PAGE2024學年第二學期浙江G5聯盟期中聯考高一年級物理學科試題考生須知：1.本卷共8頁滿分100分，考試時間90分鐘。2.答題前，在答題卷指定區域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準考證號并填涂相應數字。3.所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。4.考試結束后，只需上交答題紙。選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列器材不能測量國際單位制中基本物理量的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】A．刻度尺是測量長度，是測量基本量的，故A不符合題意；B．靜電計是測電勢差的儀器，電勢差不是基本物理量，故B符合題意；C．托盤天平是測量質量的儀器，是測量的力學基本量，故C不符合題意；D．打點計時器是計時儀器，是測量的力學基本量，故D不符合題意。故選B。2.我國自主研發的第三代深海敷纜作業平臺如圖所示，其中的機器人集成了“聲吶探測-液壓挖掘-精準敷設”三大功能模塊，配備多關節液壓機械臂、高精度聲吶陣列和自適應行走機構。可將機器人看成質點的是（）A.操控機器人進行挖溝作業B.監測機器人搜尋時的轉彎姿態C.定位機器人在敷埋線路上的位置D.測試機器人敷埋作業時的機械臂動作【答案】C【解析】A．操控機器人進行挖溝作業，機器人的形狀大小不能忽略不計，機器人不能看成質點，故A錯誤；B．監測機器人搜尋時的轉彎姿態，機器人的形狀大小不能忽略不計，機器人不能看成質點，故B錯誤；C．定位機器人在敷埋線路上的位置，機器人的形狀大小可以忽略不計，機器人能看成質點，故C正確；D．測試機器人敷埋作業時的機械臂動作，機器人的形狀大小不能忽略不計，機器人不能看成質點，故D錯誤。故選C。3.如圖所示，不帶電的半徑為r的空心金屬球放在絕緣支架上，右側放一個電荷量為+Q的點電荷，點電荷到金屬球球心的距離為3r，達到靜電平衡后，下列說法正確的是（）A.金屬球的左側感應出負電荷，右側感應出正電荷B.點電荷Q在金屬球內產生的電場的場強處處為零C.若用導線連接球的左右兩側，球兩側都不帶電D.感應電荷在金屬球球心處產生的電場場強大小為【答案】D【解析】A．金屬球發生靜電感應，靠近點電荷的一側帶異種電荷，遠離的一側帶同種電荷，所以金屬球的右側感應出負電荷，左側感應出正電荷，A錯誤；B．靜電平衡的導體內部場強處處為零，所以是點電荷和感應電荷在金屬球內產生的合場強為零，B錯誤；C．用導線連接球的左右兩側，由于靜電感應現象，球依然左側感應出正電荷，右側感應出負電荷，C錯誤；D．靜電平衡的導體內部場強處處為零，點電荷在球心處產生的場強大小為所以感應電荷在金屬球球心處產生的電場場強大小也為方向與點電荷產生的場強方向相反，D正確。故選D。4.如圖所示為某一帶電粒子從a到b通過一電場區域時速度隨時間變化的v-t圖像。該帶電粒子只受電場力作用，用虛線表示該帶電粒子的運動軌跡，則粒子運動軌跡和電場線分布情況可能是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】由v-t圖像可知，速度減小，加速度減小，帶電粒子只受電場力作用，根據牛頓第二定律有F=ma=qE可知，電場強度E減小，電場線越疏的場強越小，可知帶電粒子應該從電場線密的地方向電場線疏的地方運動，帶電粒子從a到b運動時，軌跡切線方向表速度方向，力指向軌跡的凹側面，且帶電粒子速度減小，所以力和速度夾角成鈍角。故選D。5.地球的公轉軌道接近圓，哈雷彗星的公轉軌道則是一個非常扁的橢圓，如圖所示。天文學家哈雷成功預言了哈雷彗星的回歸，哈雷彗星最近出現的時間是1986年，預測下次飛近地球將在2061年左右。若哈雷彗星在近日點與太陽中心的距離為，遠日點與太陽中心的距離為。下列說法正確的是（）A.哈雷彗星軌道的半長軸是地球公轉半徑的倍B.哈雷彗星在近日點的速度一定大于地球的公轉速度C.哈雷彗星在近日點和遠日點的速度之比為D.相同時間內，哈雷彗星與太陽連線掃過的面積和地球與太陽連線掃過的面積相等【答案】B【解析】A．地球公轉周期T=1年，哈雷彗星的周期為T’=(2061?1986)年=75年根據開普勒第三定律有解得故A錯誤；B．哈雷彗星的軌道在近日點的曲率半徑比地球的公轉軌道半徑小，根據萬有引力提供向心力得可得哈雷彗星在近日點的速度一定大于地球的公轉速度，故B正確；CD．根據開普勒第二定律，相同時間內，哈雷彗星與太陽連線掃過的面積相等，但并不與地球與太陽連線掃過的面積相等。設哈雷彗星在近日點和遠日點的速度分別為v1、v2，取時間微元，結合扇形面積公式可知解得故CD錯誤。故選B6.風能是一種潔凈、無污染、可再生的能源，臨海括蒼山山頂上建有全國第四大風力發電場，如圖所示。已知該地區的風速約為6m/s，空氣密度約，已知風力發電機的風葉葉片長度為40m，且風能的30%可轉化為電能，則一臺發電機發電功率約為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】在內經過葉片的空氣體積為空氣的質量為空氣的動能為風能的30%可轉化為電能，則整理可得，電能就是發電功率代入數據解得故選B。7.新能源汽車的發展是為了減少對傳統燃料的依賴，減少環境污染和減少溫室氣體的排放。如圖所示為我國比某迪一型號汽車某次測試行駛時的加速度和車速倒數的關系圖像。若汽車質量為，它由靜止開始沿平直公路行駛，且行駛中阻力恒定，最大車速為，下列說法錯誤的是（）A.汽車勻加速所需時間為 B.汽車牽引力的額定功率為C.汽車在車速為時，功率為 D.汽車所受阻力為【答案】D【解析】A．由圖可知，汽車在速度等于前，加速度不變，故汽車是恒加速度啟動的，根據勻變速直線運動的基本規律可知故A正確，不符合題意；BD．由圖可知，汽車的最大速度為，汽車開始做勻速直線運動，此時F=f當時，汽車的加速度根據牛頓第二定律可知解得故B正確，不符合題意，D錯誤，符合題意；C．汽車在車速為5m/s時，汽車處于勻加速階段，故P=Fv得故C正確，不符合題意。故選D。8.某同學在離籃球場地面一定高度處靜止釋放一個充氣充足的籃球，籃球與地面碰撞時間極短，空氣阻力恒定，不可忽略，則籃球的動能與時間t的關系圖像，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】設空氣阻力為f，籃球質量為m，設下落階段籃球加速度為，由牛頓第二定律得則動能知圖像斜率為，可知隨著時間增大斜率變大，圖像變陡；設籃球落地是速度大小為，籃球與地面碰撞時間極短，籃球速度大小不變、方向反向，此后上升過程設加速度大小為，由牛頓第二定律得則動能則可知圖像斜率為，由于可知斜率隨著時間增大而減小，圖像變緩直至動能減為0，由于，所以下落時間大于上升時間，綜合可知，B選項符合題意。故選B。9.如圖，在豎直平面內，將一小球以一定的初速度從A點拋出，速度方向與豎直方向成角。經過一段時間后小球經過點，此時速度方向與初速度方向垂直，A、B兩點的距離為。不計空氣阻力，重力加速度為，對于小球從A運動到B的過程，下列說法中正確的是（）A.小球從A點運動到B點速度變化量為B.小球在點的初速度大小為C.小球的運動時間為D.小球到達B點的速度大小為【答案】D【解析】C．沿初速度方向和垂直初速度方向建立平面xOy坐標系如圖將重力加速度沿兩方向分解，設小球從A點運動到B點所用時間為t根據題意，小球經過點時速度方向與初速度方向垂直由運動學規律可得，沿x軸方向有沿y軸方向有故得又由運動學規律可得，沿x軸方向有沿y軸方向有根據題意由幾何關系得聯立以上各式代入數據得，故C錯誤；B．小球在A點時的初速度大小，故B錯誤；D．小球經過B點時的速度大小，故D正確；A．由運動學規律可得，小球從A點運動到B點速度變化量大小為，故A錯誤；故選D。10.如圖，光滑水平地面上有一質量為的小車在水平推力的作用下加速運動。車廂內有質量分別為和的、兩小球，兩球用輕桿相連，球靠在光滑左壁上，球處在車廂水平底面上，且與底面的動摩擦因數為，桿與豎直方向的夾角為，桿與車廂始終保持相對靜止（重力加速度用表示，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）。下列說法正確的是（）A.若球受到的摩擦力為零，則B.若球所受車廂壁彈力為零，則C.若推力向左，且，則加速度大小范圍是D.若推力向右，且，則加速度大小范圍是【答案】D【解析】A．設桿的彈力為，對小球A，豎直方向受力平衡，則桿水平方向的分力與豎直方向的分力滿足豎直方向有則若B球受到的摩擦力為零，對B根據牛頓第二定律可得可得對小球A、B和小車整體根據牛頓第二定律A錯誤；B．對小球A，根據牛頓第二定律可得對系統整體根據牛頓第二定律解得B錯誤；C．若推力向左，根據牛頓第二定律可知整體加速度向左，小球A向左的加速度由桿對小球A的水平分力以及車廂壁的彈力的合力提供，小球A受向左的合力最大值為小球B所受向左的合力的最大值由于可知故最大加速度最大時小球B所受摩擦力已達到最大、小球A與左壁還有彈力，則對小球B根據牛頓第二定律可得C錯誤；D．若推力向右，根據牛頓第二定律可知系統整體加速度向右，由于小球A可以受到左壁向右的支持力，理論上向右的合力可以無限大，因此只需要討論小球B即可，當小球B所受的摩擦力向左時，小球B向右的合力最小，此時當小球所受摩擦力向右時，小球B向右的合力最大，此時對小球B根據牛頓第二定律解得D正確。故選D。二、選擇題II（本題共3小題，每小題給出的四個選項中，至少有一個選項正確，全選對得4分，選對但不全得2分，有選錯得0分，共12分）11.下面說法正確的有（）A.牛頓發現了萬有引力定律，并測出了引力常量的數值B.開普勒第三定律，式中的值不僅與中心天體質量有關，還與環繞行星運動的速度有關C.法拉第最早提出了電場線的概念D.元電荷的數值最早是由美國物理學家密立根用實驗測得的【答案】CD【解析】A．牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許利用扭秤裝置比較準確地測出了引力常量，故A錯誤；B．開普勒第三定律，式中的值與中心天體質量有關，故B錯誤；C．英國物理學家法拉第最早引入電場的概念，并提出用電場線表示電場，故C正確；D．元電荷e的數值最早是由美國物理學家密立根通過油滴實驗測得的，故D正確。故選CD。12.如圖所示，底座和豎直桿連在一起，置于水平地面上，直桿頂端用長為細線拴著一個小球，給小球以一定的速度使小球做圓錐擺運動，小球運動時底座始終不動。在底座和水平面的接觸處以及桿和繩的接觸點安裝有力傳感器，可以顯示地面受到的壓力和桿頂受到的拉力大小。若小球在水平面內以角速度5rad/s做勻速圓周運動時，傳感器顯示地面所受壓力為25N，對桿頂的拉力是12.5N，重力加速度g取10m/s2，假設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，下列選項正確的是（）A.桿與底座的總質量是2kgB.小球質量是1kgC.地面受到摩擦力的大小是7.5ND.底座和水平地面間的動摩擦因數的最小值為0.375【答案】BC【解析】B．設小球的質量為m，桿與底座的總質量為M，繩子與豎直方向的夾角為θ，豎直方向上，由平衡條件有水平方向上，由牛頓第二定律有聯立解得故B正確；A．根據牛頓第三定律可知，地面對整體的支持力為對整體分析，豎直方向上解得故A錯誤；C．對桿和底座受力分析可知，水平方向上有根據牛頓第三定律有故C正確；D．設底座和水平地面間的動摩擦因數為μ，則有解得故D錯誤。故選BC。13.如圖所示，擋板固定在傾角為的斜面左下端，斜面右上端與半徑為的圓弧軌道連接，其圓心在斜面的延長線上。M點有一光滑輕質小滑輪，。質量均為的小物塊B、C由一輕質彈簧拴接（彈簧平行于斜面），其中物塊C緊靠在擋板P處，物塊B用跨過滑輪的輕質細繩與一質量為、大小可忽略的小球A相連，初始時刻小球A鎖定在點，細繩與斜面平行，且恰好繃直而無張力，B、C處于靜止狀態。某時刻解除對小球A的鎖定，當小球A沿圓弧運動到最低點N時（物塊B未到達M點），物塊C對擋板的作用力恰好為0。已知重力加速度為，不計一切摩擦，下列說法正確的是（）A.彈簧的勁度系數為B.小球到達點時的速度大小為C.小球到達點時的速度大小為D.小球由運動到的過程中，小球和物塊的機械能之和先增大后減小【答案】ABD【解析】A．設彈簧的勁度系數為，初始時刻彈簧的壓縮長度為，則B沿斜面方向受力平衡，則小球A沿圓弧運動到最低點時，物塊C即將離開擋板時，設彈簧的拉伸長度為，則C沿斜面方向受力平衡，則易得當小球A沿圓弧運動到最低點時，B沿斜面運動的位移為所以解得，故A正確；BC．設小球A到達點時的速度為，對進行分解，在沿繩子方向的速度由于沿繩子方向的速度處處相等，所以此時B的速度也為，對A、B、C和彈簧組成的系統，在整個過程中，只有重力和彈簧彈力做功，且在和處彈簧的形變量相同，故彈性勢能不變，彈簧彈力做功為0，重力對A做正功，對B做負功，A、B、C和彈簧組成的系統機械能守恒，可知解得故B正確，C錯誤；D．小球A由運動到過程中，A、B、C和彈簧組成的系統機械能守恒，則小球A和物塊B的機械能之和與彈簧和C的能量之和不變，C一直處于靜止狀態，彈簧一開始處于壓縮狀態，之后變為原長，后開始拉伸，則彈性勢能先減小后增大，故小球A和物塊B的機械能之和先增大后減小，故D正確。故選ABD。非選擇題部分三、實驗題（本題共3題，共16分）14.為探究物體加速度a與外力F和物體質量M的關系，研究小組的同學們在教材提供案例的基礎上又設計了不同的方案，如圖甲、乙、丙所示：甲方案中在小車前端固定了力傳感器，并與細線相連，可以從傳感器上直接讀出細線拉力；乙方案中拉動小車的細線通過滑輪與彈簧測力計相連，從彈簧測力計上可讀出細線拉力；丙方案中用帶有光電門的氣墊導軌和滑塊代替長木板和小車。三種方案均以質量為m的槽碼的重力作為動力。（1）關于三個實驗方案，下列說法正確的是______。A.甲、乙方案實驗前均需要平衡摩擦力B.甲、乙、丙方案均需要滿足小車或滑塊的質量遠大于槽碼的質量C.乙方案中，小車加速運動時受到細線的拉力等于槽碼所受重力的一半（2）某次甲方案實驗得到一條紙帶，部分計數點如圖丁所示（每相鄰兩個計數點間還有4個計時點未畫出），測得，，，。已知打點計時器所接交流電源頻率為50Hz，則小車的加速度______（結果保留兩位有效數字）。（3）甲方案實驗中，以小車的加速度a為縱坐標、鉤碼的重力F為橫坐標作出的圖像戊理想狀態下應是一條過原點的直線，但由于實驗誤差影響，常出現如圖所示的三種情況。關于這三種情況下列說法中正確的是______。A.圖線①交于縱軸的原因是鉤碼掛的個數太多B.圖線②右端彎曲的原因是鉤碼掛的個數太少C.圖線③交于橫軸的原因可能是未平衡小車受到的阻力【答案】（1）A（2）0.51（3）C【解析】【小問1解析】A．由圖示實驗裝置可知，甲、乙方案實驗前均需要平衡摩擦力，故A正確；B．由圖示實驗裝置可知，甲實驗中小車受到的拉力可以由力傳感器測出，乙實驗中小車所受拉力可以由彈簧測力計測出，甲、乙實驗不需要方案不需要滿足小車或滑塊的質量遠大于槽碼的質量，故B錯誤；C．由圖示可知，乙方案中，小車加速運動時槽碼向下加速運動，槽碼處于失重狀態，小車加速運動時受到細線的拉力小于槽碼所受重力的一半，故C錯誤。故選A。【小問2解析】每相鄰兩個計數點間還有4個計時點未畫出，打點計時器所接交流電源頻率為50Hz，相鄰計數點間的時間間隔根據勻變速直線運動的推論由逐差法可知，小車的加速度大小【小問3解析】A．由圖示圖像可知，縱軸的截距大于0，F=0（即不掛鉤碼）時小車就具有了加速度；產生原因是平衡摩擦力時長木板的傾角過大，，故A錯誤；B．圖線②在力較小時圖像是直線，加速度與拉力成正比；拉力較大時圖像向下彎曲，加速度偏小，由牛頓第二定律可得，解得可知當時，圖像為直線，當鉤碼掛的個數太多時，不滿足，則圖像右端向下彎曲，所以圖線②右端彎曲的原因是鉤碼掛的個數太多造成的，故B錯誤；C．圖線③在橫軸的截距大于0，只有當F增加到一定值時，小車才獲得加速度，產生原因是平衡摩擦力時長木板的傾角過小或未平衡小車受到的阻力，故C正確。故選C。15.實驗小組做探究影響向心力大小因素的實驗：①方案一：用如圖甲所示的裝置，已知小球在擋板A、B、C處做圓周運動的軌跡半徑之比為，變速塔輪自上而下按如圖乙所示三種組合方式，左右每層半徑之比由上至下分別為、和。回答以下問題：（1）本實驗所采用的實驗探究方法與下列哪些實驗是相同的___________；A.探究小車速度隨時間變化規律 B.探究兩個互成角度的力的合成規律C.探究平拋運動的特點 D.探究加速度與物體受力、物體質量的關系（2）某次實驗中，把兩個質量相等的鋼球放在B、C位置，探究向心力的大小與半徑的關系，則需要將傳動皮帶調至第___________層塔輪（填“一”、“二”或“三”）。②方案二：如圖丙所示裝置，裝置中豎直轉軸固定在電動機的轉軸上（未畫出），光滑的水平直桿固定在豎直轉軸上，能隨豎直轉軸一起轉動。水平直桿的左端套上滑塊P，用細線將滑塊P與固定在豎直轉軸上的力傳感器連接，細線處于水平伸直狀態，當滑塊隨水平直桿一起勻速轉動時，細線拉力的大小可以通過力傳感器測得。水平直桿的右端最邊緣安裝了寬度為d的擋光條，擋光條到豎直轉軸的距離為D，光電門可以測出擋光條經過光電門所用的時間（擋光時間）。滑塊P與豎直轉軸間的距離可調。回答以下問題：（3）若某次實驗中測得擋光條的擋光時間偽，則滑塊P的角速度表達式為___________；（4）實驗小組保持滑塊P質量和運動半徑r不變，探究向心力F與角速度的關系，作出圖線如圖丁所示，若滑塊P運動半徑，細線的質量和滑塊與桿的摩擦可忽略，由圖線可滑塊P質量___________kg（結果保留2位有效數字）。【答案】（1）D（2）一（3）（4）0.44（0.43~0.45均可）【解析】【小問1解析】在該實驗中，通過控制質量、半徑、角速度中兩個物理量相同，探究向心力與另外一個物理量之間的關系，采用的科學方法是控制變量法。A．探究小車速度隨時間變化規律，利用極限思想計算小車的速度，故A錯誤；B．探究兩個互成角度的力的合成規律，應用了等效替代法，故B錯誤；C．探究平拋運動的特點，例如兩球同時落地，兩球在豎直方向上的運動效果相同，應用了等效思想，故C錯誤；D．探究加速度與物體受力、物體質量的關系，應用了控制變量法，故D正確。故選D。【小問2解析】把兩個質量相等的鋼球放在B、C位置，探究向心力的大小與半徑的關系，應使兩球的角速度相同，則需要將傳動皮帶調至第一層塔輪。【小問3解析】擋光條的線速度為則滑塊P的角速度為【小問4解析】根據向心力大小公式所以圖線的斜率為解得，滑塊P質量為16.同學們在做“驗證機械能守恒定律”實驗時，設計了如圖甲所示的兩種方案：（1）為完成實驗方案1，下列說法正確的是________。A.還需要刻度尺、秒表、交流電源B.必須用天平測出重物的質量C.可以根據來計算重物在時刻的瞬時速度D.安裝打點計時器時，應使兩個限位孔處于同一豎直線上，實驗時先接通電源，后釋放重物甲（2）用方案1裝置打出的一條紙帶如圖乙所示，圖中、、、、、為連續打出的點，交流電頻率為，計算出打下點時重物的速度大小為________（結果保留3位有效數字）。（3）方案2中，數字計時器測得遮光條通過光電門的時間為，多次改變光電門的位置并測出多組和，描繪出的圖像如丙所示。已知圖像的斜率為，則________即可認為機械能守恒。已知滑塊與遮光條總質量為、鉤碼質量為、重力加速度為、遮光條的寬度。（用、、、來表示）【答案】（1）D（2）1.75（3）【解析】【小問1解析】A．通過打點計時器可以知道紙帶上計數點間的時間間隔，所以不需要秒表，故A錯誤；B．由于驗證機械能守恒的表達式中質量可以約去，所以不需要用天平測出重物的質量，故B錯誤；C．不可以根據來計算重物在時刻瞬時速度，因為這樣默認機械能守恒，失去了驗證的意義，故C錯誤；D．為了減小紙帶與打點計時器間的摩擦，安裝打點計時器時，應使兩個限位孔處于同一豎直線上；為了充分利用紙帶，實驗時先接通電源，后釋放重物甲，故D正確。故選D。【小問2解析】計算出打下點時重物的速度大小為【小問3解析】滑塊經過光電門時的速度為根據系統機械能守恒可得整理可得可知圖像的斜率為四、計算題（本題共4題，共42分）17.如圖所示，A、B是兩個帶等量電荷的小球，電荷量均為，A固定在斜面底端豎直放置的長為的絕緣支桿上，質量為的B靜止于光滑絕緣傾角為的斜面上且恰與A等高，AB小球所在的空間內有一豎直向下的勻強電場（未知，其他量為已知量），其中重力加速度為，靜電力常量為。求：（1）AB之間庫侖力大小；（2）空間中勻強電場的大小。【答案】（1）（2）【解析】【小問1解析】設為兩個小球間的距離，庫侖力表達式為其中解得【小問2解析】根據受力平衡解得18.如圖所示，水平傳送帶足夠長，向右前進的速度，與傾角為的斜面的底端平滑連接（即拐角處無能量損失），將一質量的小物塊從點靜止釋放。已知A、P的距離，物塊與斜面、傳送帶間的動摩擦因數分別為，，取，，。求物塊：（1）第一次滑過點時的速度大小；（2）第一次在傳送帶上往返運動的時間；（3）第一次返回斜面上時，沿斜面上滑的最大距離；（4）寫出物體從傳送帶上返回至點時的速度大小與從傳送帶返回次數的關系；【答案】（1）（2）（3）（4）【解析】【小問1解析】第一次滑過點時由動能定理解得【小問2解析】滑塊在傳送帶上運動的加速度則向左運動速度減為零的時間最遠距離向右返回時，加速的時間加速位移勻速時間往返時間【小問3解析】第一次返回斜面上滑時的初速度為，沿斜面上滑的加速度則上滑的最大距離【小問4解析】第一次返回時，設第次從傳送帶返回至點的速度為，物塊在斜面上向下滑動時的加速度，上式為第次返回至點，再從斜面最高點滑至點的速度。速度小于傳送帶的速度，所以第次從傳送帶返回至點的速度與速度大小相等，則即19.如圖所示，質量的物體A上表面為光滑斜面，斜面長，與水平方向的夾角，在斜面下端有一質量的小物體，某時刻A、B一起從點以初速度向左勻減速滑行。已知重力加速度，，。（1）求A的下表面與水平面間的動摩擦因數；（2）當A的速度減為零時，立即對A施加水平向右的推力。①若A、B一起水平向右勻加速運動，求A的右端回到位置的過程中推力所做的功____；②若A的右端回到位置，B恰好運動到斜面最高點。B物體在該過程中處于________狀態（填“超重”或“失重”），求該過程中A與地面間因摩擦產生的內能。【答案】（1）（2）超重，【解析】【小問1解析】對小物體由牛頓第二定律有對A、B整體由牛頓第二定律有解得，【小問2解析】①根據、整體牛頓第二定律根據運動學公式解得，