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文檔簡介
高級中學名校試卷PAGEPAGE1廣東省部分學校2024-2025學年高一上學期期末聯考數學試題一、單項選擇題:本題共8小題,每小題5分,共40分,在每小題給出的四個選項中,只有一項、是符合題目要求的.1.已知集合,則()A. B. C. D.【答案】D【解析】因為,根據交集的運算,所以.故選:D.2.命題“”的否定是()A.B.C.D.【答案】C【解析】全稱量詞命題的否定是存在量詞命題,所以“,”的否定為,.故選:C.3.在半徑為4的圓中,弧長為的弧所對的圓心角為()A. B. C. D.【答案】D【解析】弧長為的弧所對的圓心角為.故選:D.4.函數的圖象大致為()A. B.C. D.【答案】D【解析】易知是偶函數,排除,又且,排除C.故選:D.5.已知,則()A. B. C. D.【答案】B【解析】因為,所以.故選:B.6.函數的零點所在的區間為()A. B. C. D.【答案】B【解析】因為冪函數和函數在上單調遞增,所以在上單調遞增.因為冪函數在上單調遞增,所以,因為指數函數在上單調遞減,所以,.由零點存在定理知零點所在區間為.故選:B.7.已知冪函數的圖象過點,函數,則“”的一個充分不必要條件為()A.B.C.D.【答案】C【解析】設冪函數,因為其圖象過點,所以,解得,所以,所以,又滿足,所以在上單調遞減,所以,所以的取值范圍是,因為為的真子集,故為一個充分不必要條件,其他選項不合要求.故選:C.8.已知定義在上的函數滿足,且當時,,則()A. B. C. D.【答案】D【解析】函數滿足,所以,可得的周期為,又當時,,所以.故選:D.二、多項選擇題:本題共3小題,每小題6分,共18分,在每小題給出的選項中,有多項符合題目要求,全部選對的得6分,部分選對的得部分分,有選錯的得0分.9.下列命題正確的是()A.若,則B.終邊在軸上的角的集合為C.若為鈍角,則不一定是第三或第四象限角D.若,則【答案】ACD【解析】對于A,因為,故,故A正確;對于B,終邊在軸上的角,如取,顯然,故B錯誤;對于C,若為鈍角,如取,則,不是第三或第四象限角,故C正確;對于D,,則,所以,故D正確.故選:ACD.10.下列函數中,在區間上單調遞增,且為偶函數的是()A. B.C. D.【答案】BD【解析】在區間上單調遞增,但是奇函數,故A錯誤;在上單調遞增,且是偶函數,故B正確;在上單調遞減,是偶函數,故C錯誤;在上單調遞增,是偶函數,故D正確.故選:BD.11.已知是定義在上的偶函數,且當時,,則()A.當時,B.的單調遞增區間為、C.若,,則的取值范圍是D.方程的所有實數根之積為【答案】ACD【解析】對于A選項,當時,,則,又由為偶函數可得,故A正確;對于B選項,由題意,函數的圖象如圖所示,的遞增區間有3個,故B錯誤;對于C選項,因為,,所以只需對于任意,,由圖知,即,故C正確;令,則,解得,即,若,即,解得或;若,即,解得,所以方程所有實數根之積為,故D正確.故選:ACD.三、填空題:本題共3小題,每小題5分,共15分.12.函數的定義域為__________.【答案】【解析】由,即,所以函數的定義域為.13.已知正數滿足,則的最小值為__________.【答案】【解析】因為,所以,當且僅當即時,取得最小值.14.函數的圖象的對稱中心坐標為__________.【答案】【解析】解法一:設圖象的對稱中心坐標為,則,所以,整理可得,此式對定義域內的任意值都成立,則必有,所以,回代可得,解得,故對稱中心坐標為.解法二:易知函數的定義域為,且,故圖象的對稱中心橫坐標為,將其代入中,可得,所以圖象的對稱中心坐標為.四、解答題:本題共5小題,共77分.解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟.15.已知集合.(1)當時,求;(2)若,求的取值范圍.解:(1)當時,,又集合,所以,所以解或.(2)因為,所以.又,故解得.所以實數的取值范圍是.16.如圖,在平面直角坐標系中,銳角的終邊與單位圓交于點,將角的終邊按逆時針方向旋轉后得到角的終邊,并與單位圓交于點.(1)求點的坐標;(2)求的值.解:(1)由得,,又,所以,由題可知,所以,,所以點的坐標為.(2)由(1)可知.所以.17.某大學校園選擇了一個八邊形區域設計一個校園景觀,如圖所示,圖中四個三角形為全等的等腰直角三角形,主干路總面積(圖中陰影部分和中間白色正方形面積之和)為,在重合的部分處建一正方形特色涼亭,涼亭造價為600元;在四個空角(圖中四個三角形)建造水池和噴泉,造價為1600元;四個矩形路(圖中陰影部分)不處理,造價忽略不計.設長為(單位:),長為(單位:).(1)求關于的函數關系式;(2)設校園景觀總造價為(單位:元),求的最小值.解:(1)由題意可知,即,又,得,解得,所以關于函數關系式為.(2)由題意可得,涼亭總造價為元,水池和噴泉總造價為元,所以校園景觀總造價.當且僅當,即時等號成立,經檢驗,所以當時,取最小值40000元.18.已知函數的圖象過點.(1)求的解析式和最小正周期;(2)求的單調遞增區間;(3)若關于的不等式在區間上有解,求實數的取值范圍.解:(1)由題意得,,,,即,,,所以的最小正周期為.(2)設,因為的單調遞增區間是,所以由,解得,所以函數的單調遞增區間為.(3)不等式在區間上有解,即為在區間上有解,因為,所以,當,即時,取得最小值,所以只需,故實數的取值范圍是.19.定義一種新運算“”,.(1)計算,并判斷與的大小關系;(2)若函數有最小值,且最小值大于0,求所有滿足題意整數的值;(3)已知關于的不等式的解集為中的整數恰有4個,求實數的取值范圍.解:(1)因為.所以.,,所以.(2),令,則問題轉化為二次函數在區間上有最小值,且最小值
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