高級中學名校試卷PAGEPAGE12025年東北地區(qū)高考名校名師聯(lián)席命制物理信息卷本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8-10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.奧運會中的物理巴黎奧運會上，中國體育代表團獲得40金27銀24銅，金牌數(shù)與美國并列第一，創(chuàng)造境外參賽最佳成績。下列敘述正確的是（）A.潘展樂在男子100米自由泳決賽中（泳池標準長度為50米），以46秒40打破由自己保持的世界紀錄并奪得冠軍，他全程的平均速度為2.16m/sB.全紅嬋、陳芋汐在女子跳水雙人10米臺比賽中，她們跳水過程中的速度方向始終向下C.孫穎莎、王楚欽奪得國乒史上第一枚奧運混雙金牌，研究乒乓球運動軌跡時能把乒乓球看成質點D.伍鵬以4.77秒的成績在巴黎奧運會攀巖比賽中獲得銀牌，他在攀巖過程中機械能守恒【答案】C【解析】A．100米自由泳位移為0（泳池長度為50m），故平均速度為0，故A錯誤；B．運動員在跳水過程中做曲線運動，速度方向時刻變化，故B錯誤；C．研究乒乓球運動軌跡時其大小和形狀可忽略不計，故能把乒乓球看成質點，故C正確；D．伍鵬在巴黎奧運會攀巖比賽過程中，體內的生物能轉化為機械能，機械能增加，故D錯誤。故選C。2.目前世界上最準確的計時工具就是原子鐘，原子鐘利用原子吸收或釋放能量時發(fā)出的電磁波來計時。某原子鐘工作時的部分能級如圖所示，圖中為吸收光光子的頻率，為鐘激光光子的頻率，下列說法正確的是（）A.吸收光的波長大于鐘激光的波長B.吸收光光子的動量小于鐘激光光子的動量C.鐘激光只具有粒子性，不具有波動性D.若鐘激光照射某金屬發(fā)生光電效應，則該金屬的截止頻率一定小于【答案】D【解析】A．由能級圖可知，吸收光的頻率大于鐘激光的頻率，根據(jù)可知吸收光的波長小于鐘激光的波長，故A錯誤；B．由可知，吸收光光子動量大于鐘激光光子的動量，故B錯誤；C．鐘激光具有波粒二象性，故C錯誤；D．若鐘激光照射某金屬發(fā)生光電效應，則該金屬的截止頻率一定小于或等于，又因為所以該金屬的截止頻率一定小于，故D正確。故選D。3.一定質量的理想氣體，從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過程的p-V圖像如圖所示，已知氣體處于狀態(tài)A時的溫度為300K，則下列判斷正確的是（）A.氣體處于狀態(tài)B時的溫度為600KB.狀態(tài)A與狀態(tài)C溫度相同C.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再到狀態(tài)C的過程中氣體內能一直增大D.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B過程氣體放熱【答案】B【解析】A．由題知，A到B過程為等壓變化，根據(jù)帶入數(shù)據(jù)解得故A錯誤；B．B到C過程屬于等容變化，則有帶入數(shù)據(jù)解得故B正確；C．從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，氣體的溫度先升高后降低，則氣體的內能先增大后減小，故C錯誤；D．由A到B氣體溫度升高，內能增大，體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律可知氣體吸熱，故D錯誤。故選B。4.新風向構建新模型：如圖所示，一光滑絕緣的圓環(huán)水平放置，空間中有水平向右的勻強電場，通過點的直徑與電場強度方向平行，環(huán)上有、兩根光滑絕緣的細桿。現(xiàn)有兩個帶正電的輕質小環(huán)套在細桿上，分別從A、B兩點同時由靜止釋放，不計小環(huán)之間的庫侖力及小環(huán)所受重力。已知兩小環(huán)的質量、電荷量關系為、，則它們分別沿細桿、運動到點的時間之比為（）A. B. C. D.不能確定【答案】A【解析】設細桿與電場線之間的夾角為θ，對輕質小環(huán)，由牛頓第二定律得解得小環(huán)沿桿做勻加速直線運動，設圓環(huán)直徑為d，由運動學公式得解得所以故選A。5.二十四節(jié)氣入選聯(lián)合國教科文組織非物質文化遺產代表作名錄。在國際氣象界中，二十四節(jié)氣被譽為“中國第五大發(fā)明”。2024年春分、夏至、秋分和冬至在橢圓軌道所處位置和對應時間如圖所示，關于這四個節(jié)氣，下列說法正確的是（）A.太陽對地球的萬有引力在夏至時達到最大值B.地球繞太陽公轉運行到冬至時線速度達到最大值C.地球繞太陽公轉由春分到秋分的過程中，加速度逐漸增大D.根據(jù)地球的公轉周期和太陽與地球的距離可估算出地球的質量【答案】B【解析】A．夏至時地球離太陽最遠，由萬有引力知，太陽對地球的萬有引力在夏至時達到最小值，故A錯誤；B．由開普勒第二定律知，地球繞太陽公轉運行到冬至時線速度達到最大值，故B正確；C．由牛頓第二定律得，解得，故地球繞太陽公轉由春分到秋分的過程中，加速度先減小后增大，故C錯誤；D．由牛頓第二定律得，所以根據(jù)地球的公轉周期和太陽與地球的距離可估算出太陽的質量，估算不出地球的質量，故D錯誤。故選B。6.如圖（a）所示，塔吊是建筑工地上最常用的一種起重設備，又名“塔式起重機”。圖（b）為塔吊下面吊起質量為100kg的建筑材料的速度—時間圖像，如果建筑材料從地面開始運動，取10m/s2，則下列判斷正確的是（）A.s內懸線的拉力大小恒為2000NB.s末建筑材料離地面的距離為30mC.s內和s內建筑材料均處于超重狀態(tài)D.s內起重機對建筑材料做功為9800J【答案】D【解析】A．由題圖（b）知，5-10s內建筑材料做勻速直線運動，由平衡條件得，懸線拉力大小故A錯誤；B．由題圖（b）知，根據(jù)v-t圖線與坐標軸所圍的面積表示位移可知0-20s內建筑材料的位移大小為故B錯誤；C．由題圖（b）知，0-5s內加速度方向向上，建筑材料處于超重狀態(tài)，20-25s內加速度方向向下，建筑材料處于失重狀態(tài)，故C錯誤；D．由題圖（b）知，10-20s內的位移大小由動能定理得解得W=9800J故D正確。故選D。7.利用現(xiàn)代技術可以高效地輔助物理實驗探究。如圖（a）所示，輕繩一端連接小球，另一端可繞水平轉軸在豎直面內自由轉動，在最低點給小球一個初速度，使小球能做完整的圓周運動，利用傳感器記錄繩的拉力大小，同時記錄對應時刻輕繩與豎直向下方向的夾角，將數(shù)據(jù)輸入計算機得到圖像如圖（b）所示。已知繩長，取，則下列判斷正確的是（）A.小球的質量為B.小球在最低點的初速度大小為C.小球在最高點的速度大小為D.小球在最低點與最高點繩的拉力差隨初速度大小的增大而增大【答案】C【解析】AB．當時，，由牛頓第二定律得小球從最低點到該位置的過程中，根據(jù)動能定理得當時，，由牛頓第二定律得小球從最低點到該位置的過程中，根據(jù)動能定理得聯(lián)立解得，，故AB錯誤；C．小球從最低點到最高點的過程中，根據(jù)動能定理得解得小球在最高點的速度大小為故C正確；D．在最低點得，在最高點得則故小球在最低點與最高點繩的拉力差保持不變，故D錯誤。故選C。8.如圖所示，以為直徑的發(fā)光面，其圓心與半徑為的半球介質的球心重合。已知從點發(fā)出的垂直于發(fā)光面人射的光恰能發(fā)生全反射，從點發(fā)出的光第一次到達半球面的時間為，真空中的光速為。則下列說法正確的是（）A.該發(fā)光面的直徑為B.該發(fā)光面的直徑為C.該介質對該光的折射率為D.該介質發(fā)生全反射的臨界角的正弦值為【答案】BC【解析】ABD．從點發(fā)出的垂直于發(fā)光面的光恰能發(fā)生全反射，則解得故該發(fā)光面的直徑為故A、D錯誤，B正確；C．從點發(fā)出的光第一次到達半球面的時間為，則光在介質中的傳播速度為，該介質對該光的折射率為，故C正確。故選BC。9.如圖所示，平行于，與之間存在勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為、方向垂直紙面向里。質量為、電荷量為的電子，由靜止開始從點經(jīng)加速電場加速后從小孔飛出，進入右側勻強磁場區(qū)域，電子恰好沒能從邊界射出磁場。已知加速電場的電壓為，連線與邊界間的夾角為，與足夠長，電子重力忽略不計。下列說法正確的是（）A.電子在磁場中轉過的圓心角為B.電子進入磁場區(qū)域時速率為C.電子在磁場中運動的時間D.磁場區(qū)域的寬度【答案】CD【解析】A．電子在勻強磁場中的運動軌跡如圖所示，由幾何關系得，電子在磁場中轉過的圓心角為，故A錯誤；B．電子在電場中加速過程，根據(jù)動能定理得解得故B錯誤；C．由洛倫茲力提供向心力，且解得電子在磁場中運動的時間故C正確；D．由幾何關系知解得磁場區(qū)域的寬度故D正確。故選CD。10.圖（a）是風洞實驗室全景圖，風洞實驗室是可量度氣流對實體作用效果以及觀察物理現(xiàn)象的一種管道狀實驗設備。圖（b）為風洞實驗室的側視圖，兩水平面（虛線）之間的距離為，其間為風洞區(qū)域，物體進入該區(qū)域會受到水平方向的恒力，自該區(qū)域下邊界的點將質量為的小球以一定的初速度豎直上拋，從點離開風洞區(qū)域，經(jīng)過最高點后小球再次從點返回風洞區(qū)域后做直線運動，最終落在風洞區(qū)域的下邊界處，與水平方向的夾角為，，，重力加速度大小為，小球在運動過程中不受阻力作用。則下列說法正確的是（）A.小球到達最高點的速度為零B.風洞區(qū)域內小球受到水平方向恒力的大小為C.小球運動過程中離風洞下邊界的最大高度為D.小球運動過程中離風洞下邊界的最大高度為【答案】BD【解析】A．小球在最高點速度方向沿水平方向，速度不零，故A錯誤；B．小球從N點返回風洞區(qū)域后做直線運動，所受合力方向沿NP，則解得故B正確；CD．設小球在最高點的速度大小為，在M、N點豎直方向的速度大小為，小球由O到M的時間為在水平方向上，由牛頓第二定律得解得由運動學公式得小球在豎直方向上做豎直上拋運動，由運動的對稱性知，小球從N到P的運動時間為，在P點，水平方向速度由幾何關系得解得則小球在P點的豎直方向速度為小球從N到P做直線運動，則解得則小球在N點的豎直方向速度為小球由到，豎直方向解得在豎直方向上，，，解得小球運動過程中離風洞下邊界的最大高度故C錯誤，D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.如圖所示，在驗證機械能守恒定律的實驗中，甲、乙兩位同學分別采用了不同的實驗裝置：甲同學主要利用光電計時器。如圖（a）所示，將一直徑為、質量為的金屬球由處靜止釋放，下落過程中能通過處正下方、固定于處的光電門，測得、間的距離為，光電計時器記錄下金屬球通過光電門的時間為，當?shù)氐闹亓铀俣葹椋ㄟ^計算小球減少的重力勢能和增加的動能來驗證機械能守恒定律。乙同學利用打點計時器，如圖（c）所示，繞過定滑輪的細線上懸掛質量相等的重物A和B，在B下面再掛重物C。已知打點計時器所用交流電源的頻率為50Hz，驗證重物A、B、C組成的系統(tǒng)機械能守恒。（1）由圖（b）可知，游標卡尺測得小球的直徑d=_______cm。（2）乙同學某次實驗結束后，打出的紙帶的一部分如圖（d）所示，A、B、C為三個相鄰計時點。則打下B點時重物的速度大小為vB=_______m/s（結果保留三位有效數(shù)字）。（3）甲同學某次實驗測得小球質量為1kg，A、B間的距離H=0.21m，小球通過光電門的時間為t=9.3×10-3s，在此過程中小球重力勢能減少量ΔEp=_______J，小球動能增加量ΔEk=_______J（g取10m/s2）。（4）乙同學實驗中，已知重物A和B的質量均為M，鉤碼C的質量為m，某次實驗測得重物A由靜止上升高度為h時，對應的速度大小為v，取重力加速度為g，則驗證系統(tǒng)機械能守恒定律的表達式是_______（用g、h、M、m、v表示）。【答案】（1）1.86（2）1.05（3）2.12（4）【解析】【小問1詳析】游標卡尺測得小球的直徑為；【小問2詳析】在勻加速直線運動中，由中間時刻的速度等于這段時間內平均速度得，打下點時重物的速度大小為；【小問3詳析】[1]小球重力勢能減少量為；[2]小球通過光電門的速度大小為（點撥：小球通過光電門的平均速度表示小球的瞬時速度），則小球動能增加量為；【小問4詳析】驗證系統(tǒng)機械能守恒定律的表達式是整理得12.某實驗小組的同學按圖1的電路測定電池組的電動勢和內阻。圖2為某次實驗結果的圖像。（1）圖2中的圖線的斜率大小為，圖線的縱截距為，則電源電動勢為______，內阻為______。（2）圖2中測量數(shù)據(jù)集中在圖像很小區(qū)域，實驗小組的同學覺得數(shù)據(jù)處理時應使圖像盡可能占滿整個坐標紙，這樣的圖像有利于減小誤差，一部分同學認為需要重新進行實驗，另一部分同學認為無需重新進行實驗，你覺得為了減小誤差______（填“是”或“不”）一定要重新進行實驗。如果你覺得一定要重新進行實驗，請說出實驗出現(xiàn)這種情況的一種可能原因；如果你覺得不一定要重新進行實驗，請給出一種調整方案；______。【答案】（1）bk（2）不見解析【解析】【小問1詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有結合圖像有，【小問2詳析】[1][2]為了減小誤差不一定要重新進行實驗，實驗出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因是縱軸坐標每一格所表示的電壓過小，可以適當增大縱軸坐標每一格所表示的電壓，調整的方法可以令縱軸坐標原點的電壓從左右開始，從而使圖像傾斜程度更大，圖像遍布整個坐標紙，讀數(shù)誤差減小。（新趨勢模塊融合）13.如圖所示，線圈面積為0.15m2，共100匝，總電阻為1Ω，與R=9Ω的外電阻相連。線圈在磁感應強度大小為B=2T的勻強磁場中以OO′為軸勻速轉動，轉速n=0.5r/s。將此電源作為驅動力連接到一個單擺裝置，單擺此時恰好達到共振（π2=10，g取10m/s2）。（1）若從線圈處于中性面開始計時，寫出線圈中感應電流的瞬時值表達式；（2）求單擺的擺長。【答案】（1）；（2）1m【解析】【小問1詳析】線圈勻速轉動，角速度線圈中感應電動勢的最大值從線圈處于中性面開始計時有聯(lián)立解得感應電流故【小問2詳析】單擺在周期性驅動力作用下做受迫振動，單擺此時恰好達到共振，其振動的頻率與驅動力頻率相等，即單擺的周期等于線圈轉動的周期，則由于解得擺長14.如圖所示為某超市的送貨裝置，傳送帶以的速度沿逆時針方向運行。一可視為質點的貨物靜止放在傾斜傳送帶的最上端處，貨物到達傳送帶下端時滑上平板車，隨后在平板車上向左運動，當貨物到達平板車的最左端時恰好與平板車速度相同。已知貨物的質量，傳送帶之間的距離，傳送帶與水平面的夾角，貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，貨物與平板車間的動摩擦因數(shù)，平板車與地面間的摩擦忽略不計，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，平板車的質量，重力加速度。貨物從傳送帶滑上平板車時無動能損失，忽略空氣阻力。求（，）：（1）貨物剛放在傳送帶上時的加速度大小；（2）貨物在傳送帶上運動的時間；（3）平板車的長度。【答案】（1）10m/s2；（2）1.8s；（3）12.5m【解析】【小問1詳析】貨物剛放在傳送帶上時，設加速度大小為，由牛頓第二定律，有解得【小問2詳析】設貨物經(jīng)過時間與傳送帶共速，通過的位移大小共速后摩擦力方向沿傳送帶向上，由于，設貨物以加速度沿傳送帶向下勻加速運動，由牛頓第二定律得由運動學公式得解得所以貨物在傳送帶上運動的時間【小問3詳析】解法一：貨物在點的速度大小為貨物運動到平板車左端時與平板車速度相同，根據(jù)動量守恒定律得解得由能量守恒定律得解得解法二：貨物在B點的速度大小為貨物運動到平板車左端時與平板車速度相同，根據(jù)動量守恒定律得解得由牛頓第二定律得平板車加速度大小加速時間為平板車位移貨物位移，平板車的長度就是二者的相對位移大小，即15.如圖所示，兩條光滑平行金屬導軌相距，水平部分有磁感應強度大小B=2T、方向豎直向上的勻強磁場，傾斜部分與水平面間夾角為，有垂直軌道斜面向上、磁感應強度大小B=2T的勻強磁場，在傾斜導軌和水平導軌上，各放一根與導軌垂直的金屬桿、，金屬桿與導軌接觸良好。金屬桿、質量均為，電阻、，其余電阻不計。已知從時刻起，桿在外力作用下由靜止開始水平向右運動，桿在水平向右的外力作用下始終保持靜止狀態(tài)，且（，，取）。（1）判斷桿的電流方向并通過計算說明桿的運動情況，若是勻加速直線運動，請計算出加速度大小，若不是勻加速直線運動，請說明理由；（2）從時刻開始計時，求內通過桿的電荷量；（3）若已知從時刻起，內作用在桿上的外力做功為，則求這段時間內桿上產生的熱量。【答案】（1）電流方向從c→d，桿cd做勻加速直線運動且加速度為0.4m/s2（2）0.08C（3）0.0864J【解析】【小問1詳析】由楞次定律知電流方向從c→d對金屬桿ab，由平衡條件得安培力為聯(lián)立解得感應電動勢根據(jù)加速度定義式有所以桿cd做勻加速直線運動。【小問2詳析】桿cd在1s內運動的距離為通過桿ab的電荷量平均感應電動勢平均感應電流聯(lián)立解得【小問3詳析】設整個電路中產生的熱量為Q，1.5s內作用在桿cd上的外力F做功為W1=0.162J由功能關系得由運動學公式得聯(lián)立解得2025年東北地區(qū)高考名校名師聯(lián)席命制物理信息卷本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8-10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.奧運會中的物理巴黎奧運會上，中國體育代表團獲得40金27銀24銅，金牌數(shù)與美國并列第一，創(chuàng)造境外參賽最佳成績。下列敘述正確的是（）A.潘展樂在男子100米自由泳決賽中（泳池標準長度為50米），以46秒40打破由自己保持的世界紀錄并奪得冠軍，他全程的平均速度為2.16m/sB.全紅嬋、陳芋汐在女子跳水雙人10米臺比賽中，她們跳水過程中的速度方向始終向下C.孫穎莎、王楚欽奪得國乒史上第一枚奧運混雙金牌，研究乒乓球運動軌跡時能把乒乓球看成質點D.伍鵬以4.77秒的成績在巴黎奧運會攀巖比賽中獲得銀牌，他在攀巖過程中機械能守恒【答案】C【解析】A．100米自由泳位移為0（泳池長度為50m），故平均速度為0，故A錯誤；B．運動員在跳水過程中做曲線運動，速度方向時刻變化，故B錯誤；C．研究乒乓球運動軌跡時其大小和形狀可忽略不計，故能把乒乓球看成質點，故C正確；D．伍鵬在巴黎奧運會攀巖比賽過程中，體內的生物能轉化為機械能，機械能增加，故D錯誤。故選C。2.目前世界上最準確的計時工具就是原子鐘，原子鐘利用原子吸收或釋放能量時發(fā)出的電磁波來計時。某原子鐘工作時的部分能級如圖所示，圖中為吸收光光子的頻率，為鐘激光光子的頻率，下列說法正確的是（）A.吸收光的波長大于鐘激光的波長B.吸收光光子的動量小于鐘激光光子的動量C.鐘激光只具有粒子性，不具有波動性D.若鐘激光照射某金屬發(fā)生光電效應，則該金屬的截止頻率一定小于【答案】D【解析】A．由能級圖可知，吸收光的頻率大于鐘激光的頻率，根據(jù)可知吸收光的波長小于鐘激光的波長，故A錯誤；B．由可知，吸收光光子動量大于鐘激光光子的動量，故B錯誤；C．鐘激光具有波粒二象性，故C錯誤；D．若鐘激光照射某金屬發(fā)生光電效應，則該金屬的截止頻率一定小于或等于，又因為所以該金屬的截止頻率一定小于，故D正確。故選D。3.一定質量的理想氣體，從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過程的p-V圖像如圖所示，已知氣體處于狀態(tài)A時的溫度為300K，則下列判斷正確的是（）A.氣體處于狀態(tài)B時的溫度為600KB.狀態(tài)A與狀態(tài)C溫度相同C.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再到狀態(tài)C的過程中氣體內能一直增大D.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B過程氣體放熱【答案】B【解析】A．由題知，A到B過程為等壓變化，根據(jù)帶入數(shù)據(jù)解得故A錯誤；B．B到C過程屬于等容變化，則有帶入數(shù)據(jù)解得故B正確；C．從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，氣體的溫度先升高后降低，則氣體的內能先增大后減小，故C錯誤；D．由A到B氣體溫度升高，內能增大，體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律可知氣體吸熱，故D錯誤。故選B。4.新風向構建新模型：如圖所示，一光滑絕緣的圓環(huán)水平放置，空間中有水平向右的勻強電場，通過點的直徑與電場強度方向平行，環(huán)上有、兩根光滑絕緣的細桿。現(xiàn)有兩個帶正電的輕質小環(huán)套在細桿上，分別從A、B兩點同時由靜止釋放，不計小環(huán)之間的庫侖力及小環(huán)所受重力。已知兩小環(huán)的質量、電荷量關系為、，則它們分別沿細桿、運動到點的時間之比為（）A. B. C. D.不能確定【答案】A【解析】設細桿與電場線之間的夾角為θ，對輕質小環(huán)，由牛頓第二定律得解得小環(huán)沿桿做勻加速直線運動，設圓環(huán)直徑為d，由運動學公式得解得所以故選A。5.二十四節(jié)氣入選聯(lián)合國教科文組織非物質文化遺產代表作名錄。在國際氣象界中，二十四節(jié)氣被譽為“中國第五大發(fā)明”。2024年春分、夏至、秋分和冬至在橢圓軌道所處位置和對應時間如圖所示，關于這四個節(jié)氣，下列說法正確的是（）A.太陽對地球的萬有引力在夏至時達到最大值B.地球繞太陽公轉運行到冬至時線速度達到最大值C.地球繞太陽公轉由春分到秋分的過程中，加速度逐漸增大D.根據(jù)地球的公轉周期和太陽與地球的距離可估算出地球的質量【答案】B【解析】A．夏至時地球離太陽最遠，由萬有引力知，太陽對地球的萬有引力在夏至時達到最小值，故A錯誤；B．由開普勒第二定律知，地球繞太陽公轉運行到冬至時線速度達到最大值，故B正確；C．由牛頓第二定律得，解得，故地球繞太陽公轉由春分到秋分的過程中，加速度先減小后增大，故C錯誤；D．由牛頓第二定律得，所以根據(jù)地球的公轉周期和太陽與地球的距離可估算出太陽的質量，估算不出地球的質量，故D錯誤。故選B。6.如圖（a）所示，塔吊是建筑工地上最常用的一種起重設備，又名“塔式起重機”。圖（b）為塔吊下面吊起質量為100kg的建筑材料的速度—時間圖像，如果建筑材料從地面開始運動，取10m/s2，則下列判斷正確的是（）A.s內懸線的拉力大小恒為2000NB.s末建筑材料離地面的距離為30mC.s內和s內建筑材料均處于超重狀態(tài)D.s內起重機對建筑材料做功為9800J【答案】D【解析】A．由題圖（b）知，5-10s內建筑材料做勻速直線運動，由平衡條件得，懸線拉力大小故A錯誤；B．由題圖（b）知，根據(jù)v-t圖線與坐標軸所圍的面積表示位移可知0-20s內建筑材料的位移大小為故B錯誤；C．由題圖（b）知，0-5s內加速度方向向上，建筑材料處于超重狀態(tài)，20-25s內加速度方向向下，建筑材料處于失重狀態(tài)，故C錯誤；D．由題圖（b）知，10-20s內的位移大小由動能定理得解得W=9800J故D正確。故選D。7.利用現(xiàn)代技術可以高效地輔助物理實驗探究。如圖（a）所示，輕繩一端連接小球，另一端可繞水平轉軸在豎直面內自由轉動，在最低點給小球一個初速度，使小球能做完整的圓周運動，利用傳感器記錄繩的拉力大小，同時記錄對應時刻輕繩與豎直向下方向的夾角，將數(shù)據(jù)輸入計算機得到圖像如圖（b）所示。已知繩長，取，則下列判斷正確的是（）A.小球的質量為B.小球在最低點的初速度大小為C.小球在最高點的速度大小為D.小球在最低點與最高點繩的拉力差隨初速度大小的增大而增大【答案】C【解析】AB．當時，，由牛頓第二定律得小球從最低點到該位置的過程中，根據(jù)動能定理得當時，，由牛頓第二定律得小球從最低點到該位置的過程中，根據(jù)動能定理得聯(lián)立解得，，故AB錯誤；C．小球從最低點到最高點的過程中，根據(jù)動能定理得解得小球在最高點的速度大小為故C正確；D．在最低點得，在最高點得則故小球在最低點與最高點繩的拉力差保持不變，故D錯誤。故選C。8.如圖所示，以為直徑的發(fā)光面，其圓心與半徑為的半球介質的球心重合。已知從點發(fā)出的垂直于發(fā)光面人射的光恰能發(fā)生全反射，從點發(fā)出的光第一次到達半球面的時間為，真空中的光速為。則下列說法正確的是（）A.該發(fā)光面的直徑為B.該發(fā)光面的直徑為C.該介質對該光的折射率為D.該介質發(fā)生全反射的臨界角的正弦值為【答案】BC【解析】ABD．從點發(fā)出的垂直于發(fā)光面的光恰能發(fā)生全反射，則解得故該發(fā)光面的直徑為故A、D錯誤，B正確；C．從點發(fā)出的光第一次到達半球面的時間為，則光在介質中的傳播速度為，該介質對該光的折射率為，故C正確。故選BC。9.如圖所示，平行于，與之間存在勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為、方向垂直紙面向里。質量為、電荷量為的電子，由靜止開始從點經(jīng)加速電場加速后從小孔飛出，進入右側勻強磁場區(qū)域，電子恰好沒能從邊界射出磁場。已知加速電場的電壓為，連線與邊界間的夾角為，與足夠長，電子重力忽略不計。下列說法正確的是（）A.電子在磁場中轉過的圓心角為B.電子進入磁場區(qū)域時速率為C.電子在磁場中運動的時間D.磁場區(qū)域的寬度【答案】CD【解析】A．電子在勻強磁場中的運動軌跡如圖所示，由幾何關系得，電子在磁場中轉過的圓心角為，故A錯誤；B．電子在電場中加速過程，根據(jù)動能定理得解得故B錯誤；C．由洛倫茲力提供向心力，且解得電子在磁場中運動的時間故C正確；D．由幾何關系知解得磁場區(qū)域的寬度故D正確。故選CD。10.圖（a）是風洞實驗室全景圖，風洞實驗室是可量度氣流對實體作用效果以及觀察物理現(xiàn)象的一種管道狀實驗設備。圖（b）為風洞實驗室的側視圖，兩水平面（虛線）之間的距離為，其間為風洞區(qū)域，物體進入該區(qū)域會受到水平方向的恒力，自該區(qū)域下邊界的點將質量為的小球以一定的初速度豎直上拋，從點離開風洞區(qū)域，經(jīng)過最高點后小球再次從點返回風洞區(qū)域后做直線運動，最終落在風洞區(qū)域的下邊界處，與水平方向的夾角為，，，重力加速度大小為，小球在運動過程中不受阻力作用。則下列說法正確的是（）A.小球到達最高點的速度為零B.風洞區(qū)域內小球受到水平方向恒力的大小為C.小球運動過程中離風洞下邊界的最大高度為D.小球運動過程中離風洞下邊界的最大高度為【答案】BD【解析】A．小球在最高點速度方向沿水平方向，速度不零，故A錯誤；B．小球從N點返回風洞區(qū)域后做直線運動，所受合力方向沿NP，則解得故B正確；CD．設小球在最高點的速度大小為，在M、N點豎直方向的速度大小為，小球由O到M的時間為在水平方向上，由牛頓第二定律得解得由運動學公式得小球在豎直方向上做豎直上拋運動，由運動的對稱性知，小球從N到P的運動時間為，在P點，水平方向速度由幾何關系得解得則小球在P點的豎直方向速度為小球從N到P做直線運動，則解得則小球在N點的豎直方向速度為小球由到，豎直方向解得在豎直方向上，，，解得小球運動過程中離風洞下邊界的最大高度故C錯誤，D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.如圖所示，在驗證機械能守恒定律的實驗中，甲、乙兩位同學分別采用了不同的實驗裝置：甲同學主要利用光電計時器。如圖（a）所示，將一直徑為、質量為的金屬球由處靜止釋放，下落過程中能通過處正下方、固定于處的光電門，測得、間的距離為，光電計時器記錄下金屬球通過光電門的時間為，當?shù)氐闹亓铀俣葹椋ㄟ^計算小球減少的重力勢能和增加的動能來驗證機械能守恒定律。乙同學利用打點計時器，如圖（c）所示，繞過定滑輪的細線上懸掛質量相等的重物A和B，在B下面再掛重物C。已知打點計時器所用交流電源的頻率為50Hz，驗證重物A、B、C組成的系統(tǒng)機械能守恒。（1）由圖（b）可知，游標卡尺測得小球的直徑d=_______cm。（2）乙同學某次實驗結束后，打出的紙帶的一部分如圖（d）所示，A、B、C為三個相鄰計時點。則打下B點時重物的速度大小為vB=_______m/s（結果保留三位有效數(shù)字）。（3）甲同學某次實驗測得小球質量為1kg，A、B間的距離H=0.21m，小球通過光電門的時間為t=9.3×10-3s，在此過程中小球重力勢能減少量ΔEp=_______J，小球動能增加量ΔEk=_______J（g取10m/s2）。（4）乙同學實驗中，已知重物A和B的質量均為M，鉤碼C的質量為m，某次實驗測得重物A由靜止上升高度為h時，對應的速度大小為v，取重力加速度為g，則驗證系統(tǒng)機械能守恒定律的表達式是_______（用g、h、M、m、v表示）。【答案】（1）1.86（2）1.05（3）2.12（4）【解析】【小問1詳析】游標卡尺測得小球的直徑為；【小問2詳析】在勻加速直線運動中，由中間時刻的速度等于這段時間內平均速度得，打下點時重物的速度大小為；【小問3詳析】[1]小球重力勢能減少量為；[2]小球通過光電門的速度大小為（點撥：小球通過光電門的平均速度表示小球的瞬時速度），則小球動能增加量為；【小問4詳析】驗證系統(tǒng)機械能守恒定律的表達式是整理得12.某實驗小組的同學按圖1的電路測定電池組的電動勢和內阻。圖2為某次實驗結果的圖像。（1）圖2中的圖線的斜率大小為，圖線的縱截距為，則電源電動勢為______，內阻為______。（2）圖2中測量數(shù)據(jù)集中在圖像很小區(qū)域，實驗小組的同學覺得數(shù)據(jù)處理時應使圖像盡可能占滿整個坐標紙，這樣的圖像有利于減小誤差，一部分同學認為需要重新進行實驗，另一部分同學認為無需重新進行實驗，你覺得為了減小誤差______（填“是”或“不”）一定要重新進行實驗。如果你覺得一定要重新進行實驗，請說出實驗出現(xiàn)這種情況的一種可能原因；如果你覺得不一定要重新進行實驗，請給出一種調整方案；______。【答案】（1）bk（2）不見解析【解析】【小問1詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有結合圖像有，【小問2詳析】[1][2]為了減小誤差不一定要重新進行實驗，實驗出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因是縱軸坐標每一格所表示的電壓過小，可以適當增大縱軸坐標每一格所表示的電壓，調整的方法可以令縱軸坐標原點的電壓從左右開始，從而使圖像傾斜程度更大，圖像遍布整個坐標紙，讀數(shù)誤差減小。（新趨勢模塊融合）13.如圖所示，線圈面積為0.15m2，共100匝，總電阻為1Ω，與R=9Ω的外電阻相連。線圈在磁感應強度大小為B=2T的勻強磁場中以OO′為軸勻速轉動，轉速n=0.5r/s。將此電源作為驅動力連接到一個單擺裝置，單擺此時恰好達到共振（π2=10，g取10m/s2）。（1）若從線圈處于中性面開始