1、福建省漳州2016屆高三第二次八校聯考物理試卷一、選擇題：（本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第16題只有一項符合題目要求，第711題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。）1在人類對物質運動規律的認識過程中，許多物理學家大膽猜想、勇于質疑，取得了輝煌的成就，下列有關科學家及他們的貢獻描述中正確的是（ ）A卡文迪許在牛頓發現萬有引力定律后，進行了“月地檢驗”，將天體間的力和地球上物體的重力統一起來B伽利略在對自由落體運動研究中，對斜面滾球研究，測出小球滾下的位移正比于時間的平方，并把結論外推到斜面傾角為90°的情況，推

2、翻了亞里士多德的落體觀點C開普勒潛心研究第谷的天文觀測數據，提出行星繞太陽做勻速圓周運動D奧斯特由環形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現象的電本質【答案】B【解析】試題分析：牛頓發現萬有引力定律后，并進行了“月地檢驗”，將天體間的力和地球上物體的重力統一起來，選項A錯誤；伽利略在對自由落體運動研究中，對斜面滾球研究，測出小球滾下的位移正比于時間的平方，并把結論外推到斜面傾角為90°的情況，推翻了亞里士多德的落體觀點，選項B正確；開普勒潛心研究第谷的天文觀測數據，提出行星運動三定律，認為行星繞太陽做橢圓周運動，選項C錯誤；安培由環形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出

3、分子電流假說，解釋了磁現象的電本質，選項D錯誤；故選B.考點：物理學史2如右圖甲所示，一個質量為3kg的物體放在粗糙水平地面上，從零時刻起，物體在水平力F作用下由靜止開始做直線運動在03s時間內物體的加速度a隨時間t的變化規律如右圖乙所示則（ ）AF的最大值為12 NB01s和23s內物體加速度的方向相反C3s末物體的速度最大，最大速度為8msD在01s內物體做勻加速運動，23s內物體做勻減速運動【答案】C3如圖，一理想變壓器原線圈接正弦交變電源，副線圈接有三盞相同的燈（不計燈絲電阻的變化），燈上均標有（36V，6W）字樣，此時L1恰正常發光，圖中兩個電表均為理想電表，其中電流表顯示讀數為0.

4、5A，下列說法正確的是（ ）A 原、副線圈匝數之比為3：1B 變壓器的輸入功率為12WC 電壓表的讀數為9VD 若L3突然斷路，則L1變暗，L2變亮，輸入功率減小【答案】D【解析】試題分析：L1恰正常發光，其電流為，燈泡的電阻，電壓表示數為0.5IR=18V，根據輸入功率等于輸出功率知U1×0.5(36+18)×=9W，解得：U1=18V，原、副線圈匝數之比為18：54=1：3，ABC錯誤；若L3突然斷路，電阻增大，電流減小，則L1變暗，分壓減小，L2分壓增大變亮，輸入功率P=UI減小，D正確，故選D。考點：變壓器；電功率.4趣味運動會上運動員手持網球拍托球沿水平面勻加速跑

5、，設球拍和球的質量分別為M、m，球拍平面和水平面之間的夾角為，球拍與球保持相對靜止，它們間摩擦力及空氣阻力不計，則（ ）A運動員的加速度為gtanB球拍對球的作用力為C運動員對球拍的作用力為(Mm)gcosD若加速度大于gsin，球一定沿球拍向上運動【答案】A【解析】試題分析：對網球：受到重力mg和球拍的支持力N，作出力圖如圖，根據牛頓第二定律得：Nsin=ma Ncos=mg；解得，a=gtan，故A正確、B錯誤；以球拍和球整體為研究對象，如圖2，根據牛頓第二定律得：運動員對球拍的作用力為，故C錯誤當agtan時，網球將向上運動，由于gsin與gtan的大小關系未知，故球不一定沿球拍向上運動

6、故D錯誤故選A.考點：牛頓第二定律的應用5水平地面上有兩個固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底邊長分別為L1、L2，且L1L2，如圖所示兩個完全相同的小滑塊A、B（可視為質點）與兩個斜面間的動摩擦因數相同，將小滑塊A、B分別從甲、乙兩個斜面的頂端同時由靜止開始釋放，取地面所在的水平面為參考平面，則（ ）A從頂端到底端的運動過程中，由于克服摩擦而產 生的熱量一定相同B滑塊A到達底端時的動能一定比滑塊B到達底端時的動能大C兩個滑塊從頂端運動到底端的過程中，重力對滑塊A做功的平均功率比滑塊B小D兩個滑塊加速下滑的過程中，到達同一高度時，機械能可能相同 6如圖所示，勻強磁場的邊界為直角三角形

7、，EGF=30°，已知磁感應強度為B，方向垂直紙面向里。F處有一粒子源，沿FG方向發射出大量帶正電荷q的同種粒子，粒子質量為m，粒子的初速度v0大小可調，則下列說法正確的是（ ）BFEGv0A若粒子能到達EG邊界，則粒子速度越大，從F運動到EG邊的時間越長 Bv0取合適值，粒子可以到達E點C能到達EF邊界的所有粒子所用的時間均相等D粒子從F運動到EG邊所用的最長時間為 【答案】C【解析】試題分析：當粒子運動的軌跡與EG邊相切時，根據幾何關系得，解得粒子的軌道半徑，當半徑超過該值時，粒子會從EG邊射出，速度越大，半徑越大，回旋角越小（因為弦與EF夾角越大），時間越短（周期與速度無關），

8、故A錯誤當粒子速度時，粒子軌跡與EG相切，若粒子速度大于v0，粒子會從EG邊出界，若粒子速度小于v0，粒子會從EF邊出界，無法到達E點，故B錯誤能從EF邊出射的粒子都做半圓周運動，因為粒子的周期與速度無關，所以能到達EF邊界的所有粒子所用的時間均相等故C正確當時，粒子軌跡與EG相切，此時回旋角最大為150°，時間最長為故D錯誤故選C考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動。7如圖(a)所示，AB是某電場中的一條電場線，若有一電子以某一初速度且僅在電場力的作用下，沿AB由點A運動到點B，所經位置的電勢隨距A點的距離變化的規律如圖(b)所示以下說法正確的是：（ ） A該電場是勻強電場B電子在A、

9、B兩點的電勢能EpAEpBC電子在A、B兩點的加速度關系是aAaBD電子在A、B兩點的速度vAvB【答案】BC【解析】試題分析：-x圖象的斜率大小等于電場強度，由幾何知識得知，圖象切線的斜率不斷減小，則從A到點B場強減小，則有EAEB所以該電場是非勻強電場，從A到B電場力減小，故電子在A、B兩點的加速度關系是aAaB， 故A錯誤，C正確；根據順著電場線方向電勢降低，知電場線的方向從A到B，電子所受的電場力從B到A，則電子在A點運動到B點的過程中，電場力做負功，電子的動能減小，速度減小，而電子的電勢能增大即有vAvB，EPAEPB故B正確，D正確故選BC.考點：電場強度；電勢及電勢能.8我國研制

10、的“嫦娥三號”月球探測器于2013年12月1日發射成功，并成功在月球表面實現軟著陸。探測器首先被送到距離月球表面高度為H的近月軌道做勻速圓周運動，之后在軌道上的A點實施變軌，使探測器繞月球做橢圓運動，當運動到B點時繼續變軌，使探測器靠近月球表面，當其距離月球表面附近高度為h（h5m）時開始做自由落體運動，探測器攜帶的傳感器測得自由落體運動時間為t，已知月球半徑為R，萬有引力常量為G。則下列說法正確的是 （ ）A“嫦娥三號”的發射速度必須大于第一宇宙速度B探測器在近月圓軌道和橢圓軌道上的周期相等 C“嫦娥三號”在A點變軌時，需減速才能從近月圓 軌道進入橢圓軌道

11、60;D月球的平均密度為 【答案】ACD【解析】試題分析：“嫦娥三號”在地表的發射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故A正確；橢圓軌道的軌道半長軸和近月圓軌道的軌道半徑不相等，因此周期不相同，故B錯誤；從近月圓軌道需要點火減速才能進入橢圓軌道，故C正確；月球質量，除以體積得到月球密度，根據自由落體運動下落高度為h，運動時間為t，有得到代入上述密度表達式中，故D正確故選ACD.考點：萬有引力定律的應用9如圖所示，質量為3m的豎直光滑圓環A的半徑為R，固定在質量為2m的木板B上，木板B的左右兩側各有一豎直擋板固定在地面上，B不能左右運動在環的最低點靜止放有一質量為m的小球C現給小球一水平向右的

12、瞬時速度v0，小球會在圓環內側做圓周運動，為保證小球能通過環的最高點，且不會使環在豎直方向上跳起，初速度v0必須滿足（ ）A.最小值為 B. 最大值為3 C. 最小值為 D. 最大值為【答案】CD【解析】試題分析：在最高點，速度最小時有： ；解得：從最高點到最低點的過程中，機械能守恒，設最低點的速度為v1，根據機械能守恒定律，有：解得：要使不會使環在豎直方向上跳起，環對球的壓力最大為：F=2mg+3mg=5mg；從最高點到最低點的過程中，機械能守恒，設此時最低點的速度為v2，在最高點，速度最大時有： ；解得：根據機械能守恒定律有：解得：所以保證小球能通過環的最高點，且不會使環在豎直方向上跳起，

13、在最低點的速度范圍為：故CD正確，AB錯誤故選CD.考點：機械能守恒定律; 牛頓第二定律的應用10在一水平向右勻速傳輸的傳送帶的左端A點，每隔T的時間，輕放上一個相同的工件，已知工件與傳送帶間動摩擦因素為，工件質量均為m，經測量，發現后面那些已經和傳送帶達到相同速度的工件之間的距離為x，下列判斷正確的有（ ）A 傳送帶的速度為B 傳送帶的速度為C 在一段較長的時間t內，傳送帶因為傳送工件而將多消耗的能量為D 每個工件與傳送帶間因摩擦而產生的熱量為【答案】AC【解析】試題分析：工件在傳送帶上先做勻加速直線運動，然后做勻速直線運動，每個工件滑上傳送帶后運動的規律相同，可知x=vT，解得傳送帶的速度

14、故A正確設每個工件勻加速運動的位移為s，根據牛頓第二定律得，工件的加速度為g，則傳送帶的速度，根據題目條件無法得出s與x的關系故B錯誤根據能量守恒得，傳送帶因傳送一個工件多消耗的能量，在時間t內，傳送工件的個數，則多消耗的能量故C正確工件與傳送帶相對滑動的路程為：，則摩擦產生的熱量為：故D錯誤故選AC.考點：能量守恒定律11如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內的正方形閉合金屬線框，在金屬線框的下方有一磁感應強度為B的勻強磁場區域，MN和MN是勻強磁場區域的水平邊界，邊界的寬度為S，并與線框的bc邊平行，磁場方向與線框平面垂直現讓金屬線框由距MN的某一高度從靜止開始下落，圖乙是金屬線框由開始下落

15、到完全穿過勻強磁場區域的v-t圖象(其中OA、BC、DE相互平行)。已知金屬線框的邊長為L（LS）、質量為m，電阻為R，當地的重力加速度為g，圖象中坐標軸上所標出的字母v1、v2、t1、t2、t3、t4均為已知量(下落過程中bc邊始終水平)根據題中所給條件，以下說法正確的是：（ ）At2是線框全部進入磁場瞬間，t4是線框全部離開磁場瞬間BV1的大小可能為C從bc邊進入磁場起一直到ad邊離開磁場為止，感應電流所做的功為mgSD線框穿出磁場過程中流經線框橫截面的電荷量比線框進入磁場過程中流經框橫截面的電荷量多【答案】AB【解析】試題分析：0-t1時間內做自由落體運動，可知從t1時刻進入磁場，開始做

16、加速度減小的減速運動，t2時刻又做勻加速運動，且與自由落體運動的加速度相同，可知線框全部進入磁場，即t2是線框全部進入磁場瞬間，t3時刻開始做變減速運動，t4時刻，又做加速度為g的勻加速運動，可知t4是線框全部離開磁場瞬間，故A正確線框全部進入磁場前的瞬間，可能重力和安培力平衡，有：，解得，故B正確從bc邊進入磁場起一直到ad邊離開磁場為止，根據動能定理得，解得感應電流做功不等于mgS，出磁場時，設克服安培力做功為WA，根據動能定理得，則WA=mgs+WA，可知故C錯誤根據知，線框進入磁場和出磁場的過程中，磁通量的變化量相同，則通過的電荷量相同，故D錯誤故選AB.考點：動能定理；物體的平衡二、

17、實驗題：（共2題，12題5分，13題10分。）12如圖為測量物塊與水平桌面之間動摩擦因數的實驗裝置示意圖。物塊 重物 6.19 7.45 8.69 9.95 單位：cm 實驗步驟如下：A用天平測出物塊質量M500g、重物質量m200g；B調整長木板上的輕滑輪，使細線水平；C調整長木板傾斜程度，平衡摩擦力；D打開電源，讓物塊由靜止釋放，打點計時器在紙帶上打出點跡；E多次重復步驟（D），選取點跡清晰的紙帶，求出加速度a；F根據上述實驗數據求出動摩擦因數。回到下列問題：（1）以上實驗步驟中，不需要的步驟是_；（2）某紙帶如圖所示，各點間還有4個點未標出，則物塊的加速度a_ms2（結果保留三位有效數字

18、）；（3）根據實驗原理，動摩擦因數_（用M、m、a和重力加速度g表示）。【答案】（1）C；（2）1.25；（3）【解析】試題分析：（1）該實驗的目的是為了測量物塊與長木板之間的摩擦因數，所以在實驗的過程中，不能調整長木板傾斜程度，平衡摩擦力，否則不能測量摩擦因數所以不需要的步驟是C（2）各點間還有4個點未標出，所以時間間隔是5t0=5×0.02s=0.1s物塊的加速度：， 物塊的加速度： （3）對M、m組成的系統，由牛頓第二定律得：mg-Mg=（M+m）a，解得：=考點：測量物塊與水平桌面之間動摩擦因數13LED綠色照明技術已經走進我們的生活某實驗小組要精確測定額定電壓為3V的LED

19、燈正常工作時的電阻，已知該燈正常工作時電阻大約500，電學符號與小燈泡電學符號相同實驗室提供的器材有：A電流表A1（量程為0至50mA，內阻RA1約為3）B電流表A2（量程為0至3mA，內阻RA2=15）C定值電阻R1=697D定值電阻R2=1985E滑動變阻器R（0至20）一只F電壓表V（量程為0至12V，內阻RV=1k）G蓄電池E（電動勢為12V，內阻很小）F開關S一只（1）如圖所示，請選擇合適的器材，電表1為 ，電表2為 ，定值電阻為 （填寫器材前的字母編號）（2）將采用的電路圖補充完整（3分） （3）寫出測量LED燈正常工作時的電阻表達式Rx= （用字母表示），當表達式中的 （填字母）

20、達到 ，記下另一電表的讀數代入表達式，其結果為LED燈正常工作時電阻【答案】（1）F；B；D；（2）電路圖如圖所示；（3）；I2；1.5mA【解析】試題分析：（1）（2）要精確測定額定電壓為3V的LED燈正常工作時的電阻，需測量LED燈兩端的電壓和通過LED燈的電流，由于電壓表的量程較大，測量誤差較大，不能用已知的電壓表測量LED兩端的電壓，可以將電流表A2與定值電阻串聯改裝為電壓表測量電壓；改裝電壓表的內阻：，A2的內阻約為15，則定值電阻應選D；LED燈正常工作時的電流約為左右，電流表的量程較小，電流表不能精確測量電流，可以用電壓表測量電流；因為滑動變阻器阻值遠小于LED的電阻，所以滑動變

21、阻器采用分壓式接法電路圖如圖所示，由以上分析可知，電表1為F，電表2為B，定值電阻為D（3）根據閉合電路歐姆定律知，燈泡兩端的電壓U=I2（R+RA2），通過燈泡的電流，所以LED燈正常工作時的電阻改裝后的電壓表內阻為RV=1985+15=2000，則當I2=1.5mA時，LED燈兩端的電壓為3V，達到額定電壓，測出來的電阻為正常工作時的電阻考點：測定的LED燈正常工作時的電阻.三、計算題：(本題共3道小題，第15小題9分，第16小題12分，第17小題16分，共37分，寫出必要的文字說明，否則不得分。)14如圖所示，圓心角為90°的光滑圓弧形軌道，半徑R為1.6 m，其底端切線沿水平

22、方向。長為的斜面，傾角為，其頂端與弧形軌道末端相接，斜面正中間有一豎直放置的直桿，現讓質量為1 kg的物塊從弧形軌道的頂端由靜止開始滑下，物塊離開弧形軌道后剛好能從直桿的頂端通過，重力加速度g取10 m/s2，求：（1）物塊滑到弧形軌道底端時對軌道的壓力大小；（2）直桿的長度為多大。【答案】（1）30N.（2）2.1m【解析】試題分析：（1）光滑圓弧形軌道，只有重力做功，機械能守恒。設物體在軌道最低點時的速度為， 在軌道最低點時，由牛頓第二定律：F向 = 聯立式解得： 由牛頓第三定律可知物塊對軌道的壓力大小為30N.（2）根據平拋運動的規律知水平做勻速直線運動：cos=vt 豎直方向做自由落體

23、運動： 根據幾何關系知 聯立式知h=2.1m 考點：牛頓第二定律的應用；平拋運動15如圖，勻強磁場的磁感應強度方向垂直于紙面向里，大小隨時間的變化率，k 為負的常量用電阻率為、橫截面積為S的硬導線做成一邊長為l的方框將方框固定于紙面內，其右半部位于磁場區域中求（1）導線中感應電流的大小；（2）磁場對方框作用力的大小隨時間的變化 【答案】（1）（2）【解析】試題分析：（1）導線框的感應電動勢為導線框中的電流為 式中R是導線框的電阻，根據電阻率公式有聯立式，將代入得（2）導線框所受磁場的作用力的大小為F=BIl 它隨時間的變化率為 由式得 考點：法拉第電磁感應定律；電阻定律；歐姆定律16如圖（1）所示，一根直桿AB與水平面成某一角度自定，在桿上套一個小物塊，桿底端B處有一彈性擋板，桿與板面垂直，現將物塊拉到A點靜止釋放，物塊下滑與擋板第一次碰撞前后的vt圖像如圖（2）所示，物塊最終停止在B點重力加速度為g10ms2，求： （1）物塊與桿之間的動摩擦因數；（2）物塊滑過的總路程s【答案】（1）0.25（2）6m【解析】試題分析：(1) 由圖象可知，物塊下滑的加速度a1=4ms2,上滑時的加速度大小a2=8ms2，桿AB長L=2m 設斜桿的傾角為，物塊的質量為m，物塊與桿間的動摩擦因數為由牛頓第二定律得 F合=mg