高級中學名校試卷PAGE2025學年度海南創新中學協作校高二月考物理試題一、單選題（每題3分，共計24分）1.以下說法正確的是（）A.電流有大小有方向，所以電流是矢量B.據可知，導體兩端的電壓越大，導體的電阻越大C.據可知，通過一段導體的電流跟加在它兩端的電壓成正比D.據可知，導體的電阻率與導體的電阻和橫截面積的乘積成正比，與導體的長度成反比【答案】C【解析】A．電流有大小有方向，但電流是標量，不遵循矢量疊加原則，A錯誤；B．電阻是由導體本身的性質決定的，與電壓和電流無關，不能說導體的電阻與加在電阻兩端的電壓成正比，B錯誤；C．根據歐姆定律的內容可知：電阻一定時，通過導體中的電流與導體兩端的電壓成正比，C正確；D．電阻率與導體的電阻、長度、橫截面積無關，是導體材料本身的電學性質，由導體的材料決定，且與溫度有關。同種材料的導體，導體的電阻率不變，即電阻率與導體的電阻和橫截面積的乘積無關，與導體的長度無關，D錯誤。2.如圖所示，小車靜止在光滑的水平面上，小球用輕繩懸掛在小車的桿子上，現將小球緩慢拉開一定角度，小車和小球均靜止，釋放小球后，下列說法正確的是（）A.當小球向左擺動時，小車也向左運動B.小球和小車組成的系統動量始終守恒C.當小球向左擺動到最高點時，小車的速度為零D.當小球擺動到最低點時，小球和小車的速度相同【答案】C【解析】ABD．小球與小車組成的系統在水平方向不受外力，豎直方向所受外力不為零，故系統只在水平方向動量守恒，則小球和小車在水平方向的動量一定大小相等、方向相反，則小球向左擺動時，小車向右運動，當小球擺動到最低點時，小球和小車的速度不相同，故ABD錯誤；C．小球向左擺到最高點，豎直方向速度為零，水平速度小球與車等大反向，則小球的速度為零時小車的速度也為零，故C正確。故選C。3.如圖所示，水平放置著一根通電直導線，電流方向垂直紙面向外，a、b、c和d是以通電直導線為圓心的同一圓周上的四個點。已知通電直導線產生磁場的磁感應強度在同一圓周上各點大小相等。再添加一個豎直向下的勻強磁場，則在這四個點中合磁場的磁感應強度最大的點是（）A.a B.b C.c D.d【答案】A【解析】根據右手螺旋定則可知，通電直導線產生的磁場方向為逆時針方向，如圖所示根據磁感應強度疊加原則可知合磁場的磁感應強度最大的點是a。故選A。4.如圖所示，圖中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶正電粒子的運動軌跡，粒子先經過點，再經過點，可以判定（）A.點的電勢小于點的電勢B.粒子在點的電勢能大于在點的電勢能C.粒子在點的速度大于在點的速度D.點的電場強度大于點的電場強度【答案】BBC．過軌跡與電場線的交點做沿電場線方向的切線和沿軌跡方向的切線，如圖所示可知粒子從點到點的過程中，電場力對帶電粒子做正功，電勢能減小，動能增加，速度變大，B正確，C錯誤；D．電場線的疏密反應電場強度的大小，電場線越密的地方，電場強度越大，故點的電場強度小于點的電場強度，D錯誤。故選B。5.如圖甲所示，計算機鍵盤為電容式傳感器，每個鍵下面由相互平行間距為d的活動金屬片和固定金屬片組成，兩金屬片間有空氣間隙，兩金屬片組成一個平行板電容器，如圖乙所示。其內部電路如圖丙所示，則下列說法正確的是（）A.按鍵過程中，電容器的電容減小B.按鍵的過程中，電容器的電量減小C.按鍵的過程中，圖丙中電流方向從a流向bD.按鍵的過程中，電容器兩極板間的電場強度增大【答案】D【解析】A．根據平行板電容器的電容計算公式得知，按鍵過程中，板間距離d減小，電容C增大，故A錯誤；B．電容C變大，由于U不變，根據Q=CU

可知Q增大，故B錯誤；C．因C增大，U不變，根據Q=CU知Q增大，電容器充電，電流方向從b流向a，故C錯誤；D．按鍵過程中，板間距離d減小，由于U不變，根據可知，電容器兩極板間的電場強度增大，故D正確。故選D。6.微型吸塵器的直流電動機的內阻一定，當加在它兩端的電壓時，電流，此時電動機不轉動；當加在它兩端的電壓時，由流，此時電動機能夠正常工作，則下列說法正確的是（）A.電動機線圈的電阻為2.5ΩB.電動機正常工作時的輸入功率為0.09WC.電動機正常工作時的發熱功率為6.4WD.電動機正常工作時的輸出功率為0.96W【答案】D【解析】A．當加在它兩端的電壓時，電流，此時電動機不轉動，則電動機線圈的電阻為故A錯誤；BCD．當加在它兩端的電壓時，由流，此時電動機能夠正常工作，則電動機正常工作時的輸入功率為電動機正常工作時發熱功率為電動機正常工作時的輸出功率為故BC錯誤，D正確。故選D。7.2024年在與菲律賓南海島礁對峙中，我國海警船裝備的大功率水炮沉重地打擊了挑釁者的囂張氣焰。水炮配備的大功率水泵將水以很大的速度從噴口噴出，利用沖擊力毀傷被沖擊物體。水的密度為，水炮噴口處水的壓強為（若噴口處放一擋板，水沖擊擋板時速度減為零，水對擋板沖擊力產生的壓強），則水從噴口處噴出的速度為（）A.12m/s B.120m/s C.14.4m/s D.144m/s【答案】B【解析】設擋板的面積為S，根據壓強的計算公式有在時間內，水的質量為根據動量定理有解得8.如圖所示，一絕緣輕質細繩懸掛一質量為m、電量為q的帶電小球靜止于水平向左足夠大的勻強電場中，已知電場強度大小。現使勻強電場保持場強大小不變，方向在紙面內緩慢逆時針轉動30°，則在該過程中（已知重力加速度為g，輕繩與豎直方向的夾角設為θ）（）A.θ先增大后減小B.θ最小值為30°C.電場力不做功D.輕繩拉力最小值為【答案】D【解析】A．根據受力分析可知，小球受重力，電場力和繩子拉力，重力大小方向不變，電場力大小不變，因為電場方向在紙面內緩慢逆時針轉動30°，所以電場力也逆時針轉動30°，與重力之間的夾角變大，因此θ一直增大，A錯誤；B．當電場力水平向右時，θ最小，正切值為B錯誤；C．因為電場方向緩慢移動，小球動能不變，θ一直增大，小球高度升高，重力做負功，因此電場力做正功，C錯誤；D．由受力分析可知，當電場力與水平方向夾角為30°時，輕繩拉力最小，此時電場力與拉力垂直，根據勾股定理可得D正確。故選D。二、多選題（每題4分，選對但不全得2分，共計20分）9.如圖是一種利用電磁原理制作的充氣泵的結構示意圖。當電磁鐵通入電流時，可吸引或排斥上部的小磁鐵，從而帶動彈性金屬片對橡皮碗下面的氣室施加力的作用，達到充氣的目的。下列說法正確的是（）A.電磁鐵的工作原理是電流的磁效應B.電磁鐵用的鐵芯應選用不易退磁的材料C.工作時AB接線柱應接入穩恒電流D.當電流從B接線柱流入時，電磁鐵吸引小磁鐵向下運動，則小磁鐵的下端為S極【答案】AD【解析】AB．當電磁鐵通入電流時，可吸引或排斥上部的小磁鐵，從而帶動彈性金屬片對橡皮碗下面的氣室施加力的作用，故電磁鐵的工作原理是電流的磁效應；根據電磁鐵的工作要求，當沒有電流時，要讓鐵芯失去磁性，當通電時，要有磁性，因此鐵芯應選用易磁化和退磁的軟磁性材料，故A正確，B錯誤；C．當A、B間接入恒定電流時，電磁鐵的磁場始終保持一個方向，小磁鐵將只能被吸引或排斥，如果接入的是交流電，電磁鐵的磁場方向在不斷變化，從而可以使小磁鐵不斷地與電磁鐵之間有吸引和排斥的作用，使得彈性金屬片上下振動，故A、B間應接入交流電，故C錯誤；D．當電流從電磁鐵的接線柱B流入時，根據右手螺旋定則可知電磁鐵的下端為S極，上端為N極；吸引小磁鐵向下運動，根據磁鐵同極相斥，異極相吸的特性可知，小磁鐵的下端為S極，故D正確。10.某地新裝了一批節能路燈可通過光控開關實現自動控制，電燈的亮度可自動隨周圍環境的亮度改變而改變。其內部電路簡化原理圖如圖所示，電源電動勢為，內阻為，為光敏電阻（光照強度增加時，其電阻值減小）現增加光照強度，燈泡電阻不變，則下列判斷正確的是（）A.A燈變暗，B燈變暗B.電源的總功率變小C.電源的輸出功率變大D.電源的效率變小【答案】AD【解析】A．光照強度增大，光敏電阻阻值減小，則電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可知電路總電流I增大；根據可知路端電壓減小，A燈兩端的電壓即為路端電壓，故A燈變暗，則通過A燈電流減小；而總電流可知增大，故兩端的電壓增大，而路端電壓可知減小，故B燈變暗，故A正確；B．根據因總電流I增大，故電源的總功率變大，故B錯誤；C．由于不知道電源內阻與外電路電阻的大小關系，則無法判斷輸出功率的變化，故C錯誤；D．電源的效率為因路端電壓減小，可知電源的效率變小，故D正確。故選AD。11.如圖所示，M、N為兩個等量同號正電荷Q，在其連線的中垂線上任意一點P自由釋放一個負點電荷q，不計重力影響，下列關于點電荷q的運動的說法正確的是（）A.從的過程中，加速度一定先增大后減小，速度也越來越大B.從的過程中，加速度可能越來越小，而速度越來越大C.點電荷運動到O點時加速度為零，速度達到最大值D.點電荷越過O點后，速度越來越小，加速度可能也越來越小，直到速度為零【答案】BCD【解析】AB．點電荷在從的過程中，根據等量同種正電荷電場線分布特點可知，負點電荷所受的電場力方向豎直向下，做加速運動，所以速度越來越大，因為從O點向上到無窮遠，電場強度先增大后減小，從的過程中，電場強度大小變化可能越來越小，也可能先增大再減小，加速度的變化也是如此，故A錯誤，B正確；C．分析可知點電荷運動到O點時，所受的電場力為零，加速度為零，然后向下做減速運動，所以O點的速度達到最大值，故C正確；D．根據電場線的對稱性可知，越過O點后，負電荷做減速運動，加速度可能越來越小，也可能先增大后減小，故D正確。故選BCD。12.如圖所示，兩點間的電壓為，三個電阻的阻值分別為。下列說法正確的是（）A.兩端的電壓之比為B.流過的電流之比為C.在相等的時間內，通過的電荷量之比為D.在相等的時間內，產生的焦耳熱之比為【答案】ABD【解析】A．由電路圖可知，并聯再串，由串并聯電路特征可知的電壓相等，電路中的總電阻為通過的電流為則兩端的電壓為并聯部分兩端電壓為所以兩端的電壓之比為，A正確；BC．由電路圖可知，并聯再串，由串并聯電路特征可知的電壓相等，的電阻相等，所以電流相等，故流過的電流之比為，根據可知在相等的時間內，通過的電荷量之比為，B正確，C錯誤；D．根據焦耳定律可知在相等的時間內，產生的焦耳熱之比為，D正確。故選ABD。13.如圖所示，水平光滑桌面上，輕彈簧的左端固定，右端連接物體，和通過細繩繞過定滑輪連接。開始時，系統處于靜止狀態，滑塊處于位置。將滑塊向左推至彈簧原長的位置點后由靜止釋放，物體將在點和右側的某位置（圖中未畫出）之間來回運動，滑塊未與定滑輪相碰，彈簧未超出彈性限度，已知和的質量均為，彈簧的勁度系數為，重力加速度為，不計一切摩擦，則（）A.剛釋放瞬間，的加速度為B.做簡諧運動的振幅為C.繩上最大拉力為D.從點到點，物體與彈簧所組成的系統機械能的增加量等于物體所受重力對所做的功【答案】BC【解析】A．開始時將滑塊P向左推至彈簧原長的位置A點后由靜止釋放，則在釋放瞬間，由牛頓第二定律，對P、Q整體分析可得解得故A錯誤；C．做簡諧運動的物體，加速度在振幅最大處最大，即加速度的最大值為而繩的拉力在P運動至最右端時最大，將Q隔離分析，由牛頂第二定律有解得故C正確；D．從A點到O點，物體P與彈簧所組成的系統機械能的增加量等于物體Q所受重力對Q所做的功與Q的動能之差，故D錯誤；B．根據題意可知，P、Q以及彈簧組成的連接體靜態平衡時，物塊P位于位置O，則可知物塊P做簡諧運動時的平衡位置位于O點，根據平衡條件可得解得平衡時彈簧的伸長量為而釋放時彈簧處于原長，則可知AO間的距離為x，即可得P做簡諧運動的振幅為，故B正確。三、實驗題（每空2分，共計20分）14.圖（a）中，水平放置的氣墊導軌上有兩滑塊，的質量是的質量的3倍，滑塊上的遮光片寬度均為位于導軌的左端，位于導軌中間，間和與導軌右端之間各有一個光電門。用手推一下向右運動與發生碰撞并粘到一起，測得通過光電門1時上遮光片的遮光時間為一起通過光電門2時上遮光片的遮光時間為。完成下列填空：（1）通過光電門時速度的大小為______；（用題中物理量的符號表示）（2）用游標卡尺測量時示數如圖（b）所示，則______cm；（3）當______時，組成的系統碰撞前后的動量守恒。【答案】（1）（2）0.85（3）【解析】（1）由于擋光片的寬度比較小，故擋光片通過光電門的時間比較短，因此可將擋光片通過光電門的平均速度看成滑塊通過光電門的瞬時速度，故滑塊通過光電門的速度可表示為（2）游標卡尺的主尺讀數為8mm，游標尺讀數為，所以擋光片的寬度為（3）滑塊經過光電門1的速度滑塊經過光電門2的速度沒有摩擦力作用，碰撞前后動量守恒，根據動量守恒定律化簡可得此時組成的系統碰撞前后的動量守恒。15.暑假期間，幾名同學到郊外野游，登上一座小荒山后，一時興起他們想利用學過的知識粗略測量一下他們所在處的重力加速度。于是他們用長線拴好一個易拉罐P，爬到樹上系在樹枝上做成一個簡易單擺，如圖所示。然后用隨身攜帶的鋼卷尺、電子手表進行了測量。同學們首先測出擺長L，然后將易拉罐拉開一個小角度，由靜止釋放，使易拉罐在豎直平面內擺動（樹枝始終靜止），用電子手表測出單擺完成n次全振動所用的時間t。（1）利用測量數據計算山頂處重力加速度的表達式g=___________。（2）若振動周期測量正確，但由于難以確定易拉罐重心，只是測出懸點O到易拉罐上方的節點A的距離，并把OA距離當作擺長，這樣計算出來的重力加速度值比真實值___________（選填“偏大”“偏小”或“相等”）。【答案】（1）（2）偏小【解析】（1）單擺的周期由單擺周期公式，可得（2）懸點到易拉罐重心的距離是單擺的擺長，只測出懸點O到易拉罐上方的節點A的距離，把OA距離當作擺長，則所測擺長L偏小，由可知，所測重力加速度偏小。16.某同學利用兩個量程為0~3V的電壓表、一個的定值電阻和一個滑動變阻器R測定兩節干電池的電動勢和內電阻，使用的器材還有開關一個、導線若干，實驗原理如甲所示。（1）若滑動變阻器R有（，允許最大電流為1A）和（，允許最大電流為0.6A）供選擇，則實驗中滑動變阻器應該選擇__________（選填“”或“”）。（2）按照圖甲，完成圖乙中的實物連線__________。（3）按照圖甲接通開關S，多次改變滑動變阻R，同時讀出對應的電壓表的示數和，并作記錄，畫出關系圖線，如圖丙所示，圖線與橫軸的截距為a，與縱軸的截距為b，則根據圖線可求得電源的電動勢__________，內阻__________（用a、b和表示）。（4）實驗中由于電壓表__________分流（選填“”“”或“和”）。使測量的電動勢E和內阻r都偏小。【答案】（1）（2）見解析（3）b（4）和【解析】（1）兩節干電池的電動勢約為3V，電壓表的量程除以定值電阻阻值得最大電流為0.6A，電路的最小電阻約為，為方便實驗操作，同時為了減小電壓表的分流，滑動變阻器應選的。（2）按照圖甲，實物連線如圖所示（3）[1][2]根據電路圖和閉合電路歐姆定律可得整理可得可知縱坐標的截距和圖像的斜率絕對值分別為，可得，（4）通過電源內阻的干路電流真實值為故即和的分流都會引起誤差。四、解答題（共3小題，計36分）17.如圖所示為一彈簧振子的振動圖像，完成以下問題：（1）該振子振動的振幅、周期、頻率；（2）該振子在前100s的總位移是多少？路程是多少？（3）寫出該振子簡諧運動的表達式，計算t=1.5s時振子的位移。【答案】（1）2cm，4s，0.25Hz；（2）0，2m；（3）x＝2sin(t+cm，?cm【解析】（1）由振動圖像可得振子振動的振幅A＝2cm周期T＝4s頻率（2）振子經過一個周期位移是零，路程為4A＝8cm，前100s剛好經過了25個周期，所以前100s振子總位移x＝0，振子路程s＝25×4Acm＝200cm＝2m（3）初相位φ＝，圓頻率故該振子做簡諧運動的表達式為x＝2sin(t+cm由簡諧運動的表達式，可知當t=1.5s時振子的位移18.如圖所示，一個電子由靜止開始經加速電場加速后，又沿偏轉電場極板間的中心軸線從點垂直射入偏轉電場，并從另一側射出打到熒光屏上的點，點為熒光屏的中心。已知電子質量，電荷量，加速電場電壓，偏轉電場電壓，極板的長度，板間距離，極板的末端到熒光屏的距離（忽略電子所受重力）。求：（1）電子射入偏轉電場時的初速度；（2）電子