新疆哈密石油高中2025年化學高二下期末達標檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、下列各種說法中不正確的是()A．在水中氫、氧原子間均以共價鍵相結合B．離子鍵是陽離子、陰離子的靜電作用C．H2和CD．金屬具有金屬光澤及良好的導電性和導熱性，這些性質均與金屬鍵有關2、下列關于物質分類的說法正確的是()①稀豆漿、硅酸、氯化鐵溶液都屬于膠體②氯水、次氯酸都屬于弱電解質③Na2O、MgO、Al2O3均屬于堿性氧化物④明礬、冰水混合物、四氧化三鐵都不是混合物⑤電解熔融的Al2O3、12C轉化為14C都屬于化學變化⑥葡萄糖、油脂都不屬于有機高分子A．①② B．②④ C．③⑤ D．④⑥3、下列裝置能達到實驗目的的是A．用裝置甲制備氨氣 B．用裝置乙除去氨氣中少量水C．用裝置丙收集氨氣 D．用裝置丁吸收多余的氨氣4、向Na2CO3、NaHCO3混合溶液中逐滴加入稀鹽酸，生成氣體的量隨鹽酸加入量的變化關系如圖所示，則下列離子組在對應的溶液中一定能大量共存的是()A．a點對應的溶液中：Na＋、OH－、SO42—、NO3—B．b點對應的溶液中：K＋、Ca2＋、MnO4—、Cl－C．c點對應的溶液中：Na＋、Ca2＋、NO3—、Cl－D．d點對應的溶液中：F－、NO3—、Fe2＋、Ag＋5、鐵是常見金屬，它在元素周期表中位于第四周期Ⅷ族，原子序數為26，則Fe2＋的結構示意圖為()A．B．C．D．6、0.01mol氯化鉻（CrCl3·6H2O）在水溶液中用過量的AgNO3溶液處理，產生0.02molAgCl沉淀，此氯化鉻最可能為A．[Cr(H2O)6]Cl3 B．[Cr(H2O)4Cl2]Cl·2H2OC．[Cr(H2O)5Cl]Cl2·H2O D．[Cr(H2O)3Cl3]·3H2O7、下列有關物質變化和分類的說法正確的是A．電解熔融態的Al2O3、12C轉化為14C都屬于化學變化B．膽礬、冰水混合物、四氧化三鐵都不是混合物C．葡萄糖溶液和淀粉溶液作為分散系的本質區別是能否發生丁達爾效應D．SiO2、CO、Al2O3都屬于酸性氧化物8、已知：C（s）+H2O（g）==CO(g)+H2(g)△H=akJ·mol-12C（s）+O2（g）==2CO(g)△H=-220kJ·mol-1H-H、O=O和O-H鍵的鍵能（kJ·mol-1）分別為436、496和462，則a為（）A．-332 B．-118 C．+350 D．+1309、實驗室中以下物質的貯存方法，不正確的是A．保存硫酸亞鐵溶液時，向其中加入鐵釘和少量硫酸B．少量金屬鋰保存在煤油中C．少量液溴可用水封存，防止溴揮發D．濃硝酸用帶玻璃塞的細口、棕色試劑瓶盛放，并貯存在陰涼處10、100mL0.10mol·L－1Na2SO3溶液恰好把224mL（標準狀況下）Cl2完全轉化為Cl－離子，則SO32－將轉化為A．SO42－ B．S C．SO2 D．S2－11、由2-溴丙烷為主要原料制取1，2-丙二醇時，需要經過的反應類型是：（）A．加成—消去—取代 B．消去—加成—取代C．取代—消去—加成 D．取代—加成—消去12、下列說法正確的是（）A．油脂的水解反應稱為皂化反應B．淀粉、蛋白質均含有C、H、O、N、P等元素C．酶是一種常見的催化劑，溫度越高，催化活性越強D．向雞蛋清溶液中加入飽和硫酸鈉溶液會析出白色沉淀，加水沉淀會重新溶解13、以下不屬于酯類物質的是A．甘氨酸 B．硝化甘油 C．脂肪 D．硝酸纖維14、某溶液中可能含有Na+、NH4+、Fe2+、K+、I－、SO32－、SO42－，且所有離子物質的量濃度相等。向該無色溶液中滴加少量溴水，溶液仍呈無色。下列關于該溶液的判斷正確的是A．肯定不含I－ B．肯定含有SO32－、I－C．肯定不含SO42－ D．肯定含有NH4+15、下列說法正確的是A．25℃時，0.1mol·L-1的CH3COOH溶液中，由水電離的c(H+)為1×10-13mol·L-1B．25℃時，pH=3的H2SO4溶液和pH=10的NaOH溶液恰好完全中和，消耗酸和堿的體積比為1:10C．同濃度同體積的醋酸和鹽酸溶液分別與足量鋅反應，鹽酸消耗的鋅比較多D．常溫下，向1mol·L-1的鹽酸中加入等體積等濃度的氨水，溶液導電能力不變16、物質分離和提純操作中，可能含有化學變化的是A．洗氣B．萃取C．升華D．過濾17、某有機物的結構簡式為，它在一定條件下不可能發生①加成、②水解、③消去、④酯化、⑤中和中的反應有()A．①B．②④C．②③D．③18、恒溫恒容條件下發生反應：N2(g)＋3H2(g)2NH3(g)，若將1mol氮氣和3mol氫氣充入密閉容器中，反應達平衡時，氨氣的體積分數為a。保持相同條件，在密閉容器中分別充入下列物質，反應達平衡時，氨氣的體積分數不可能為a的是A．2molNH3 B．1molN2、3molH2和2molNH3C．0.5molN2、1.5molH2和1molNH3 D．0.1molN2、0.3molH2和1.8molNH319、下列有關物質性質與用途具有對應關系的是A．鋁具有延展性，可用于冶煉金屬B．木炭具有還原性，可用于冰箱除異味C．過氧化鈉呈淺黃色，可用于潛水艇供氧D．碳酸鈉水解呈堿性，可用于清洗油污20、在一定溫度下、一定體積條件下，能說明下列反應達到平衡狀態的是A．反應2SO2(g)+O2(g)2SO3(g)容器內的密度不隨時間變化B．反應A2(g)+B2(g)2AB(g)容器內A2的消耗速率與AB消耗速率相等C．反應N2+3H22NH3容器內氣體平均相對分子質量不隨時間變化D．反應4A(s)+3B(g)2C(g)+D(g)容器內氣體總壓強不隨時間變化21、設NA表示阿伏加德羅常數的值。下列說法正確的是A．lL0.lmol·L－1Na2S溶液中S2－和H2S的數目之和為0.1NAB．46g有機物C2H6O的分子結構中含有的C－H鍵數目一定為5NAC．60g的乙酸和葡萄糖混合物充分燃燒消耗2NA個O2分子D．電解精煉銅，陽極溶解銅6.4g時，陰極得電子數目為0.2NA22、下列實驗操作能達到實驗目的的是（）實驗目的實驗操作A制備膠體將濃溶液滴加到飽和的溶液中B由溶液制備無水將溶液加熱蒸干C除去Cu粉中混有的CuO加入稀硝酸溶液，過濾、洗滌、干燥D配制溶液將氯化鐵固體溶于鹽酸中A．A B．B C．C D．D二、非選擇題(共84分)23、（14分）高血脂是一種常見的心血管疾病.治療高血脂的新藥I的合成路線如下圖所示:已知：a、；b、RCHO請回答下列問題:(1)反應①所需試劑、條件分別是___________________。(2)②的反應類型是____________;A→B的化學方程式為____________________。(3)G的結構簡式為____________;H中所含官能團的名稱是______________。(4)化合物W的相對分子質量比化合物C大14。且滿足下列條件.W的可能結構有___種。①遇FeCl3溶液顯紫色②屬于芳香族化合物③能發生銀鏡反應其中核磁共振氫譜顯示有5種不同化學環境的氫.且峰面積比為2:2:2:1:1的結構簡式為_____________(5)設計用甲苯和乙醛為原料制備的合成路線，其他無機試劑任選(合成路線常用的表示方式為:A→反應條件反應試劑B……→反應條件反應試劑24、（12分）有機物F(BisphenolAdimethacrylate)是一種交聯單體。合成F的一種路線如下：已知：①+HCN②B不能發生銀鏡反應。③C能與FeCl3發生顯色反應，核磁共振氫譜顯示有4種不同化學環境的氫。④E既能使溴水褪色又能使石蕊試液顯紅色。⑤1molF最多可與4molNaOH反應。回答下列問題：（1）A與B反應的化學方程式為________________。（2）B→D的反應類型為____，E的結構簡式為________。（3）F的結構簡式為____________。（4）C的同分異構體中含有萘環()結構，萘環上只有1個取代基且水解產物之一能與FeCl3溶液發生顯色反應的同分異構體共有____種(不考慮立體異構)，其中核磁共振氫譜有8組峰的是____________(寫出其中一種的結構簡式)。（5）A經如下步驟可合成環己烯甲酸：AGHI反應條件1為________；反應條件2為______；反應條件3所選擇的試劑為____；I的結構簡式為____。25、（12分）高鐵酸鉀(K2FeO4)為紫黑色粉末，是一種新型高效消毒劑。K2FeO4易溶于水，微溶于濃KOH溶液，在0℃~5℃的強堿性溶液中較穩定。一般制備方法是先用Cl2與KOH溶液在20℃以下反應生成KClO（在較高溫度下則生成KClO3），KClO再與KOH、Fe(NO3)3溶液反應即可制得K2FeO4。實驗裝置如圖所示：回答下列問題：(1)制備KClO。①儀器a的名稱是________________；裝置B吸收的氣體是________。②裝置C中三頸燒瓶置于冰水浴中的目的是______________；裝置D的作用是_____________。(2)制備K2FeO4。①裝置C中得到足量KClO后，將三頸燒瓶上的導管取下，加入KOH溶液、Fe(NO3)3溶液，水浴控制反應溫度，攪拌，當溶液變為紫紅色，該反應的離子方程式為________________________________。②向裝置C中加入飽和________溶液，析出紫黑色晶體，過濾。(3)測定K2FeO4純度。測定K2FeO4的純度可用滴定法，滴定時有關反應的離子方程式為：a.FeO42-+CrO2-+2H2O=CrO42-+Fe(OH)3↓+OH-b.2CrO42-+2H+=Cr2O72-+H2Oc.Cr2O72-+6Fe2++14H+=2Cr3++6Fe3++7H2O稱取2.0g制備的K2FeO4樣品溶于適量KOH溶液中，加入足量的KCrO2，充分反應后過濾，濾液在250mL容量瓶中定容．取25.00mL加入稀硫酸酸化，用0.10mol?L-1的(NH4)2Fe(SO4)2標準溶液滴定至終點，重復操作2次，平均消耗(NH4)2Fe(SO4)2溶液的體積為24.00mL，則該K2FeO4樣品的純度為________。26、（10分）己知溴乙烷(C2H5Br)是無色液體，沸點38.4℃，密度比水大，難溶于水，可溶于多種有機溶劑。在溴乙烷與NaOH乙醇溶液的消去反應中可以觀察到有氣體生成。有人設計了如圖所示的裝置，用KMnO4酸性溶液是否褪色來檢驗生成的氣體是否是乙烯。請回答下列問題：(1)儀器a的名稱為__________。(2)實驗前應檢測裝置A的氣密性。方法如下：關閉止水夾c，由儀器a向儀器b中加水，若______________________________，則證明裝置A不漏氣。(3)儀器b中發生反應的化學方程式為______________________________。(4)反應開始一段時間后，在裝置B底部析出了較多的油狀液體，若想減少油狀液體的析出，可對裝置A作何改進？__________________________________________________(5)裝置A中產生的氣體通入裝置C之前要先通過裝置B，裝置B的作用為__________________。(6)檢驗乙烯除用KMnO4酸性溶液外還可選用的試劑有__________，此時，是否還有必要將氣體先通過裝置B？__________(填“是”或“否”)。27、（12分）某液態鹵代烷RX（R是烷基，X是某種鹵素原子）的密度是ag/cm3，該RX可以跟稀堿發生水解反應生成ROH（能跟水互溶）和HX。為了測定RX的相對分子質量，擬定的實驗步驟如下：①準確量取該鹵代烷bmL，放入錐形瓶中。②在錐形瓶中加入過量稀NaOH溶液，塞上帶有長玻璃管的塞子，加熱，發生反應。③反應完成后，冷卻溶液，加稀HNO3酸化，滴加過量AgNO3溶液，得白色沉淀。④過濾，洗滌，干燥后稱重，得到cg固體。回答下面問題：（1）裝置中長玻璃管的作用是________________________。（2）步驟④中，洗滌的目的是為了除去沉淀上吸附的__________________離子。（3）該鹵代烷中所含鹵素的名稱是_____，判斷的依據是______________。（4）該鹵代烷的相對分子質量是____________________。（用含a、b、c的代數式表示）（5）如果在步驟③中加HNO3的量不足，沒有將溶液酸化，則步驟④中測得的c值（填下列選項代碼）___________。A．偏大B．偏小C．大小不定D．不變28、（14分）常溫下，某水溶液M中存在的離子有：Na＋、A2－、HA－、H＋、OH－，存在的分子有H2O、H2A。根據題意回答下列問題：（1）寫出酸H2A的電離方程式________________。（2）若溶液M由10mL2mol·L-1NaHA溶液與2mol·L-1NaOH溶液等體積混合而成，則溶液M的pH________7（填“＜”、“＞”或“=”），溶液中離子濃度由大到小順序為________________。已知常溫下Ksp(BaA)＝1.8×10-10，向該混合溶液中加入10mL1mol·L-1BaCl2溶液，混合后溶液中的Ba2＋濃度為__________mol·L-1。（3）若溶液M有下列三種情況：①0.01mol·L-1的H2A溶液；②0.01mol·L-1的NaHA溶液；③0.02mol·L-1的HCl與0.04mol·L-1的NaHA溶液等體積混合液，則三種情況的溶液中H2A分子濃度最大的為________；pH由大到小的順序為_________________。（4）若溶液M由pH＝3的H2A溶液V1

mL與pH＝11的NaOH溶液V2

mL混合反應而得，混合溶液c(H＋)/c(OH-)＝104，V1與V2的大小關系為_________（填“大于”“小于”“等于”或“均有可能”）。29、（10分）氮、鉻及其相關化合物用途非常廣泛。回答下列問題：(1)基態N原子的核外電子排布式為___，Cr位于元素周期表第四周期___族。(2)Cr與K位于同一周期且最外層電子數相同，兩種元素原子第一電離能的大小關系為___；Crcl3的熔點(83℃)比CrF3的熔點(1100℃)低得多，這是因為___。(3)Cr的一種配合物結構如圖所示：①陰離子C1O4－的空間構型為___形。②配離子中，中心離子的配位數為___，N與中心原子形成的化學鍵稱為___鍵。③配體H2NCH2CH2NH2(乙二胺)中碳原子的雜化方式是______，分子中三種元素電負性從大到小的順序為___(4)氮化鉻的熔點為1770℃，它的一種晶體的晶胞結構如圖所示，其密度為5.9g·cm－3，氮化鉻的晶胞邊長為___(列出計算式)nm.

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、A【解析】分析：A項，在水中H、O原子間存在共價鍵和氫鍵；B項，離子鍵是陽離子、陰離子的靜電作用；C項，化學反應的本質是反應物中化學鍵的斷裂和生成物化學鍵的形成過程；D項，金屬具有金屬光澤、良好的導電性和導熱性都與金屬鍵有關。詳解：A項，在水中H、O原子間存在共價鍵和氫鍵，A項錯誤；B項，離子鍵是陽離子、陰離子的靜電作用，B項正確；C項，化學反應的本質是反應物中化學鍵的斷裂和生成物化學鍵的形成過程，H2和Cl2反應生成HCl，反應過程中斷裂H—H鍵和Cl—Cl鍵、形成H—Cl鍵，C項正確；D項，由于自由電子可吸收所有頻率的光，然后很快釋放出各種頻率的光，金屬具有金屬光澤，在外加電場作用下金屬中的自由電子做定向移動形成電流，金屬具有良好的導電性，自由電子在運動過程中與金屬陽離子發生碰撞，引起能量的交換，金屬具有良好的導熱性，金屬具有金屬光澤、良好的導電性和導熱性都與金屬鍵有關，D項正確；答案選A。2、D【解析】

試題分析：①分散質微粒直徑不同是分散系的本質區別，稀豆漿屬于膠體分散系、硅酸是難溶的沉淀、氯化鐵溶液不是膠體，故①錯誤；②氯水是氯氣的水溶液屬于混合物，次氯酸屬于弱電解質，故②錯誤；③Na2O、MgO和酸反應生成鹽和水，均為堿性氧化物，Al2O3均既能與酸反應又能與堿反應，是兩性氧化物，故③錯誤；④明礬是硫酸鋁鉀晶體屬于化合物、冰水混合物是一種物質組成的純凈物、四氧化三鐵是化合物，都不是混合物，故④正確；⑤12C轉化為14C是核反應，既不屬于物理變化又不屬于化學變化，故⑤錯誤；⑥葡萄糖、油脂屬于有機物，但是相對分子質量不大，不是高分子化合物，故⑥正確；故選D。【點晴】基礎考查，側重概念的理解與應用；膠體是分散質直徑在1-100nm的分散系，硅酸是沉淀，氯化鐵溶液不是膠體；水溶液中部分電離的電解質為弱電解質，是化合物；堿性氧化物是指和酸反應生成鹽和水的氧化物；不同物質組成的為混合物；物理變化和化學變化的根本區別在于是否有新物質生成．如果有新物質生成，則屬于化學變化；有機高分子化合物是指相對分子質量很大的有機物，可達幾萬至幾十萬，甚至達幾百萬或更大；據此分析判斷即可。3、D【解析】

A.用裝置甲制備氨氣時試管口應該略低于試管底，A錯誤；B.氨氣能被濃硫酸吸收，不能用裝置乙除去氨氣中少量水，B錯誤；C.氨氣密度小于空氣，用向下排空氣法收集，但收集氣體不能密閉，不能用裝置丙收集氨氣，C錯誤；D.氨氣極易溶于水，用裝置丁吸收多余的氨氣可以防止倒吸，D正確；答案選D。【點睛】本題考查化學實驗方案的評價，把握實驗裝置圖的作用、物質的性質為解答的關鍵，注意實驗的操作性、評價性分析。4、C【解析】試題分析：向Na2CO3、NaHCO3，a點溶液中含有CO32-和HCO3-，b點全部為HCO3-，c點恰好完全反應生成NaCl，溶液呈中性，d點鹽酸過量，呈酸性，A．a點溶液中含有CO32-和HCO3-，HCO3-與OH-反應不能大量共存，故A錯誤；B．b點全部為HCO3-，MnO4-與Cl－發生氧化還原反應反應而不能大量共存，故B錯誤；C．c點恰好完全反應生成NaCl，溶液呈中性，離子之間不發生任何反應，可大量共存，故C正確；D．d點呈酸性，酸性條件下，NO3-與Fe2+發生氧化還原反應而不能大量共存，F-在酸性條件下不能大量共存，故D錯誤．故選：C．考點：離子共存問題5、C【解析】分析：鐵失去2電子后轉化為亞鐵離子，根據核外電子排布規律解答。詳解：鐵是常見金屬，它在元素周期表中位于第四周期Ⅷ族，原子序數為26，核外電子排布式是1s22s22p63s23p63d64s2，則Fe2＋的核外電子排布式是1s22s22p63s23p63d6，所以其結構示意圖為。答案選C。6、C【解析】

0.01mol的氯化鉻能生成0.02mol的AgCl沉淀，說明該氯化鉻中的Cl-僅有兩個形成的是離子鍵，那么剩余的一個Cl-則是通過配位鍵與中心原子形成了配離子；C項的書寫形式符合要求；答案選C。7、B【解析】

A.電解熔融的氧化鋁會生成鋁和氧氣，是化學變化，但12C轉化為14C是原子核內中子數發生了變化，不屬于化學變化，A錯誤；B.膽礬是CuSO4·5H2O，是純凈物；四氧化三鐵也是純凈物；冰水混合物里面只有一種分子即水分子，所以也是純凈物；B正確；C.葡萄糖溶液和淀粉溶液分別屬于溶液和膠體，本質區別是分散質粒子直徑，C錯誤；D.SiO2是酸性氧化物，CO是不成鹽氧化物，Al2O3是兩性氧化物，D錯誤；故合理選項為B。【點睛】純凈物是由一種分子組成的物質，結晶水合物是純凈物，冰水混合物也是純凈物。淀粉溶液雖然稱為溶液，但里面的大多數粒子的直徑在1nm-100nm之間，所以屬于膠體。8、D【解析】

由①C（s）+H2O（g）==CO(g)+H2(g)△H=akJ·mol-1②2C（s）+O2（g）==2CO(g)△H=-220kJ·mol-1結合蓋斯定律可知,②?①×2得到O2(g)+2H2(g)═2H2O(g)，△H=?220kJmol?2akJ/mol=?(220+2a)kJ/mol，焓變等于斷鍵吸收能量減去成鍵釋放的能量，則496+2×431?462×2×2=?(220+2a)，解得a=+130，故選D.9、B【解析】試題分析：A、硫酸亞鐵溶液中存在亞鐵離子的水解和被氧化，所以加入鐵釘防止被氧化，加入硫酸防止水解，A正確；B.鋰的密度比煤油小，應保存在石蠟油中，B錯誤；C.液溴易揮發，所以通常保存在棕色玻璃試劑瓶中，并在液溴上加少量水液封，C正確；D.濃硝酸見光易分解，所以保存在棕色玻璃試劑瓶中，并貯存在陰涼處，D正確；答案選B。【考點定位】考查試劑的保存方法。【名師點睛】本題考查了常見試劑的保存方法，該類試題旨在考查學生對基礎知識和基本技能的理解和掌握。在一定程度上考查了學生的知識的靈活運用能力和分析問題解決問題的能力。題目難度中等。試劑瓶選用注意的四個要素：（1）瓶口：固體藥品存放于廣口瓶；液體藥品存放于細口瓶。（2）瓶質：與玻璃強烈反應的試劑（如氫氟酸）不能用玻璃試劑瓶盛裝（氫氟酸裝在塑料瓶中）。（3）瓶塞：強堿性溶液不可用玻璃塞試劑瓶盛裝（用橡膠塞）（4）瓶色：見光易分解的試劑保存在棕色試劑瓶中。10、A【解析】

Cl2完全轉化為Cl－離子，氯氣化合價降低，則亞硫酸根化合價升高，則+4價升高，縱觀答案只有硫酸根中硫為+6價，故A正確；綜上所述，答案為A。【點睛】利用氧化還原反應原理，有元素化合價升高，必定有元素化合價降低來分析。11、B【解析】

由2－溴丙烷為主要原料制取1，2－丙二醇時，首先發生消去反應生成丙烯，然后丙烯和溴水發生加成反應生成1，2－二溴丙烷，最后1，2－二溴丙烷發生水解反應生成1，2－丙二醇，需要經過的反應類型是消去—加成—取代。答案選B。12、D【解析】

A.油脂在堿性條件下的水解反應稱為皂化反應，A錯誤；B.淀粉只含有C、H、O等元素，蛋白質含有C、H、O、N、P等元素，B錯誤；C.酶是蛋白質，溫度過高會發生變性，失去催化活性，C錯誤；D.雞蛋清為蛋白質，向雞蛋清溶液中加入飽和硫酸鈉溶液發生鹽析，會析出白色沉淀，加水沉淀會重新溶解，D正確；答案為D。13、A【解析】

A．甘氨酸是氨基酸，不屬于酯類物質，故A選；B．硝化甘油是硝酸和甘油形成的酯類物質，故B不選；C．脂肪是高級脂肪酸甘油酯，屬于酯類，故C不選；D．硝酸纖維是硝酸和纖維素發生酯化反應得到的酯類物質，故D不選；答案選A。14、C【解析】因為溶液呈無色，則溶液中不含Fe2+；溶液中加入少量溴水，溶液呈無色，溶液中一定含SO32-（反應為Br2+SO32-+H2O=2Br-+SO42-+2H+），由于SO32-的還原性強于I-，加入的溴水是少量，不能確定溶液中是否存在I-，A、B項錯誤；由于溶液中所有離子物質的量濃度相同，根據電荷守恒，Na+、NH4+、K+都為帶一個單位正電荷的陽離子，溶液中Na+、NH4+、K+至少含有兩種，而SO42-為帶2個單位負電荷的陰離子，則溶液中一定不含SO42-，C項正確、D項錯誤；答案選C。【點睛】易錯點：加入少量溴水后，溶液仍呈無色易判斷出一定不含I-；事實是還原性SO32-I-，少量溴水先與還原性強的SO32-反應，即使含I-也不能發生反應發生顏色的變化。15、B【解析】分析：A.根據已知條件無法求算水電離的c(H+)；B.兩溶液恰好中和，則n（H+）=n（OH-），所以Vac（H+）=Vbc（OH-），據此計算；C.醋酸和鹽酸都為一元酸，同濃度同體積，則醋酸和鹽酸的物質的量相等，因此消耗的鋅一樣多；D.向鹽酸中加入等體積等濃度的氨水，溶液的體積增大，導致導電能力減弱。詳解：A.25℃時，0.1mol·L-1的CH3COOH溶液中，CH3COOH的電離程度未知，因此由水電離的c(H+)無法計算，A錯誤；B.pH=3的H2SO4溶液中c（H+）=10-3mol/L，pH=10的NaOH溶液中c（OH-）=10-4mol/L，兩溶液恰好中和，則n（H+）=n（OH-），所以Vac（H+）=Vbc（OH-），所以Va：Vb=c（OH-）：c（H+）=10-4mol/L：10-3mol/L=1：10，B正確；C.同濃度同體積的醋酸和鹽酸溶液分別與足量鋅反應，消耗的鋅一樣多，C錯誤；D.常溫下，向1mol·L-1的鹽酸中加入等體積等濃度的氨水，溶質變為氯化銨氨，由于溶液的體積增大，導致導電能力減弱，D錯誤；答案選B.點睛：溶液的導電能力取決于溶液中自由移動的離子濃度，自由移動的離子濃度越大導電性越強，自由移動的離子濃度越小，導電性越弱。16、A【解析】A.洗氣操作中，可能含有化學變化，例如利用飽和碳酸氫鈉溶液除去CO2中的氯化氫，A正確；B.萃取利用的是溶解性的不同，屬于物理變化，B錯誤；C.升華是固態直接變為氣態，屬于物理變化，C錯誤；D.過濾是物理變化，D錯誤，答案選A。17、D【解析】分析：本題考查的是有機物的結構和性質，根據有機物中的官能團進行分析。詳解：該有機物含有羧基和酯基，羧基可以發生酯化反應和中和反應，酯基可以發生水解反應，含有苯環，可以發生加成反應，所以該物質不能發生消去反應。故選D。點睛：能發生消去反應的官能團為羥基和鹵素原子，且其連接的碳原子的鄰位碳上有氫原子才可以消去。18、B【解析】

恒溫恒容下對于氣體體系等效轉化后，使反應物（或生成物）的物質的量與原平衡起始態相同，兩平衡等效，據此判斷。【詳解】反應達平衡時，氨氣的體積分數不可能為a，則等效轉化后氮氣和氫氣的物質的量只要不再等于1mol、3mol即可。則根據方程式可知A.2molNH3相當于是1mol氮氣與3mol氫氣，滿足等效平衡，A不選；B.1molN2、3molH2和2molNH3相當于是2mol氮氣與6mol氫氣，不滿足等效平衡，B選；C.0.5molN2、1.5molH2和1molNH3相當于是1mol氮氣與3mol氫氣，滿足等效平衡，C不選；D.0.1molN2、0.3molH2和1.8molNH3相當于是1mol氮氣與3mol氫氣，滿足等效平衡，D不選；答案選B。【點睛】所謂等效平衡是指外界條件相同時，同一可逆反應只要起始濃度相當，無論經過何種途徑，都可以達到相同的平衡狀態。等效平衡的判斷及處理一般步驟是：進行等效轉化——邊倒法，即按照反應方程式的計量數之比轉化到同一邊的量，與題干所給起始投料情況比較。19、D【解析】

A.鋁用于冶煉金屬是利用鋁具有還原性，與延展性無關，故A錯誤；B．木炭用于冰箱和居室除臭劑與吸附性有關，與木炭的還原性無關，故B錯誤；C．過氧化鈉用作潛水艇中的供氧劑是因為過氧化鈉與水、二氧化碳反應都生成氧氣，與其顏色無關，故C錯誤；D．Na2CO3溶液水解顯堿性，可促進油污的水解，則可用于洗滌油污，故D正確；故選D。20、C【解析】試題分析：在一定條件下，當可逆反應的正反應速率和逆反應速率相等時（但不為0)，反應體系中各種物質的濃度或含量不再發生變化的狀態，稱為化學平衡狀態。A．密度=混合氣的質量÷容器容積，在反應過程中質量和容積始終是不變的，不能說明反應達到平衡狀態；B．A2的消耗速率與AB消耗速率相等，不能說明反應達到平衡狀態，故B錯誤；C．混合氣的平均相對分子質量=混合氣體的質量÷混合氣體的總的物質的量，C中質量不變，但物質的量是變化的，當容器內氣體平均相對分子質量不隨時間變化時，說明反應達到平衡狀態，故C正確；D．反應前后氣體體積是不變的，所以壓強也是始終不變的，不能說明反應達到平衡狀態，故D錯誤；故選C。考點：考查化學平衡狀態的判斷【名師點睛】判斷化學平衡狀態的標志有：（1）任何情況下均可作為標志的：①υ正=υ逆(同一種物質)；②各組分含量(百分含量、物質的量、質量)不隨時間變化；③某反應物的消耗(生成)速率、某生成物的消耗(生成)速率=化學計量數之比；（2）在一定條件下可作為標志的是：①對于有色物質參加或生成的可逆反應體系，顏色不再變化；②對于有氣態物質參加或生成的可逆反應體系，若反應前后氣體的系數和相等，則混合氣體平均相對分子質量M和反應總壓P不變(恒溫恒容)；③對于恒溫絕熱體系，體系的溫度不在變化；（3）不能作為判斷標志的是：①各物質的物質的量或濃度變化或反應速率之比=化學計量數之比(任何情況下均適用)；②有氣態物質參加或生成的反應，若反應前后氣體的系數和相等，則混合氣體平均相對分子質量M和反應總壓P不變(恒溫恒容)。21、C【解析】

A、由物料守恒關系判斷；B、二甲醚和乙醇的分子式均為CH2O，所含C-H鍵數目不同；C、最簡式相同的物質，無論以何種比例混合，只要總質量一定，消耗氧氣的量為定值；D、粗銅中含有活潑性強于銅的鐵、鋅等雜質。【詳解】A項、Na2S溶液中S2－水解生成HS-和H2S,由物料守恒可知,lL0.lmol·L－1Na2S溶液中S2－、HS-和H2S的數目之和為0.1NA，故A錯誤；B項、46g有機物C2H6O的物質的量為1mol，C2H6O可能為二甲醚或乙醇，若為乙醇，0.1molC2H6O中含0.5NA個C-H鍵，若為二甲醚，含0.6NA個C-H鍵，故B錯誤；C項、乙酸、葡萄糖的最簡式相同，均為CH2O，60g混合物中含有的CH2O的物質的量為2mol，1molCH2O燃燒消耗1mol氧氣，則2molCH2O燃燒消耗的氧氣分子個數為2NA個，故C正確；D項、電解精煉銅時，粗銅中含有活潑性強于銅的鐵、鋅等雜質，電解時鐵、鋅雜質也會溶解，當陽極溶解銅6.4g時，轉移的電子數多于0.2NA個，陰極得電子數目多于0.2NA，故D錯誤；故選C。【點睛】本題考查阿伏加德羅常數，注意鹽類水解、同分異構體、最簡式相同混合物和粗銅成分的分析判斷是解答關鍵。22、D【解析】

A項、在氫氧化鈉溶液中加入飽和FeCl3溶液，反應得到氫氧化鐵沉淀，制備氫氧化鐵膠體應在沸水中滴加氯化鐵飽和溶液，加熱至溶液呈紅褐色，故A錯誤；B項、將MgCl2溶液加熱蒸干，由于HCl易揮發，得到的是氫氧化鎂沉淀，應該在HCl氣流中加熱制備無水MgCl2，故B錯誤；C項、Cu和CuO均能與稀硝酸反應，除去Cu粉中混有的CuO，應加入稀鹽酸溶液或稀硫酸溶液，過濾、洗滌、干燥，故C錯誤；D項、為防止氯化鐵在溶液中水解，配制氯化鐵溶液時，應先將氯化鐵固體溶于鹽酸中，再稀釋得到配制所需氯化鐵溶液，故D正確；故選D。【點睛】飽和氯化鐵溶液滴入沸水中制得氫氧化鐵膠體，加入氫氧化鈉溶液中生成氫氧化鐵沉淀是易錯點。二、非選擇題(共84分)23、Cl2、光照取代反應羥基13【解析】

甲苯發生取代反應生成，在氫氧化鈉水溶液加熱條件下發生取代反應生成，則A為，該分子繼續氧化為B，可推知B為，C為；D經過消去反應可得到HCHO，所以E為HCHO，根據給定的已知信息及逆合成分析法可知，G為，據此分析作答。【詳解】甲苯→，發生的是取代反應，所需試劑、條件分別是Cl2、光照；故答案為：Cl2、光照；（2）反應②是C和H發生的酸和醇的酯化反應（取代反應），A→B的化學方程式為，故答案為：取代反應；；（3）結合給定的已知信息推出G的結構簡式為；G→H，是-CHO和H2的加成反應，所以H中所含官能團的名稱是羥基，故答案為：；羥基。（4）C為，化合物W的相對分子質量比化合物C大14，W比C多一個CH2，遇FeCl3溶液顯紫色含有酚羥基，屬于芳香族化合物含有苯環，能發生銀鏡反應含有醛基，①苯環上有三個取代基，分別為醛基、羥基和甲基，先固定醛基和羥基的位置，鄰間對，最后移動甲基，可得到10種不同結構；②苯環上有兩個取代基，分別為-OH和-CH2CHO，鄰間對位共3種，所以W的可能結構有10+3=13種；符合①遇FeCl3溶液顯紫色、②屬于芳香族化合物、③能發生銀鏡反應其中核磁共振氫譜顯示有5種不同化學環境的氫、峰面積比為2:2:2:1:1要求的W的結構簡式：，故答案為：13；；（5）根據題目已知信息和有關有機物的性質，用甲苯和乙醛為原料制備的合成路線具體如下：，故答案為：。24、2++H2O加成反應8或H2，Ni，加熱加壓O2，Cu，△HCN【解析】根據分子式知，A為，B中不飽和度==1，B不能發生銀鏡反應，則B為CH3COCH3，根據信息③知，C中含酚羥基、且有4種氫原子，結合F結構簡式知，C結構簡式為，根據信息①知，D結構簡式為（CH3）2C（OH）CN，根據信息④知，E結構簡式為CH2=C（CH3）COOH，根據信息⑤知，1molF最多可與4molNaOH反應，則F為。（1）A為，B為CH3COCH3，A和B反應方程式為2++H2O，故答案為2++H2O；（2）通過以上分析知，B發生加成反應生成D，E結構簡式為CH2=C（CH3）COOH，故答案為加成反應；CH2=C（CH3）COOH；（3）F的結構簡式為，故答案為；（4）C結構簡式為，C的同分異構體中含有萘環（）結構，萘環上只有1個取代基且水解產物之一能與FeCl3溶液發生顯色反應說明含有酯基且酯基水解生成酚羥基，萘環上氫原子種類為2種，如果取代基為-OOCCH2CH2CH2CH3，有兩種同分異構體；如果取代基為-OOCCH2CH（CH3）2，有兩種同分異構體，如果取代基為-OOCCH（CH3）CH2CH3，有兩種同分異構體，如果取代基為-OOCC（CH3）3有兩種同分異構體，所以符合條件的一共8種；其中核磁共振氫譜有8組峰的是或，故答案為8；或；（5）有苯酚經如下步驟可合成環己烯甲酸，根據題干流程圖中B→D→E的合成原理可知，要合成，可以首先合成，由水解即可得到，因此需要先合成環己酮，合成環己酮可以由苯酚和氫氣在催化劑、加熱、加壓條件下發生加成反應生成環己醇，環己醇在Cu作催化劑、加熱條件下被氧化生成環己酮，因此合成方法為：苯酚和氫氣在催化劑、加熱、加壓條件下發生加成反應生成環己醇，所以G為環己醇，環己醇在Cu作催化劑、加熱條件下被氧化生成環己酮，則H為環己酮，環己酮和HCN發生加成反應生成，所以I為，I水解生成環己烯甲酸，所以反應條件1為H2，催化劑，加熱，反應條件2為氧氣/Cu、加熱，反應條件3為HCN，I的結構簡式為，故答案為H2，催化劑，加熱；O2，Cu，△；HCN；。點睛：本題考查有機物推斷，由物質結構簡式結合題給信息進行推斷。本題的難點是合成路線的規劃，要注意充分利用信息①和題干流程圖中B→D→E的合成原理分析解答。25、分液漏斗HCl防止Cl2與KOH反應生成KClO3吸收多余的Cl2，防止污染空氣3ClO-+2Fe3++10OH-=2FeO42-+3Cl-+5H2OKOH79.2%【解析】

根據實驗裝置圖可知，A裝置中用二氧化錳與濃鹽酸加熱制得氯氣，氯氣中有揮發出的來的氯化氫，所以B裝置中飽和食鹽水是除去氯氣中的氯化氫，裝置C中用氯氣與氫氧化鉀溶液反應制得次氯酸鉀，為防止在較高溫度下生成KClO3，C裝置中用冰水浴，反應的尾氣氯氣用D裝置中氫氧化鈉吸收。(3)根據反應FeO42-+CrO2-+2H2O═CrO42-+Fe(OH)3↓+OH-、2CrO42-+2H+═Cr2O72-+H2O和Cr2O72-+6Fe2++14H+═6Fe3++2Cr3++7H2O，可得關系式2FeO42-～Cr2O72-～6Fe2+，再根據題意計算。【詳解】(1)①根據裝置圖可知儀器a的名稱是分液漏斗，根據上述分析，裝置B吸收的氣體為HCl；②Cl2與KOH溶液在20℃以下反應生成KClO，在較高溫度下則生成KClO3，所以冰水浴的目的是防止Cl2與KOH反應生成KClO3，氯氣有毒，需要進行尾氣吸收，裝置D是吸收多余的Cl2，防止污染空氣；(2)①足量KClO中依次加入KOH溶液、Fe(NO3)3溶液，發生氧化還原反應生成K2FeO4、KCl和水等，反應的離子方程式為3ClO-+2Fe3++10OH-═2FeO42-+3Cl-+5H2O；②K2FeO4易溶于水、微溶于濃KOH溶液，所以向裝置C中加入飽和KOH溶液，析出紫黑色晶體，過濾；(3)根據反應FeO42-+CrO2-+2H2O═CrO42-+Fe(OH)3↓+OH-、2CrO42-+2H+═Cr2O72-+H2O和Cr2O72-+6Fe2++14H+═6Fe3++2Cr3++7H2O，可得關系式2FeO42-～Cr2O72-～6Fe2+，根據題意可知，(NH4)2Fe(SO4)2的物質的量為0.024L×0.1000

mol/L=0.0024mol，所以高鐵酸鉀的質量為0.0024mol×××198g/mol=1.584g，所以K2FeO4樣品的純度為×100%=79.2%。26、分液漏斗分液漏斗中液面始終高于圓底燒瓶中的液面（或分液漏斗中液體不能順利流下）CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2↑+NaBr+H2O將伸出燒瓶外的導管換成長導管除去揮發出來的乙醇溴水或溴的四氯化碳溶液否【解析】

（1）根據儀器構造及用途作答；（2）根據分液漏斗的構造利用液封法檢查裝置的氣密性；（3）溴乙烷與NaOH醇溶液發生消去反應；（4）油狀液體為溴乙烷蒸氣液化的結果；

（5）乙醇易溶于水，據此解答；

（6）根據乙烯的不飽和性，能與Br2發生加成反應作答。【詳解】（1）儀器a的名稱為分液漏斗，故答案為分液漏斗；（2）關閉止水夾c，由儀器a向儀器b中加水，若分液漏斗中液面始終高于圓底燒瓶中的液面，而不下落，則證明裝置A不漏氣，故答案為分液漏斗中液面始終高于圓底燒瓶中的液面（或分液漏斗中液體不能順利流下）；（3）鹵代烴在堿性醇溶液加熱條件下發生了消去反應，生成不飽和烯烴，反應為故答案為；（4）若出現了較多的油狀液體，則說明溴乙烷蒸氣冷卻液化的較多，為減少油狀液體的析出，可采取將伸出燒瓶外的導管換成長導管的措施，故答案為將伸出燒瓶外的導管換成長導管；（5）B中的水用于吸收揮發出來的乙醇，目的是防止乙醇和高錳酸鉀反應，干擾實驗，故答案為除去揮發出來的乙醇；

（6）檢驗乙烯除用KMnO4酸性溶液外還可選用的試劑為溴水或溴的四氯化碳溶液；乙烯也能使溴水或者溴的四氯化碳溶液褪色，因裝置B中盛裝的是水，目的是防止乙醇和高錳酸鉀反應，而溴與乙醇不反應，所以無須用裝置B，故答案為溴水或溴的四氯化碳溶液；否。27、防止鹵代烴揮發（冷凝回流）Ag+、Na+、NO3－氯元素滴加AgNO3后產生白色沉淀143.5ab/cA【解析】

實驗原理為：RX+NaOHROH+NaX，NaX+AgNO3＝AgX↓+NaNO3，通過測定AgX的量，確定RX的摩爾質量；【詳解】（1）因RX（屬有機物鹵代烴）的熔、沸點較低，加熱時易揮發，所以裝置中長導管的作用是防止鹵代烴揮發（或冷凝回流）；（2）醇ROH雖然能與水互溶，但不能電離，所以沉淀AgX吸附的離子只能是Na+、NO3-和過量的Ag+，洗滌的目的為除去沉淀吸附的離子；（3）因為所得的AgX沉淀為白色，所以該鹵代烷中所含鹵素的名稱是氯元素；（4）RCl

～

AgClM（RCl）

143.5ag/cm3×bmL

cg

M（RCl）＝143.5ab/c，該鹵代烷的相對分子質量是143.5ab/c；（5）在步驟③中，若加HNO3的量不足，則NaOH會與AgNO3反應生成AgOH沉淀，導致生成的AgX沉淀中因混有AgOH，而使沉淀質量偏大，答案選A。28、H2AH＋＋HA-，HA-H＋＋A2-（＞c(Na＋)>c(A2-)>c(OH-)>c(HA-)>c(H＋)5.4×10-10③②＞③＞①均有可能【解析】