達到最大.根據P=Fv=fv得最大速度為：戶 500Wv= " .- 1故選：D當汽車的牽引力與阻力相等時，汽車的速度最大，根據P=Fv, F=f求出汽車的最大速度. 解決本題的關鍵知道功率與牽

13、引力的關系，知道當汽車的牽引力等于阻力時，速度最 大.對于這類問題，能夠根據物體的受力判斷物體的運動規律.6 .【答案】C【解析】解：小球從平衡位置 P點緩慢地移動到 Q點的過程中，根據動能定理得：Wi-mgL (1-cos 9 =0得拉力F所做的功為： Wi=mgL (1-cos 0故選：C.小球從平衡位置 P點緩慢地移動到 Q點的過程中，動能變化量為零，重力做負功，繩子拉力不做功，水平拉力F做功，根據動能定理求解拉力F所做的功.本題要求學生能正確理解功的定義式的含義及適用條件為恒力做功，對于變力，運用動能定理求變力做功是常用的方法.7 .【答案】D【解析】解：人造衛星繞地球做勻速圓周運動，

14、萬有引力提供向心力，設衛星的質量為m、軌道半徑為、地球質量為 M,AfttiI尸I麗A、根據 G1-=加;得：v=/，因為 rarb=rc,所以 va>vb=vc,故 A 錯誤；B、根據夕工=m不得：T=%tr，因為ravrb=rc,所以TaTb=Tc,故B錯誤;MmI MC、根據%得：a=qj,因為 rarb=rc,所以 aa>ab=ac,故 C 錯誤；D、F=(t,因為rarb=rc, ma=mbmc,所以b所需向心力最小，故 D正確。故選：D。根據人造衛星的萬有引力等于向心力，列式求出線速度、角速度、周期和向心力的表達 式進行討論即可.本題關鍵抓住萬有引力提供向心力，先列式求

15、解出線速度、角速度、周期和加速度的表 達式，再進行討論.8 .【答案】B【解析】解：分針的周期為1h,秒針的周期為1min,兩者的周期比為 Ti ： T2=60 ： 1, 分針與秒針從第1次重合到第2次重合有：wit+2 % =2t,即;t+2 7i,t,又 Ti=60T2=60min ,所以有：t=；：min,故 B 正確、ACD 錯誤。故選：B。分針的周期為1h,秒針的周期為imin,兩者的周期比為 Ti： T2=60： 1,分針與秒針從 第1次重合到第2次重合，存在這樣的關系 期1+2兀=2t,根據該關系求出所經歷的時間。解決本題的關鍵知道分針和秒針的周期，以及知道分針與秒針從第1次重合

16、到第2次重合存在這樣的關系 3寸+2兀=對。9 .【答案】BC【解析】解：A、根據仃券：二尾,，GM=gR2,解得衛星運動的速度 v喂,故A錯誤.B、衛星運動的周期 T=""二4第,故B正確.八 F 口、一 3 M 目 ,八 一“C、衛星運動的加速度 a= =彳，故C正確；D、衛星受到的地球引力為 F=ma=；,故D錯誤.故選：BC根據萬有引力提供向心力和萬有引力等于重力求出衛星的線速度、周期和加速度.解決本題的關鍵掌握萬有引力定律的兩個重要理論：1、萬有引力等于重力，2、萬有引力提供向心力.并能靈活運用.10 .【答案】BC【解析】 解：由圖可知，物體先做勻加速直線運動，

17、1s末速度為v,由動能定理可知：(F-f) Li= mv2;減速過程中，只有阻力做功：2fL2=0- mV2；則可得：(F-f) Li=fL2；由圖象可知，Li： L2=1 ： 3；解得：F： f=4： 1；對全程由動能定理得：Wi -W2=0故 Wi： W2=1 ： 1所以選項AD錯誤，BC正確。故選：BC。由速度-時間圖象可知物體的運動狀態，找出加速與減速過程中位移之比；分析汽車的受力情況及各力的做功情況，由動能定理可得出牽引力及克服阻力做功的比值。動能定理應用時要注意靈活選取研究過程，一般全程應用動能定理更簡單；但本題中由于要求出各力之比，故還要分段列出。對于B選項的分析還可以用動量守恒

18、解答。11 .【答案】AD【解析】解：AC. A.根據:gF=vot得，平拋運動的時間t=：，則豎直分速度vy=gt=2vo, 故C錯誤，A正確。B.水平位移x=vot=E,根據平行四邊形定則知，運動的位移s峭x=*,故B錯誤。33D.根據平行四邊形定則知，瞬時速度v=M +$曬q ,故D正確。故選：AD。根據豎直位移和水平位移相等，結合運動學公式求出平拋運動的時間，根據速度時間公式求出豎直分速度，從而判斷是否與水平分速度相等。根據位移時間公式求出水平位移， 結合平行四邊形定則求出運動的位移，根據平行四邊形定則求出瞬時速度的大小。解決平拋運動相關的試題一定要將平拋運動分解到水平方向的勻速直線運

19、動和豎直方 向的自由落體運動；12 .【答案】CD【解析】解：A、在重物由A點擺向最低點B的過程中，彈簧對重物要做負功，所以重 物的機械能減少，故 A錯誤。B、彈簧的形變量增加，則彈簧的彈性勢能增加，故 B錯誤。C、彈簧對重物做負功，重物的機械能減少，故 C正確。D、由A到B的過程中，只有重力和彈簧的彈力做功，重物和彈簧組成的系統機械能守恒，故D正確。故選：CD。由A到B的過程中，只有重力和彈簧彈力做功，系統機械能守恒，通過彈簧的形變量判 斷彈性勢能的變化，通過機械能守恒判斷重物和彈簧組成的系統彈性勢能的變化情況。本題要求同學們掌握重力做功和彈力做功正負的判斷方法，明確重力勢能和彈性勢能的決定

20、因素。要掌握系統機械能守恒的條件：只有重力和彈簧的彈力做功。13 .【答案】C B 2.28 2.27 大于【解析】解：(1)在用自由落體“驗證機械能守恒定律”時，我們是利用自由下落的 物體帶動紙帶運動，通過打點計時器在紙帶上打出的點求得動能及變化的勢能； 故在實驗中要有重物、紙帶和打電計時器，而打點計時器需要電源；而在數據處理中物體的質量可以消去，故不需要測物體的質量，故不用天平； 故選：Co(2) A、打點計時器應接交流電源，故 A錯誤；B、測出紙帶上兩點跡間的距離，可知重物相應的下落高度，故 B正確；C、開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，然后再釋放重錘，讓它帶著紙帶一同落 下，如果先

21、放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不 利于數據的采集和處理，會對實驗產生較大的誤差，故C錯誤；D、我們可以通過打點計時器計算時間，不需要秒表，故 D錯誤。故選：B(3)物體重力勢能的減小量 Ep=mgh=1 >9.8 0.2325J=2.28J。_ , "15.50B 點的瞬時速度 vb=亓=f黑1。m /s=2.13m/so物體動能的增加量 AEk=1mvB24x1 X2.132=2.27J。(4)通過計算，數值上 AEp> AEk,這是因為紙帶和物體下落過程中要克服阻力做功， 有機械能損失。故答案為：(1) C； (2) B；(3) 2.

22、28, 2.27;(4)大于。(1)根據實驗的原理確定所需測量的物理量，從而確定所需的器材以及不需要的器材。(2)根據原理以及注意事項確定正確的操作步驟。(3、4)根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的速度，從而得出動能的增加量，根據下降的高度求出重力勢能的減小量，通過比較分析產生誤差的原因。本題考查機械能守恒的驗證，是高考中的常見實驗題，也是一道易錯題，常見的錯誤有：1、計算不細心，2、有效數字的保留不注意，2、單位的換算。14 .【答案】15 20 -180【解析】解：前2秒物體勻速運動，摩擦力與此時間段的拉力平衡，有： f=F1=15N；2秒到4秒內，拉力大小為：F2=5N,位移為速度時間圖象中該時間段內所圍面積為：工拉力做功為： W=F2x=5 ><4J=20J ；6秒內物體的總位移是速度時間圖象與在該時間段所圍面積為：工” =m = 12m,摩擦力做功為： Wf=-fx總=-15 M2J=-180J；故答案為：15, 20,-180,根據平衡狀態求摩擦力大小；根據速度時間圖象中的面積求解位移，根據做功公式計算拉力做功和摩擦力做功；本題考查了速度時間圖線與力學的綜合，知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁，圖線與