1、.配餐作業電容器和電容帶電粒子在電場中的運動見學生用書P351A組·根底穩固題1多項選擇上海世博會中穩定運營的36輛超級電容客車吸引了眾多觀光者的眼球。據介紹，電容車在一個站點充電30秒到1分鐘后，空調車可以連續運行 3公里，不開空調那么可以堅持行駛 5公里，最高時速可達 44公里。超級電容器可以反復充放電數十萬次，其顯著優點有：容量大、功率密度高、充放電時間短、循環壽命長、工作溫度范圍寬。如下圖為某汽車用的超級電容器，規格為“48 V，3 000 F，放電電流為1 000 A，漏電電流為10 mA，充滿電所用時間為30 s，以下說法正確的選項是A充電電流約為4 800 AB放電能持

2、續的時間超過10分鐘C假設汽車一直停在車庫，那么電容器完全漏完電，時間將超過100天D所儲存電荷量是手機鋰電池“4.2 V,1 000 mAh的40倍解析由題知，電容器的額定電壓U48 V，電容C3 000 F，那么所能儲存的電荷量為QCU。充電時，有QI充t充，得充電電流I充 A4 800 A，故A項正確；放電能持續的時間t放 s144 s，小于10分鐘，故B項錯誤；假設汽車一直停在車庫，那么電容器完全漏完電，時間為t漏1.44×107 s天166.7天，故C項正確；手機鋰電池“4.2 V，1 000 mAh的電荷量qIt1×3 600 C3 600 C，那么Q40q，故

3、D項正確。答案ACD2一對平行金屬板帶有等量異種電荷，假如金屬板不是足夠大，兩板之間的電場線就不是互相平行的直線，如下圖，C、D、E、F為金屬板外表上的不同位置。關于該電場，以下說法正確的選項是AA點的場強小于B點的場強BA點的電勢低于B點的電勢C一帶電粒子分別從C移到D和從E移到F，電場力做功相等D帶正電粒子從P點沿平行于極板方向射入，它將做類平拋運動解析電場線的疏密表示電場強度的相對大小，那么電場內部A點的電場強度大于B點的電場強度，故A項錯誤；沿著電場線方向電勢逐漸降低，故A點電勢高于B點電勢，故B項錯誤；C、E兩點的電勢相等，D、F兩點的電勢相等，且C、E兩點的電勢高于D、F兩點的電勢

4、，那么C、D兩點的電勢差等于E、F兩點的電勢差，故一帶電粒子分別從C移到D和從E移到F，電場力做功相等，C項正確；帶正電粒子從P點沿平行于極板方向射入，那么由于豎直方向所受的電場力不是恒力，故它不是做類平拋運動，D項錯誤，應選C項。答案C3多項選擇毛毯等絨料布消費時常采用靜電植絨技術來實現，其原理如圖：其中A是接高壓陽極的金屬網，其內裝有絨料，B是一塊金屬平板，上面鋪著涂有黏合劑待植絨基布。當待植絨基布從兩極板經過時，給A接上高壓并使絨料帶上電荷，這樣絨料在經過A、B兩平行板間的電場加速后以高速向B板運動，遇到待植絨基布后便粘在上面從而實現靜電植絨，以下說法正確的選項是AA、B兩極板的電場方向

5、由B指向AB帶電絨料帶正電荷C帶電絨料在運動過程中電場力對它做正功D帶電絨料在運動過程中電勢能增加解析A、B兩極板的電場方向由A指向B，故A項錯誤；由于兩極板的電場方向由A指向B，帶電絨料向B板運動，說明帶電絨料是帶正電荷的，故B項正確；帶電絨料在運動過程中電場力對它做正功，電勢能減少，故C項正確，D項錯誤。答案BC【素養立意】以靜電植絨為載體考察電荷在電場中的運動和做功，屬于STSE科學、技術、社會、環境問題。4多項選擇如下圖，在真空中A、B兩塊平行金屬板豎直放置并接入電路。調節滑動變阻器，使A、B兩板間的電壓為U時，一質量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v0從A板上的中心小孔沿垂直兩板

6、的方向射入電場中，恰從A、B兩板的中點處沿原路返回不計重力，那么以下說法正確的選項是A使初速度變為2v0時，帶電粒子恰能到達B板B使初速度變為2v0時，帶電粒子將從B板中心小孔射出C使初速度v0和電壓U都增加為原來的2倍時，帶電粒子恰能到達B板D使初速度v0和電壓U都增加為原來的2倍時，帶電粒子將從B板中心小孔射出解析設帶電粒子進入電場中的位移為x，根據動能定理得qEx0mv，又E得x，由此可知，要使帶電粒子進入電場后恰能到達B板處，x變為原來的2倍，采取的方法有：使帶電粒子的初速度變為v0；或使A、B兩板間的電壓變為U；或使初速度v0和電壓U都增加到原來的2倍，故B、C項正確，A、D項錯誤。

7、答案BC52019·湖南師大附中摸底考試多項選擇如下圖的陰極射線管，無偏轉電場時，電子束加速后打到熒屏中央形成亮斑。假如只逐漸增大M1M2之間的電勢差，那么A在熒屏上的亮斑向上挪動B在熒屏上的亮斑向下挪動C偏轉電場對電子做的功增大D偏轉電場的電場強度減小解析電子帶負電，受到向上的電場力，所以向上偏轉，U越大，電場力越大，偏轉位移越大，做功越多。答案AC6多項選擇如下圖為勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖象。當t0時，在此勻強電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設帶電粒子只受電場力的作用，那么以下說法中正確的選項是A帶電粒子將始終向同一個方向運動B2 s末帶電粒子回到原出發點C3 s末帶電

8、粒子的速度為零D03 s內，電場力做的總功為零解析設第1 s內粒子的加速度為a1，第2 s內的加速度為a2，由a可知，a22a1，可知，1.5 s末粒子的速度為零，然后反方向運動，至3 s末回到原出發點，粒子的速度為零，由動能定理可知，此過程中電場力做功為零，綜上所述，可知C、D項正確。答案CD7.如下圖，平行金屬板A、B程度正對放置，分別帶等量異號電荷。一帶電微粒程度射入板間，在重力和電場力共同作用下運動，軌跡如圖中虛線所示，那么A假設微粒帶正電荷，那么A板一定帶正電荷B微粒從M點運動到N點電勢能一定增加C微粒從M點運動到N點動能一定增加D微粒從M點運動到N點機械能一定增加解析由于兩極板的正

9、負不知，微粒的電性不確定，那么微粒所受電場力方向不確定，所受電場力做功正負不確定，但根據微粒運動軌跡，微粒所受合力一定向下，那么合力一定做正功，所以電勢能變化情況、機械能變化情況不確定，但微粒動能一定增加，所以只有C項正確。答案C8.如下圖，一個帶電粒子從粒子源飄入初速度很小，可忽略不計電壓為U1的加速電場，經加速后從小孔S沿平行金屬板A、B的中線射入，A、B板長為L，相距為d，電壓為U2。那么帶電粒子能從A、B板間飛出應該滿足的條件是A.B.C.D.解析根據qU1mv2，t，yat2··2，由題意知，yd，解得，故C項正確。答案CB組·才能提升題9如下圖，在勻強

10、電場中有四條間距均為d的平行等勢線1、2、3、4，各條線上的電勢分別為0、0、20、30；有一個帶電粒子，質量為m不計重力，電荷量為q，從A點與等勢線4成角以初速度v0射入電場中，到達等勢線2上的B點時，速度方向恰好程度向左，那么勻強電場場強的大小為 A.B.C.D.解析帶電粒子在勻強電場中做類斜拋運動，程度方向做速度為vxv0cos的勻速直線運動，豎直方向做初速度為vyv0sin，加速度為a的勻減速直線運動，對運動過程應用動能定理有Eq·2dmvmv，解得E，A項正確。答案A10多項選擇如下圖，一帶正電的小球向右程度拋入范圍足夠大的勻強電場，電場方向程度向左。不計空氣阻力，那么小球

11、A做直線運動B做曲線運動C速率先減小后增大D速率先增大后減小解析對小球受力分析，小球受重力、電場力作用，合外力的方向與初速度的方向不在同一條直線上，故小球做曲線運動，故A項錯誤，B項正確；在運動的過程中合外力方向與速度方向間的夾角先為鈍角后為銳角，故合外力對小球先做負功后做正功，所以速率先減小后增大，C項正確，D項錯誤。答案BC11.多項選擇如下圖，一帶電小球自固定斜面頂端A點以某速度程度拋出，落在斜面上B點。現加上豎直向下的勻強電場，仍將小球自A點以一樣速度程度拋出，落在斜面上C點。不計空氣阻力，以下說法正確的選項是A小球帶正電B小球所受電場力可能大于重力C小球兩次落在斜面上所用的時間不相等

12、D小球兩次落在斜面上的速度大小相等解析平拋運動過程中，合速度與程度方向夾角的正切值，與位移與程度方向夾角的正切值比值固定，在同一斜面，位移與程度方向夾角的正切值一樣，所以合速度與程度方向夾角的正切值不變，即合速度方向不變，由于程度分速度大小不變，所以合速度大小不變，且兩次落點，豎直方向的分速度，程度方向的分速度大小都不變，小球兩次落在斜面上所用時間不相等，C、D項正確；由過程分析，小球豎直方向的末速度大小不變，由程度位移大小知時間t2，那么豎直方向加速度減小，可知小球受到了向上的電場力，所以小球帶負電，故A項錯誤；加了電場后，小球加速度仍向下，那么電場力一定小于重力，故B項錯誤。答案CD12如

13、下圖，在厚鉛板A外表的中心放置一很小的放射源，可向各個方向放射出速率為v0的粒子，粒子的質量為m，電荷量為q，在金屬網B與A板間加有豎直向上的勻強電場，場強為E，A與B的間距為d，B網上方有一很大的熒光屏M，M與B的間距為L。當有粒子打在熒光屏上時就能使熒光屏產生一閃光點，整個裝置放在真空中，不計重力的影響。求：1打在熒光屏上的粒子具有的動能。2熒光屏上閃光點的范圍。解析1由動能定理得qEdEkBmv，得EkBqEdmv。2粒子的初速度與電場方向垂直時，做類平拋運動，沿場強方向，有a，dat，得到達B網的時間t1。粒子具有沿場強方向的速度vByat1，從B網到M所用的時間t2，粒子運動的總時間

14、tt1t2，熒光屏上閃光點的范圍是個圓，其半徑Rv0t。答案1qEdmv2熒光屏上閃光點的范圍是個圓，半徑為13如下圖，電場強度大小為E的豎直勻強電場中，長為L的絕緣輕繩一端固定在O點，另一端固定一質量為m，帶電荷量為q的小球。在O點正上方和正下方L處，分別固定一個絕緣擋板A、B，兩擋板豎直放置且尺寸較小。現將小球拉到與O點同一高度且距O點右側L處，給它一個豎直向上的初速度v0，此后小球在A、B右側區域豎直平面內做圓周運動，并不時與擋板A、B碰撞，小球與擋板碰撞時不損失機械能，碰后瞬間電場立即反向，大小不變。重力加速度大小為g。求：1小球與擋板A碰后，能做圓周運動到擋板B，初速度v0的最小值。

15、2假設小球的初速度為1中的最小值，小球與擋板A、B第一次碰撞前瞬間，輕繩的拉力分別為多大。3假設小球的初速度為1中的最小值，且輕繩承受的最大拉力為50mg，在輕繩斷前，小球與擋板總共碰撞的次數。解析1小球與擋板A碰前，由于qEmg，小球將做勻速圓周運動到擋板A。小球與擋板A碰后，電場立即反向，小球在電場力和重力的作用下做圓周運動到擋板B，此過程中FqEmg2mg，方向向下，要能做圓周運動，那么最高點A處滿足qEmg，解得v0，因此小球初速度的最小值為。2小球第一次與擋板A碰前做勻速圓周運動，因此有TA1，解得TA12mg。小球第一次與擋板A碰后，將做變速圓周運動到擋板B與擋板B第一次碰撞，在該過程中，根據動能定理有qEmg·2Lmvmv小球第一次與擋板B碰前瞬間，由圓周運動的知識有TB1qEmg，解得TB112mg。3小球與擋板B第一次碰后到小球與擋板A第二次碰前，由于qEmg，且方向相反，小球做勻速圓周運動，那么小球與擋板A第二次碰前有vA2vB1，因此輕繩的拉力為TA2，聯立解得TA210mg。小球與擋板A第二次碰后到小球與擋板B第二次碰前的過程，根據動能定理有qEmg·2Lmvmv，小球與擋