1、（人教）物理2019高考一輪選練練題（9）及答案李仕才一、選擇題1、某同學利用如圖實驗裝置研究擺球的運動情況,擺球從a點由靜止釋放,經過最低點c到達與a等高的b點,d,e,f是oc連線上的點,oe=de,df=fc,oc連線上各點均可釘釘子.每次均將擺球從a點由靜止釋放,不計繩與釘子碰撞時機械能的損失.下列說法正確的是(d)a.若只在e點釘釘子,擺球最高可能擺到a,b連線以上的某點b.若只在d點釘釘子,擺球最高可能擺到a,b連線以下的某點c.若只在f點釘釘子,擺球最高可能擺到d點d.若只在f點以下某點釘釘子,擺球可能做完整的圓周運動解析:根據機械能守恒定律可知,在e點和d點釘釘子,擺球最高可擺

2、到與a,b等高的位置,選項a,b錯誤;當在f點釘釘子時,擺球不可能擺到d點,因為擺球如果擺到d點,根據機械能守恒定律可知,其速度為0,可是擺球要想由c點擺到d點,在d點時必須有一定的速度,至少由重力提供向心力,選項c錯誤;若在f點以下釘釘子,則擺球擺到最高點時能夠具有一定的速度,有可能做完整的圓周運動,選項d 正確.2、將一橫截面為扇形的物體b放在水平面上，一小滑塊a放在物體b上，如圖所示，除了物體b與水平面間的摩擦力之外，其余接觸面的摩擦力均可忽略不計，已知物體b的質量為m、滑塊a的質量為m，當整個裝置靜止時，滑塊a與物體b接觸的一面與豎直擋板之間的夾角為.已知重力加速度為g，則下列選項正確

3、的是()a物體b對水平面的壓力大小為mgb物體b受水平面的摩擦力大小為mgtan c滑塊a與豎直擋板之間的彈力大小為d滑塊a對物體b的壓力大小為解析：選c.以滑塊a為研究對象進行受力分析，并運用合成法，如圖所示，由幾何知識得，擋板對滑塊a的彈力大小為n1，c正確；物體b對滑塊a的彈力大小為n2，根據牛頓第三定律，滑塊a對物體b的壓力大小為，d錯誤；以滑塊a和物體b組成的系統為研究對象，在豎直方向上受力平衡，則水平面對物體b的支持力n(mm)g，故水平面所受壓力大小為(mm)g，a錯誤；a和b組成的系統在水平方向上受力平衡，則水平面對物體b的摩擦力大小為fn1，b錯誤3、（2018山東省師大附中

4、高三第三次模擬）如圖所示，一斜面固定在地面上，木塊m和m疊放在一起沿斜面向下運動，它們始終相對靜止，m、m間的動摩擦因數為1，m、斜面間的動摩擦因數為2，則( ) a. 若m、m一起勻加速運動，可能有10，20b. 若m、m一起勻速運動，一定有10，20c. 若m、m一起勻加速運動，一定有10，20d. 若m、m一起勻速運動，可能有10，20【答案】d4、(多選)如圖所示，以o為圓心的圓形區域內，存在方向垂直紙面向外的勻強磁場磁場邊界上的a點有一粒子發射源，沿半徑ao方向發射出速率不同的同種粒子(粒子重力不計)，垂直進入磁場下列說法正確的是()a速率越大的粒子在磁場中運動的時間越長b速率越大的

5、粒子在磁場中運動的偏轉角越小c速率越大的粒子在磁場中運動的向心加速度越大d速率越大的粒子在磁場中運動的角速度越大解析：選bc.根據r可知，速度大的粒子的運動半徑較大，運動圓弧對應的圓心角越小，在磁場中運動的偏轉角越小，根據tt，則運動時間越小故a錯誤，b正確；根據qvbma可知，速率越大的粒子在磁場中運動的向心加速度越大，選項c正確；據t可知，粒子的周期和角速度與粒子的速率無關，選項d錯誤；故選bc.5、如圖所示,某導體的形狀為長方體,其長、寬、高之比為abc=532.在此長方體的上、下、左、右四個面上分別通過導線引出四個接線柱1,2,3,4.在1,2兩端加上恒定的電壓u,通過導體的電流為i1

6、;在3,4兩端加上恒定的電壓u,通過導體的電流為i2,則i1i2為(c)a.925b.259c.254d.425解析:在1,2兩端加電壓u時,r12=,i1=;在3,4兩端加電壓u時,r34=,i2=.則i1i2=a2c2=254.6、關于光的理解，下列說法正確的是()a光電效應和康普頓效應都表明光具有粒子性b光在傳播時是波，而與物質相互作用時就轉變成粒子c德布羅意是歷史上第一個實驗驗證了物質波存在的人d牛頓的“微粒說”與愛因斯坦的“光子說”本質上是一樣的解析：選a.物體在光的照射下發射出電子的現象叫光電效應，根據愛因斯坦光子說的理論可知，光電效應說明了光具有粒子性，康普頓效應也揭示了光具有粒

7、子性，a正確；光同時具有波粒二象性，b錯誤；德布羅意是歷史上第一個提出物質波的人，c錯誤；牛頓認為光是一種實物，是一些硬的小球，是按照牛頓運動定律運動的愛因斯坦的光子說認為，光子是一種不連續的，分離的粒子狀的波動，這兩種學說在本質上是不同的，d錯誤7、(多選)如圖所示的火警報警裝置，r1為熱敏電阻，若溫度升高，則r1的阻值會急劇減小，從而引起電鈴電壓的增加，當電鈴電壓達到一定值時，電鈴會響下列說法正確的是()a要使報警的臨界溫度升高，可以適當增大電源的電動勢b要使報警的臨界溫度降低，可以適當增大電源的電動勢c要使報警的臨界溫度升高，可以把r2的滑片p適當向下移d要使報警的臨界溫度降低，可以把r

8、2的滑片p適當向下移解析：選bd.要使報警的臨界溫度升高，r1對應的阻值減小，電路中電流會增大，電鈴兩端的電壓會增大，而電鈴電壓達到一定值時，電鈴會響，要使電鈴的電壓仍為原來的值，必須適當減小電源的電動勢，相反，要使報警的臨界溫度降低，可以適當增大電源的電動勢故a錯誤，b正確要使報警的臨界溫度升高，r1對應的阻值減小，根據串聯電路的特點可知，將使電鈴的電壓增大，要使電鈴的電壓仍為原來的值，可以把r2的滑片p適當向上移，以減小r2，相反，要使報警的臨界溫度降低，可以把r2的滑片p適當向下移，故c錯誤，d正確故選b、d.8、如圖所示，一細線的一端固定于傾角為的光滑楔形滑塊a上的頂端o處，細線另一端

9、拴一質量為m=0.2kg的小球靜止在a上。若滑塊從靜止向左勻加速運動時加速度為a。(取.）a. 當a=5m/s2時，線中拉力為322nb. 當a=10m/s2時, 小球受的支持力為2nc. 當a=12m/s2時, 經過1秒鐘小球運動的水平位移是6md. 在穩定后，地面對a的支持力一定小于兩個物體的重力之和【來源】【全國百強校】山西省太原市第五中學2018屆高三下學期第二次模擬考試（5月）物理試題【答案】 a【點睛】對小球受力分析，根據牛頓第二定律求出支持力為零時的加速度，從而判斷小球是否離開斜面，再結合牛頓第二定律和平行四邊形定則求出繩子的拉力。二、非選擇題如圖所示，半徑r0.5 m的光滑圓弧

10、軌道abc與足夠長的粗糙軌道cd在c處平滑連接，o為圓弧軌道abc的圓心，b點為圓弧軌道的最低點，半徑oa、oc與ob的夾角分別為53°和37°.將一個質量m0.5 kg的物體(視為質點)從a點左側高為h0.8 m處的p點水平拋出，恰從a點沿切線方向進入圓弧軌道已知物體與軌道cd間的動摩擦因數0.8，重力加速度g10 m/s2，sin 37°0.6，cos 37°0.8.求：(1)物體水平拋出時的初速度大小v0；(2)物體經過b點時，對圓弧軌道的壓力大小fn；(3)物體在軌道cd上運動的距離x.(結果保留三位有效數字)解析：(1)由平拋運動規律知：v2gh豎直分速度vy4 m/s初速度v0vytan 37°3 m/s.(2)從p點至b點的過程，由機械能守恒有mg(hrrcos 53°)mvmv經過b點時，由向心力公式有fnmgm代入數據解得fn34 n由牛頓第三定律知，物體對軌道的壓力大小為fn34 n.(3)因mgcos 37°mgsin 37°，物體沿軌道cd向上做勻減速運動，速度減為零后不會下滑從b點到上滑至最高點的過程，由動能定理有mgr(1cos 37°)(mgsin 37°mgcos 37°