2024年中考第二次模擬考試（廣西卷）物理·全解全析注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答第Ⅰ卷時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在本試卷上無效。3．回答第Ⅱ卷時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。4．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。第Ⅰ卷選擇題一、選擇題（共16題，共35分。在給出的四個選項中，第1~13題只有一個選項符合題目要求，選對得2分，選錯得0分。第14~16題有多個選項符合題目要求，全部選對得3分，選對但不全得2分，有選錯得0分。請考生用2B鉛筆在答題卡上將選定的答案標號涂黑。）1．某中學開展了《我進廚房》課后實踐活動，小紅在家煮菜時提起鍋蓋，發現鍋蓋有水流下，鍋蓋上的水的形成所發生的物態變化是（）A．先熔化后汽化 B．先液化后汽化 C．先汽化后液化 D．先升華后液化【答案】C【解答】解：小紅在家煮菜時，鍋內的水首先吸熱汽化成水蒸氣，在上升到鍋蓋上時遇冷液化成小水滴附著在鍋蓋上流下來，所以鍋蓋上的水是先汽化后液化形成的，故C正確，ABD錯誤。故選：C。2．如圖所示的光現象中，與小孔成像原理相同的是（）A．日晷計時 B．鉛筆錯位 C．雨后彩虹 D．湖中倒影【答案】A【解答】解：小孔成像是光沿直線傳播的原理。A、日晷計時是光沿直線傳播的原理，故A正確；B、鉛筆錯位是光的折射現象，故B錯誤；C、雨后彩虹光的折射現象，故C錯誤；D、湖中倒影是光的反射，故D錯誤。故選：A。3．日常生活中，為了讓同學們養成關注生活和社會的良好習慣，物理老師倡導同學們對身邊一些常見的物理量進行估測的實踐活動，以下是他們交流時的一些估測數據，你認為數據最符合實際的是（）A．一個小鐵釘受到的重力約為5N B．成年人正常步行5min通過的路程約為400m C．一般洗澡水的溫度約為85℃ D．一名中學生的體重約為200kg【答案】B【解答】A、托起兩個雞蛋的力是1N．一支鉛筆的重力和10個雞蛋進行比較很明顯小得多；B、成年人正常步行的速度大約是1.3m/s．s＝vt＝1.3m/s×300s＝390m，大約是400m；C、人的正常體溫是37℃，洗澡水比人的體溫稍高一點。85℃的洗澡水不符合實際；D、一名中學生的體重約為50kg，體重約為200kg不符合實際。故選：B。4．舞獅是我國最具特色的傳統文化，如圖為舞獅時“獅子乙”站在水平地面上，“獅子甲”站在“獅子乙”身上靜止時的情景，下列說法正確的是（）A．“獅子乙”受到的重力與地面對它的支持力是一對平衡力 B．“獅子乙”抬起一只腳后對地面的壓力變大 C．“獅子甲”騰空而起過程中，其慣性增大 D．躍起的“獅子甲”最終落向地面，是因為受到重力的作用【答案】D【解答】解：A、地面對“獅子乙”的支持力等于兩個獅子的重力的和，要大于“獅子乙”受到的重力，所以這兩個力不是一對平衡力，故A錯誤；B、“獅子乙”抬起一只腳后對地面的壓力等于獅子的總重力，重力不變，壓力不變，故B錯誤；C、慣性的大小只與物體的質量有關，“獅子甲”騰空而起過程中，質量不變，其慣性不變，故C錯誤；D、地面附近的物體都受到重力的作用，重力的方向是豎直向下的，所以躍起的“獅子甲”最終落向地面，故D正確。故選：D。5．一個暗箱外立面上裝有L1、L2兩盞燈，其外表面可見S1、S2兩個開關。為了探究開關和暗箱內的燈泡是如何連接的，某同學進行了如下操作：先閉合S1，發現兩燈都發光，再閉合S2，只有L1發光且比原來更亮一些。據此可判斷出暗箱內的電路連接方式為（）A． B． C． D．【答案】B【解答】解：根據題意可知，先閉合S1，發現兩燈都發光；再閉合S2，只有L1發光且比原來更亮一些，說明此時L1電壓變大，則閉合S1，電路中電阻較大，兩燈串聯工作；再閉合S2，L1獨自工作，因此L1、L2、S1串聯，S2并聯在L2兩端，故B符合題意。故選：B。6．小明在中國科技館看到“1度電的意義”展品后，繪制了1度電可供他家中的一些額定電壓相同的用電器分別在額定功率下、持續工作的時間圖，如圖所示．關于圖中家用電器的比較，下列說法中正確的是（）A．節能燈正常工作的電壓最大 B．浴霸正常工作的電流最小 C．節能燈正常工作的電流比白熾燈正常工作的電流大 D．電風扇的額定功率比白熾燈的額定功率大【答案】D【解答】解：A、節能燈和其他家用電器正常工時的電壓等于額定電壓，其額定電壓為220V，故A錯誤；B、由圖可知，1度電（即W＝1kW?h）可供浴霸持續工作的時間最短，由P＝可知，浴霸的額定功率最大，由P＝UI可知，浴霸正常工作的電流最大，故B錯誤；C、由圖可知，1度電可供節能燈持續工作的時間比白熾燈的多，由P＝可知，節能燈的額定功率比白熾燈的額定功率小，由P＝UI可知，節能燈正常工作的電流比白熾燈正常工作的電流小，故C錯誤；D、電風扇和節能燈都正常工作時，1度電可供節能燈持續工作的時間比電風扇的多，則由P＝可知，電風扇的功率大，由于都正常工作，則電風扇的額定功率比白熾燈的額定功率大，故D正確。故選：D。7．下列的四幅圖，對應的說法正確的是（）A．如圖甲，通電導線周圍存在著磁場，將小磁針移走，該磁場消失 B．如圖乙，當水位自動報警器的水位升高到金屬塊A時，紅燈亮 C．如圖丙，閉合開關，保持電流方向不變，對調磁體的N、S極，導體的運動方向不變 D．如圖丁，閉合開關，該電磁鐵右端為N極，將滑動變阻器向右移動，電磁鐵磁性增強【答案】B【解答】解：A、通電導線周圍存在磁場，與小磁針無關，將小磁針移走，磁場仍存在，故A錯誤；B、當水位達到金屬塊A時，控制電路接通。電路中有了電流，電磁鐵有磁性，向下吸引銜鐵，使動觸點與紅燈所在電路的靜觸點接通，導致了紅燈所在的電路接通，紅燈亮，故B正確；C、通電導體在磁場中受到力的作用，受力方向與磁場方向和電流方向有關，電流方向不變，對調磁體N，S極，磁場方向改變，導體的運動方向改變，故C錯誤；D、閉合開關，根據安培定則可知，電磁鐵右端為S極，滑動變阻器的滑動片P向右移動，電阻變大，電流變小，電磁鐵的磁性變弱，故D錯誤。故選：B。8．如圖甲是2023年杭州亞運會羽毛球的項目圖標，如圖乙是運動員豎直提緊羽毛球拍且保持靜止。有關分析正確的是（）A．打出去的球會下落著地，是因為球具有慣性 B．打出去的球繼續飛行的過程中，球拍對球不做功 C．運動員豎直握球拍且靜止時，用力握可以增大摩擦 D．手對球拍的作用力與球拍對手的作用力是一對平衡力【答案】B【解答】解：A、打出去的球由于受到重力的作用，會下落著地，故A錯誤；B、打出去的球繼續飛行的過程中，不再受到球拍力的作用，球拍對球不做功，故B正確；C、運動員豎直握球拍且靜止時，在豎直方向上球拍受向下的重力和向上的摩擦力，它們大小相等、方向相反、作用在同一直線上、作用在同一物體上，是一對平衡力，當用力握，球拍的重力不變，則手與球拍的摩擦力大小不變，故C錯誤；D、手對球拍的作用力與球拍對手的作用力是作用在不同物體上的兩個力，不是一對平衡力，故D錯誤。故選：B。9．如圖所示是課本上的幾個重要實驗，其中分析正確的是（）A．圖甲，雪糕周圍的“白氣”是空氣遇冷液化形成的 B．圖乙，研究流體壓強與流速關系，是固定機翼飛機產生升力的原因 C．圖丙，做托里拆利實驗時如果將試管頂端a處開一個孔，管內的水銀高度不會下降 D．圖丁，對物體做功其內能會增加，與內燃機做功沖程能量轉化形式相同【答案】B【解答】解：A、圖甲，雪糕周圍的“白氣”是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的，故A錯誤；B、圖乙，向乒乓球中間吹氣，中間氣體流速大、壓強小，兩側氣體流速小、壓強大，產生向中間的壓強差，利用了流體壓強與流速的關系；固定機翼飛機產生升力也是利用了流體壓強與流速的關系，故B正確；C、圖丙，做托里拆利實驗時如果將試管頂端a處開一個孔，玻璃管與水銀槽形成連通器，管內水銀會下落到與水銀槽中液面相平，故C錯誤；D、圖丁，對物體做功其內能會增加，與內燃機壓縮沖程能量轉化形式相同，都是將機械能轉化為內能，故D錯誤。故選：B。10．圖﹣1為濕度表的簡化工作原理圖，電源電壓恒為6V，定值電阻R0＝5Ω，R為濕敏電阻，其阻值R隨環境濕度RH的變化圖像如圖﹣2所示，電壓表量程為“0～3V”，電流表量程為“0～0.6A”。閉合開關S，在保證兩表安全的情況下，下列說法正確的是（）A．環境濕度增加，電流表的示數變小 B．環境濕度增加，電路消耗的總功率變小 C．環境濕度為60%時，電壓表的示數為3.6V D．濕度表能夠測量的最大環境濕度是80%【答案】D【解答】解：由電路圖可知，閉合開關，R0與R串聯，電壓表測R0兩端的電壓，電流表測電路中的電流。AB、由右圖知，當環境的濕度增加時，R的阻值減小，串聯電路總電阻等于各分電阻之和，則串聯電路的總電阻減小，由歐姆定律可知電路中電流增大，即電流表示數變大；根據P＝UI可知，電路的總功率變大，故AB錯誤；C、由右圖知當環境濕度為60%時濕敏電阻的阻值為7.5Ω，此時電路的電流為：I＝＝＝0.48A，R0兩端的電壓為：U0＝I′R0＝0.48A×5Ω＝2.4V，即電壓表的示數為2.4V，故C錯誤；D、要使濕度表能夠測量的環境濕度最大，濕敏電阻的阻值需要最小，電路的總電阻也最小，電路的電流最大，串聯電路各處電流相等，因為電流表的量程為0﹣0.6A，所以最大電流為0.6A，由歐姆定律得電路的最小電阻為：R總最小＝＝＝10Ω，由串聯電路電阻的規律知濕敏電阻的最小值為：R小＝R總最小﹣R0＝10Ω﹣5Ω＝5Ω，此時定值電阻兩端的電壓為：U0′＝I大R0＝0.6A×5Ω＝3V，此時沒有超過電壓表的量程，對照右圖知此時的環境濕度為80%，即濕度表能夠測量的最大環境濕度是80%，故D正確。故選：D。11．關于家庭電路和安全用電，下列說法中正確的是（）A．發電廠進行遠距離輸電時，為了減少輸電線電阻的發熱損耗的電能，通常采用高壓輸電的方式 B．在家庭電路中，安裝電燈的燈頭時，要保證燈頭的螺紋部分接觸的是零線，開關不接在零線上，是因為無法控制電燈的亮和滅 C．對于高壓帶電體，靠近但只要不接觸就沒事 D．如果家庭電路中不安裝保險絲，當發生短路時會因為通過用電器的電流過大而燒毀用電器【答案】A【解答】解：A、由P＝UI可知，當輸送的總功率一定時，電壓越大，電流越小；又因為P＝I2R，導線的電阻一定，電流越小時，電路中損耗的熱功率就越小，因此采用高壓輸電的方式來減少輸電線電阻的熱損耗，故A正確；B、在家庭電路中，安裝電燈的燈頭時，要保證燈頭的螺紋部分接觸的是零線；開關要接在火線上，是因為這樣斷開開關時，燈泡不帶電，可保證用電安全，故B錯誤；C、靠近高壓帶電體，會造成高壓跨步觸電或高壓電弧觸電，故C錯誤；D、如果家庭電路中不安裝保險絲，當發生短路時，沒有電流通過用電器，不會燒毀用電器，而是燒壞供電線路，故D錯誤。故選：A。12．孔子家語記“布手知尺”，指的是成年男子拇指指端和食指指端之間的距離為一尺，則一尺約（）A．2cm B．0.2m C．0.2dm D．20mm【答案】B【解答】解：成年男子拇指指端和食指指端之間的距離大約為0.2m。故選：B。13．某同學觀察到雞蛋在清水中下沉，在濃鹽水中漂浮，于是配制了半杯濃度偏低的鹽水并將雞蛋放入鹽水中，靜止時雞蛋剛好懸浮，如圖甲所示。現向杯中緩慢添加食鹽，并攪拌至全部溶解，液面平靜時雞蛋漂浮，如圖乙所示。相對于懸浮，雞蛋漂浮時，下列說法正確的是（）A．雞蛋上、下表面受到的壓力差變小 B．雞蛋受到的浮力變大 C．相同深度處，燒杯內壁所受液體壓強不變 D．鹽水對燒杯底部的壓力變大【答案】D【解答】解：A、雞蛋處于漂浮與懸浮狀態時，浮力都等于重力，所以雞蛋受到的浮力不變，由于浮力的實質是物體上、下表面所受液體（或氣體）的壓力差，浮力不變，則雞蛋上、下表面受到的壓力差不變，故A錯誤；B、雞蛋處于漂浮與懸浮狀態時，浮力都等于重力，所以雞蛋受到的浮力不變，故B錯誤；C、向杯中加鹽使鹽水密度變大，由液體壓強公式p＝ρgh可知，相同深度處，燒杯內壁所受液體壓強變大，故C錯誤；D、鹽水密度變大，燒杯底部所受液體壓力等于液體與雞蛋所受重力之和，因加了鹽，液體重力增大，鹽水對燒杯底部的壓力變大，故D正確。故選：D。14．（多選）2023年5月10日21時22分，“長征七號”遙七運載火箭搭載“天舟六號”貨運飛船點火發射，貨運飛船隨火箭加速上升，約10min后，飛船與火箭成功分離并進入預定軌道，之后飛船太陽能帆板順利展開工作，于2023年5月11日成功對接于空間站“天和”核心艙，并轉入組合體飛行階段。下列說法正確的是（）A．為“天舟六號”提供能量的太陽能帆板，主要將太陽能轉化為電能 B．“天舟六號”轉入組合體飛行階段，組合體繞地球運行時受到的力不平衡 C．組合體飛行階段，因飛船處于“失重”狀態，飛船將不具有慣性 D．運載火箭在加速升空的過程中，“天舟六號”的機械能持續增大【答案】ABD【解答】解：A、太陽能電池帆板可以將太陽能轉化為電能，故A正確；B、天舟六號轉入組合體飛行段，組合體繞地球運行時，其運動狀態發生了改變，受到的力是非平衡力，故B正確；C、一切物體都有慣性；所以在失重狀態時，物體仍然是具有慣性的，故C錯誤；D、在火箭加速升空過程中，“天舟六號”貨運飛船隨火箭一起加速升空，飛船的質量不變，其速度增大，高度增大，則飛船的動能和重力勢能都變大；因機械能等于動能與勢能的總和，所以飛船的機械能變大，故D正確。故選：ABD。15．（多選）小燈泡L的額定電壓為3V，它的I﹣U關系圖象如圖甲所示。把小燈泡接入如圖乙所示的電路中，先將滑動變阻器的滑片P移至B端，閉合開關S，電壓表示數為1.5V；再將滑片P向左移動直到電壓表示數為3V。已知電源電壓恒定，滑動變阻器銘牌標有“10Ω2A”的字樣。下列說法正確的是（）A．電源電壓為4.5V B．小燈泡的額定功率為1.5W C．小燈泡正常發光時，滑動變阻器接入電路的阻值為3Ω D．小燈泡正常發光時，滑動變阻器消耗的電功率為2.25W【答案】ABC【解答】解：當滑動變阻器的滑片P移至B端時，閉合開關S時，滑動變阻器的最大阻值和燈泡串聯，電壓表測燈泡的電壓，由圖象可知，當電壓表示數為1.5V時，電路中的電流I＝0.3A，由I＝可得，滑動變阻器兩端的電壓：U滑＝IR滑＝0.3A×10Ω＝3V，因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，電源的電壓：U＝UL+U滑＝1.5V+3V＝4.5V，由圖象可知，燈泡兩端的電壓為3V時，電路中的電流I′＝0.5A，因額定電壓下燈泡的實際功率和額定功率相等，所以，燈泡的額定功率為：PL＝ULI′＝3V×0.5A＝1.5W，此時滑動變阻器兩端的電壓：U滑′＝U﹣UL＝4.5V﹣3V＝1.5V，此時滑動變阻器消耗的電功率：P滑′＝U滑′I′＝1.5V×0.5A＝0.75W，此時滑動變阻器接入電路中的電阻：R滑′＝＝＝3Ω，故ABC正確，D錯誤。故選：ABC。16．（多選）用如圖甲所示的裝置提升重物A，A的重力為360N，底面積為50cm2，施加的拉力F隨時間變化關系如圖乙所示，A上升的速度v隨時間變化關系如圖丙所示（忽略繩重和摩擦）.下列結論正確的是（）A．物體勻速上升時拉力F的功率為40W B．動滑輪的重力為40N C．2～3s時，此裝置的機械效率為90% D．0.5s時，物體A對地面的壓強為2×104Pa【答案】BCD【解答】解：A、由圖丙知，2～3s物體勻速上升，速度v＝0.2m/s，由乙圖知，此時拉力F＝200N，承擔重物繩子的段數n＝2，繩端速度v＝2v物＝2×0.2m/s＝0.4m/s，所以拉力F的功率P＝＝＝Fv＝200N×0.4m/s＝80W，故A錯誤；B、由圖甲知，忽略繩重和摩擦，由F＝（G+G動）可得，動滑輪的重力；G動＝2F﹣G＝2×200N﹣360N＝40N，故B正確；C、2～3s時，此裝置的機械效率：η＝＝＝＝＝90%，故C正確；D、由圖丙知，0.5s時速度為0，即物體A處于靜止狀態，由圖乙知，繩端拉力F′＝150N，物體受到豎直向上的拉力為F拉＝nF′﹣G動＝2×150N﹣40N＝260N，物體對地面的壓力為F壓＝G﹣F拉＝360N﹣260N＝100N，對地面的壓強：p＝＝＝2×104Pa，故D正確。故選：BCD。第Ⅱ卷非選擇題二、填空題（本題共6小題，每空1分，共12分）17．口技是國家級非物質文化遺產項目，優秀的口技傳承人可以惟妙惟肖地模仿各種鳥鳴，甚至戰場上的各種特殊的聲音。從聲音的特性來看，傳承人能模仿各種鳥鳴，主要模仿的是聲音的音色；觀眾聽到震耳欲聾的大炮聲，是因為大炮聲的響度較大。（均選填“音調”、“響度”或“音色”）【答案】音色；響度【解答】解：不同的發聲體（如不同的人），其音調和響度可能相同，但音色一般不同，口技藝人可以模仿各種聲音，主要模仿聲音的音色；觀眾聽到震耳欲聾的大炮聲，是因為大炮聲的響度較大。故答案為：音色；響度。18．我國“海斗號”潛水器在馬里亞納海溝成功完成了首次萬米海試與試驗性應用任務，于2020年6月8日載譽歸來，當下潛至1.0×104m時，潛水器受到海水的壓強為1.03×108Pa，潛水器觀察窗0.02m2面積受到海水的壓力為2.06×106N。（ρ海水＝1.03×103kg/m3，g取10N/kg）【答案】1.03×108；2.06×106。【解答】解：當下潛至1.0×104m時，潛水器受到海水的壓強：p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×1.0×104m＝1.03×108Pa，由p＝可得，潛水器觀察窗0.02m2面積受到海水的壓力：F＝pS＝1.03×108Pa×0.02m2＝2.06×106N。故答案為：1.03×108；2.06×106。19．如圖所示，一個紙風車放在點燃的酒精燈火焰上方，風車會轉動起來。在這個過程中，是因為一定質量的空氣受熱膨脹后，密度變小（選填“變大”、“變小”或“不變”）而上升，熱空氣上升后，冷空氣從四面八方流過來，從而形成風。冬天房間里開空調時，應該讓熱風向下（選填“上”或“下”）吹，房間內才會很快變得緩和起來。【答案】變小；下。【解答】解：火焰上方空氣加熱后體積膨脹，即質量不變，體積變大，根據ρ＝，可知密度變小。熱空氣上升，周圍冷空氣填充進來，形成風，吹動風車轉動；因為熱空氣會上升，所以冬天房間里開空調時，應該讓熱風向下吹，房間內才會很快變得緩和起來。故答案為：變小；下。20．有一種迷你屏幕由25個LED串聯而成，如果電源插頭處的電流為200mA，那么通過每一個LED的電流為0.2A；客廳里的吸頂燈比臥室里的床頭燈亮，吸頂燈兩端電壓與床頭燈兩端電壓一樣大（選填“吸頂燈兩端電壓大”或“床頭頂兩端電壓大”或“一樣大”）。【答案】0.2；一樣大。【解答】解：（1）串聯電路電流規律：在串聯電路中處處電流相等。因為小燈泡是串聯的，所以在該電路中，各處電流都相等，即通過每一只小燈泡的電流和電源插頭處的電流都相等，都為200mA，即0.2A。（2）吸頂燈、床頭燈都是家用電器，且工作時互不影響，所以各用電器是并聯的；根據并聯電路的電壓特點可知：客廳照明燈兩端電壓等于床頭燈兩端的電壓。故答案為：0.2；一樣大。21．小明爸爸駕駛汽車在平直公路上勻速行駛12km，用時10min。該車的總重為1.6×104N，行駛中阻力為車重的0.05倍，牽引力為800N，汽車牽引力的功率為16kW。【答案】800；16。【解答】解：由于車做勻速直線運動，所以，牽引力等于阻力，故牽引力為：F＝f＝0.05G＝0.05×1.6×104N＝800N；則牽引力做的功為：W＝Fs＝800N×12000m＝9.6×106J；牽引力的功率為：P＝＝＝16000W＝16kW。故答案為：800；16。22．如圖甲電路中，R為定值電阻，R1為滑動變阻器；圖乙是該滑動變阻器滑片從一端移至另一端過程中變阻器的電功率與其電阻的關系圖象；則R阻值為10Ω，整個電路的消耗的最大功率為3.6W。【答案】10；3.6。【解答】解：由電路圖可知，R1與R串聯，電壓表測R1兩端的電壓，電流表測電路中的電流；由圖乙可知，當R1＝10Ω時，P1＝0.9W，由P＝UI＝I2R可知，此時通過R1的電流：I1＝＝＝0.3A，根據串聯電路的電流特點可知，此時電路中的電路I＝I1＝0.3A，根據串聯電路的電壓特點和歐姆定律可知，電源電壓：U＝U1+UR＝I1R2+IR＝0.3A×10Ω+0.3A×R……①當R1′＝20Ω時，P1′＝0.8W，由P＝UI＝I2R可知，此時通過R1的電流：I1′＝＝＝0.2A，根據串聯電路的電流特點可知，此時電路中的電路I′＝I1′＝0.2A，根據串聯電路的電壓特點和歐姆定律可知，電源電壓：U＝U1′+UR′＝I1′R1′+I′R＝0.2A×20Ω+0.2A×R……②聯立①②兩式解得：電源電壓U＝6V，電阻R的阻值：R＝10Ω；當滑動變阻器接入電路的阻值為零時，只有R接入電路，此時電路中的總電阻最小，根據P＝可知，電路中消耗的總功率最大，整個電路的消耗的最大功率：P大＝＝＝3.6W。故答案為：10；3.6。三、作圖題（共4分）23．（1）重為G的圓球放在光滑斜面和光滑的豎直擋板之間，如圖。在圖中作出物體的受力示意圖。【答案】【解答】解：以圓球為研究對象，圓球受到豎直向下的重力，豎直擋板水平向右的彈力F1和垂直斜面向上的支持力F2。從圓球的重心開始，分別沿各力的方向畫一條有向線段，并分別在線段末尾標上相關字母，即為物體的受力示意圖。如圖所示：（2）在如圖所示的繼電器上把電源連在電路里，使它成為一個電鈴。這樣的電鈴沒有鈴碗，通常叫蜂鳴器。【答案】見試題解答內容【解答】解：閉合開關，電磁鐵中有電流，吸引銜鐵，彈簧向下振動，螺釘與彈簧片斷開，電磁鐵中沒有磁性，彈簧片恢復原狀，使電路再次接通，彈簧不斷的振動，這便是蜂鳴器，答案如圖所示：四、實驗探究題（本題共4小題，每空1分，共23分。）24．在探究凸透鏡成像的規律的實驗中：（1）將凸透鏡正對太陽光，調節凸透鏡下方白紙的位置，直至白紙上出現一最小最亮的光斑，如圖甲所示，則該透鏡的焦距為10.0cm；（2）如圖乙所示，蠟燭和凸透鏡的位置不變，此時應將光屏向左（選填“左”或“右”）移動才能得到清晰的像，像的特點是倒立、縮小（選填“放大”、“等大”或“縮小”）的實像，生活中的照相機（選填“照相機”、“投影儀”或“放大鏡”）就是利用這個規律制成的。（3）當蠟燭燃燒變短，應該將光屏向上（選填“上”或“下”）移動，才能使燭焰的像仍在光屏中央。（4）如圖丙所示，將蠟燭放在凸透鏡的一倍焦距以內，在透鏡另一側可以看到燭焰放大的像，若將一不透明的遮光板放在虛線處，此時人眼處能（選填“能”或“不能”）看到燭焰的像。【答案】（1）10.0；（2）左；縮小；照相機；（3）上；（4）能。【解答】解：（1）由圖甲可知，光屏上出現一個最小最亮的光斑即為凸透鏡的焦點處，焦點到凸透鏡的距離為10cm，則凸透鏡的焦距是10.0cm；（2）將點燃的蠟燭放置于光具座的10cm刻度處，物距大小為25cm，此時物距大于二倍焦距成倒立縮小實像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，將光屏向左移動一段合適的距離，能在光屏上得到燭焰清晰倒立、縮小的實像，應用為照相機；（3）實驗中隨著蠟燭燃燒變短，為了使像仍在光屏中央，根據過光心的光線傳播方向不變可知，光屏應該向上調節；（4）將蠟燭放在凸透鏡的一倍焦距以內，凸透鏡成正立、放大的虛像，若將一不透明的遮光板放在虛線處，如圖丙所示，因凸透鏡所成虛像是折射光線的反向延長線會聚形成的，此時遮光板并不影響折射光線進入人的眼睛，所以人眼透過凸透鏡仍能看到燭焰的虛像。故答案為：（1）10.0；（2）左；縮小；照相機；（3）上；（4）能。25．玲玲在探究液體內部壓強的規律時，進行了如下的操作。（1）在使用壓強計前，發現U形管中兩側液面已有高度差（如圖甲所示），接下來的操作是B；A．將此時右邊支管中高出的液體倒出B．取下軟管重新安裝（2）正確操作后，分析圖乙、丙的實驗現象，初步得出的結論是：同種液體中，壓強隨深度的增加而增大；（3）玲玲想探究液體壓強與方向的關系，她保持圖丙中探頭的位置不變，轉動探頭朝著其他的方向，觀察到的現象是U形管兩邊液面高度差不變；（4）玲玲保持圖丙中探頭的位置不變，并向容器內加入適量的濃鹽水，她發現U形管兩側液面的高度差又變大了，于是得出了“在同一深度，液體的密度越大，其內部的壓強越大”的結論。甜甜認為她的操作不可靠（可靠或不可靠）。【答案】（1）B；（2）壓強隨深度的增加而增大；（3）其他；不變；（4）不可靠。【解答】解：（1）調節壓強計時，只需要將軟管取下，再重新安裝，這樣U形管中兩管上方的氣體壓強就是相等的（都等于大氣壓），當橡皮膜沒有受到壓強時，U形管中的液面就是相平的，故選B；（2）分析圖乙、丙知液體的密度相同，深度不同，且深度越深，U形管液面的高度差越大，液體內部的壓強越大，由此可以得出初步結論：同種液體中，液體壓強隨液體深度的增加而增大；（3）把探頭固定在水中某一深度不變，轉動探頭朝著各個方向，由于在同一液體在同一深度液體內部向各個方向的壓強相等，所以觀察到U形管兩邊液面的高度差不變；④在探究液體壓強與液體密度是否有關時，因控制探頭所處的深度相同。加入鹽水后，燒杯中液體的密度增大，深度也會增大。但因探頭的保持位置不變，則探頭在鹽水中的深度相較于在清水中的深度會增大，所以此時得出的實驗結論是不可靠的。為得出可靠結論，我們應適當向上移動探頭，使其在鹽水中所處的深度與在清水中所處的深度相同。故答案為：（1）B；（2）壓強隨深度的增加而增大；（3）其他；不變；（4）不可靠。26．小明測量標有“2.5V”字樣（正常工作電流約為0.25A）小燈泡的額定功率。現有器材：電壓為4.5V的電源、開關、電壓表（量程0～3V）、電流表（量程0～0.6A）、導線若干，另有三種規格的滑動變阻器可供選擇：R1（5Ω，1A）、R2（20Ω，0.5A）、R3（50Ω，0.2A），按照如圖1甲所示的實驗電路進行實驗，請完成下列問題：（1）小明在檢查電路連接時，發現有一根導線連接錯誤。請在圖1甲中找出這跟連接錯誤導線，并打“×”，然后再用筆畫線代替導線，把它改到正確的位置上；（2）通過估算，滑動變阻器應該選用R2（選填“R1”、“R2”或“R3”）；（3）正確連接電路、閉合開關后，移動滑片P到某一點時，電壓表示數如圖1乙所示，若要測量小燈泡的額定功率，應將圖1甲中的滑動變阻器的滑片P向A（選填“A”或“B”）端移動；（4）通過移動滑動變阻器的滑片P，觀察小燈泡的亮度，并根據記錄的多組數據繪制出了如圖1丙所示的I﹣U圖象。由圖象可知小燈泡的額定功率是0.75W，小燈泡變亮時，小燈泡燈絲的電阻變大（選填“變大”、“變小”或“不變”）；（5）完成上述實驗后，小明又借助上述實驗中的部分器材及已知阻值為R0的定值電阻，設計了如圖2所示的實驗電路，測量出了另一個額定電壓為U1的小燈泡正常發光時的額定電功率。請你幫助小明將下列實驗步驟補充完整：①連接好實驗電路，閉合開關S，將開關S1撥到觸點2（選填“1”或“2”），移動滑動變阻器的滑片，使電壓表的示數為燈泡的額定電壓U1；②保持滑片的位置不動，再將開關S1撥到另一個觸點，讀出電壓表的示數為U2；③該小燈泡正常發光時的額定電功率的表達式P額＝U1×。（用U1、U2、R0表示）。【答案】（1）見解答圖；（2）R2；（3）A；（4）0.75；變大；（5）①2；②U1×。【解答】解：（1）原電路圖中，電流表與燈泡并聯，電壓表串聯在電路中是錯誤的，在測小燈泡的額定功率實驗中，燈泡、滑動變阻器和電流表串聯，電壓表并聯在燈泡兩端，如下圖所示：（2）小燈泡的額定電壓為2.5V，正常工作電流約為0.25A，由串聯電路的規律及歐姆定律，燈正常發時滑動變阻器連入的電阻：R滑＝＝＝8Ω，由于額定電流為0.25A，滑動變阻器的最小電阻為8Ω，故選滑動變阻器是R2；（3）正確連接電路、閉合開關后，移動滑片P到某一點時，電壓表示數如圖1乙所示，電壓表選用小量程，分度值0.1V，其示數為2.2V，小于燈泡額定電壓2.5V，若要測量小燈泡的額定功率，應增大燈泡兩端的電壓，根據串聯電路電壓規律，應減小滑動變阻器兩端的電壓，根據分壓原理，應減小滑動變阻器接入電路的阻值，故應將圖甲中的滑片P向A端移動；（4）由圖1丙所示的I﹣U圖像可知，當燈泡兩端電壓為2.5V時，通過燈泡的額定電流為0.3A，則小燈泡額定功率為：PL＝ULIL＝2.5V×0.3A＝0.75W；燈泡的亮度由實際功率決定，小燈泡變亮時，實際功率變大，溫度升高，燈絲的電阻隨溫度的升高而變大；（5）實驗步驟：①接好實驗電路，閉合開關S，將開關S1撥到觸點2移動滑片，使電壓表的示數為燈泡的額定電壓U1；②滑片的位置保持不動，再將開關S1撥到另一個觸點讀出電壓表的示數為U2；③在步驟①中，燈泡、R0和滑動變阻器串聯在電路中，電壓表測燈泡兩端的電壓，調節滑動變阻器的滑片P，使得小燈泡正常發光，記錄下此時的電壓表示數為U1；在步驟②中，保持滑動變阻器滑片位置不變，S1接2，電壓表測量燈泡和R0兩端的總電壓U2；因電路的連接關系沒有改變，各電阻的大小和通過的電流不變，燈仍正常發光，根據串聯電路電壓規律，此時定值電阻R0兩端的電壓：U0＝U2﹣U1，根據串聯電路電流特點和歐姆定律，通過燈泡的額定電流：I額＝I0＝＝，則小燈泡額定功率：P＝U額I額＝U1×。故答案為：（1）見解答圖；（2）R2；（3）A；（4）0.75；變大；（5）①2；②U1×。27．在“測量滑輪組機械效率”的實驗中，小兵與同學們用同一滑輪組進行了三次實驗（如圖所示），實驗數據記錄如表：次數鉤碼重/N鉤碼上升距離/cm彈簧測力計示數/N彈簧測力計上升距離/cm機械效率12100.83083.3%24101.530①3610②3090.9%（1）實驗時應沿豎直方向勻速拉動彈簧測力計，并用刻度尺測出物體上升的高度；（2）表格中編號①處的數據為88.9%；編號②處的數據為2.2（觀察丙圖）；（3）分析數據可得結論：使用同一滑輪組提升不同重物至同一高度時，提升的物重增加時，所做的額外功變大（選填“變大”、“變小”或“不變”）；（4）分析數據可得結論：使用同一滑輪組，滑輪組的機械效率與物重的關系可能比較符合的圖是B；【答案】見試題解答內容【解答】解：（1）實驗時沿豎直方向勻速緩慢拉動彈簧測力計；（2）第2次實驗的機械效率為：η＝＝×100%＝＝88.9%，圖中測力計分度值為0.2N，示數為2.2N，故編號②處數據為2.2；（3）進一步分析數據，可知用同一滑輪組提升不同重物至同一高度，提升的物重增加時，所做的額外功將變大，原因：物重增加，輪和軸之間的壓力變大，摩擦力變大；（4）動滑輪的重力不可忽略，則克服動滑輪的重和繩與滑輪間的摩擦所做的功為額外功，從摩擦角度考慮，隨著物體重力的增加，滑輪與繩子間摩擦會一定程度增大；同時，物重增大，有用功逐漸增大，有用功占總功的比值在增大，所以機械效率逐漸增大，但由于摩擦也在增大，故機械效率η與物體重力G的關系并不成正比，故B正確符合題意。故答案為：（1）勻速；（2）88.9%；2.2；（3）變大；（4）B。五、計算題（本題共3小題，28題7分，29題8分，30題11分，共26分）28．一個能裝水100L的太陽能曬水箱，其接收太陽能的面積為2m2，該曬水箱接受的太陽輻射能力為E＝3.2×106J/（h?m2）。求：（1）如果每天接收太陽能的時間為8h，則該曬水箱每天可以接收多少焦的太陽能？（2）由于熱量的散失等原因，水的吸熱效率只有42%。那么，該曬水箱一天吸收的太陽能可使100L的水從20℃升高到多少℃？（ρ水＝1.0×l03kg/m3）【答案】（1）該曬水箱每天可以接收5.12×107J的太陽能；（2）該曬水箱一天吸收的太陽能可使100L的水從20℃升高到71.2℃。【解答】解：（1）由題意可得，該曬水箱每天可以接收的太陽能為：Q＝EtS＝3.2×106J/（h?m2）×8h×2m2＝5.12×107J；（2）由ρ＝可得，水的質量：m水＝ρV＝1.0×103kg/m3×100×10﹣3m3＝100kg，由η＝×100%得，水吸收的熱量：Q吸＝ηQ＝42%×5.12×107J＝2.1504×10