高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1山東名校考試聯(lián)盟2025年4月高考模擬考試物理試題本試卷滿分100分，考試用時90分鐘。注意事項：1、答卷前，考生務(wù)必用0.5毫米黑色簽字筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、座號填寫在答題卡和試卷指定位置。2、回答選擇題時，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。3、回答非選擇題時，必須用0.5毫米黑色簽字筆作答（作圖除外），答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)的位置；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案，不能使用涂改液、膠帶紙、修正帶和其他筆。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個選項符合題目要求。1.元素半衰期被廣泛應(yīng)用于考古測年代、藥物代謝控制、核能利用及醫(yī)學(xué)診斷治療等領(lǐng)域。已知18F的半衰期為110min，68Ga的半衰期為68min，現(xiàn)將質(zhì)量為的18F和質(zhì)量為的68Ga投入研究，研究時長為3740min。設(shè)研究結(jié)束后18F的剩余質(zhì)量為，68Ga的剩余質(zhì)量為，下列說法正確的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】對18F經(jīng)過時長為3740min時即對68Ga經(jīng)過時長為3740min時即故選C2.在智能物流系統(tǒng)中，智能配送車可在編程操作下自行完成物流貨物裝載工作，大大提高了工作效率?，F(xiàn)有兩輛智能配送車甲和乙沿同一直線軌道同時相向而行，甲車從靜止出發(fā)以2m/s2的加速度做勻加速直線運動，乙車以初速度8m/s剎車，加速度大小為1m/s2。已知智能配送車的最大速度為8m/s，兩車初始相距100m。經(jīng)過10s兩車之間的距離為（）A.4m B.6m C.8m D.2m【答案】A【解析】乙車從剎車到停下所用時間為該過程乙車通過的位移大小為已知智能配送車的最大速度為8m/s，則甲車勻加速運動時間為則在內(nèi)，前甲車做勻加速直線運動，運動的位移大小為后內(nèi)甲車以最大速度做勻速直線運動，位移大小為則末，兩次相距再經(jīng)歷，乙車保持靜止，甲車?yán)^續(xù)做勻速運動，通過的位移大小為故經(jīng)過10s兩車之間的距離為故選A。3.如圖所示，半徑為的四分之一光滑圓弧豎直固定，最低點放置一質(zhì)量為的物塊，可視為質(zhì)點。物塊在方向始終沿圓弧切線的推力作用下由運動到，力大小恒為。對于該運動過程，下列說法正確的是（）A.力做功大小為 B.力做功大小為C.力的功率先增大后減小 D.克服重力做功的功率先增大后減小【答案】B【解析】AB．由于力F方向始終沿圓弧切線，且大小恒為mg

，根據(jù)變力做功計算方法，這里可以用微元法。把圓弧分成很多小段，每一小段上力F做的功（是每一小段的弧長）則力F做功的大小故A錯誤，B正確；C．從A到B過程，F(xiàn)始終大于重力沿切線方向的分力，所以物體一直在做加速運動，速度一直在增大，根據(jù)（F與v始終夾角為）可知F的功率一直在增大，故C錯誤；D．設(shè)重力方向與速度方向夾角，題圖可知，對于該運動過程，從增大到，則克服重力做功的功率可知一直在增大，v也在增大，故克服重力做功的功率一直增大，故D錯誤。故選B。4.我國近地小行星防御系統(tǒng)通過“監(jiān)測—評估—干預(yù)”三位一體架構(gòu)，力圖避免小行星影響地球，展現(xiàn)了從被動預(yù)警到主動防御的科技跨越。如圖所示，近地圓軌道Ⅰ和橢圓軌道Ⅱ相切于點，橢圓軌道Ⅱ和同步軌道Ⅲ相切于點?，F(xiàn)有防御衛(wèi)星在軌道Ⅰ處做勻速圓周運動，經(jīng)變軌后運行到同步軌道Ⅲ的點攔截小行星進(jìn)行干預(yù)，已知地球自轉(zhuǎn)的角速度為，防御衛(wèi)星在軌道Ⅰ和Ⅲ上運行的角速度為和，衛(wèi)星在軌道Ⅰ、Ⅲ和軌道Ⅱ上的點、點運行的線速度分別為、、、。下列說法正確的是（）A.B.C.衛(wèi)星在軌道Ⅰ運行周期約為24hD.衛(wèi)星在軌道Ⅲ的機械能大于在軌道Ⅰ的機械能【答案】D【解析】A．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由可得可知同步軌道的角速度小于近地軌道的角速度，而地球自轉(zhuǎn)的角速度和同步軌道的角速度相同，則有故A錯誤；B．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由可得可知；又由于衛(wèi)星在c點加速后進(jìn)入軌道Ⅲ，則有；又由于衛(wèi)星在b點加速后進(jìn)入軌道Ⅱ，則有；綜上分析可知，故B錯誤；C．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由可得可知衛(wèi)星在軌道Ⅰ運行的周期小于同步軌道Ⅲ的運行周期，即衛(wèi)星在軌道Ⅰ運行的周期小于24h，故C錯誤；D．衛(wèi)星從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，需要在b點點火加速，衛(wèi)星的機械能增加；衛(wèi)星從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅲ，需要在c點點火加速，衛(wèi)星的機械能增加；所以衛(wèi)星在軌道Ⅲ的機械能大于在軌道Ⅰ的機械能，故D正確。故選D。5.如圖所示，匝數(shù)為100匝、面積為10cm2的交流發(fā)電機線圈在磁感應(yīng)強度為10T的勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動。線圈平面與磁場平行時開始計時，通過一理想自耦變壓器對外供電，轉(zhuǎn)動角速度為100rad/s，線圈內(nèi)阻不計，電壓表為理想電壓表。則下列說法正確的是（）A.線圈產(chǎn)生的電動勢的瞬時值表達(dá)式為B.電壓表V示數(shù)為100VC.當(dāng)滑動變阻器滑片向上滑動時，流經(jīng)燈泡的電流變大D.當(dāng)自耦變壓器滑片P向上滑動時，燈泡變暗【答案】D【解析】AB．線圈產(chǎn)生的電動勢最大值為線圈與磁場平行時開始計時，故表達(dá)式為電壓表V示數(shù)為有效值，即，故AB錯誤；C．當(dāng)滑動變阻器滑片向上滑動時，由于原線圈輸入電壓不變，變壓器原、副線圈匝數(shù)均不變，則副線圈輸出電壓不變，即燈泡兩端電壓不變，根據(jù)歐姆定律可知，流經(jīng)燈泡的電流不變，故C錯誤；D．當(dāng)自耦變壓器滑片P向上滑動時，原線圈匝數(shù)變大，根據(jù)可知，副線圈輸出電壓減小，即燈泡兩端電壓減小，燈泡變暗，故D正確。故選D。6.某同學(xué)在做劈尖干涉實驗時，先把3片薄木片夾入兩玻璃板a、b右端，觀察干涉條紋，再通過調(diào)整薄木片數(shù)量以及移動薄木片位置，使條紋間距變成原來的2倍。已知薄木片厚度相同，不發(fā)生形變，薄木片左端到劈尖的距離為，則以下操作正確的是（）A.去掉兩片薄木片，并向左移動 B.去掉兩片薄木片，并向左移動C.去掉一片薄木片，并向左移動 D.增加一片薄木片，并向左移動【答案】A【解析】設(shè)劈尖的傾角為，條紋間距為，由于很小，則有可得設(shè)每片薄木片總厚底為，則有為了使條紋間距變成原來的2倍，則變?yōu)樵瓉淼?。A．去掉兩片薄木片，并向左移動，則有故A正確；B．去掉兩片薄木片，并向左移動，則有故B錯誤；C．去掉一片薄木片，并向左移動，則有故C錯誤；D．增加一片薄木片，并向左移動，則有故D錯誤。故選A。7.三維坐標(biāo)系yOz平面內(nèi)有一圓心在坐標(biāo)原點、半徑為d的均勻帶電細(xì)圓環(huán)，y軸上y=位置有一帶電量為＋q的點電荷，x軸上的P點到圓心O的距離也為。若P點場強沿y軸負(fù)方向，則關(guān)于帶電圓環(huán)說法正確的是（）A.帶正電，電量為 B.帶負(fù)電，電量為C.帶正電，電量為 D.帶負(fù)電，電量為【答案】B【解析】+q在P點的場強為方向與x軸夾角為45°斜向右下，圓環(huán)在P點的場強沿水平方向，因P點場強沿y軸負(fù)方向，可知圓環(huán)在P點的場強與點電荷+q在P點在x方向的場強的分量等大反向，可知圓環(huán)在P點的場強方向沿x軸負(fù)向，可知圓環(huán)帶負(fù)電；圓環(huán)在P點的場強解得，故選B。8.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)過程后回到初始狀態(tài)a，其圖像如圖所示。已知其中三個狀態(tài)的坐標(biāo)分別為a（，）、b（，）、c（，），圖像cb、da延長線過原點O。下列說法正確的是（）A.氣體在過程中對外界做的功等于在過程中對外界做的功B.在過程中，外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量C.氣體在過程中從外界吸收的熱量小于在過程中向外界放出的熱量D.氣體在過程中內(nèi)能的減少量大于過程中內(nèi)能的增加量【答案】C【解析】A．過程，氣體的溫度不變，體積變大，根據(jù)可知，氣體的壓強減小；過程，氣體壓強不變，這兩個過程中氣體體積的增大量相同，但過程中的壓強較大，故氣體在過程中對外界做的功大于在過程中對外界做的功，故A錯誤；B．過程，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，氣體體積減小，外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，外界對氣體做的功等于氣體向外界放出的熱量，故B錯誤；C．從過程有可得從過程有可得狀態(tài)d的體積為作出對應(yīng)的圖像如圖所示根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示做功大小，由圖可知過程中氣體對外界做的功小于過程中外界對氣體做的功，由于這兩個過程中內(nèi)能均不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體在過程中從外界吸收的熱量小于在過程中向外界放出的熱量，故C正確；D．由能量守恒定律可知，氣體在過程中內(nèi)能的減少量等于過程中內(nèi)能的增加量，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項符合題目要求，全部選對得4分，選對但不全得2分，有選錯的得0分。9.一列簡諧橫波沿軸傳播，時刻的波形圖如圖甲所示，時刻的波形圖如圖乙所示，0~3s時間內(nèi)，平衡位置位于處的質(zhì)點加速度方向改變1次，下列說法正確的是（）A.該簡諧橫波沿軸負(fù)方向傳播B.該簡諧橫波傳播的速度大小為C.平衡位置位于處的質(zhì)點0~3s內(nèi)沿軸負(fù)方向移動了D.平衡位置位于處的質(zhì)點在0~3s內(nèi)運動的路程等于【答案】AB【解析】AB．因0~3s時間內(nèi)，平衡位置位于處的質(zhì)點加速度方向改變1次，可知t=0時刻，該質(zhì)點沿y軸正向運動，可知該簡諧橫波沿軸負(fù)方向傳播，且可得T=4s該簡諧橫波傳播速度大小為選項AB正確；C．質(zhì)點只能在自己平衡位置附近振動，而不隨波遷移，選項C錯誤；D．平衡位置位于處的質(zhì)點先沿y軸負(fù)向振動，在3s末回到原來的位置，0~3s內(nèi)運動的路程等于選項D錯誤。故選AB。10.如圖，水平放置的導(dǎo)熱氣缸被一可自由滑動的光滑絕熱活塞分成A、B兩部分。初始時，A、B的壓強均為，體積比為，環(huán)境溫度為?，F(xiàn)通過兩種方式改變A、B兩部分的體積，第一種方式是通過A氣缸中的加熱絲對A中氣體緩慢加熱，B中氣體保持溫度不變；第二種方式是通過B氣缸壁的閥門把B中氣體緩慢往外抽氣；兩種方式均使A、B的體積比變?yōu)?。以下說法正確的是（）A.兩種方式末狀態(tài)A中氣體的壓強相等B.第一種方式，末狀態(tài)A中氣體的溫度為C.第二種方式，抽出氣體的質(zhì)量與原來B中氣體質(zhì)量的比值為D.第二種方式，抽出氣體的質(zhì)量與原來B中氣體質(zhì)量的比值為【答案】BD【解析】B.第一種方式，設(shè)氣缸容積為5V對B部分氣體，由玻意耳定律可得解得對A部分氣體，由理想氣體狀態(tài)方程可得代入數(shù)據(jù)解得，故B正確；CD.第二種方式，設(shè)氣缸容積為5V，緩慢抽氣，導(dǎo)熱氣缸，可視為兩部分氣體均作等溫變化對A部分氣體，由玻意耳定律可得解得對B部分氣體，由玻意耳定律可得代入數(shù)據(jù)解得第二種方式，抽出氣體的質(zhì)量與原來B中氣體質(zhì)量的比值，故C錯誤，D正確；A.由以上兩種方式所求的末狀態(tài)壓強可知，A錯誤；故選B。11.如圖甲，某新能源工廠采用智能調(diào)速傳送帶運輸原料，傳送帶水平放置且足夠長，以4m/s順時針轉(zhuǎn)動?，F(xiàn)將一質(zhì)量為2kg的貨物輕放在傳送帶左端，貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)。實時調(diào)節(jié)傳送帶速度，使其在貨物運動過程中按圖乙規(guī)律變化。重力加速度取10m/s2。則貨物在3s內(nèi)的運動情況，下列說法正確的是（）A.傳送帶對貨物做功為4J B.貨物始終向右加速，3s末速度達(dá)到4m/sC.貨物相對傳送帶的總位移為3.5m D.系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量為14J【答案】ACD【解析】ABC．貨物剛放上傳送帶時的加速度大小為在內(nèi)，由圖乙可知，傳送帶速度保持不變，在時貨物的速度為該過程貨物與傳送帶通過的位移大小分別為，該過程貨物與傳送帶發(fā)生的相對位移大小為在內(nèi)，由圖乙可知，傳送帶做勻減速運動，減速的加速度大小為設(shè)從經(jīng)過時間，貨物與傳送帶共速，則有解得，在時間內(nèi)貨物與傳送帶通過的位移大小分別為，該過程貨物與傳送帶發(fā)生的相對位移大小為貨物與傳送帶共速后，與傳送帶保持相對靜止；先隨著傳送帶做勻減速運動，再勻速運動；由圖乙可知時，貨物的速度為；根據(jù)動能定理可知傳送帶對貨物做功為貨物相對傳送帶的總位移為故AC正確，B錯誤；D．系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選ACD。12.某運動員在一次滑板訓(xùn)練中的運動簡化如圖所示。段為助滑道和起跳區(qū)，段為傾角為的著陸坡，為停止區(qū)。運動員從助滑道的起點由靜止開始下滑，到達(dá)起跳點時，借助設(shè)備和技巧，以6m/s的速度起跳，方向與水平成，最后落在著陸坡面上的點。已知運動員和滑板的總質(zhì)量為60kg，重力加速度取10m/s2。下列說法正確的是（）A.運動員在空中運行的最小速度為3m/sB.運動員離開著陸坡面的最大距離為C.運動員落在點前瞬間重力的功率為5400WD.若起跳時速度大小不變，改變起跳方向，當(dāng)時，運動員到達(dá)斜坡上的落點距離點最遠(yuǎn)【答案】BC【解析】A．將運動員在空中做斜拋運動，在最高點時的豎直分速度為0，此時速度最小，則運動員在空中運行的最小速度為故A錯誤；B．將運動員在空中的運動分解為沿斜坡和垂直斜坡兩個分運動，當(dāng)垂直斜坡分速度減為0時，運動員離開著陸坡面的距離最大，則有故B正確；C．運動員從點到點所用時間為則運動員落在點時的豎直分速度為運動員落在點前瞬間重力的功率為，故C正確；D．設(shè)，則垂直斜坡方向有沿斜坡方向有整理可得令可得即則可知若起跳時速度大小不變，改變起跳方向，當(dāng)時，運動員到達(dá)斜坡上的落點距離點最遠(yuǎn)，故D錯誤。故選BC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.為探究物體加速度與外力和質(zhì)量的關(guān)系，某研究小組在教材提供案例的基礎(chǔ)上又設(shè)計了不同的方案，如圖甲、乙、丙所示：甲方案中在小車前端固定了力傳感器，并與細(xì)線相連；乙方案中拉動小車的細(xì)線通過滑輪與彈簧測力計相連；丙方案中用帶有光電門的氣墊導(dǎo)軌和滑塊代替長木板和小車。（1）對于以上三種方案，下列說法正確的是________。A.三種方案實驗前均需要平衡摩擦力B.乙、丙方案需要滿足小車或滑塊的質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼的質(zhì)量C.甲、丙方案中的外力F均為槽碼的重力D.乙方案中，小車加速運動時受到細(xì)線的拉力小于槽碼所受重力的一半（2）某次甲方案實驗得到一條紙帶，部分計數(shù)點如下圖所示（每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點未畫出）。已知打點計時器所接交流電源頻率為50Hz，則小車的加速度a=________m/s2。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）某同學(xué)根據(jù)乙方案的實驗數(shù)據(jù)做出了小車的加速度a與彈簧測力計示數(shù)F的關(guān)系圖像如圖所示，圖像不過原點的原因可能是________；若圖中圖線在縱軸上的截距為a0，直線斜率為k，則小車的質(zhì)量m=________?！敬鸢浮浚?）D（2）0.820（3）平衡摩擦力過度【解析】【小問1詳析】A．由于丙裝置用帶有光電門的氣墊導(dǎo)軌，則丙裝置不需要平衡摩擦力，故A錯誤；B．甲裝置中細(xì)線拉力可以通過力傳感器得到，乙裝置中細(xì)線拉力可以通過彈簧測力計得到，所以甲、乙方案不需要滿足小車或滑塊的質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼的質(zhì)量，故B錯誤；C．甲裝置中的外力F為力傳感器示數(shù)，不是槽碼的重力；丙裝置中，當(dāng)滿足槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量時，外力F可近似等于槽碼的重力，故C錯誤；D．乙方案中，以槽碼為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得可得故D正確。故選D?！拘?詳析】每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點未畫出，則相鄰計數(shù)點的時間間隔為根據(jù)逐差法可得小車的加速度為【小問3詳析】[1]由圖像可知，當(dāng)時，小車已經(jīng)具有一定的加速度，所以圖像不過原點的原因可能是平衡摩擦力過度；[2]設(shè)木板傾角為，以小車為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得可得可知圖像的斜率為可得小車的質(zhì)量為14.某電學(xué)實驗小組的同學(xué)發(fā)現(xiàn)一個舊電池所標(biāo)的電動勢是6V，決定利用實驗室所能提供的下列實驗器材對其電動勢和內(nèi)電阻進(jìn)行測量。A．電流表A（量程100mA，內(nèi)阻為4Ω）B．電壓表V（量程3.0V，內(nèi)阻約為4kΩ）C．滑動變阻器R1（阻值范圍0~50Ω，額定電流1.5A）D．電阻箱R2（阻值范圍0~9999Ω）E．電阻箱R3（阻值范圍0~99.99Ω）F．各類開關(guān)和導(dǎo)線若干小組成員設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路圖。（1）先將電流表與并聯(lián)，改裝成一個量程為的電流表，電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為______。（2）為滿足測量要求，需要將電壓表的量程擴大為，小組成員采用如下操作：按圖連好實驗器材，檢查無誤后，開關(guān)斷開，開關(guān)接，將的滑片滑至最左端，的阻值調(diào)為，閉合開關(guān)，適當(dāng)調(diào)節(jié)的滑片，使電壓表的示數(shù)為；保持的滑片位置不變，改變電阻箱的阻值，當(dāng)電壓表示數(shù)為______V時，完成擴大量程，斷開開關(guān)。（3）保持電阻箱的阻值不變，將開關(guān)接到，閉合開關(guān)、，移動的滑片，記錄幾組電壓表V和電流表A的讀數(shù)、，并做出圖像，如圖乙所示。由圖像可求得電池的電動勢______V、內(nèi)阻______。（計算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）【答案】（1）1.00（2）1.5（3）5.802.20【解析】【小問1詳析】先將電流表與并聯(lián)，改裝成一個量程為的電流表，則有解得【小問2詳析】閉合開關(guān)，適當(dāng)調(diào)節(jié)的滑片，使電壓表的示數(shù)為；保持的滑片位置不變，可認(rèn)為電壓表和電壓之和始終等于，則當(dāng)電壓表的示數(shù)為時，說明電阻兩端電壓為，此時的阻值等于電壓表內(nèi)阻，則電壓表的量程被擴大為原來的2倍，即電壓表的量程擴大為?！拘?詳析】[1][2]改裝后電壓表量程擴大到2倍，故測得電壓是原電壓表的示數(shù)的2倍；電流表擴大到5倍，則干路電流為，改裝后電流表內(nèi)阻為根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得可知圖像的縱軸截距為解得電動勢為圖像的斜率絕對值為，解得內(nèi)阻為15.如圖，足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平桌面上，間距，處在磁感應(yīng)強度、豎直向上的勻強磁場中。質(zhì)量、電阻的導(dǎo)體棒長度與導(dǎo)軌間距相等，垂直導(dǎo)軌放置。質(zhì)量、電阻的導(dǎo)體棒與等長，垂直導(dǎo)軌靜止在的右側(cè)某一位置處?，F(xiàn)使以初速度向右運動，未發(fā)生碰撞。導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計。求：（1）從開始運動到兩棒到達(dá)穩(wěn)定狀態(tài)，導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的焦耳熱；（2）初始時刻、棒的最小距離?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】導(dǎo)體棒與導(dǎo)體棒組成的系統(tǒng)滿足動量守恒，則有解得根據(jù)能量守恒可得解得則導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的焦耳熱為解得【小問2詳析】對導(dǎo)體棒應(yīng)用動量定理得又聯(lián)立解得則初始時刻、棒的最小距離為。16.一玻璃柱的折射率，其橫截面為四分之一圓，圓的半徑為，如圖所示。截面所在平面內(nèi)，一束與邊平行的光線從圓弧入射，入射角為，光線進(jìn)入柱體后射到邊。已知光在真空中的速度為。（1）通過計算判斷光線在邊是否發(fā)生全反射；（2）求光線從射入玻璃柱到第一次離開玻璃柱的時間。【答案】（1）光線在BC邊不發(fā)生全反射（2）【解析】【小問1詳析】畫出光路圖如圖所示根據(jù)折射定律解得設(shè)光線在BC界面的入射角為，根據(jù)可得解得故可知光線在BC邊不發(fā)生全反射?！拘?詳析】設(shè)光線從射入玻璃柱到第一次離開玻璃柱的路程為，則有光在玻璃柱中傳播速度為光線從射入玻璃柱到第一次離開玻璃柱的時間為聯(lián)立解得17.如圖所示的平面直角坐標(biāo)系，在軸上范圍內(nèi)有一線狀粒子源，可向第一象限發(fā)射速度為、與軸正方向成角的質(zhì)量為，電量為的帶正電的粒子。在第一象限的范圍內(nèi)，存在沿軸負(fù)方向的勻強電場，粒子通過電場后，速度方向恰好沿著軸正方向。以點為圓心，半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小。軸的下方存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小；不計粒子的重力和粒子間的相互作用。（1）求第一象限勻強電場的場強；（2）求粒子在圓形磁場中運動的最長時間；（3）求粒子穿過軸以后，再次回到軸上的坐標(biāo)范圍；（4）若其他條件不變，在軸下方再疊加一沿著軸負(fù)方向的電場，求：從點射出的粒子在軸下方運動時，到軸的最遠(yuǎn)距離。【答案】（1）（2）（3）（4）3d【解析】【小問1詳析】帶電粒子在電場中做類斜拋運動，可得聯(lián)立可得【小問2詳析】粒子豎直方向通過的距離設(shè)為y，則聯(lián)立解得粒子以水平速度進(jìn)入圓形磁場區(qū)域，有解得粒子做圓周運動的半徑等于圓形磁場的半徑，故粒子從圓與x軸的切點M進(jìn)入下方磁場區(qū)域，分析可知從最上端發(fā)出的粒子在圓形磁場中運動的時間最長，可得解得【小問3詳析】粒子進(jìn)入x軸下方以后，方向范圍在與x軸正半軸成到范圍之內(nèi)，可得聯(lián)立解得當(dāng)速度與x軸正半軸成到范圍時，粒子打到x軸的同一位置，距M點的最近距離為當(dāng)速度與x軸成進(jìn)入下方磁場時，粒子打到x軸上距M最遠(yuǎn)故x的坐標(biāo)范圍為【小問4詳析】(4)0點射出的粒子在M點射出時與x軸正方向的夾角為，將粒子速度v分解出一個沿著x軸正方向的速度，使得可得則另一分速度與x軸負(fù)方向的夾角為，大小為，可得以此速度做圓周運動的半徑離x軸的距離的表達(dá)式18.如圖，固定斜面傾角為，左端帶有擋板的木板A質(zhì)量為，木板與斜面間的動摩擦因數(shù)，質(zhì)量的小物塊B與木板A之間光滑，小物塊可視為質(zhì)點。某時刻由靜止釋放木板，后把小物塊輕輕放到木板上距離擋板處，再經(jīng)時間小物塊與擋板發(fā)生第一次碰撞。已知小物塊放到木板上時擋板距斜面底端距離，，重力加速度取。小物塊始終未滑離木板，小物塊與木板擋板之間的碰撞為彈性碰撞，且所有碰撞時間忽略不計。求：（1）放上小物塊前、后木板A的加速度大??；（2）放上小物塊至小物塊與木板擋板發(fā)生第一次碰撞經(jīng)歷的時間；（3）小物塊與木板擋板第一次碰撞后的速度大小；（4）木板到達(dá)斜面底端前小物塊與木板擋板的碰撞次數(shù)。【答案】（1）1m/s2，0（2）0.75s（3）0，2m/s（4）2次【解析】【小問1詳析】由題可知放上小物塊前，根據(jù)牛頓第二定律，可知解得木板A的加速度大小放上小物塊后，根據(jù)牛頓第二定律，可知解得木板A的加速度大小，即木板勻速運動?！拘?詳析】放上木塊時，木板的速度木塊的加速度利用勻變速的運動規(guī)律可知解得（舍去）【小問3詳析】碰前瞬間，木塊的速度木塊和木板碰撞的過程中滿足動量守恒和機械能守恒解得，【小問4詳析】放上小木塊到第一次碰撞前，木板前進(jìn)的距離第一次碰后到第二次碰撞前的時間間隔為，則解得這段時間內(nèi)木板前進(jìn)的距離此時木塊的速度木塊和木板碰撞的過程中滿足動量守恒和機械能守恒解得，若再次追上，則解得木板位移由于因此小木塊與擋板碰撞2次。山東名?？荚嚶?lián)盟2025年4月高考模擬考試物理試題本試卷滿分100分，考試用時90分鐘。注意事項：1、答卷前，考生務(wù)必用0.5毫米黑色簽字筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、座號填寫在答題卡和試卷指定位置。2、回答選擇題時，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。3、回答非選擇題時，必須用0.5毫米黑色簽字筆作答（作圖除外），答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)的位置；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案，不能使用涂改液、膠帶紙、修正帶和其他筆。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個選項符合題目要求。1.元素半衰期被廣泛應(yīng)用于考古測年代、藥物代謝控制、核能利用及醫(yī)學(xué)診斷治療等領(lǐng)域。已知18F的半衰期為110min，68Ga的半衰期為68min，現(xiàn)將質(zhì)量為的18F和質(zhì)量為的68Ga投入研究，研究時長為3740min。設(shè)研究結(jié)束后18F的剩余質(zhì)量為，68Ga的剩余質(zhì)量為，下列說法正確的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】對18F經(jīng)過時長為3740min時即對68Ga經(jīng)過時長為3740min時即故選C2.在智能物流系統(tǒng)中，智能配送車可在編程操作下自行完成物流貨物裝載工作，大大提高了工作效率?，F(xiàn)有兩輛智能配送車甲和乙沿同一直線軌道同時相向而行，甲車從靜止出發(fā)以2m/s2的加速度做勻加速直線運動，乙車以初速度8m/s剎車，加速度大小為1m/s2。已知智能配送車的最大速度為8m/s，兩車初始相距100m。經(jīng)過10s兩車之間的距離為（）A.4m B.6m C.8m D.2m【答案】A【解析】乙車從剎車到停下所用時間為該過程乙車通過的位移大小為已知智能配送車的最大速度為8m/s，則甲車勻加速運動時間為則在內(nèi)，前甲車做勻加速直線運動，運動的位移大小為后內(nèi)甲車以最大速度做勻速直線運動，位移大小為則末，兩次相距再經(jīng)歷，乙車保持靜止，甲車?yán)^續(xù)做勻速運動，通過的位移大小為故經(jīng)過10s兩車之間的距離為故選A。3.如圖所示，半徑為的四分之一光滑圓弧豎直固定，最低點放置一質(zhì)量為的物塊，可視為質(zhì)點。物塊在方向始終沿圓弧切線的推力作用下由運動到，力大小恒為。對于該運動過程，下列說法正確的是（）A.力做功大小為 B.力做功大小為C.力的功率先增大后減小 D.克服重力做功的功率先增大后減小【答案】B【解析】AB．由于力F方向始終沿圓弧切線，且大小恒為mg

，根據(jù)變力做功計算方法，這里可以用微元法。把圓弧分成很多小段，每一小段上力F做的功（是每一小段的弧長）則力F做功的大小故A錯誤，B正確；C．從A到B過程，F(xiàn)始終大于重力沿切線方向的分力，所以物體一直在做加速運動，速度一直在增大，根據(jù)（F與v始終夾角為）可知F的功率一直在增大，故C錯誤；D．設(shè)重力方向與速度方向夾角，題圖可知，對于該運動過程，從增大到，則克服重力做功的功率可知一直在增大，v也在增大，故克服重力做功的功率一直增大，故D錯誤。故選B。4.我國近地小行星防御系統(tǒng)通過“監(jiān)測—評估—干預(yù)”三位一體架構(gòu)，力圖避免小行星影響地球，展現(xiàn)了從被動預(yù)警到主動防御的科技跨越。如圖所示，近地圓軌道Ⅰ和橢圓軌道Ⅱ相切于點，橢圓軌道Ⅱ和同步軌道Ⅲ相切于點?，F(xiàn)有防御衛(wèi)星在軌道Ⅰ處做勻速圓周運動，經(jīng)變軌后運行到同步軌道Ⅲ的點攔截小行星進(jìn)行干預(yù)，已知地球自轉(zhuǎn)的角速度為，防御衛(wèi)星在軌道Ⅰ和Ⅲ上運行的角速度為和，衛(wèi)星在軌道Ⅰ、Ⅲ和軌道Ⅱ上的點、點運行的線速度分別為、、、。下列說法正確的是（）A.B.C.衛(wèi)星在軌道Ⅰ運行周期約為24hD.衛(wèi)星在軌道Ⅲ的機械能大于在軌道Ⅰ的機械能【答案】D【解析】A．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由可得可知同步軌道的角速度小于近地軌道的角速度，而地球自轉(zhuǎn)的角速度和同步軌道的角速度相同，則有故A錯誤；B．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由可得可知；又由于衛(wèi)星在c點加速后進(jìn)入軌道Ⅲ，則有；又由于衛(wèi)星在b點加速后進(jìn)入軌道Ⅱ，則有；綜上分析可知，故B錯誤；C．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由可得可知衛(wèi)星在軌道Ⅰ運行的周期小于同步軌道Ⅲ的運行周期，即衛(wèi)星在軌道Ⅰ運行的周期小于24h，故C錯誤；D．衛(wèi)星從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，需要在b點點火加速，衛(wèi)星的機械能增加；衛(wèi)星從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅲ，需要在c點點火加速，衛(wèi)星的機械能增加；所以衛(wèi)星在軌道Ⅲ的機械能大于在軌道Ⅰ的機械能，故D正確。故選D。5.如圖所示，匝數(shù)為100匝、面積為10cm2的交流發(fā)電機線圈在磁感應(yīng)強度為10T的勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動。線圈平面與磁場平行時開始計時，通過一理想自耦變壓器對外供電，轉(zhuǎn)動角速度為100rad/s，線圈內(nèi)阻不計，電壓表為理想電壓表。則下列說法正確的是（）A.線圈產(chǎn)生的電動勢的瞬時值表達(dá)式為B.電壓表V示數(shù)為100VC.當(dāng)滑動變阻器滑片向上滑動時，流經(jīng)燈泡的電流變大D.當(dāng)自耦變壓器滑片P向上滑動時，燈泡變暗【答案】D【解析】AB．線圈產(chǎn)生的電動勢最大值為線圈與磁場平行時開始計時，故表達(dá)式為電壓表V示數(shù)為有效值，即，故AB錯誤；C．當(dāng)滑動變阻器滑片向上滑動時，由于原線圈輸入電壓不變，變壓器原、副線圈匝數(shù)均不變，則副線圈輸出電壓不變，即燈泡兩端電壓不變，根據(jù)歐姆定律可知，流經(jīng)燈泡的電流不變，故C錯誤；D．當(dāng)自耦變壓器滑片P向上滑動時，原線圈匝數(shù)變大，根據(jù)可知，副線圈輸出電壓減小，即燈泡兩端電壓減小，燈泡變暗，故D正確。故選D。6.某同學(xué)在做劈尖干涉實驗時，先把3片薄木片夾入兩玻璃板a、b右端，觀察干涉條紋，再通過調(diào)整薄木片數(shù)量以及移動薄木片位置，使條紋間距變成原來的2倍。已知薄木片厚度相同，不發(fā)生形變，薄木片左端到劈尖的距離為，則以下操作正確的是（）A.去掉兩片薄木片，并向左移動 B.去掉兩片薄木片，并向左移動C.去掉一片薄木片，并向左移動 D.增加一片薄木片，并向左移動【答案】A【解析】設(shè)劈尖的傾角為，條紋間距為，由于很小，則有可得設(shè)每片薄木片總厚底為，則有為了使條紋間距變成原來的2倍，則變?yōu)樵瓉淼?。A．去掉兩片薄木片，并向左移動，則有故A正確；B．去掉兩片薄木片，并向左移動，則有故B錯誤；C．去掉一片薄木片，并向左移動，則有故C錯誤；D．增加一片薄木片，并向左移動，則有故D錯誤。故選A。7.三維坐標(biāo)系yOz平面內(nèi)有一圓心在坐標(biāo)原點、半徑為d的均勻帶電細(xì)圓環(huán)，y軸上y=位置有一帶電量為＋q的點電荷，x軸上的P點到圓心O的距離也為。若P點場強沿y軸負(fù)方向，則關(guān)于帶電圓環(huán)說法正確的是（）A.帶正電，電量為 B.帶負(fù)電，電量為C.帶正電，電量為 D.帶負(fù)電，電量為【答案】B【解析】+q在P點的場強為方向與x軸夾角為45°斜向右下，圓環(huán)在P點的場強沿水平方向，因P點場強沿y軸負(fù)方向，可知圓環(huán)在P點的場強與點電荷+q在P點在x方向的場強的分量等大反向，可知圓環(huán)在P點的場強方向沿x軸負(fù)向，可知圓環(huán)帶負(fù)電；圓環(huán)在P點的場強解得，故選B。8.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)過程后回到初始狀態(tài)a，其圖像如圖所示。已知其中三個狀態(tài)的坐標(biāo)分別為a（，）、b（，）、c（，），圖像cb、da延長線過原點O。下列說法正確的是（）A.氣體在過程中對外界做的功等于在過程中對外界做的功B.在過程中，外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量C.氣體在過程中從外界吸收的熱量小于在過程中向外界放出的熱量D.氣體在過程中內(nèi)能的減少量大于過程中內(nèi)能的增加量【答案】C【解析】A．過程，氣體的溫度不變，體積變大，根據(jù)可知，氣體的壓強減??；過程，氣體壓強不變，這兩個過程中氣體體積的增大量相同，但過程中的壓強較大，故氣體在過程中對外界做的功大于在過程中對外界做的功，故A錯誤；B．過程，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，氣體體積減小，外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，外界對氣體做的功等于氣體向外界放出的熱量，故B錯誤；C．從過程有可得從過程有可得狀態(tài)d的體積為作出對應(yīng)的圖像如圖所示根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示做功大小，由圖可知過程中氣體對外界做的功小于過程中外界對氣體做的功，由于這兩個過程中內(nèi)能均不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體在過程中從外界吸收的熱量小于在過程中向外界放出的熱量，故C正確；D．由能量守恒定律可知，氣體在過程中內(nèi)能的減少量等于過程中內(nèi)能的增加量，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項符合題目要求，全部選對得4分，選對但不全得2分，有選錯的得0分。9.一列簡諧橫波沿軸傳播，時刻的波形圖如圖甲所示，時刻的波形圖如圖乙所示，0~3s時間內(nèi)，平衡位置位于處的質(zhì)點加速度方向改變1次，下列說法正確的是（）A.該簡諧橫波沿軸負(fù)方向傳播B.該簡諧橫波傳播的速度大小為C.平衡位置位于處的質(zhì)點0~3s內(nèi)沿軸負(fù)方向移動了D.平衡位置位于處的質(zhì)點在0~3s內(nèi)運動的路程等于【答案】AB【解析】AB．因0~3s時間內(nèi)，平衡位置位于處的質(zhì)點加速度方向改變1次，可知t=0時刻，該質(zhì)點沿y軸正向運動，可知該簡諧橫波沿軸負(fù)方向傳播，且可得T=4s該簡諧橫波傳播速度大小為選項AB正確；C．質(zhì)點只能在自己平衡位置附近振動，而不隨波遷移，選項C錯誤；D．平衡位置位于處的質(zhì)點先沿y軸負(fù)向振動，在3s末回到原來的位置，0~3s內(nèi)運動的路程等于選項D錯誤。故選AB。10.如圖，水平放置的導(dǎo)熱氣缸被一可自由滑動的光滑絕熱活塞分成A、B兩部分。初始時，A、B的壓強均為，體積比為，環(huán)境溫度為?，F(xiàn)通過兩種方式改變A、B兩部分的體積，第一種方式是通過A氣缸中的加熱絲對A中氣體緩慢加熱，B中氣體保持溫度不變；第二種方式是通過B氣缸壁的閥門把B中氣體緩慢往外抽氣；兩種方式均使A、B的體積比變?yōu)?。以下說法正確的是（）A.兩種方式末狀態(tài)A中氣體的壓強相等B.第一種方式，末狀態(tài)A中氣體的溫度為C.第二種方式，抽出氣體的質(zhì)量與原來B中氣體質(zhì)量的比值為D.第二種方式，抽出氣體的質(zhì)量與原來B中氣體質(zhì)量的比值為【答案】BD【解析】B.第一種方式，設(shè)氣缸容積為5V對B部分氣體，由玻意耳定律可得解得對A部分氣體，由理想氣體狀態(tài)方程可得代入數(shù)據(jù)解得，故B正確；CD.第二種方式，設(shè)氣缸容積為5V，緩慢抽氣，導(dǎo)熱氣缸，可視為兩部分氣體均作等溫變化對A部分氣體，由玻意耳定律可得解得對B部分氣體，由玻意耳定律可得代入數(shù)據(jù)解得第二種方式，抽出氣體的質(zhì)量與原來B中氣體質(zhì)量的比值，故C錯誤，D正確；A.由以上兩種方式所求的末狀態(tài)壓強可知，A錯誤；故選B。11.如圖甲，某新能源工廠采用智能調(diào)速傳送帶運輸原料，傳送帶水平放置且足夠長，以4m/s順時針轉(zhuǎn)動?，F(xiàn)將一質(zhì)量為2kg的貨物輕放在傳送帶左端，貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)。實時調(diào)節(jié)傳送帶速度，使其在貨物運動過程中按圖乙規(guī)律變化。重力加速度取10m/s2。則貨物在3s內(nèi)的運動情況，下列說法正確的是（）A.傳送帶對貨物做功為4J B.貨物始終向右加速，3s末速度達(dá)到4m/sC.貨物相對傳送帶的總位移為3.5m D.系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量為14J【答案】ACD【解析】ABC．貨物剛放上傳送帶時的加速度大小為在內(nèi)，由圖乙可知，傳送帶速度保持不變，在時貨物的速度為該過程貨物與傳送帶通過的位移大小分別為，該過程貨物與傳送帶發(fā)生的相對位移大小為在內(nèi)，由圖乙可知，傳送帶做勻減速運動，減速的加速度大小為設(shè)從經(jīng)過時間，貨物與傳送帶共速，則有解得，在時間內(nèi)貨物與傳送帶通過的位移大小分別為，該過程貨物與傳送帶發(fā)生的相對位移大小為貨物與傳送帶共速后，與傳送帶保持相對靜止；先隨著傳送帶做勻減速運動，再勻速運動；由圖乙可知時，貨物的速度為；根據(jù)動能定理可知傳送帶對貨物做功為貨物相對傳送帶的總位移為故AC正確，B錯誤；D．系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選ACD。12.某運動員在一次滑板訓(xùn)練中的運動簡化如圖所示。段為助滑道和起跳區(qū)，段為傾角為的著陸坡，為停止區(qū)。運動員從助滑道的起點由靜止開始下滑，到達(dá)起跳點時，借助設(shè)備和技巧，以6m/s的速度起跳，方向與水平成，最后落在著陸坡面上的點。已知運動員和滑板的總質(zhì)量為60kg，重力加速度取10m/s2。下列說法正確的是（）A.運動員在空中運行的最小速度為3m/sB.運動員離開著陸坡面的最大距離為C.運動員落在點前瞬間重力的功率為5400WD.若起跳時速度大小不變，改變起跳方向，當(dāng)時，運動員到達(dá)斜坡上的落點距離點最遠(yuǎn)【答案】BC【解析】A．將運動員在空中做斜拋運動，在最高點時的豎直分速度為0，此時速度最小，則運動員在空中運行的最小速度為故A錯誤；B．將運動員在空中的運動分解為沿斜坡和垂直斜坡兩個分運動，當(dāng)垂直斜坡分速度減為0時，運動員離開著陸坡面的距離最大，則有故B正確；C．運動員從點到點所用時間為則運動員落在點時的豎直分速度為運動員落在點前瞬間重力的功率為，故C正確；D．設(shè)，則垂直斜坡方向有沿斜坡方向有整理可得令可得即則可知若起跳時速度大小不變，改變起跳方向，當(dāng)時，運動員到達(dá)斜坡上的落點距離點最遠(yuǎn)，故D錯誤。故選BC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.為探究物體加速度與外力和質(zhì)量的關(guān)系，某研究小組在教材提供案例的基礎(chǔ)上又設(shè)計了不同的方案，如圖甲、乙、丙所示：甲方案中在小車前端固定了力傳感器，并與細(xì)線相連；乙方案中拉動小車的細(xì)線通過滑輪與彈簧測力計相連；丙方案中用帶有光電門的氣墊導(dǎo)軌和滑塊代替長木板和小車。（1）對于以上三種方案，下列說法正確的是________。A.三種方案實驗前均需要平衡摩擦力B.乙、丙方案需要滿足小車或滑塊的質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼的質(zhì)量C.甲、丙方案中的外力F均為槽碼的重力D.乙方案中，小車加速運動時受到細(xì)線的拉力小于槽碼所受重力的一半（2）某次甲方案實驗得到一條紙帶，部分計數(shù)點如下圖所示（每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點未畫出）。已知打點計時器所接交流電源頻率為50Hz，則小車的加速度a=________m/s2。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）某同學(xué)根據(jù)乙方案的實驗數(shù)據(jù)做出了小車的加速度a與彈簧測力計示數(shù)F的關(guān)系圖像如圖所示，圖像不過原點的原因可能是________；若圖中圖線在縱軸上的截距為a0，直線斜率為k，則小車的質(zhì)量m=________?！敬鸢浮浚?）D（2）0.820（3）平衡摩擦力過度【解析】【小問1詳析】A．由于丙裝置用帶有光電門的氣墊導(dǎo)軌，則丙裝置不需要平衡摩擦力，故A錯誤；B．甲裝置中細(xì)線拉力可以通過力傳感器得到，乙裝置中細(xì)線拉力可以通過彈簧測力計得到，所以甲、乙方案不需要滿足小車或滑塊的質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼的質(zhì)量，故B錯誤；C．甲裝置中的外力F為力傳感器示數(shù)，不是槽碼的重力；丙裝置中，當(dāng)滿足槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量時，外力F可近似等于槽碼的重力，故C錯誤；D．乙方案中，以槽碼為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得可得故D正確。故選D?！拘?詳析】每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點未畫出，則相鄰計數(shù)點的時間間隔為根據(jù)逐差法可得小車的加速度為【小問3詳析】[1]由圖像可知，當(dāng)時，小車已經(jīng)具有一定的加速度，所以圖像不過原點的原因可能是平衡摩擦力過度；[2]設(shè)木板傾角為，以小車為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得可得可知圖像的斜率為可得小車的質(zhì)量為14.某電學(xué)實驗小組的同學(xué)發(fā)現(xiàn)一個舊電池所標(biāo)的電動勢是6V，決定利用實驗室所能提供的下列實驗器材對其電動勢和內(nèi)電阻進(jìn)行測量。A．電流表A（量程100mA，內(nèi)阻為4Ω）B．電壓表V（量程3.0V，內(nèi)阻約為4kΩ）C．滑動變阻器R1（阻值范圍0~50Ω，額定電流1.5A）D．電阻箱R2（阻值范圍0~9999Ω）E．電阻箱R3（阻值范圍0~99.99Ω）F．各類開關(guān)和導(dǎo)線若干小組成員設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路圖。（1）先將電流表與并聯(lián)，改裝成一個量程為的電流表，電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為______。（2）為滿足測量要求，需要將電壓表的量程擴大為，小組成員采用如下操作：按圖連好實驗器材，檢查無誤后，開關(guān)斷開，開關(guān)接，將的滑片滑至最左端，的阻值調(diào)為，閉合開關(guān)，適當(dāng)調(diào)節(jié)的滑片，使電壓表的示數(shù)為；保持的滑片位置不變，改變電阻箱的阻值，當(dāng)電壓表示數(shù)為______V時，完成擴大量程，斷開開關(guān)。（3）保持電阻箱的阻值不變，將開關(guān)接到，閉合開關(guān)、，移動的滑片，記錄幾組電壓表V和電流表A的讀數(shù)、，并做出圖像，如圖乙所示。由圖像可求得電池的電動勢______V、內(nèi)阻______。（計算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）【答案】（1）1.00（2）1.5（3）5.802.20【解析】【小問1詳析】先將電流表與并聯(lián)，改裝成一個量程為的電流表，則有解得【小問2詳析】閉合開關(guān)，適當(dāng)調(diào)節(jié)的滑片，使電壓表的示數(shù)為；保持的滑片位置不變，可認(rèn)為電壓表和電壓之和始終等于，則當(dāng)電壓表的示數(shù)為時，說明電阻兩端電壓為，此時的阻值等于電壓表內(nèi)阻，則電壓表的量程被擴大為原來的2倍，即電壓表的量程擴大為。【小問3詳析】[1][2]改裝后電壓表量程擴大到2倍，故測得電壓是原電壓表的示數(shù)的2倍；電流表擴大到5倍，則干路電流為，改裝后電流表內(nèi)阻為根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得可知圖像的縱軸截距為解得電動勢為圖像的斜率絕對值為，解得內(nèi)阻為15.如圖，足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平桌面上，間距，處在磁感應(yīng)強度、豎直向上的勻強磁場中。質(zhì)量、電阻的導(dǎo)體棒長度與導(dǎo)軌間距相等，垂直導(dǎo)軌放置。質(zhì)量、電阻的導(dǎo)體棒與等長，垂直導(dǎo)軌靜止在的右側(cè)某一位置處?，F(xiàn)使以初速度向右