高級中學名校試卷PAGEPAGE12025屆湖南省普通高中高三下學期5月高考模擬最后訓練(一)物理試題本試卷共100分，考試時間75分鐘．注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．下列核反應方程中括號內的粒子為中子的是()A．eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(144,56)Ba＋eq\o\al(89,36)Kr＋()B．eq\o\al(238,92)U→eq\o\al(234,90)Th＋()C．eq\o\al(14,7)N＋eq\o\al(4,2)He→eq\o\al(17,8)O＋()D．eq\o\al(14,6)C→eq\o\al(14,7)N＋()2．圖甲為一列簡諧橫波在時刻的波形圖，圖乙為該波中平衡位置坐標為處質點P的振動圖像，則下列說法中正確的是（）A．該波的傳播方向沿x軸正方向B．該波的傳播速度為C．在時刻，平衡位置在處的質點相對平衡位置的位移為D．在時刻，圖甲中質點P相對平衡位置的位移為10cm3．近年來，我國空間科學創新發展駛入“快車道”。假設有一空間探測器著陸在某個類地星球表面進行觀測時發現，該星球為規則球體，半徑為R，自轉周期為2T，其赤道上空有一顆沿圓形軌道運行的衛星，它的運行方向與類地星球的自轉方向相同，公轉周期為T。如圖所示，某時刻，位于星球赤道上P點的探測器觀測到衛星的仰角為，后，觀測到衛星仰角變為。引力常量為G。根據以上信息，該類地星球的質量約為（）A． B．C． D．4．如圖所示，一物體在某液體中運動時只受到重力G和恒定的浮力F的作用，且F=23G.如果物體從M點以水平初速度v0開始運動，最后落在N點，M、N間的豎直高度為h，M與右壁水平間距為LA．從M運動到N的時間為4B．M與N之間的水平距離為vC．若增大初速度v0D．若h足夠大，當初速度v05．如圖所示，真空中帶電荷量為＋Q和＋3Q的兩點電荷分別固定在等邊三角形ABC的A、B兩點上，O為AB的中點。下列說法正確的是()A．O點的電勢比C點的低B．O點的電場強度比C點的小C．在A、O間某點固定一個負點電荷可能使C點電場強度為零D．在B、O間某點固定一個負點電荷可能使C點電場強度為零6．如圖所示，在水平勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場中，有一豎直固定的足夠長的絕緣桿MN，小球P套在桿上。已知P的質量為m、電荷量為＋q，電場強度為E，磁感應強度為B，P與桿間的動摩擦因數為μ，重力加速度為g。小球由靜止開始下滑，在運動過程中小球的最大加速度為a0，最大速度為v0，則下列判斷正確的是()A．小球開始下滑時的加速度最大B．小球的速度由12v0增大至v0C．當a＝12a0時，小球的速度v與v0之比vvD．當v＝12v0時，小球的加速度a與a0之比aa二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．如圖所示，一單色光束照到厚壁玻璃管的外壁上M點，光從M點進入玻璃后以60°入射角照射到內壁上的P點，反射光線再照射到外壁上的N點。已知該玻璃的折射率為1.5，M、N兩點之間的距離為，真空中的光速c=3×108m/s，下列說法正確的是（）A．在M點只有折射光線，沒有反射光線B．在P點只有反射光線，沒有折射光線C．在N點只有反射光線，沒有折射光線D．光從M經P到N的傳播時間為1×10-10s8．如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數比為10:1，圖中電表均為理想電表，R、L和D分別是光敏電阻（其阻值隨光強增大而減小）、電感線圈和燈泡.原線圈接入如圖乙所示的正弦式交流電，下列說法正確的是（ 甲 乙A．交流電的頻率為50HzB．電壓表的示數為C．有光照射R時，電流表的示數變大D．抽出L中的鐵芯，燈泡D變亮9．一水平傳送帶長，以恒定速率沿順時針方向勻速轉動。在傳送帶左端每隔1s輕放一個相同的小物塊，小物塊的質量，與傳送帶間的動摩擦因數，忽略小物塊的尺寸，取，從第1個小物塊到達傳送帶最右端開始計時，下列說法正確的是（）A．每個小物塊在傳送帶上運動的時間為10sB．計時開始時刻，第8個小物塊剛放上傳送帶C．計時后1s內，傳送帶對所有小物塊摩擦力的總沖量大小為D．計時后1s內，所有小物塊對傳送帶的摩擦力做的總功為10．如圖甲，一質量為的物體置于粗糙水平面上，物體與水平面間的動摩擦因數為。現用一水平拉力F作用于物體上，F隨時間變化的圖像和物體的圖像分別如圖乙、丙所示。規定水平向右為正方向，重力加速度大小取。下列說法正確的是（）A．0~2s內，物體受到水平向左的靜摩擦力 B．0~2s內，物體未受到摩擦力C．物體與水平面間的動摩擦因數為 D．物體與水平面間的動摩擦因數為三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某同學設計了一個驗證機械能守恒定律的實驗，一輕繩一端連接在拉力傳感器上O點，另一端連接在半徑為r的勻質小鋼球上，小鋼球球心至O點的長度為L，O點正下方B位置有一光電門，可記錄小鋼球通過光電門的時間。如圖甲所示，將小鋼球拉至某一位置由靜止釋放，同時拉力傳感器通過計算機采集小鋼球在擺動過程中輕繩上拉力的最大值T和最小值F。改變小鋼球的初始釋放位置，重復上述過程，根據測量數據在直角坐標系中繪制的T-F圖像如乙圖所示。(1)小鋼球從A位置由靜止釋放時，細線與豎直方向成θ角，小鋼球通過最低點位置B時，光電門記錄遮光時間為t，則小鋼球通過光電門的速度vB=；在實驗誤差允許的范圍內，若t2=（用r、L、θ、g等符號表示）則驗證了小鋼球從A點運動到B點過程中機械能守恒。(2)若小鋼球擺動過程中機械能守恒，則繪制乙圖T-F圖像的直線斜率理論值為。(3)小鋼球質量m=30g，根據測量數據繪制的乙圖計算出重力加速度g=m/s2（結果保留3位有效數字），與當地實際重力加速度相比（選填“偏小”“不變”或“偏大”）。12．某課外活動小組利用銅片、鋅片和橙子制成一個水果電池，他們想測量該水果電池的電動勢E和內阻r。(1)將多用電表的選擇開關撥至直流電壓2.5V擋，將紅、黑表筆與銅、鋅片直接接觸，多用電表的表盤指針位置如圖甲所示，其電壓的示數為V，這樣測定的結果和電動勢相比（選填“偏大”、“偏小”或“相同”）。(2)有以下實驗器材可供選擇：A．電流表A1（量程0~100μA，內阻為100Ω）B．電流表A2（量程0~600μA，內阻不計）C．電壓表V（量程0~3V，內阻約為15kΩ）D．定值定阻R0（阻值9900Ω）E．電阻箱R（阻值可調范圍0~9999Ω）F．滑動變阻器R1（阻值變化范圍0~20Ω）G．滑動變阻器R2（阻值變化范圍0~5kΩ）H．開關和導線若干①小明同學選用了其中的一些器材，設計了圖乙所示的電路進一步測定電動勢和內電阻。滑動變阻器應選擇（選填“R1”或“R2”）。正確連接電路，閉合開關，調節滑動變阻器，獲得電流表A1和A2的多組I1和I2數據，并作出I1-I2圖像如圖丙所示，該水果電池的電動勢E=V，內阻r=Ω。（計算結果均保留兩位有效數字）②從提供的實驗器材中選擇合適的器材，在相應方框中再畫出一種測定該水果電池的電動勢和內阻的電路圖、。13．（10分）游樂場的充氣碰碰球是一種新型充氣游樂項目，由0．8mm厚的環保、高彈性、透明的PVC或TPU制成完全封閉的氣艙，并附帶安全背帶和輔助手柄。如圖所示，充氣碰碰球內部由多個拉點拉繩組成，耐沖擊力高達500kg，有力保障了游玩者的安全。人體工程學的設計增加了產品的舒適性，玩法也有多種，可一人或多人參與游玩，可翻滾或多人碰撞玩耍，相比傳統的碰碰車、碰碰船，充氣碰碰球使用更靈活、更有娛樂性，并可鍛煉身體、增強身體素質。如果某款充氣碰碰球充氣前內部空氣壓強為p1＝1．1×105Pa，體積為V1＝1．0m3，現用氣泵給它充氣，每秒可充入ΔV＝2．0×10－2m3、壓強為p0＝1．0×105Pa的空氣，取0℃＝273K，氣體均可視為理想氣體。（結果均保留三位有效數字）（1）若充氣過程中碰碰球容積不變，環境溫度及碰碰球內部溫度也不變，求充氣10s后碰碰球內部氣體的壓強；（2）實際上充氣10s后發現碰碰球體積膨脹了10％，碰碰球內部氣體溫度也由17℃升高到27℃，求充氣后碰碰球內部氣體的壓強。14．如圖所示，水平面上固定著間距不等的兩段平行直導軌，處于磁感應強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中，粗糙導軌PQ、P'Q'的間距為L，光滑導軌MN、M'N'無限長，其間距為2L，導軌電阻均不計，金屬棒ab、cd垂直導軌放置且與導軌接觸良好，均可自由滑動，質量分別為m和2m，二者接入電路的阻值分別為R和2R，一根輕質細線繞過定滑輪（定滑輪用絕緣材料固定在軌道平面內，滑輪質量和摩擦不計），一端系在金屬棒ab的中點上，另一端懸掛一物塊W，W的質量為M，此時金屬棒ab恰好不滑動.現用水平向右的恒定拉力F（未知）使金屬棒cd由靜止開始向右運動，當金屬棒cd達到最大速度時金屬棒ab（1）求金屬棒cd的最大速度vm（2）求恒定拉力F的大小；（3）求撤去拉力F后，金屬棒cd繼續運動的位移大小s；（4）若金屬棒cd從靜止開始至運動到最大速度所用的時間為t，則金屬棒ab從cd棒開始運動到cd棒靜止共產生了多少焦耳熱？15．如圖所示，O點左側有一高為的平臺，物塊B質量，帶電量，靜止在平臺右側邊緣。物塊A水平向右運動，與B發生碰撞，碰后瞬間A、B速度大小相等，隨后取走A，B落在地面上的N點，O、N間距也為L，物塊B落地后彈起瞬間在空間加一水平向左的勻強電場，B恰好能從平臺右邊緣水平向左返回平臺，已知A、B兩物塊均可視為質點，不計一切阻力，A、B碰撞無機械能損失，B與地面碰撞水平分速度不變，豎直分速度大小不變，方向相反。B的電荷量始終保持不變，重力加速度求：(1)物塊A的質量；(2)所加勻強電場場強E的大小；(3)物塊B從N點返回平臺的過程中最小速率。

——★參考答案★——1．【答案】A【詳析】根據電荷數和質量數守恒知，核反應方程為eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(144,56)Ba＋eq\o\al(89,36)Kr＋(3eq\o\al(1,0)n)，故A正確；核反應方程為eq\a\vs4\al(eq\o\al(238,92)U)→eq\o\al(234,90)Th＋(eq\o\al(4,2)He)，故B錯誤；核反應方程為eq\o\al(14,7)N＋eq\o\al(4,2)He→eq\o\al(17,8)O＋(eq\o\al(1,1)H)，故C錯誤；核反應方程為eq\o\al(14,6)C→eq\o\al(14,7)N＋(eq\o\al(0,－1)e)，故D錯誤。2．【答案】C【詳析】A．在乙圖上讀出時刻P質點的振動方向沿y軸正方向，在甲圖上判斷出該波的傳播方向沿x軸負方向，故A錯誤；B．由乙圖讀出周期為T=4s，由圖甲可知波長為8m，波速為，故B錯誤；C．波的傳播方向沿x軸負方向，在時刻，平衡位置在處的質點相對于時刻m的位移，由圖甲可知波動方程為（cm）將m代入解得，故C正確；D．由圖乙可知質點P的振動方程為（cm）將代入解得故D錯誤；故選C。3．【答案】C【詳析】如圖所示P點在內轉過的圓心角，衛星轉過的圓心角，由幾何關系可知，為等腰三角形，則有，根據牛頓第二定律可得，聯立解得。4．【答案】D【解析】本題考查類平拋運動.根據牛頓第二定律有G-F=ma，解得a=g3，該物體做類平拋運動，由h=12at2解得從M運動到N的時間為t=6hg，故A錯誤；M與N之間的水平距離x=v05．【答案】D【解析】兩點電荷均帶正電，離正點電荷越近，電勢越高，由于O點離兩點電荷比C點離兩點電荷更近，所以O點的電勢比C點的高，A錯誤；設等邊三角形的邊長為L，則O點的電場強度大小為EO＝k3QL22－kQL22＝8kQL2，兩點電荷在C點產生的電場的電場強度大小分別為E1＝kQL2，E2＝3kQL2，在圖中作出E1、E2，由于兩點電荷在C點產生的電場的電場強度方向的夾角為60。則C點的電場強度大小滿足EC＜E1＋E2＝4kQL2＜EO＝8kQL2，B錯誤；在A、O間某點固定一個負點電荷，負點電荷在C6．【答案】B【解析】小球剛開始下滑時，對小球受力分析，桿對小球的彈力大小FN＝Eq，滑動摩擦力大小Ff＝μEq，在豎直方向，根據牛頓第二定律有mg－μEq＝ma1，隨著小球速度的增加，小球所受的洛倫茲力由0逐漸增大，則Eq＝Bqv＋FN，可知隨著小球速度的增加，桿對小球的彈力減小，摩擦力減小，當洛倫茲力的大小等于小球所受電場力的大小時，桿對小球的彈力為零，此時小球在豎直方向僅受重力，加速度達到最大，為重力加速度，即a0＝g，隨著小球速度的進一步增大，洛倫茲力將大于電場力，桿上再次出現彈力，方向水平向左，則摩擦力再次出現，豎直方向的合外力減小，加速度減小，直至摩擦力等于小球的重力，小球速度達到最大值，此后小球將做勻速直線運動，因此小球開始下滑時的加速度不是最大，A錯誤；由A項分析可知，小球剛開始運動時，加速度大小為a1＝g－μEqm，在整個過程中加速度先由a1逐漸增大到a0，再由a0逐漸減小為0，假如開始時加速度是由0開始增加的，則根據運動的對稱性可知，當加速度最大時，小球速度恰好達到12v0，但實際上加速度并不是由0開始增加的，因此可知，當加速度最大時，小球的速度還未達到12v0（關鍵點：將物體的運動與加速度由0開始增加進行對比，根據對稱性得出結論），而加速度達到最大之后由于摩擦力的再次出現，小球開始做加速度減小的加速運動，由此可知，小球的速度由12v0增大至v0的過程中，小球的加速度一直減小，B正確；當a＝12a0時，小球可能正在做加速度增大的加速運動，也可能正在做加速度減小的加速運動，若小球正在做加速度增大的加速運動，則v與v0之比vv0小于12，但若小球正在做加速度減小的加速運動，則v與v0之比vv0大于12，C錯誤；當小球的加速度大小為a0＝g，即加速度達到最大時，小球的速度還未達到12v0，因此當v＝12v0時，小球的加速度a一定小于a0，此時由牛頓第二定律有mg－μ（Bqv－Eq）＝ma，即ma0－μ12Bqv0－Eq＝ma，而當小球速度最大時，由牛頓第二定律有ma0＝μ（Bqv0－7．【答案】BD【詳析】A．由圖可知光從M點入射，在M點既有反射光線又有折射光線，A錯誤；BC．已知該玻璃的折射率為1.5，則根據臨界角與折射率之間的關系則可知細光束在該玻璃球中發生全反射的臨界角小于，而細光束經玻璃照射到空氣泡表面上P點時的入射角60。，大于臨界角，因此細光束在P點發生了全反射，而由幾何關系易知在N點，射向空氣時的入射角小于臨界角，因此光束在N點發生了折射，B正確，C錯誤；D．由折射率可得細光束在玻璃中傳播的速度為而由幾何關系可得，光從A點傳播到B點的路程為則光從M點傳播到N點的時間為D正確。8．【答案】ACD【解析】由題圖乙可知T=0.02s,所以頻率f=1T=50Hz,故A正確；電壓表測副線圈兩端電壓,原線圈兩端電壓的最大值是2202V,所以原線圈兩端電壓的有效值U=220V,理想變壓器原、副線圈匝數比為10:1,所以副線圈兩端電壓的有效值為22V,即電壓表的示數為22V,故B錯誤；有光照射R時,R的阻值減小,副線圈所在電路電流增大,副線圈輸出功率增大,所以原線圈輸入功率增大,原線圈所在電路電流增大,電流表的示數變大,9．【答案】BD【詳析】小物塊在傳送帶上先做勻加速直線運動，加速度大小為，則小物塊做勻加速直線運動的時間為，小物塊做勻加速直線運動的位移為，則小物塊在傳送帶上做勻速直線運動的時間為，每個小物塊在傳送帶上運動的時間為t=t1+t2=4s+3s=7s，A錯誤；結合前面分析可知，第1個小物塊到達傳送帶最右端時所花時間為7s，由題知，在傳送帶左端每隔1s輕放一個相同的小物塊，則計時開始時刻，第8個小物塊剛放上傳送帶，B正確；結合前面分析可知，計時后1s內只有5~8四個物塊在皮帶上做勻加速直線運動，摩擦力相同，則由動量定理可得，計時后1s內，傳送帶對所有小物塊摩擦力的總沖量大小為，所有小物塊對傳送帶的摩擦力做的總功為，C錯誤，D正確。10．【答案】AC【詳析】AB．由圖乙、丙可知，內，受到水平向右的拉力且物體保持靜止，根據受力平衡可知，物體受到水平向左的靜摩擦力，故A正確，B錯誤；CD．由圖乙、丙可知，內物體所受拉力方向水平向右，大小為，物體的加速度大小為根據牛頓第二定律有解得故C正確，D錯誤。故選AC。11．【答案】(1)，；(2)-2；(3)9.78，偏小【詳析】（1）小鋼球從A位置由靜止釋放時，細線與豎直方向成θ角，小鋼球通過最低點位置B時，光電門記錄遮光時間為t，則小鋼球通過光電門的速度；小鋼球從A到B過程中，若無空氣阻力，根據機械能守恒定律，有，解得。（2）小鋼球擺動過程中輕繩上拉力的最小值F，則，最大值T有，，聯立解得，所以繪制乙圖T-F圖像的直線斜率理論值為-2；（3）小鋼球質量m=30g，根據乙圖截距知，計算出重力加速度；實際上由于小鋼球擺動過程中始終受空氣阻力的影響，速度始終偏小導致繩上拉力偏小，所以截距偏小，所以與當地實際重力加速度相比偏小。12．【答案】(1)0.85，偏小；(2)R2，0.95，1.0×103，，【詳析】（1）由于多用電表為直流電壓2.5V擋，所以每一小格為0.05V，所以圖示讀數為；由于多用電表測量的是電源兩端的電壓，即路端電壓，其小于電源電動勢，所以這樣測定的結果和電動勢相比偏小。（2）由于水果電池內阻較大，所以滑動變阻器應選擇阻值較大的R2方便實驗調節；根據閉合電路歐姆定律可得，變形整理可得，結合圖像可得，，聯立解得，。根據測定電源電動勢和內阻的實驗原理可知，可以采用伏阻法進行測量，但由于現有電壓表量程太大，需要用電流表A1和定值電阻串聯改裝電壓表，電路如圖所示同時也可以采用安阻法進行測量，電流表選用量程較大的A2，電路如圖所示13．【答案】（1）1．30×105Pa（2）1．22×105Pa【解析】（1）若充氣過程中碰碰球容積不變，環境溫度及碰碰球內部溫度也不變，則根據玻意耳定律得p1V1＋10p0ΔV＝p2V1（3分）代入數據解得p2＝1．30×105Pa（2分）（2）根據理想氣體狀態方程得p1V1+10pT1＝（17＋273）K，T3＝（27＋273）K，代入數據解得p3≈1．22×105Pa（2分）14．【答案】（1）3MgR（2）4Mg（3）9Mmg（4）2【解析】（1）當cd棒達到最大速度vm時,根據右手定則可知,回路中的電流方向為逆時針方向（俯視）,根據左手定則可知ab棒受到水平向右的安培力,ab棒剛要滑動,對ab棒受力分析,有BIL=Mg+fm,cd棒受拉力F作用前,ab棒恰好不滑動,由平衡條件得Mg=fm,聯立解得I=2MgBL,（2）當cd棒達到最大速度vm時,cd棒受力平衡,則拉力F=2BIL,又BIL=（3）金屬棒cd從最大速度到停止過程,由動量定理得-2BI1Lt1=0-2mv（4）金屬棒cd加速過程中,對cd棒由動量定理得Ft-2BI2Lt=2mvm,又I2=E23R=ΔΦ3Rt=2BLs13Rt,聯立可得cd棒加速過程的位移大小s1=3MgR215．【答案】(1)0.1kg(2)60V/m(3)【詳析】（1）設A與B碰前速度大小為v，A、B碰撞無機械能損失，由動量守恒定律有由機械能守恒定律有解得，又因為解得（2）A、B碰撞后，B做平拋運動，水平方向：豎直方向：聯立解得物塊B落地瞬間水平速度豎直速度從N返回平臺，水平方向：豎直方向：解得又因為代入數據解得（3）如圖所示，根據，設等效重力與豎直方向成角，因為，解得2025屆湖南省普通高中高三下學期5月高考模擬最后訓練(一)物理試題本試卷共100分，考試時間75分鐘．注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．下列核反應方程中括號內的粒子為中子的是()A．eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(144,56)Ba＋eq\o\al(89,36)Kr＋()B．eq\o\al(238,92)U→eq\o\al(234,90)Th＋()C．eq\o\al(14,7)N＋eq\o\al(4,2)He→eq\o\al(17,8)O＋()D．eq\o\al(14,6)C→eq\o\al(14,7)N＋()2．圖甲為一列簡諧橫波在時刻的波形圖，圖乙為該波中平衡位置坐標為處質點P的振動圖像，則下列說法中正確的是（）A．該波的傳播方向沿x軸正方向B．該波的傳播速度為C．在時刻，平衡位置在處的質點相對平衡位置的位移為D．在時刻，圖甲中質點P相對平衡位置的位移為10cm3．近年來，我國空間科學創新發展駛入“快車道”。假設有一空間探測器著陸在某個類地星球表面進行觀測時發現，該星球為規則球體，半徑為R，自轉周期為2T，其赤道上空有一顆沿圓形軌道運行的衛星，它的運行方向與類地星球的自轉方向相同，公轉周期為T。如圖所示，某時刻，位于星球赤道上P點的探測器觀測到衛星的仰角為，后，觀測到衛星仰角變為。引力常量為G。根據以上信息，該類地星球的質量約為（）A． B．C． D．4．如圖所示，一物體在某液體中運動時只受到重力G和恒定的浮力F的作用，且F=23G.如果物體從M點以水平初速度v0開始運動，最后落在N點，M、N間的豎直高度為h，M與右壁水平間距為LA．從M運動到N的時間為4B．M與N之間的水平距離為vC．若增大初速度v0D．若h足夠大，當初速度v05．如圖所示，真空中帶電荷量為＋Q和＋3Q的兩點電荷分別固定在等邊三角形ABC的A、B兩點上，O為AB的中點。下列說法正確的是()A．O點的電勢比C點的低B．O點的電場強度比C點的小C．在A、O間某點固定一個負點電荷可能使C點電場強度為零D．在B、O間某點固定一個負點電荷可能使C點電場強度為零6．如圖所示，在水平勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場中，有一豎直固定的足夠長的絕緣桿MN，小球P套在桿上。已知P的質量為m、電荷量為＋q，電場強度為E，磁感應強度為B，P與桿間的動摩擦因數為μ，重力加速度為g。小球由靜止開始下滑，在運動過程中小球的最大加速度為a0，最大速度為v0，則下列判斷正確的是()A．小球開始下滑時的加速度最大B．小球的速度由12v0增大至v0C．當a＝12a0時，小球的速度v與v0之比vvD．當v＝12v0時，小球的加速度a與a0之比aa二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．如圖所示，一單色光束照到厚壁玻璃管的外壁上M點，光從M點進入玻璃后以60°入射角照射到內壁上的P點，反射光線再照射到外壁上的N點。已知該玻璃的折射率為1.5，M、N兩點之間的距離為，真空中的光速c=3×108m/s，下列說法正確的是（）A．在M點只有折射光線，沒有反射光線B．在P點只有反射光線，沒有折射光線C．在N點只有反射光線，沒有折射光線D．光從M經P到N的傳播時間為1×10-10s8．如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數比為10:1，圖中電表均為理想電表，R、L和D分別是光敏電阻（其阻值隨光強增大而減小）、電感線圈和燈泡.原線圈接入如圖乙所示的正弦式交流電，下列說法正確的是（ 甲 乙A．交流電的頻率為50HzB．電壓表的示數為C．有光照射R時，電流表的示數變大D．抽出L中的鐵芯，燈泡D變亮9．一水平傳送帶長，以恒定速率沿順時針方向勻速轉動。在傳送帶左端每隔1s輕放一個相同的小物塊，小物塊的質量，與傳送帶間的動摩擦因數，忽略小物塊的尺寸，取，從第1個小物塊到達傳送帶最右端開始計時，下列說法正確的是（）A．每個小物塊在傳送帶上運動的時間為10sB．計時開始時刻，第8個小物塊剛放上傳送帶C．計時后1s內，傳送帶對所有小物塊摩擦力的總沖量大小為D．計時后1s內，所有小物塊對傳送帶的摩擦力做的總功為10．如圖甲，一質量為的物體置于粗糙水平面上，物體與水平面間的動摩擦因數為。現用一水平拉力F作用于物體上，F隨時間變化的圖像和物體的圖像分別如圖乙、丙所示。規定水平向右為正方向，重力加速度大小取。下列說法正確的是（）A．0~2s內，物體受到水平向左的靜摩擦力 B．0~2s內，物體未受到摩擦力C．物體與水平面間的動摩擦因數為 D．物體與水平面間的動摩擦因數為三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某同學設計了一個驗證機械能守恒定律的實驗，一輕繩一端連接在拉力傳感器上O點，另一端連接在半徑為r的勻質小鋼球上，小鋼球球心至O點的長度為L，O點正下方B位置有一光電門，可記錄小鋼球通過光電門的時間。如圖甲所示，將小鋼球拉至某一位置由靜止釋放，同時拉力傳感器通過計算機采集小鋼球在擺動過程中輕繩上拉力的最大值T和最小值F。改變小鋼球的初始釋放位置，重復上述過程，根據測量數據在直角坐標系中繪制的T-F圖像如乙圖所示。(1)小鋼球從A位置由靜止釋放時，細線與豎直方向成θ角，小鋼球通過最低點位置B時，光電門記錄遮光時間為t，則小鋼球通過光電門的速度vB=；在實驗誤差允許的范圍內，若t2=（用r、L、θ、g等符號表示）則驗證了小鋼球從A點運動到B點過程中機械能守恒。(2)若小鋼球擺動過程中機械能守恒，則繪制乙圖T-F圖像的直線斜率理論值為。(3)小鋼球質量m=30g，根據測量數據繪制的乙圖計算出重力加速度g=m/s2（結果保留3位有效數字），與當地實際重力加速度相比（選填“偏小”“不變”或“偏大”）。12．某課外活動小組利用銅片、鋅片和橙子制成一個水果電池，他們想測量該水果電池的電動勢E和內阻r。(1)將多用電表的選擇開關撥至直流電壓2.5V擋，將紅、黑表筆與銅、鋅片直接接觸，多用電表的表盤指針位置如圖甲所示，其電壓的示數為V，這樣測定的結果和電動勢相比（選填“偏大”、“偏小”或“相同”）。(2)有以下實驗器材可供選擇：A．電流表A1（量程0~100μA，內阻為100Ω）B．電流表A2（量程0~600μA，內阻不計）C．電壓表V（量程0~3V，內阻約為15kΩ）D．定值定阻R0（阻值9900Ω）E．電阻箱R（阻值可調范圍0~9999Ω）F．滑動變阻器R1（阻值變化范圍0~20Ω）G．滑動變阻器R2（阻值變化范圍0~5kΩ）H．開關和導線若干①小明同學選用了其中的一些器材，設計了圖乙所示的電路進一步測定電動勢和內電阻。滑動變阻器應選擇（選填“R1”或“R2”）。正確連接電路，閉合開關，調節滑動變阻器，獲得電流表A1和A2的多組I1和I2數據，并作出I1-I2圖像如圖丙所示，該水果電池的電動勢E=V，內阻r=Ω。（計算結果均保留兩位有效數字）②從提供的實驗器材中選擇合適的器材，在相應方框中再畫出一種測定該水果電池的電動勢和內阻的電路圖、。13．（10分）游樂場的充氣碰碰球是一種新型充氣游樂項目，由0．8mm厚的環保、高彈性、透明的PVC或TPU制成完全封閉的氣艙，并附帶安全背帶和輔助手柄。如圖所示，充氣碰碰球內部由多個拉點拉繩組成，耐沖擊力高達500kg，有力保障了游玩者的安全。人體工程學的設計增加了產品的舒適性，玩法也有多種，可一人或多人參與游玩，可翻滾或多人碰撞玩耍，相比傳統的碰碰車、碰碰船，充氣碰碰球使用更靈活、更有娛樂性，并可鍛煉身體、增強身體素質。如果某款充氣碰碰球充氣前內部空氣壓強為p1＝1．1×105Pa，體積為V1＝1．0m3，現用氣泵給它充氣，每秒可充入ΔV＝2．0×10－2m3、壓強為p0＝1．0×105Pa的空氣，取0℃＝273K，氣體均可視為理想氣體。（結果均保留三位有效數字）（1）若充氣過程中碰碰球容積不變，環境溫度及碰碰球內部溫度也不變，求充氣10s后碰碰球內部氣體的壓強；（2）實際上充氣10s后發現碰碰球體積膨脹了10％，碰碰球內部氣體溫度也由17℃升高到27℃，求充氣后碰碰球內部氣體的壓強。14．如圖所示，水平面上固定著間距不等的兩段平行直導軌，處于磁感應強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中，粗糙導軌PQ、P'Q'的間距為L，光滑導軌MN、M'N'無限長，其間距為2L，導軌電阻均不計，金屬棒ab、cd垂直導軌放置且與導軌接觸良好，均可自由滑動，質量分別為m和2m，二者接入電路的阻值分別為R和2R，一根輕質細線繞過定滑輪（定滑輪用絕緣材料固定在軌道平面內，滑輪質量和摩擦不計），一端系在金屬棒ab的中點上，另一端懸掛一物塊W，W的質量為M，此時金屬棒ab恰好不滑動.現用水平向右的恒定拉力F（未知）使金屬棒cd由靜止開始向右運動，當金屬棒cd達到最大速度時金屬棒ab（1）求金屬棒cd的最大速度vm（2）求恒定拉力F的大小；（3）求撤去拉力F后，金屬棒cd繼續運動的位移大小s；（4）若金屬棒cd從靜止開始至運動到最大速度所用的時間為t，則金屬棒ab從cd棒開始運動到cd棒靜止共產生了多少焦耳熱？15．如圖所示，O點左側有一高為的平臺，物塊B質量，帶電量，靜止在平臺右側邊緣。物塊A水平向右運動，與B發生碰撞，碰后瞬間A、B速度大小相等，隨后取走A，B落在地面上的N點，O、N間距也為L，物塊B落地后彈起瞬間在空間加一水平向左的勻強電場，B恰好能從平臺右邊緣水平向左返回平臺，已知A、B兩物塊均可視為質點，不計一切阻力，A、B碰撞無機械能損失，B與地面碰撞水平分速度不變，豎直分速度大小不變，方向相反。B的電荷量始終保持不變，重力加速度求：(1)物塊A的質量；(2)所加勻強電場場強E的大小；(3)物塊B從N點返回平臺的過程中最小速率。

——★參考答案★——1．【答案】A【詳析】根據電荷數和質量數守恒知，核反應方程為eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(144,56)Ba＋eq\o\al(89,36)Kr＋(3eq\o\al(1,0)n)，故A正確；核反應方程為eq\a\vs4\al(eq\o\al(238,92)U)→eq\o\al(234,90)Th＋(eq\o\al(4,2)He)，故B錯誤；核反應方程為eq\o\al(14,7)N＋eq\o\al(4,2)He→eq\o\al(17,8)O＋(eq\o\al(1,1)H)，故C錯誤；核反應方程為eq\o\al(14,6)C→eq\o\al(14,7)N＋(eq\o\al(0,－1)e)，故D錯誤。2．【答案】C【詳析】A．在乙圖上讀出時刻P質點的振動方向沿y軸正方向，在甲圖上判斷出該波的傳播方向沿x軸負方向，故A錯誤；B．由乙圖讀出周期為T=4s，由圖甲可知波長為8m，波速為，故B錯誤；C．波的傳播方向沿x軸負方向，在時刻，平衡位置在處的質點相對于時刻m的位移，由圖甲可知波動方程為（cm）將m代入解得，故C正確；D．由圖乙可知質點P的振動方程為（cm）將代入解得故D錯誤；故選C。3．【答案】C【詳析】如圖所示P點在內轉過的圓心角，衛星轉過的圓心角，由幾何關系可知，為等腰三角形，則有，根據牛頓第二定律可得，聯立解得。4．【答案】D【解析】本題考查類平拋運動.根據牛頓第二定律有G-F=ma，解得a=g3，該物體做類平拋運動，由h=12at2解得從M運動到N的時間為t=6hg，故A錯誤；M與N之間的水平距離x=v05．【答案】D【解析】兩點電荷均帶正電，離正點電荷越近，電勢越高，由于O點離兩點電荷比C點離兩點電荷更近，所以O點的電勢比C點的高，A錯誤；設等邊三角形的邊長為L，則O點的電場強度大小為EO＝k3QL22－kQL22＝8kQL2，兩點電荷在C點產生的電場的電場強度大小分別為E1＝kQL2，E2＝3kQL2，在圖中作出E1、E2，由于兩點電荷在C點產生的電場的電場強度方向的夾角為60。則C點的電場強度大小滿足EC＜E1＋E2＝4kQL2＜EO＝8kQL2，B錯誤；在A、O間某點固定一個負點電荷，負點電荷在C6．【答案】B【解析】小球剛開始下滑時，對小球受力分析，桿對小球的彈力大小FN＝Eq，滑動摩擦力大小Ff＝μEq，在豎直方向，根據牛頓第二定律有mg－μEq＝ma1，隨著小球速度的增加，小球所受的洛倫茲力由0逐漸增大，則Eq＝Bqv＋FN，可知隨著小球速度的增加，桿對小球的彈力減小，摩擦力減小，當洛倫茲力的大小等于小球所受電場力的大小時，桿對小球的彈力為零，此時小球在豎直方向僅受重力，加速度達到最大，為重力加速度，即a0＝g，隨著小球速度的進一步增大，洛倫茲力將大于電場力，桿上再次出現彈力，方向水平向左，則摩擦力再次出現，豎直方向的合外力減小，加速度減小，直至摩擦力等于小球的重力，小球速度達到最大值，此后小球將做勻速直線運動，因此小球開始下滑時的加速度不是最大，A錯誤；由A項分析可知，小球剛開始運動時，加速度大小為a1＝g－μEqm，在整個過程中加速度先由a1逐漸增大到a0，再由a0逐漸減小為0，假如開始時加速度是由0開始增加的，則根據運動的對稱性可知，當加速度最大時，小球速度恰好達到12v0，但實際上加速度并不是由0開始增加的，因此可知，當加速度最大時，小球的速度還未達到12v0（關鍵點：將物體的運動與加速度由0開始增加進行對比，根據對稱性得出結論），而加速度達到最大之后由于摩擦力的再次出現，小球開始做加速度減小的加速運動，由此可知，小球的速度由12v0增大至v0的過程中，小球的加速度一直減小，B正確；當a＝12a0時，小球可能正在做加速度增大的加速運動，也可能正在做加速度減小的加速運動，若小球正在做加速度增大的加速運動，則v與v0之比vv0小于12，但若小球正在做加速度減小的加速運動，則v與v0之比vv0大于12，C錯誤；當小球的加速度大小為a0＝g，即加速度達到最大時，小球的速度還未達到12v0，因此當v＝12v0時，小球的加速度a一定小于a0，此時由牛頓第二定律有mg－μ（Bqv－Eq）＝ma，即ma0－μ12Bqv0－Eq＝ma，而當小球速度最大時，由牛頓第二定律有ma0＝μ（Bqv0－7．【答案】BD【詳析】A．由圖可知光從M點入射，在M點既有反射光線又有折射光線，A錯誤；BC．已知該玻璃的折射率為1.5，則根據臨界角與折射率之間的關系則可知細光束在該玻璃球中發生全反射的臨界角小于，而細光束經玻璃照射到空氣泡表面上P點時的入射角60。，大于臨界角，因此細光束在P點發生了全反射，而由幾何關系易知在N點，射向空氣時的入射角小于臨界角，因此光束在N點發生了折射，B正確，C錯誤；D．由折射率可得細光束在玻璃中傳播的速度為而由幾何關系可得，光從A點傳播到B點的路程為則光從M點傳播到N點的時間為D正確。8．【答案】ACD【解析】由題圖乙可知T=0.02s,所以頻率f=1T=50Hz,故A正確；電壓表測副線圈兩端電壓,原線圈兩端電壓的最大值是2202V,所以原線圈兩端電壓的有效值U=220V,理想變壓器原、副線圈匝數比為10:1,所以副線圈兩端電壓的有效值為22V,即電壓表的示數為22V,故B錯誤；有光照射R時,R的阻值減小,副線圈所在電路電流增大,副線圈輸出功率增大,所以原線圈輸入功率增大,原線圈所在電路電流增大,電流表的示數變大,9．【答案】BD【詳析】小物塊在傳送帶上先做勻加速直線運動，加速度大小為，則小物塊做勻加速直線運動的時間為，小物塊做勻加速直線運動的位移為，則小物塊在傳送帶上做勻