PAGE2027屆普通高等學校招生全國統一考試青桐鳴大聯考（高一）物理注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、班級、考場號、座位號、考生號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1.一架轟炸機正在斜向下俯沖，俯沖過程中釋放一枚炸彈，不計空氣對炸彈的阻力，則炸彈在空中運動過程中（）A.做勻速直線運動 B.做勻加速直線運動 C.做變加速曲線運動 D.做勻變速曲線運動【答案】D【解析】轟炸機俯沖過程中釋放一枚炸彈，炸彈有斜向下的初速度，且只受重力，加速度g恒定，初速度方向與重力方向不共線，根據曲線運動條件（物體所受合力方向與速度方向不在同一直線上），可知炸彈做勻變速曲線運動。故選D。2.如圖所示，輕繩的兩端系在桶上，用手鉤著繩子中點將桶拎起，桶處于靜止狀態，若繩變長，則下列說法正確的是（）A.手對繩的作用力變小 B.手對繩的作用力變大C.繩上的彈力變小 D.繩上的彈力變大【答案】C【解析】AB．由平衡條件可知，手對繩的作用力始終與桶的重力等大反向，即手對繩的作用力不變，故AB錯誤；CD．設繩子與豎直方向夾角為，設桶重力為mg，對桶，由平衡條件有解得繩上的彈力若繩變長，減小，增大，則F減小，故C正確，D錯誤。故選C。3.鉛球比賽時，運動員將鉛球從點斜向上拋出，軌跡如圖所示，為軌跡的最高點，點與點在同一高度，落地點在點，不計空氣阻力，不計鉛球大小，則下列判斷正確的是（）A.鉛球在、兩點速度相同B.鉛球運動過程中，加速度不斷變化C.鉛球從運動到，速度變化越來越慢D.鉛球從運動到的時間由點離地面的高度決定【答案】D【解析】A．速度是矢量，有大小和方向。鉛球在A、C兩點高度相同，由于不計空氣阻力，則小球機械能守恒，可知鉛球在A、C兩點動能相同，速度大小相等，但方向不同，所以速度不相同，故A錯誤；B．不計空氣阻力，鉛球運動過程中只受重力，故加速度為重力加速度g，加速度保持不變，故B錯誤；C．加速度表示速度變化的快慢，鉛球運動過程中加速度a=g不變，所以速度變化快慢不變，故C錯誤；D．鉛球從B運動到D過程，在豎直方向上做自由落體運動，根據自由落體運動位移公式解得所以運動時間由B點離地面的高度h決定，故D正確。故選D。4.我國將于2026年發射嫦娥七號探測器，設嫦娥七號到達月球后貼近月球表面飛行一周所用時間為，某近地衛星環繞地球運行一周所用時間為，將月球和地球均看成質量分布均勻的球體，則月球與地球的密度之比為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】設中心天體質量為M，半徑為R，環繞天體質量為m，環繞天體周期為T，對環繞天體有中心天體密度聯立解得可知密度與周期平方成反比，故月球與地球的密度之比故選C。5.如圖甲所示，某建筑工地正用起重機吊起質量為2t的重物，重物上升過程的速度－時間圖像如圖乙所示，重力加速度g取，則下列說法正確的是（）A.內，重物處于失重狀態B.重物上升的最大高度為36mC.內，吊索對重物的作用力小于重物對吊索的作用力D.重物向上運動過程中，吊索對重物的最大作用力大小為20200N【答案】D【解析】A．圖像可知內，重物豎直向上加速運動，加速度豎直向上，重物處于超重狀態，故A錯誤；B．圖面積表示位移，結合圖像可知重物上升的最大高度為0到36s內的位移，即故B錯誤；C．根據牛頓第三定律可知，吊索對重物的作用力等于重物對吊索的作用力，故C錯誤；D．吊索對重物的作用力最大出現在加速上升過程，即出現在內，由牛頓第二定律有其中質量圖像可知0到10s內加速度聯立以上，解得故D正確。故選D。6.老鷹在空中盤旋時可看成老鷹在水平面內做勻速圓周運動，老鷹運動時受到重力及空氣對翅膀的作用力的共同作用，已知空氣對翅膀的作用力大小為，與水平方向的夾角為，老鷹做圓周運動的半徑為，則在老鷹做水平面內的勻速圓周運動過程中，下列判斷正確的是（）A.空氣對翅膀的作用力小于老鷹的重力B.只要不變，則空氣對翅膀的作用力大小就不變C.保持不變，老鷹做圓周運動的半徑越大，越大D.保持不變，越大，老鷹做圓周運動的線速度越大【答案】B【解析】A．老鷹受到重力、空氣對翅膀的作用力F而做勻速圓周運動，如圖對老鷹，豎直方向有可知故空氣對翅膀的作用力大于老鷹的重力，故A錯誤；BC．根據可知只要不變，則空氣對翅膀的作用力大小就不變，與老鷹做圓周運動的半徑r無關，故B正確，C錯誤；D．對老鷹，由牛頓第二定律有解得線速度可知保持不變，越大，越大，則v越小，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，半徑為的光滑圓管固定在豎直面內，為管的豎直直徑，為管的水平直徑，一個直徑比管的內徑略小的小球在管內運動，遠大于管的內徑，重力加速度為，則下列說法正確的是（）A.小球要能通過點，則在點的速度應滿足B.小球在點的速度越大，小球對管壁的壓力越大C.小球在點和點的加速度一定不同D.若小球運動到點時對管壁的壓力為其重力的5倍，則小球的速度大小一定為【答案】D【解析】A．對于小球在圓管內的圓周運動，在最高點C點，由于圓管能提供向上的支持力，所以小球通過C點的最小速度為0，故小球要能通過點，則在點的速度應滿足，故A錯誤；B．在C點小球恰好只受重力，則有解得若小球過最高點速度速度，根據牛頓第二定律可知v越大，管給球的支持力N越小，根據牛頓第三定律，可知小球對管壁的壓力越小，故B錯誤；C．由于是光滑圓管，小球機械能守恒，可知小球過BD的速度大小相同，若在BD點速度恰好為0，則在BD點小球只受重力，則加速度為重力加速度g，可知過BD點小球加速度可能相同，故C錯誤；D．若小球運動到點時對管壁的壓力為其重力的5倍，根據牛頓第二定律解得故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示為拍電影時吊威亞情景，A、B兩人同步快速向右運動，將演員C沿豎直方向加速向上吊起，當滑輪兩邊的繩間的夾角為時，A、B運動的速度大小為，演員C運動的速度大小為，則下列說法正確的是（）A.B.C.A、B兩人一定是加速向右運動D.A、B兩人有可能勻速向右運動【答案】BD【解析】AB．由于細線不可伸長，故細線兩端的速度沿著細線方向的分速度是相等的，則有故A錯誤，B正確；CD．根據由于演員C沿豎直方向加速向上吊起，即有增大，增大，增大，可知可能增大、可能不變，即A、B兩人不一定是加速向右運動，A、B兩人有可能勻速向右運動，故C錯誤，D正確。故選BD。9.2025年2月11日，我國在海南文昌航天發射中心使用長征八號改運載火箭，成功將衛星互聯網02組衛星發射升空，衛星順利進入預定軌道。如圖所示為發射過程，衛星發射后進入近地軌道1，在點變軌進入橢圓軌道2，在橢圓軌道2的遠地點點再變軌進入最終運行的圓軌道，已知地球半徑為6400km，則下列說法正確的是（）A.衛星在軌道1上的運行周期不可能小于1hB.在點變軌使衛星加速，在點變軌使衛星減速C.衛星在軌道1上運動經過點的加速度小于在軌道2上運動經過點的加速度D.衛星在軌道1上的運行速度，小于在軌道2上運動經過點的速度，大于在軌道2上運動經過點的速度【答案】AD【解析】A．題意可知軌道1的軌道半徑約為R，則該軌道衛星運行速度約為7.9km/h，則衛星在軌道1上的運行周期可知衛星在軌道1上的運行周期不可能小于1h，故A正確；B．衛星從軌道1變軌到軌道2，在P點做離心運動，需要加速；在Q點從橢圓軌道3變軌到圓軌道，同樣是做離心運動，需要加速，而不是減速，故B錯誤；C．對衛星，根據牛頓第二定律有解得加速度故衛星在軌道1上運動經過點的加速度等于在軌道2上運動經過點的加速度，故C錯誤；D．衛星從軌道1變軌到軌道2，在P點加速，所以衛星在軌道1上的運行速度小于在軌道2運動經過P點的速度；根據開普勒第二定律，近地點速度大于遠地點速度，在軌道2上P點是近地點，Q點是遠地點，所以衛星在軌道2上經過P點的速度大于經過Q點的速度，進而衛星在軌道1上的運行速度大于在軌道2上運動經過Q點的速度，故D正確。故選AD。10.如圖所示，足夠長的水平傳送帶沿逆時針方向以大小為的速度勻速轉動，一個物塊以大小為的速度從傳送帶左端向右滑上傳送帶，物塊與傳送帶間的動摩擦因數為，重力加速度為，物塊最終從傳送帶左端滑離傳送帶，不計物塊的大小，則下列判斷正確的是（）A.物塊向右減速運動與向左加速運動的加速度相同B.傳送帶的速度越大，物塊向右運動的最大位移越小C.若，物塊在傳送帶上運動的時間為D.若物塊底部有一小塊石墨且，則傳送帶上的劃痕長度為【答案】AC【解析】A．物塊向右減速和向左加速時，受到的滑動摩擦力大小不變、方向不變，故加速度不變，故A正確；B．由牛第二定律有解得加速度大小則物塊向右運動的最大位移可知物塊向右運動的最大位移與傳送帶的速度無關，故B錯誤；C．物塊先向右減速到速度為零的時間為因為，運動是對稱的，速度增大到時離開傳送帶，則所用時間故物塊在傳送帶上運動的時間為故C正確；D．物塊向右減速時，劃痕因為，可知物塊向左先加速運動后勻速運動，則物塊向左加速到與傳送帶共速用時則物塊向左加速時，劃痕則則傳送帶上的劃痕長度為故D錯誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.如圖甲，某同學用頻閃照相研究平拋運動的規律，使小球沿水平平臺向前運動并從點水平拋出。用頻閃照相機記錄小球在空中運動時不同時刻的位置，如圖乙所示，重力加速度取。（1）分析圖乙發現，小球在相同時間內的水平位移相同，說明______。（2）進一步研究圖乙，測得坐標紙每一小格邊長，則照相機的閃光頻率為______Hz；小球做平拋運動的初速度大小為______，小球經過點時豎直方向的分速度大小為______。（3）小王同學說，小球在點的位置就是拋出點的位置，請說明小王同學說的是否正確，并說明理由______。【答案】（1）小球在水平方向做勻速直線運動（2）100.52（3）正確，理由見解析【解析】【小問1解析】小球在相同時間內的水平位移相同，說明小球在水平方向做勻速直線運動?！拘?解析】根據勻變速直線運動規律，豎直方向有代入題中數據，解得則頻率水平方向小球做勻速直線運動，則平拋初速度小球經過點時豎直方向的分速度大小【小問3解析】圖乙發現，豎直方向，在相同時間內位移比故小球在點的位置就是拋出點的位置，小王同學說法正確。12.某同學用如圖甲所示裝置探究向心力與角速度的關系。小鐵塊套在光滑水平橫桿上可自由滑動，水平橫桿固定在豎直轉軸上，可隨豎直轉軸一起轉動，力傳感器固定在豎直轉軸上，水平輕繩連接鐵塊與力傳感器，力傳感器可以測出輕繩對鐵塊的拉力。鐵塊經過磁傳感器正上方時，與磁傳感器連接的記錄儀上會產生一個磁脈沖，記錄儀同時能測出產生多個脈沖所用的時間。鐵塊的質量為，鐵塊到轉軸的距離為。（1）實驗時，使豎直轉軸勻速轉動，若磁傳感器記錄到第1個磁脈沖到第個磁脈沖的總時間為，則鐵塊做圓周運動的周期______，鐵塊做圓周運動的角速度______。（2）多次改變轉軸轉動的角速度進行實驗，測得多組力傳感器的示數，并求得每次實驗時鐵塊轉動的角速度，填在下表中，請在圖乙中描點作圖______，根據作出的圖像得到的結論是：在質量和半徑不變時，鐵塊所受向心力與______成正比。00.51.01.52.000.130.501.122.00（3）若換用另一質量較小的鐵塊重新實驗，保持鐵塊到轉軸的距離仍為，則實驗得到的圖像的斜率比圖乙中圖像的斜率______（填“大”或“小”）?！敬鸢浮浚?）（2）角速度的平方（或）（3）小【解析】【小問1解析】題意可知鐵塊做圓周運動的周期角速度【小問2解析】根據表格數據作出的圖像如圖所示由圖像可知，在質量和半徑不變時，鐵塊所受向心力與角速度的平方（或）成正比。【小問3解析】由可知圖像斜率為mL，若換用另一質量較小的鐵塊重新實驗，得到的圖像的斜率比圖乙中圖像的斜率小。13.我國天問三號任務計劃在2028年前后實施兩次發射任務，實現火星樣品返回地球。已知火星的半徑為地球半徑的，質量為地球質量的，地球表面的重力加速度為，不考慮地球、火星的自轉，引力常量為。（1）求火星表面的重力加速度大??；（2）若天問三號到達火星時，在離火星中心距離為的圓軌道上做圓周運動，測得天問三號在圓軌道上做圓周運動的周期為，則火星質量為多大?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1解析】設地球質量為M，地球半徑為R，在地球表面有同理，在火星表面有聯立解得【小問2解析】設天問三號質量為，根據萬有引力提供向心力，有聯立解得火星質量14.某同學用無人機模擬投彈，開始時無人機懸停在地面點正上方高為20m高空，某時刻無人機以的加速度向前沿水平方向做勻加速直線運動，同時點處一輛小車沿水平地面也做初速度為零的勻加速運動，小車與無人機運動方向相同，無人機運動1s時釋放一個小鐵球，鐵球剛好落在小車上，重力加速度取，不計空氣阻力，不計小車和小鐵球的大小，求：（1）小球從被釋放到落到小車上所用的時間；（2）小球落到小車上時，小車離點的水平距離；（3）小車做勻加速運動的加速度大小。【答案】（1