天津市濱海新區七所重點中學2024-2025學年高二下物理期末教學質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，開口向下的“┍┑”形框架，兩側豎直桿光滑固定，上面水平橫桿中點固定一定滑輪，兩側桿上套著的兩滑塊用輕繩繞過定滑輪相連，并處于靜止狀態，此時連接滑塊A的繩與水平方向夾角為θ，連接滑塊B的繩與水平方向的夾角為2θ，則A、B兩滑塊的質量之比為（）A．2sinθ：1 B．2cosθ：1 C．1：2cosθ D．1：2sinθ2、1966年華裔科學家高錕博士提出一個理論：直徑僅幾微米的玻璃纖維就可以用來做為光的波導來傳輸大量信息，43年后高錕因此獲得2009年諾貝爾物理學獎，他被譽為“光纖通訊之父”．以下哪個實驗或現象的原理和光導纖維是相同的（）A．圖甲中，彎曲的水流可以導光B．圖乙中，用偏振眼鏡看3D電影，感受到立體的影像C．圖丙中，陽光下的肥皂薄膜呈現彩色D．圖丁中，白光通過三棱鏡，出現色散現象3、如圖甲所示，豎直長直導線右側固定的矩形線框與長直導線位于同一平面內，導線中通有向下的電流，當長直導線中的電流i隨時間t變化的規律如圖乙所示時，關于線框中的感應電流及線框受到的安培力，下列說法正確的是A．感應電流沿逆時針方向且逐漸增大，線框受到的安培力方向向左B．感應電流沿順時針方向且逐漸增大，線框受到的安培力方向向右C．感應電流沿逆時針方向且逐漸減小，線框受到的安培力方向向左D．感應電流沿逆時針方向且逐漸減小，線框受到的安培力方向向右4、如圖所示，帶電小球懸掛在豎直放置的平行板電容器內，當開關S閉合，小球靜止時，懸線與豎直方向的夾角為，則（）A．當開關S斷開時,若減小平行板間的距離,則夾角增大B．當開關S斷開時,若增大平行板間的距離,則夾角變小C．當開關S閉合時,若減小平行板間的距離,則夾角增大D．當開關S閉合時,若減小平行板間的距離,則夾角減小5、遠距離輸送一定功率的交流電，若輸送電壓提高到n倍，則(

)A．輸電線上的電壓損失增大 B．輸電線上的電能損失增大C．輸電線上的電壓損失不變 D．輸電線上的電能損失減少到原來的1/n26、如圖所示,在光滑水平面上,有質量分別為和的兩滑塊,它們中間夾著一根處于壓縮狀態的輕質彈簧(彈簧與不拴連),由于被一根細繩拉著而處于靜止狀態.當剪斷細繩,在兩滑塊脫離彈簧之后,下述說法正確的是（）A．兩滑塊的動量大小之比B．兩滑塊的速度大小之比C．兩滑塊的動能之比D．彈簧對兩滑塊做功之比二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平轉臺上的小物體A、B通過彈簧連接，并靜止在轉臺上，現轉臺從靜止開始緩慢的增大其轉速（既在每個轉速下可認為是勻速轉動），已知A、B的質量分別為m、2m，A、B與轉臺的動摩擦因數均為μ，A、B離轉臺中心的距離都為r，已知彈簧的原長為r，勁度系數為k，設本題中的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，以下說法中正確的是A．物體A和B同時相對轉臺發生滑動B．當A受到的摩擦力為0時，B的摩擦力背離圓心C．當B受到的摩擦力為0時，A的摩擦力背離圓心D．當A、B均相對轉臺靜止時，允許的最大角速度為8、一個單匝的線圈，面積為S，在勻強磁場中繞垂直磁感線的軸勻速轉動，產生的感應電動勢隨時間變化的規律如圖所示，下列判斷正確的是()A．在A、C時刻線圈通過中性面B．電動勢的有效值與平均值相等都是EC．在t=T12D．磁場的磁感應強度為B=9、關于光在豎直的肥皂液薄膜上產生的干涉現象，下列說法正確的是A．干涉條紋的產生是由于光在薄膜前后兩個表面反射，形成的兩列光波疊加的結果B．若出現明暗相間條紋相互平行，說明肥皂膜的厚度是均勻的C．用紫色光照射薄膜產生的干涉條紋間距比紅光照射時的間距小D．薄膜上的干涉條紋基本上是豎直的10、下列說法正確的是（）A．單晶體有固定的熔點，多晶體沒有固定的熔點B．即使水凝結成冰后，水分子的熱運動也不會停止C．空氣的相對濕度定義為空氣中所含水蒸氣的壓強與相同溫度時水的飽和汽壓之比D．在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內能也保持不變E.由同種元素構成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小明同學看了“神舟十號”宇航員王亞平在太空授課時，利用牛頓第二定律測量聶海勝的質量后深受啟發，在學校實驗室里設計了如圖甲所示的實驗裝置，測量手機電池的質量，為使滑塊平穩運動，小明把兩塊質量相等的手機電池用質量不計的細棉線固定在滑塊的兩側．接通氣源，當空氣從導軌兩側穩定噴出時，發現滑塊與氣墊導軌沒有直接接觸，裝置能正常使用．調節導軌水平，把細線的一端固定在滑塊上，另一端固定在鉤碼上．(1)小明用圖乙中的螺旋測微器測得遮光條的寬度L＝________mm.(2)將附帶手機電池的滑塊由圖甲所示位置從靜止釋放，在鉤碼的牽引下先后通過兩個光電門，配套的數字毫秒計記錄了遮光條通過第一個光電門的時間為Δt1＝7.2×10－3s，通過第二個光電門的時間為Δt2＝2.3×10－3s，遮光條從開始遮住第一個光電門到開始遮住第二個光電門的時間為Δt＝0.592s，則手機電池經過光電門1時的瞬時速度v1＝________m/s(保留2位有效數字)，經過光電門2時的瞬時速度v2＝________m/s(保留3位有效數字)，重力加速度g＝10m/s2，手機電池的加速度a＝________m/s2(保留2位有效數字)．(3)已知鉤碼的質量為m1＝200g，滑塊與遮光條的總質量為m2＝510g，則一塊手機電池的質量為m＝________g(保留2位有效數字)．12．（12分）（1）如圖所示，螺旋測微器的示數為_____mm.（2）物理實驗室有一個游標卡尺，但是游標尺的刻度模糊不清了，在一次測量中游標卡尺如圖所示，則所測物體長度為_____mm．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）豎直放置的氣缸內壁光滑、導熱良好，橫截面積為S=100cm2，厚度不計的活塞質量為m=20kg，活塞可沿氣缸壁無摩擦滑動且不漏氣開始時如圖甲所示，氣缸開口豎直向下放置，活塞與氣缸底的距離為H1=30cm，氣體溫度T1=300K，大氣壓強為Po=1.0×105Pa，現將氣缸緩慢的轉到開口豎直向上的位置，如圖乙所示取重力加速度g=10m/s2.求：(1)穩定時活塞與氣缸底的距離H2；(2)穩定后，當環境溫度緩慢升至T2=375K過程中缸內氣體內能增加ΔU=210J，則該過程中缸內氣體吸收的熱量Q為多大?14．（16分）半徑為R的半圓柱介質截面如圖所示，O為圓心，AB為直徑，Q是半圓上的一點，QO垂直于AB。某單色光從Q點射入介質，入射角為60°，從直徑AB上的P點射出，已知P點距O點的距離為，光在真空中傳播速度為c，則該單色光從Q點傳到P點的時間為A． B．C． D．15．（12分）如圖所示，質量M=1.0kg的薄木板靜止在水平桌面上，薄木板上放有質量m=1.0kg的小鐵塊（可視為質點），它離木板左端的距離為L=0.15m，鐵塊與木板間的動摩擦因數為μ=0.1，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．現用一水平向右的拉力作用在木板上，使木板和鐵塊由靜止開始運動，g取10m/s1．(1)若桌面光滑，拉力大小恒為F1=4.8N，求小鐵塊運動的加速度大??；(1)若木板以4.0m/s1的加速度從鐵塊下抽出，求抽出過程所經歷的時間t；(3)若桌面與薄木板間的動摩擦因數也為μ，則拉力F1的大小滿足什么條件才能將木板從鐵塊下抽出？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：對兩個滑塊分別受力分析，根據共點力平衡條件列式求解，注意繩子對兩側的拉力大小相等．解：設繩的拉力為F，對兩個滑塊分別受力分析，如圖所示：根據力的平衡可知：mAg=FsinθmBg=Fsin2θ因此：故選A．【點評】本題關鍵是分別對兩個物體受力分析，然后根據共點力平衡條件并結合正交分解法列式求解，基礎問題．2、A【解析】圖甲中，彎曲的水流可以導光是因為光在水和空氣界面上發生了全反射現象，故與光導纖維原理相同，A正確；圖乙中，用偏振眼鏡看3D電影，感受到立體的影像是因為光的偏振現象，B錯誤；圖丙中，陽光下的肥皂薄膜呈現彩色是因為光的干涉現象，C錯誤；圖丁中，白光通過三棱鏡，出現色散現象是因為光發生了折射現象，D錯誤．3、C【解析】

AB.直線電流方向向下，根據安培定則，知導線右側磁場的方向垂直紙面向外，電流逐漸減小，則磁場逐漸減弱，根據楞次定律，金屬線框中產生逆時針方向的感應電流。由題目圖象可知，直導線電流的變化率減小，則穿過線圈的磁場變化率也減小，那么感應電動勢也減小，因此感應電流大小會減小，故AB錯誤。CD.根據左手定則，知金屬框左邊受到的安培力方向水平向左，右邊受到的安培力水平向右，離導線越近，磁場越強，則左邊受到的安培力大于右邊受到的安培力，所以金屬框所受安培力的合力水平向左，故C正確D錯誤。4、C【解析】

斷開開關S，電容器所帶的電量不變，C＝，E＝，U＝得E＝，則知d變化，E不變，電場力不變，θ不變，故AB錯誤．保持開關S閉合，電容器兩端間的電勢差U不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，由E＝知，板間的電場強度E增大，小球所受的電場力變大，θ增大，故C正確，D錯誤．故選C.解決電容器的動態分析問題關鍵抓住不變量．若電容器與電源斷開，電量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢差保持不變．要掌握推論：E=，知道只改變電容器板間距離時板間場強不變．5、D【解析】在輸送功率一定時，由I=PU知，電壓提高到n倍，則電流變為原來的1n，根據ΔU=Ir可知電壓損失減為原來的1n，減小，AC錯誤；由P損=6、C【解析】

在兩滑塊剛好脫離彈簧時運用動量守恒得：，得，兩滑塊速度大小之比為：；兩滑塊的動能之比，B錯誤C正確；兩滑塊的動量大小之比，A錯誤；彈簧對兩滑塊做功之比等于兩滑塊動能之比為：1：2，D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

AD．當A剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，則有解得當B剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，則有解得故所以B最先滑動，允許的最大角速度為A錯誤D正確；B．當A受到的摩擦力為0時，由彈力充當向心力，故解得此時B受到的向心力為故B受到的摩擦力指向圓心，B錯誤；C．當B受到的摩擦力為0時，由彈力充當向心力，故解得此時B受到的向心力為故A受到的摩擦力背離圓心，C正確．故選CD。本題主要考查了胡克定律以及向心力公式的直接應用，知道當A、B剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，明確向心力的來源是解題的關鍵．8、CD【解析】

A.在A、C時刻，感應電動勢最大，線圈與磁場平行，垂直于中性面，故A錯誤。B.正弦式交變電流，電動勢的有效值是Em2；一個周期內磁通量的改變量為零，所以感應電動勢的平均值為零，故C.根據感應電動勢的瞬時表達式e=Emsinωt，當t=T12時，ωt=πD.感應電動勢的最大值Em=NBSω=BSω，故B=E9、AC【解析】試題分析：干涉條紋的產生是由于光在薄膜前后兩個表面反射，形成的兩列光波疊加的結果，故A正確；若出現明暗相間條紋相互平行，說明肥皂膜的厚度變化是均勻的，故B錯誤；由于紫光的波長小，故用紫色光照射薄膜產生的干涉條紋間距比紅光照射時的間距小，C正確；薄膜上的干涉條紋基本上是水平的，故D錯誤．考點：薄膜干涉．10、BCE【解析】

單晶體和多晶體都有固定的熔點；水凝結成冰后，水分子運動不會停止；根據空氣的相對濕度定義理解即可；在熔化過程中，晶體要吸收熱量，內能要增加；由同種元素構成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石．【詳解】A．單晶體和多晶體都有固定的熔點，故A錯誤；B．水凝結成冰后，水分子運動會減緩，但不會停止，故B正確；C．空氣的相對濕度定義為空氣中所含水蒸氣的壓強與相同溫度時水的飽和汽壓之比，故C正確；D．在熔化過程中，晶體要吸收熱量，雖然溫度保持不變，但內能要增加，故D錯誤；E．由同種元素構成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石，故E正確．本題考察了晶體和非晶體、分子運動等相關熱力學現象，較為簡單．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)5.000或5.001或4.999(2)0.69；2.17；2.5；(3)45；【解析】（1）由圖示螺旋測微器可知，其示數為：5mm+0.0×0.01mm=5.000mm；

（2）經過光電門1的速度：經過光電門2的速度：

加速度：（3）由牛頓第二定律得：m1g=（m1+m2+2m）a

即：0.2×10=（0.2+0.51+2m）×2.5解得：m=0.045kg=45g；12、1.545－1.548均正確11.30mm【解析】（1）螺旋測微器示數為:1.5mm+4.6×0.01mm=1.546mm（2）由于游標卡尺的刻度模糊不清，故無法用常規方法讀數．該游標尺為20分度，總長19mm，故每分度為0.95mm，從圖中可以看出，游標的第7條刻度與主尺的17mm對齊，所以該尺讀數為：17mm-6×0.95mm=11.30mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)20cm(2)270J【解析】(1)設甲、乙兩圖中穩定時缸內氣體壓強分別為p1、p2，則由平衡條件可知p1S+mg=p0S①P0S+mg=p2S②對缸內氣體，由玻意耳定律得：p1H1S=p2H2S③由①②③解得H2=20cm(2)若環境溫度緩慢升至T2=375K，缸內氣體作等壓變化，活塞上升，設穩定時活塞與氣缸底的距離為H3，由蓋—呂薩克定律得④