高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年廣東省汕頭市高三下學(xué)期一模改編練習(xí)卷2本試卷共6頁(yè)，15小題，滿分100分。考試用時(shí)75分鐘。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。1．如圖為全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置（EAST），通過(guò)在其真空室內(nèi)加入氘（）和氚（）進(jìn)行的核聚變反應(yīng)釋放出大量能量，被譽(yù)為“人造太陽(yáng)”，是中國(guó)自主設(shè)計(jì)、研制的世界首個(gè)全超導(dǎo)非圓截面托卡馬克裝置。2025年1月20日，首次實(shí)現(xiàn)1億攝氏度1066秒穩(wěn)態(tài)長(zhǎng)脈沖高約束模式等離子體運(yùn)行，標(biāo)志著聚變研究從前沿的基礎(chǔ)研究轉(zhuǎn)向工程實(shí)踐，是一次重大跨越。已知原子核質(zhì)量m1、原子核質(zhì)量m2、原子核質(zhì)量m3、質(zhì)子質(zhì)量mp、中子質(zhì)量mn，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．反應(yīng)方程為B．反應(yīng)出現(xiàn)的高溫等離子體可以通過(guò)磁約束使其不與器壁接觸而作螺旋運(yùn)動(dòng)C．核的結(jié)合能為D．一個(gè)原子核與一個(gè)原子核反應(yīng)后釋放的能量為2．穿衣鏡是人們?nèi)粘Ｉ钪械谋匦杵罚Ｓ靡粔K透明玻璃板單面鍍銀制成。如圖所示，一束單色光與玻璃板表面成37°由P點(diǎn)射入，已知玻璃板厚度d＝4mm，該單色光從空氣射入玻璃時(shí)的折射率，sin37°＝0.6，sin53°＝0.8，則該單色光出射點(diǎn)Q（未畫(huà)出）與P點(diǎn)的距離為（）A．4mm B．6mm C．8mm D．10mm3．在建筑工地上，工人使用插入式混凝土振搗器對(duì)澆筑的混凝土進(jìn)行振搗作業(yè)。振搗器開(kāi)啟后，其內(nèi)部的偏心塊高速旋轉(zhuǎn)，帶動(dòng)振搗棒做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，并將振動(dòng)傳遞給混凝土。已知振搗棒的振動(dòng)方程為。下列說(shuō)法正確的是（）A．振搗棒做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的頻率為50HzB．時(shí)刻，振搗棒的位移為1.5mmC．振搗棒在1s內(nèi)通過(guò)的路程是600mmD．振搗棒的振動(dòng)頻率越高，混凝土顆粒的振動(dòng)一定越劇烈4．2025年2月22日20時(shí)11分，中星10R衛(wèi)星在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心乘載運(yùn)載火箭成功發(fā)射，該衛(wèi)星覆蓋中國(guó)及西亞、南亞、東南亞部分地區(qū)，提供高效的衛(wèi)星網(wǎng)絡(luò)傳輸服務(wù)。假設(shè)該衛(wèi)星沿橢圓軌道變軌后做圓周軌道運(yùn)行，其動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的，不考慮因變軌質(zhì)量變化，關(guān)于該衛(wèi)星下列說(shuō)法正確的是（）A．萬(wàn)有引力變?yōu)樵瓉?lái)的 B．運(yùn)行速度變?yōu)樵瓉?lái)的C．變軌后該衛(wèi)星機(jī)械能減小了 D．變軌過(guò)程一直處于完全失重狀態(tài)5．有關(guān)下列四幅圖的描述，正確的是（）A．圖1中，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的線圈此位置產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)恰好為零B．圖2中，變壓器原副線圈電流之比C．圖3中，強(qiáng)磁體從帶有裂縫的鋁管中靜止下落（不計(jì)空氣阻力）可視做自由落體運(yùn)動(dòng)D．圖4中，電子感應(yīng)加速器中若電磁鐵電流方向反向，可通過(guò)減小電流的方式實(shí)現(xiàn)電子的逆時(shí)針加速運(yùn)動(dòng)6．電磁飛機(jī)彈射系統(tǒng)可以使戰(zhàn)機(jī)在很短的距離內(nèi)加速后獲得需要的起飛速度，其簡(jiǎn)化結(jié)構(gòu)如圖所示。虛線MN的右側(cè)存在一方向垂直于紙面向里的磁場(chǎng)，一邊長(zhǎng)為l的正方形單匝金屬線框abcd放在光滑水平面上，單匝線框質(zhì)量為m，單位長(zhǎng)度的電阻為r，ab邊在虛線MN左側(cè)且緊靠虛線MN。現(xiàn)讓磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間t按照的規(guī)律變化，則下列說(shuō)法正確的是（）A．線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小不變B．線框離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能小于安培力對(duì)線框做的功C．線框穿出磁場(chǎng)過(guò)程中，磁通量的變化量大小為Bl2D．線框在t=0時(shí)刻的加速度與線框的匝數(shù)無(wú)關(guān)7．如圖所示，一水平光滑平面與順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的水平傳送帶平滑連接，右側(cè)一處于壓縮狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧與一質(zhì)量為m的小滑塊接觸（不相連），釋放后滑塊以速度v滑上傳送帶，滑塊運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后返回并壓縮彈簧，已知返回后彈簧的最大壓縮量是初始?jí)嚎s量的一半。已知彈簧彈性勢(shì)能，不計(jì)空氣阻力，則（）A．傳送帶勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的速度大小為B．經(jīng)過(guò)足夠長(zhǎng)的時(shí)間，滑塊最終靜止于水平面上C．滑塊第一次在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為D．滑塊第三次在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中傳送帶對(duì)滑塊的沖量為二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．一個(gè)電子無(wú)初速度地注入電子感應(yīng)加速器的真空室中，加速器的磁極在半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向如圖所示的變化磁場(chǎng)，真空室內(nèi)存在另一個(gè)變化的磁場(chǎng)“約束”電子在真空室內(nèi)做半徑為的圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮電子的重力和相對(duì)論效應(yīng)。下列說(shuō)法正確的是（）A．電子感應(yīng)加速器是利用感生電場(chǎng)對(duì)電子進(jìn)行加速的B．俯視真空管道電子沿順時(shí)針?lè)较蚣铀龠\(yùn)動(dòng)C．電子所受到的洛倫茲力一定不斷增大D．洛倫茲力對(duì)電子一直做正功9．如圖甲所示，水平面內(nèi)一光滑圓盤可繞經(jīng)過(guò)圓心O的豎直轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)。輕桿沿半徑方向固定，兩端分別在O點(diǎn)和圓盤邊緣P點(diǎn)。一質(zhì)量為2kg的小球（視為質(zhì)點(diǎn)）和兩相同的輕彈簧連接套在輕桿上，兩彈簧另外一端分別連接在O、P點(diǎn)，圓盤半徑為L(zhǎng)，彈簧原長(zhǎng)為、勁度系數(shù)為k。當(dāng)圓盤角速度從0緩慢增大的過(guò)程中，圖像如乙所示，x是小球與初位置的距離，彈簧始終未超過(guò)彈性限度，下列說(shuō)法正確的是（）A．小球動(dòng)能增加來(lái)源于彈簧對(duì)它做功B．彈簧的勁度系數(shù)k為100N/mC．圓盤半徑L為2mD．若去除外端彈簧，此圖像斜率不變10．如圖所示，一帶正電小球用絕緣絲線懸掛在O點(diǎn)，同時(shí)在豎直平面內(nèi)加上勻強(qiáng)電場(chǎng)，使小球始終保持平衡，此時(shí)絲線繃直且與豎直方向間夾角為。已知小球的質(zhì)量為0.1kg、電量為0.4C，整個(gè)過(guò)程中帶電小球電荷量始終不變，重力加速度取。關(guān)于所加電場(chǎng)，下列判斷正確的是（）A．電場(chǎng)的方向可能豎直向上B．若所加電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，那么電場(chǎng)的方向是唯一確定的C．若所加電場(chǎng)的方向?yàn)樗较蛴視r(shí)，電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度剛好為最小值D．若所加電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小一定時(shí)，絲線上的拉力大小可能有不同值三、非選擇題：共54分，考生根據(jù)要求作答。11．如圖甲為桶裝水電動(dòng)抽水器，某興趣小組利用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律測(cè)量該抽水器的流量Q（單位時(shí)間流出水的體積）。（1）如圖乙，為了方便測(cè)量取下不銹鋼出水管，用游標(biāo)卡尺測(cè)量其外徑D，讀數(shù)為mm；（2）重新安裝出水管如圖甲，為了使水能夠沿水平方向流出，下列哪種方法更合理；A．用力把出水管前端掰至水平B．轉(zhuǎn)動(dòng)出水管至出水口水平C．調(diào)整水桶的傾斜角度使出水口水平（3）接通電源，待水流穩(wěn)定后，用米尺測(cè)出管口到落點(diǎn)的高度差和管口到落點(diǎn)的水平距離；已知重力加速度，則水流速度v＝m/s（保留兩位有效數(shù)字）；（4）已知出水管管壁的厚度為d，該抽水器的流量Q的表達(dá)式為（用物理量D、d、v表示），根據(jù)測(cè)得的流量可算出裝滿一杯水需要的時(shí)間總是比實(shí)際需要的時(shí)間短，可能的原因是（寫(xiě)出一個(gè)原因）；（5）抽水時(shí)若電機(jī)的輸出功率恒定，當(dāng)桶內(nèi)水面降低時(shí)，抽水器的流量Q（選填“不變”、“減小”或“增加”）。12．某興趣學(xué)習(xí)小組根據(jù)所學(xué)的電學(xué)原理，利用相同的器材，自制了以下不同的電子秤。實(shí)驗(yàn)器材有：直流電源（電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為）；理想電壓表V（量程為）：限流電阻；豎直固定的滑動(dòng)變阻器（總長(zhǎng)，總阻值）；電阻可忽略不計(jì)的彈簧，下端固定于水平地面，上端固定秤盤且與滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)端連接，滑片接觸良好且無(wú)摩擦（彈簧勁度系數(shù)）；開(kāi)關(guān)S以及導(dǎo)線若干。重力加速度取，不計(jì)摩擦和其他阻力。實(shí)驗(yàn)步驟如下：①兩種電子秤，托盤中未放被測(cè)物前，滑片恰好置于變阻器的最上端，電壓表的示數(shù)均為零。②兩種電子秤，在彈簧的彈性限度內(nèi)，在托盤中輕輕放入被測(cè)物，待托盤靜止平衡后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片恰好處于下端b處，此時(shí)均為電子秤的最大稱重。請(qǐng)回答下列問(wèn)題（所有計(jì)算結(jié)果保留一位小數(shù)）：（1）兩種電子秤，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片恰好置于最下端時(shí)，電壓表的示數(shù)均為V；該電子稱的最大可測(cè)質(zhì)量均為kg。（2）當(dāng)電壓表的指針剛好指在表盤刻度的正中間時(shí)，如左圖所示的第一套方案電子稱測(cè)得質(zhì)量為kg。如右圖所示的第二套方案電子稱測(cè)得質(zhì)量為kg。（3）第（填“一”或“二”）套方案更為合理，因?yàn)殡妷罕碜x數(shù)與物體質(zhì)量成線性關(guān)系，電壓表改裝的電子秤刻度均勻的。（填“是”或“不是”）13．如圖所示，一定質(zhì)量理想氣體被活塞封閉在汽缸中，活塞的面積為S，與汽缸底部相距L，汽缸和活塞絕熱性能良好，氣體的壓強(qiáng)、溫度與外界大氣相同，分別為p0和T0。現(xiàn)接通電熱絲加熱氣體，一段時(shí)間后斷開(kāi)，活塞緩慢向右移動(dòng)距離L后停止，活塞與汽缸間的滑動(dòng)摩擦為f，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，整個(gè)過(guò)程中氣體吸收的熱量為Q，求該過(guò)程中：（1）內(nèi)能的增加量?U；（2）最終溫度T。14．如圖所示，a、b、c均為質(zhì)量為m的物塊，其中b、c通過(guò)輕彈簧連接并靜置在水平地面上，彈簧的勁度系數(shù)為k，a物塊從距離b高為h處由靜止釋放，與b碰撞后黏在一起，碰撞時(shí)間極短。重力加速度為g，則：（1）求a、b碰撞后瞬間a、b整體的速度和加速度大小；（2）若a物塊從距離b高為h0處由靜止釋放，彈簧恰好能恢復(fù)原長(zhǎng)，求初始時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能（結(jié)果用含h0的式子表示）；（3）若a物塊從距離b高為hx處由靜止釋放，c恰好能離開(kāi)地面，求hx為多少？15．在“質(zhì)子療法”中，質(zhì)子先被加速到具有較高的能量，然后被引向轟擊腫瘤，殺死細(xì)胞。如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子從極板A處由靜止加速，通過(guò)極板中間的小孔后進(jìn)入速度選擇器，并沿直線運(yùn)動(dòng)。速度選擇器中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為。坐標(biāo)系中區(qū)域充滿沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)Ⅰ，區(qū)域充滿垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ，OP與x軸夾角。勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，且。質(zhì)子從（0，d）點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)Ⅰ，并垂直O(jiān)P進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ。取質(zhì)子比荷為，。求：（l）極板間的加速電壓U；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)Ⅰ的電場(chǎng)強(qiáng)度；（3）質(zhì)子能到達(dá)x軸上的區(qū)間的長(zhǎng)度L（結(jié)果用根號(hào)表示）。——★參考答案★——1．C【詳析】A．核反應(yīng)遵循質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒，故A正確；B．工作時(shí)，高溫等離子體中的帶電粒子被強(qiáng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)約束在環(huán)形真空室內(nèi)部，而不與器壁碰撞，故B正確；C．將核子結(jié)合為原子核時(shí)所釋放的能量即為結(jié)合能，中有兩個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子，它們結(jié)合為時(shí)，質(zhì)量虧損為可知的結(jié)合能為故C錯(cuò)誤；D．個(gè)原子核與一個(gè)原子核反應(yīng)后質(zhì)量虧損為釋放的能量為故D正確。本題選擇錯(cuò)誤的，故選C。2．B【詳析】根據(jù)題意作出光的折射與反射，如圖根據(jù)折射定律有該單色光出射點(diǎn)Q與P點(diǎn)的距離為代入數(shù)據(jù)解得mm故選B。3．C【詳析】AB．根據(jù)表達(dá)式；可知頻率為Hz將代入解得mm故AB錯(cuò)誤；C．振搗棒的周期為s由于1s=，則振搗棒在1s內(nèi)通過(guò)的路程是mm故C正確；D．當(dāng)振搗棒的振動(dòng)頻率與混凝土顆粒的固有頻率越接近時(shí)，振動(dòng)越劇烈，故D錯(cuò)誤；故選C。4．A【詳析】B．由，得，當(dāng)動(dòng)能變?yōu)椋瑒t軌道半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍，軌道速度變?yōu)樵瓉?lái)的故B錯(cuò)誤；A．由B項(xiàng)分析可知軌道半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍，萬(wàn)有引力，則萬(wàn)有引力變?yōu)樵瓉?lái)的故A正確；C．由B項(xiàng)分析可知軌道半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍，則說(shuō)明變軌過(guò)程要加速，機(jī)械能增大，故C錯(cuò)誤；D．變軌過(guò)程要加速，并不是處于完全失重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選A。5．A【詳析】A．圖1中，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的線圈此位置時(shí)，線圈不切割磁感線，即電動(dòng)勢(shì)為0，故A正確；B．圖2中，變壓器原副線圈電流之比故B錯(cuò)誤；C．圖3中，強(qiáng)磁體從帶有裂縫的鋁管中靜止下落，鋁管會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，即產(chǎn)生電磁阻尼現(xiàn)象，阻礙強(qiáng)磁體的運(yùn)動(dòng)，故不可視做自由落體運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．電子感應(yīng)加速器示意圖。若電磁鐵電流方向反向，磁場(chǎng)方向反向，根據(jù)左手定則可知無(wú)法實(shí)現(xiàn)電子逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。6．D【詳析】A．由楞次定律可知，線框向左運(yùn)動(dòng)，線框在磁場(chǎng)中的面積逐漸減小，且產(chǎn)生反向的電動(dòng)勢(shì)，故其感應(yīng)電流發(fā)生改變，故A錯(cuò)誤；B．由動(dòng)能定理可知，安培力對(duì)線框做的功就等于線框動(dòng)能的變化量，由于線框初始狀態(tài)的動(dòng)能為零，故安培力做的功等于線框離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能，故B錯(cuò)誤；C．線框運(yùn)動(dòng)前磁通量為穿出磁場(chǎng)后，磁通量為0，則磁通量變化量為故C錯(cuò)誤；D．n匝線框在t=0時(shí)刻產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為n匝線框的總電阻為R=4nlr總質(zhì)量為nm，線框中的感應(yīng)電流為線框受到的安培力為則有F=nma解得與匝數(shù)n無(wú)關(guān)，故D正確。故選D。7．C【詳析】A．由能量守恒可知，釋放滑塊過(guò)程有滑塊返回壓縮彈簧時(shí)有聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合以上分析可知，滑塊再次滑上傳送帶時(shí)速度為,則每次滑塊返回時(shí)速度均為，因此一直在做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，不會(huì)停止，故B錯(cuò)誤；C．以傳送帶為參考系，木塊滑上時(shí)相對(duì)傳送帶的速度為，在第1次滑的過(guò)程當(dāng)中產(chǎn)生的熱量就等于相對(duì)的動(dòng)能的損耗量，即故C正確；D．滑塊第三次在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理可知，傳送帶對(duì)滑塊的水平?jīng)_量大小為同時(shí)傳送帶對(duì)滑塊有豎直向上的支持力產(chǎn)生的沖量，因此傳送帶對(duì)滑塊的總沖量大于mv，故D錯(cuò)誤。故選C。8．AC【詳析】A．電子感應(yīng)加速器是利用變化的磁場(chǎng)激發(fā)感生電場(chǎng)，從而進(jìn)行加速，故A正確；B．根據(jù)楞次定律判斷感生電場(chǎng)方向?yàn)轫槙r(shí)針，電子運(yùn)動(dòng)方向?yàn)槟鏁r(shí)針，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知電子在真空室中的半徑不變，速度增加，也在增加，可知不斷增加，故C正確；D．洛倫茲力對(duì)電子不做功，故D錯(cuò)誤。故選AC。9．BC【詳析】A．小球動(dòng)能增加來(lái)源于輕桿對(duì)它做功，故A錯(cuò)誤；B．小球做圓周運(yùn)動(dòng)，由沿半徑方向的合力提供向心力，則有變形有結(jié)合圖像有，解得，故BC正確；D．若去除外端彈簧，則有變形有可知，圖像斜率發(fā)生變化，故D錯(cuò)誤。故選BC。10．AD【詳析】A．若電場(chǎng)的方向豎直向上，則小球受重力與電場(chǎng)力大小相等時(shí)，小球處于平衡狀態(tài)，故A正確；BCD．對(duì)小球受力分析，當(dāng)電場(chǎng)力與拉力垂直時(shí)，電場(chǎng)力最小，如圖根據(jù)幾何關(guān)系可知解得N/C當(dāng)即N/C時(shí)電場(chǎng)的方向是確定的；當(dāng)時(shí)，若所加電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小一定時(shí)，絲線上的拉力大小可能有不同值，故BC錯(cuò)誤，D正確；故選AD。11．（1）7.0/7.1（2）B（3）1.0m/s（4）測(cè)量h偏小（或者L偏?、D偏?、d偏?）（5）減?【詳析】（1）[1]該游標(biāo)卡尺為10分度，其精度為0.1mm，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為D=7mm+1×0.1mm=7.1mm（2）[2]出水管可以旋轉(zhuǎn)，比較方便地改變出水方向，因此可以轉(zhuǎn)動(dòng)出水管至出水口水平，故B正確，AC錯(cuò)誤。故選B。（3）[3]水的運(yùn)動(dòng)為平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動(dòng)水平方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)解得水流速度（4）[4]出水管的半徑為該抽水器的流量[5]裝滿一杯水需要的時(shí)間總是比實(shí)際需要的時(shí)間短，從流量大小的相關(guān)量分析可能是測(cè)量h偏小或者L偏大、D偏大、d偏小等。（5）[6]抽水時(shí)若電機(jī)的輸出功率恒定，單位時(shí)間內(nèi)電機(jī)對(duì)水做功相同，當(dāng)桶內(nèi)水面降低時(shí)，水上升的高度變大，增加的重力勢(shì)能增大，增加的動(dòng)能減小，在出水口水的速度減小，所以抽水器的流量減小。12．（1）2.010.0（2）7.55.0（3）一是【詳析】（1）[1]滑動(dòng)變阻器的滑片恰好置于最下端時(shí)，由歐姆定律可得[2]由受力平衡可得解得電子稱的最大可測(cè)質(zhì)量為。（2）[3][4]當(dāng)電壓表的指針剛好指在表盤刻度的正中間時(shí)，電壓表讀數(shù)。如左圖所示的第一套方案，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得由平衡條件可得聯(lián)立解得如右圖所示的第二套方案，設(shè)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得又由平衡條件可得聯(lián)立解得（3）[5][6]左邊方案一，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得又聯(lián)立可得與成線性關(guān)系，電子秤刻度均勻；右邊方案二，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得又，聯(lián)立可得與不成線性關(guān)系，電子秤刻度不均勻；故方案一更合理，電壓表示數(shù)與物體的質(zhì)量成正比，電壓表改裝的電子秤刻度是均勻的，便于測(cè)量。13．（1）；（2）【詳析】（1）活塞移動(dòng)時(shí)受力平衡氣體對(duì)外界做功根據(jù)熱力學(xué)第一定律解得（2）活塞發(fā)生移動(dòng)前，發(fā)生等容變化，即活塞向右移動(dòng)了L，等壓過(guò)程且解得14．（1），；（2）；（3）【詳析】（1）a做自由落體運(yùn)動(dòng)，有解得a、b碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則所以碰撞后瞬間，對(duì)a、b整體，根據(jù)牛頓第二定律有；解得加速度大小為（2）若a物塊從距離b高為h0處由靜止釋放，則有a、b碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則彈簧恰好能恢復(fù)原長(zhǎng)，根據(jù)能量守恒可得聯(lián)立可得（3）若a物塊從距離b高為hx處由靜止釋放，且c恰好能離開(kāi)地面，則聯(lián)立可得15．（1）；（2）；（3）【詳析】（1）質(zhì)子進(jìn)入速度選擇器中的速度為，由力的平衡得由動(dòng)能定理有聯(lián)立得，（2）質(zhì)子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)到達(dá)上的點(diǎn)時(shí)間為，豎直方向速度為，水平位移為，豎直位移為，加速度為。由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有，，由幾何關(guān)系有，由牛頓第二定律有聯(lián)立可得，，（3）質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度為，則質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑為，由牛頓第二定律有有由幾何關(guān)系有，當(dāng)，質(zhì)子恰好從N點(diǎn)飛出，當(dāng)，質(zhì)子恰好與軸相切。故質(zhì)子能到達(dá)軸上的區(qū)間長(zhǎng)度2025年廣東省汕頭市高三下學(xué)期一模改編練習(xí)卷2本試卷共6頁(yè)，15小題，滿分100分。考試用時(shí)75分鐘。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。1．如圖為全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置（EAST），通過(guò)在其真空室內(nèi)加入氘（）和氚（）進(jìn)行的核聚變反應(yīng)釋放出大量能量，被譽(yù)為“人造太陽(yáng)”，是中國(guó)自主設(shè)計(jì)、研制的世界首個(gè)全超導(dǎo)非圓截面托卡馬克裝置。2025年1月20日，首次實(shí)現(xiàn)1億攝氏度1066秒穩(wěn)態(tài)長(zhǎng)脈沖高約束模式等離子體運(yùn)行，標(biāo)志著聚變研究從前沿的基礎(chǔ)研究轉(zhuǎn)向工程實(shí)踐，是一次重大跨越。已知原子核質(zhì)量m1、原子核質(zhì)量m2、原子核質(zhì)量m3、質(zhì)子質(zhì)量mp、中子質(zhì)量mn，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．反應(yīng)方程為B．反應(yīng)出現(xiàn)的高溫等離子體可以通過(guò)磁約束使其不與器壁接觸而作螺旋運(yùn)動(dòng)C．核的結(jié)合能為D．一個(gè)原子核與一個(gè)原子核反應(yīng)后釋放的能量為2．穿衣鏡是人們?nèi)粘Ｉ钪械谋匦杵罚Ｓ靡粔K透明玻璃板單面鍍銀制成。如圖所示，一束單色光與玻璃板表面成37°由P點(diǎn)射入，已知玻璃板厚度d＝4mm，該單色光從空氣射入玻璃時(shí)的折射率，sin37°＝0.6，sin53°＝0.8，則該單色光出射點(diǎn)Q（未畫(huà)出）與P點(diǎn)的距離為（）A．4mm B．6mm C．8mm D．10mm3．在建筑工地上，工人使用插入式混凝土振搗器對(duì)澆筑的混凝土進(jìn)行振搗作業(yè)。振搗器開(kāi)啟后，其內(nèi)部的偏心塊高速旋轉(zhuǎn)，帶動(dòng)振搗棒做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，并將振動(dòng)傳遞給混凝土。已知振搗棒的振動(dòng)方程為。下列說(shuō)法正確的是（）A．振搗棒做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的頻率為50HzB．時(shí)刻，振搗棒的位移為1.5mmC．振搗棒在1s內(nèi)通過(guò)的路程是600mmD．振搗棒的振動(dòng)頻率越高，混凝土顆粒的振動(dòng)一定越劇烈4．2025年2月22日20時(shí)11分，中星10R衛(wèi)星在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心乘載運(yùn)載火箭成功發(fā)射，該衛(wèi)星覆蓋中國(guó)及西亞、南亞、東南亞部分地區(qū)，提供高效的衛(wèi)星網(wǎng)絡(luò)傳輸服務(wù)。假設(shè)該衛(wèi)星沿橢圓軌道變軌后做圓周軌道運(yùn)行，其動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的，不考慮因變軌質(zhì)量變化，關(guān)于該衛(wèi)星下列說(shuō)法正確的是（）A．萬(wàn)有引力變?yōu)樵瓉?lái)的 B．運(yùn)行速度變?yōu)樵瓉?lái)的C．變軌后該衛(wèi)星機(jī)械能減小了 D．變軌過(guò)程一直處于完全失重狀態(tài)5．有關(guān)下列四幅圖的描述，正確的是（）A．圖1中，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的線圈此位置產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)恰好為零B．圖2中，變壓器原副線圈電流之比C．圖3中，強(qiáng)磁體從帶有裂縫的鋁管中靜止下落（不計(jì)空氣阻力）可視做自由落體運(yùn)動(dòng)D．圖4中，電子感應(yīng)加速器中若電磁鐵電流方向反向，可通過(guò)減小電流的方式實(shí)現(xiàn)電子的逆時(shí)針加速運(yùn)動(dòng)6．電磁飛機(jī)彈射系統(tǒng)可以使戰(zhàn)機(jī)在很短的距離內(nèi)加速后獲得需要的起飛速度，其簡(jiǎn)化結(jié)構(gòu)如圖所示。虛線MN的右側(cè)存在一方向垂直于紙面向里的磁場(chǎng)，一邊長(zhǎng)為l的正方形單匝金屬線框abcd放在光滑水平面上，單匝線框質(zhì)量為m，單位長(zhǎng)度的電阻為r，ab邊在虛線MN左側(cè)且緊靠虛線MN。現(xiàn)讓磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間t按照的規(guī)律變化，則下列說(shuō)法正確的是（）A．線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小不變B．線框離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能小于安培力對(duì)線框做的功C．線框穿出磁場(chǎng)過(guò)程中，磁通量的變化量大小為Bl2D．線框在t=0時(shí)刻的加速度與線框的匝數(shù)無(wú)關(guān)7．如圖所示，一水平光滑平面與順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的水平傳送帶平滑連接，右側(cè)一處于壓縮狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧與一質(zhì)量為m的小滑塊接觸（不相連），釋放后滑塊以速度v滑上傳送帶，滑塊運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后返回并壓縮彈簧，已知返回后彈簧的最大壓縮量是初始?jí)嚎s量的一半。已知彈簧彈性勢(shì)能，不計(jì)空氣阻力，則（）A．傳送帶勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的速度大小為B．經(jīng)過(guò)足夠長(zhǎng)的時(shí)間，滑塊最終靜止于水平面上C．滑塊第一次在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為D．滑塊第三次在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中傳送帶對(duì)滑塊的沖量為二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．一個(gè)電子無(wú)初速度地注入電子感應(yīng)加速器的真空室中，加速器的磁極在半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向如圖所示的變化磁場(chǎng)，真空室內(nèi)存在另一個(gè)變化的磁場(chǎng)“約束”電子在真空室內(nèi)做半徑為的圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮電子的重力和相對(duì)論效應(yīng)。下列說(shuō)法正確的是（）A．電子感應(yīng)加速器是利用感生電場(chǎng)對(duì)電子進(jìn)行加速的B．俯視真空管道電子沿順時(shí)針?lè)较蚣铀龠\(yùn)動(dòng)C．電子所受到的洛倫茲力一定不斷增大D．洛倫茲力對(duì)電子一直做正功9．如圖甲所示，水平面內(nèi)一光滑圓盤可繞經(jīng)過(guò)圓心O的豎直轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)。輕桿沿半徑方向固定，兩端分別在O點(diǎn)和圓盤邊緣P點(diǎn)。一質(zhì)量為2kg的小球（視為質(zhì)點(diǎn)）和兩相同的輕彈簧連接套在輕桿上，兩彈簧另外一端分別連接在O、P點(diǎn)，圓盤半徑為L(zhǎng)，彈簧原長(zhǎng)為、勁度系數(shù)為k。當(dāng)圓盤角速度從0緩慢增大的過(guò)程中，圖像如乙所示，x是小球與初位置的距離，彈簧始終未超過(guò)彈性限度，下列說(shuō)法正確的是（）A．小球動(dòng)能增加來(lái)源于彈簧對(duì)它做功B．彈簧的勁度系數(shù)k為100N/mC．圓盤半徑L為2mD．若去除外端彈簧，此圖像斜率不變10．如圖所示，一帶正電小球用絕緣絲線懸掛在O點(diǎn)，同時(shí)在豎直平面內(nèi)加上勻強(qiáng)電場(chǎng)，使小球始終保持平衡，此時(shí)絲線繃直且與豎直方向間夾角為。已知小球的質(zhì)量為0.1kg、電量為0.4C，整個(gè)過(guò)程中帶電小球電荷量始終不變，重力加速度取。關(guān)于所加電場(chǎng)，下列判斷正確的是（）A．電場(chǎng)的方向可能豎直向上B．若所加電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，那么電場(chǎng)的方向是唯一確定的C．若所加電場(chǎng)的方向?yàn)樗较蛴視r(shí)，電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度剛好為最小值D．若所加電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小一定時(shí)，絲線上的拉力大小可能有不同值三、非選擇題：共54分，考生根據(jù)要求作答。11．如圖甲為桶裝水電動(dòng)抽水器，某興趣小組利用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律測(cè)量該抽水器的流量Q（單位時(shí)間流出水的體積）。（1）如圖乙，為了方便測(cè)量取下不銹鋼出水管，用游標(biāo)卡尺測(cè)量其外徑D，讀數(shù)為mm；（2）重新安裝出水管如圖甲，為了使水能夠沿水平方向流出，下列哪種方法更合理；A．用力把出水管前端掰至水平B．轉(zhuǎn)動(dòng)出水管至出水口水平C．調(diào)整水桶的傾斜角度使出水口水平（3）接通電源，待水流穩(wěn)定后，用米尺測(cè)出管口到落點(diǎn)的高度差和管口到落點(diǎn)的水平距離；已知重力加速度，則水流速度v＝m/s（保留兩位有效數(shù)字）；（4）已知出水管管壁的厚度為d，該抽水器的流量Q的表達(dá)式為（用物理量D、d、v表示），根據(jù)測(cè)得的流量可算出裝滿一杯水需要的時(shí)間總是比實(shí)際需要的時(shí)間短，可能的原因是（寫(xiě)出一個(gè)原因）；（5）抽水時(shí)若電機(jī)的輸出功率恒定，當(dāng)桶內(nèi)水面降低時(shí)，抽水器的流量Q（選填“不變”、“減小”或“增加”）。12．某興趣學(xué)習(xí)小組根據(jù)所學(xué)的電學(xué)原理，利用相同的器材，自制了以下不同的電子秤。實(shí)驗(yàn)器材有：直流電源（電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為）；理想電壓表V（量程為）：限流電阻；豎直固定的滑動(dòng)變阻器（總長(zhǎng)，總阻值）；電阻可忽略不計(jì)的彈簧，下端固定于水平地面，上端固定秤盤且與滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)端連接，滑片接觸良好且無(wú)摩擦（彈簧勁度系數(shù)）；開(kāi)關(guān)S以及導(dǎo)線若干。重力加速度取，不計(jì)摩擦和其他阻力。實(shí)驗(yàn)步驟如下：①兩種電子秤，托盤中未放被測(cè)物前，滑片恰好置于變阻器的最上端，電壓表的示數(shù)均為零。②兩種電子秤，在彈簧的彈性限度內(nèi)，在托盤中輕輕放入被測(cè)物，待托盤靜止平衡后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片恰好處于下端b處，此時(shí)均為電子秤的最大稱重。請(qǐng)回答下列問(wèn)題（所有計(jì)算結(jié)果保留一位小數(shù)）：（1）兩種電子秤，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片恰好置于最下端時(shí)，電壓表的示數(shù)均為V；該電子稱的最大可測(cè)質(zhì)量均為kg。（2）當(dāng)電壓表的指針剛好指在表盤刻度的正中間時(shí)，如左圖所示的第一套方案電子稱測(cè)得質(zhì)量為kg。如右圖所示的第二套方案電子稱測(cè)得質(zhì)量為kg。（3）第（填“一”或“二”）套方案更為合理，因?yàn)殡妷罕碜x數(shù)與物體質(zhì)量成線性關(guān)系，電壓表改裝的電子秤刻度均勻的。（填“是”或“不是”）13．如圖所示，一定質(zhì)量理想氣體被活塞封閉在汽缸中，活塞的面積為S，與汽缸底部相距L，汽缸和活塞絕熱性能良好，氣體的壓強(qiáng)、溫度與外界大氣相同，分別為p0和T0。現(xiàn)接通電熱絲加熱氣體，一段時(shí)間后斷開(kāi)，活塞緩慢向右移動(dòng)距離L后停止，活塞與汽缸間的滑動(dòng)摩擦為f，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，整個(gè)過(guò)程中氣體吸收的熱量為Q，求該過(guò)程中：（1）內(nèi)能的增加量?U；（2）最終溫度T。14．如圖所示，a、b、c均為質(zhì)量為m的物塊，其中b、c通過(guò)輕彈簧連接并靜置在水平地面上，彈簧的勁度系數(shù)為k，a物塊從距離b高為h處由靜止釋放，與b碰撞后黏在一起，碰撞時(shí)間極短。重力加速度為g，則：（1）求a、b碰撞后瞬間a、b整體的速度和加速度大小；（2）若a物塊從距離b高為h0處由靜止釋放，彈簧恰好能恢復(fù)原長(zhǎng)，求初始時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能（結(jié)果用含h0的式子表示）；（3）若a物塊從距離b高為hx處由靜止釋放，c恰好能離開(kāi)地面，求hx為多少？15．在“質(zhì)子療法”中，質(zhì)子先被加速到具有較高的能量，然后被引向轟擊腫瘤，殺死細(xì)胞。如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子從極板A處由靜止加速，通過(guò)極板中間的小孔后進(jìn)入速度選擇器，并沿直線運(yùn)動(dòng)。速度選擇器中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為。坐標(biāo)系中區(qū)域充滿沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)Ⅰ，區(qū)域充滿垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ，OP與x軸夾角。勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，且。質(zhì)子從（0，d）點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)Ⅰ，并垂直O(jiān)P進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ。取質(zhì)子比荷為，。求：（l）極板間的加速電壓U；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)Ⅰ的電場(chǎng)強(qiáng)度；（3）質(zhì)子能到達(dá)x軸上的區(qū)間的長(zhǎng)度L（結(jié)果用根號(hào)表示）。——★參考答案★——1．C【詳析】A．核反應(yīng)遵循質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒，故A正確；B．工作時(shí)，高溫等離子體中的帶電粒子被強(qiáng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)約束在環(huán)形真空室內(nèi)部，而不與器壁碰撞，故B正確；C．將核子結(jié)合為原子核時(shí)所釋放的能量即為結(jié)合能，中有兩個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子，它們結(jié)合為時(shí)，質(zhì)量虧損為可知的結(jié)合能為故C錯(cuò)誤；D．個(gè)原子核與一個(gè)原子核反應(yīng)后質(zhì)量虧損為釋放的能量為故D正確。本題選擇錯(cuò)誤的，故選C。2．B【詳析】根據(jù)題意作出光的折射與反射，如圖根據(jù)折射定律有該單色光出射點(diǎn)Q與P點(diǎn)的距離為代入數(shù)據(jù)解得mm故選B。3．C【詳析】AB．根據(jù)表達(dá)式；可知頻率為Hz將代入解得mm故AB錯(cuò)誤；C．振搗棒的周期為s由于1s=，則振搗棒在1s內(nèi)通過(guò)的路程是mm故C正確；D．當(dāng)振搗棒的振動(dòng)頻率與混凝土顆粒的固有頻率越接近時(shí)，振動(dòng)越劇烈，故D錯(cuò)誤；故選C。4．A【詳析】B．由，得，當(dāng)動(dòng)能變?yōu)椋瑒t軌道半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍，軌道速度變?yōu)樵瓉?lái)的故B錯(cuò)誤；A．由B項(xiàng)分析可知軌道半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍，萬(wàn)有引力，則萬(wàn)有引力變?yōu)樵瓉?lái)的故A正確；C．由B項(xiàng)分析可知軌道半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍，則說(shuō)明變軌過(guò)程要加速，機(jī)械能增大，故C錯(cuò)誤；D．變軌過(guò)程要加速，并不是處于完全失重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選A。5．A【詳析】A．圖1中，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的線圈此位置時(shí)，線圈不切割磁感線，即電動(dòng)勢(shì)為0，故A正確；B．圖2中，變壓器原副線圈電流之比故B錯(cuò)誤；C．圖3中，強(qiáng)磁體從帶有裂縫的鋁管中靜止下落，鋁管會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，即產(chǎn)生電磁阻尼現(xiàn)象，阻礙強(qiáng)磁體的運(yùn)動(dòng)，故不可視做自由落體運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．電子感應(yīng)加速器示意圖。若電磁鐵電流方向反向，磁場(chǎng)方向反向，根據(jù)左手定則可知無(wú)法實(shí)現(xiàn)電子逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。6．D【詳析】A．由楞次定律可知，線框向左運(yùn)動(dòng)，線框在磁場(chǎng)中的面積逐漸減小，且產(chǎn)生反向的電動(dòng)勢(shì)，故其感應(yīng)電流發(fā)生改變，故A錯(cuò)誤；B．由動(dòng)能定理可知，安培力對(duì)線框做的功就等于線框動(dòng)能的變化量，由于線框初始狀態(tài)的動(dòng)能為零，故安培力做的功等于線框離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能，故B錯(cuò)誤；C．線框運(yùn)動(dòng)前磁通量為穿出磁場(chǎng)后，磁通量為0，則磁通量變化量為故C錯(cuò)誤；D．n匝線框在t=0時(shí)刻產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為n匝線框的總電阻為R=4nlr總質(zhì)量為nm，線框中的感應(yīng)電流為線框受到的安培力為則有F=nma解得與匝數(shù)n無(wú)關(guān)，故D正確。故選D。7．C【詳析】A．由能量守恒可知，釋放滑塊過(guò)程有滑塊返回壓縮彈簧時(shí)有聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合以上分析可知，滑塊再次滑上傳送帶時(shí)速度為,則每次滑塊返回時(shí)速度均為，因此一直在做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，不會(huì)停止，故B錯(cuò)誤；C．以傳送帶為參考系，木塊滑上時(shí)相對(duì)傳送帶的速度為，在第1次滑的過(guò)程當(dāng)中產(chǎn)生的熱量就等于相對(duì)的動(dòng)能的損耗量，即故C正確；D．滑塊第三次在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理可知，傳送帶對(duì)滑塊的水平?jīng)_量大小為同時(shí)傳送帶對(duì)滑塊有豎直向上的支持力產(chǎn)生的沖量，因此傳送帶對(duì)滑塊的總沖量大于mv，故D錯(cuò)誤。故選C。8．AC【詳析】A．電子感應(yīng)加速器是利用變化的磁場(chǎng)激發(fā)感生電場(chǎng)，從而進(jìn)行加速，故A正確；B．根據(jù)楞次定律判斷感生電場(chǎng)方向?yàn)轫槙r(shí)針，電子運(yùn)動(dòng)方向?yàn)槟鏁r(shí)針，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知電子在真空室中的半徑不變，速度增加，也在增加，可知不斷增加，故C正確；D．洛倫茲力對(duì)電子不做功，故D錯(cuò)誤。故選AC。9．BC【詳析】A．小球動(dòng)能增加來(lái)源于輕桿對(duì)它做功，故A錯(cuò)誤；B．小球做圓周運(yùn)動(dòng)，由沿半徑方向的合力提供向心力，則有變形有結(jié)合圖像有，解得，故BC正確；D．若去除外端彈簧，則有變形有可知，圖像斜率發(fā)生變化，故D錯(cuò)誤。故選BC。10．AD【