高級中學名校試題PAGEPAGE1物理注意事項：1．本試題卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共6頁，總分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，考生先在答題卡上填寫科目名稱，并將自己的座位號、姓名、準考證號填寫清楚，待監考員粘貼條形碼后，認真核對條形碼上的姓名、準考證號、考場號、座位號與自己的準考證上的信息是否一致。3．考生必須在答題卡上答題，在草稿紙、試題卷上答題無效。本試卷g值均取10m/s2。第Ⅰ卷（選擇題，共50分）一、單項選擇題（本大題共25小題，每小題2分，共50分）1.下列物理量屬于矢量的是（）A.質量 B.時間 C.力 D.動能【答案】C【解析】質量、時間和動能均只有大小、沒有方向，均屬于標量；力即有大小、又有方向，屬于矢量。故選C。2.下列屬于勻變速直線運動的是（）A.平拋運動 B.斜拋運動 C.勻速圓周運動 D.自由落體運動【答案】D【解析】平拋運動、斜拋運動均為勻變速曲線運動；勻速圓周運動的加速度方向時刻發生變化，屬于加速度變化的曲線運動；自由落體運動是加速度為重力加速度的勻加速直線運動。故選D。3.下列競技運動中，可將比賽過程中的運動員看成質點的是（）A.高臺跳水 B.花樣滑冰 C.馬拉松賽跑 D.藝術體操【答案】C【解析】在高臺跳水、花樣滑冰和藝術體操比賽中，運動員的形狀和大小都不能忽略不計，不能把運動員看做質點；而在馬拉松賽跑中，運動員的形狀和大小都可以忽略不計，能把運動員看做質點。故選C。4.為減小戰斗機的慣性，下列做法正確的是（）A.減小飛行速度 B.增大飛行高度C.向下加速俯沖 D.扔掉戰斗機的副油箱【答案】D【解析】慣性是物體的固有屬性，只與物體的質量有關，與物體的運動狀態無關。故選D。5.木塊沿斜面勻速下滑，對木塊受力分析，正確的是（）A.木塊受重力和斜面對它的支持力B.木塊受重力、斜面對它的支持力和摩擦力C.木塊受重力、斜面對它的支持力、摩擦力和下滑力D.木塊受重力、斜面對它的支持力、摩擦力、下滑力和壓力【答案】B【解析】木塊沿斜面勻速下滑，受力平衡，受到豎直向下的重力、斜面對它的垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向上的摩擦力。故選B。6.一輕質彈簧豎直懸掛，若彈簧下端掛2.0N的重物時，彈簧伸長了1.0cm，則彈簧的勁度系數為（）A.2N/m B.20N/m C.200N/m D.2000N/m【答案】C【解析】根據胡克定律可得故選C。7.一質量為40kg同學站在電梯內，若電梯以0.25m/s2的加速度勻加速上升，設豎直向上為正方向，則該同學對電梯的壓力為（）A.-410N B.-390N C.410N D.390N【答案】A【解析】根據牛頓第二定律可得根據牛頓第三定律該同學對電梯的壓力大小為410N，方向豎直向下，則為-410N。故選A。8.如圖所示，輕質彈簧右端固定，一物體沿光滑水平面以速度v向右運動，物體與彈簧開始接觸到彈簧被壓縮到最短的過程中（）A.物體做勻速直線運動B.物體做勻減速直線運動C.物體的速度減小，加速度減小D.物體的速度減小，加速度增大【答案】D【解析】隨著彈簧的被壓縮，物塊受的彈力逐漸變大，則物塊的加速度逐漸變大，因加速度方向與速度反向，則物塊速度逐漸減小，即物塊做加速度增大的減速運動。故選D。9.一物體做勻速直線運動，某時刻受到一恒力作用，若恒力的方向與物體運動的方向不在同一直線上，則物體（）A.做直線運動 B.做勻加速直線運動C.一定做曲線運動 D.一定做圓周運動【答案】C【解析】物體受力方向與物體運動方向不在同一直線上，物體做曲線運動，物體受到恒力，根據牛頓第二定律可知，物體有恒定的加速度，所以物體做勻變速曲線運動。故選C。10.在地面附近，一氣球勻速上升，上升過程中氣球的機械能（）A.不變 B.增大C.減小 D.先增大后減小【答案】B【解析】氣球勻速上升時，上升過程中動能不變，重力勢能增大，則氣球的機械能增大。故選B。11.關于開普勒行星運動定律，下列說法正確的是（）A.行星離太陽較近的時候，運行的速度較小B.行星的公轉周期與它的軌道半徑的平方成正比C.所有行星繞太陽的運行軌道是圓，太陽處在圓心上D.對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內掃過的面積相等【答案】D【解析】C．根據開普勒第一定律，所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的一個焦點上，故C錯誤；AD．根據開普勒第二定律，對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內掃過的面積相等，因此行星離太陽較近的時候，它的運行速度較大，故A錯誤，D正確；B．根據開普勒第三定律，所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等，即行星的公轉周期與它的軌道半徑的平方不成正比，故B錯誤。故選D。12.如圖所示，是利用扭秤測量萬有引力常量的實驗裝置，該實驗用到的科學研究方法是（）A.類比法 B.放大法C.累積法 D.理想實驗法【答案】B【解析】利用扭秤測量萬有引力常量的實驗裝置，該實驗用到的科學研究方法是放大法。故選B。13.如圖所示，一物體在力F作用下沿水平方向做勻速直線運動，若物體通過的位移為s，則（）A.力F做的功為FsB.物體克服摩擦力做的功為FsC.重力做的功為FsD.支持力做的功為零【答案】D【解析】A．力F做的功為WF=Fscosα選項A錯誤；B．物體克服摩擦力做的功為Wf=Fscosα選項B錯誤；C．重力方向與位移方向垂直，則重力做的功為零，選項C錯誤；D．支持力方向與位移方向垂直，則支持力做的功為零，選項D正確；故選D。14.一汽車質量為1500kg，速度的大小為20m/s，則汽車的動能為（）A.3.0×105J B.4.5×105J C.5.4×105J D.6.0×105J【答案】A【解析】汽車的動能故選A。15.一質量為1kg物體由靜止開始自由下落，不計空氣阻力，下落2s末（物體未落地）重力的瞬時功率為（）A.50W B.100W C.150W D.200W【答案】D【解析】重力的瞬時功率故選D。16.一衛星繞地球做圓周運動，若衛星線速度的大小為v，距離地面高度為h，地球半徑為R，萬有引力常量為G，則地球的質量為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據萬有引力提供向心力可得解得地球的質量為故選A。17.下列關于電場的說法不正確的是（）A.電場并不存在，是人們想象出來的B.電場是一種客觀存在的物質C.電荷之間通過電場相互作用D.電場的基本特性是對放入其中的電荷有力的作用【答案】A【解析】AB．電場是一種客觀存在的物質，不是人們想象出來的，故A錯誤，B正確；C．電荷之間通過電場相互作用，故C正確；D．電場的基本特性是對放入其中的電荷有力的作用，故D正確。本題選不正確的，故選A。18.帶有異種電荷的兩個金屬小球，其所帶電荷量分別為0.2C和-0.5C，接觸后，兩個金屬小球所帶電荷量的總量為（）A.0.7C B.0.35C C.-0.3C D.-0.15C【答案】C【解析】根據電荷守恒定律可知，由于兩小球帶異種電荷，則接觸后兩球電荷量應中和，所以接觸后兩小球帶電荷量總量為-0.3C。故選C。19.如圖所示，在正點電荷形成的電場中有A，B兩點的電勢，分別用EA,EB表示A,B兩點的電場強度，則（）A. B.C. D.【答案】A【解析】由電場線的疏密可知，A點處電場線較密，電場強度較大，所以EA＞EB，沿著電場線，電勢是降低的，所以A點所在等勢面的電勢高于B點所在等勢面的電勢，故．A．．故A符合題意．B．．故B不符合題意．C．．故C不符合題意．D．．故D不符合題意．20.首次發現電流的磁效應的物理學家是（）A.奧斯特 B.法拉第 C.伽利略 D.愛因斯坦【答案】A【解析】首次發現電流的磁效應的物理學家是奧斯特。故選A。21.在恒定電場的作用下，導體中的自由電荷做定向移動。若在2s內有0.32C的電荷量通過導體某橫截面，則導體中電流大小為（）A.0.08A B.0.32A C.0.16A D.0.64A【答案】C【解析】根據電流的定義式可得故選C。22.下列說法正確的是（）A.任何材料的電阻率都隨溫度的升高而減小B.把一根長導線截成等長的三段，則每段的電阻率均減小C.由可知，導體兩端的電壓為零時，導體的電阻也為零D.電阻只跟導體本身性質有關，導體的電阻與導體兩端的電壓無關【答案】D【解析】A．金屬的電阻率隨溫度升高而增大，半導體的電阻率隨溫度升高而減小，故A錯誤；B．電阻率與材料的長度無關，把一根長導線截成等長的三段，則每段的電阻率都不變，故B錯誤；CD．電阻的定義式采用比值定義法，導體的電阻與導體兩端的電壓和電流無關，只跟導體本身性質有關，故C錯誤，D正確。故選D。23.下列屬于不可再生能源的是（）A.風能 B.水能 C.煤炭 D.太陽能【答案】C【解析】風能、水能、太陽能都屬于可再生能源，煤炭為化石能源，屬于不可再生能源。故選C。24.面積是S的矩形導線框，放在磁感應強度為B的勻強磁場中，當線框平面與磁場方向平行時，穿過導線框所圍面積的磁通量為（）A.BS B.0 C. D.【答案】B【解析】線圈在勻強磁場中，當線圈平面與磁場方向夾角為θ，穿過線圈的Φ=BSsinθ，當線框平面與磁場方向平行時，所以穿過導線框所圍面積的磁通量為為零，B正確，ACD錯誤。故選B。25.如圖所示，傳送帶與水平面的夾角為37°，傳送帶以4m/s的速度逆時針勻速運行，一物體在傳送帶上端A處無初速度釋放，在傳送帶下端B處離開。A、B相距3.05m，物體與傳送帶間的動摩擦因數為0.5。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。則物體離開傳送帶時的速度為（）A.4m/s B.5m/s C.6m/s D.8m/s【答案】B【解析】物體剛放上傳送帶時，根據牛頓第二定律可得加速度大小為設經過時間物體與傳送帶共速，則有該過程物體下滑的距離為由于，可知共速后物體繼續向下加速運動，加速度大小為根據運動學公式可得其中解得物體離開傳送帶時的速度為故選B。第Ⅱ卷（選擇題，共50分）注意：在答題卡上作答時，需依次寫明小題號。二、填空題（本題共5小題，每空2分，共20分）26.以5m/s初速度豎直向上拋出一小球，不計空氣阻力，小球上升的最大高度為________m，從拋出到返回拋出點的時間為________s。【答案】1.251【解析】[1]小球豎直上拋到最高點時速度為0，所以小球上升的最大高度為[2]小球從拋出到最高點的時間為所以從拋出到返回拋出點的時間為27.作用在物體上的兩個共點力，大小均為10N，若兩個力的合力為20N，則兩個力的夾角為________；若兩個力的夾角為120°，則兩個力的合力大小為________N。【答案】0°10【解析】[1]兩個力的合力等于兩個分力之和，所以兩分力同向共線，所以夾角為0°；[2]若兩個力的夾角為120°，則兩個力的合力大小為28.一物體繞中心軸在水平面內做勻速圓周運動，圓周的半徑為2m，若物體的線速度2m/s，則其角速度為________rad/s，周期為________s（π取3.14）。【答案】16.28【解析】[1]根據勻速圓周運動線速度與角速度的關系可得[2]周期為29.一個平行板電容器，所帶電荷量為1.0×10?6C，兩板間的電勢差為10V，則電容器的電容為________F。若電容器所帶電荷量為2.0×10?6C時，則電容器的電容為________F。【答案】1.0×10?71.0×10?7【解析】[1]一個平行板電容器，所帶電荷量為1.0×10??C，兩板間的電勢差為10V，則電容器的電容為[2]電容器的電容只由電容器自身決定，與電容器所帶電荷量無關，所以電容器所帶電荷量為2.0×10?6C時，電容器的電容仍為30.一手電筒內電池組的電動勢為3.0V，手電筒內小燈泡的額定電壓為2.4V，額定電流為0.6A。若閉合開關，小燈泡剛好正常發光，則小燈泡的電阻為________Ω；若手電筒正常工作1分鐘，則電池組內阻產生的熱量為________J。【答案】421.6【解析】[1]閉合開關，小燈泡剛好正常發光，根據歐姆定律可得小燈泡的電阻為[2]根據閉合電路歐姆定律可得解得電池組內阻為則手電筒正常工作1分鐘，則電池組內阻產生的熱量為三、計算題（本題10分。解答時應寫出必要的文字說明、物理公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分）31.如圖所示，一質量為m物體在水平恒力F作用下，由靜止開始沿光滑水平面向右運動。已知m=2kg，F=6N。求：（1）物體加速度的大小；（2）物體運動10s末的速度大小。【答案】（1）；（2）30m/s【解析】（1）根據牛頓第二定律可得（2）物體運動10s末的速度大小四、計算題（本題10分。解答時應寫出必要的文字說明、物理公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分）32.如圖所示，A、B為勻強電場中同一條電場線上的兩點，兩點間距離d=15cm。若將一帶正電、電荷量q=1×10-5C的試探電荷，放入勻強電場中的B點，試探電荷受到的靜電力大小F=5×10-4N。求：（1）勻強電場的電場強度大小；（2）A、B兩點間的電勢差；（3）若將該試探電荷從B點移動到A點，其電勢能變化了多少。【答案】（1）50N/C（2）75V（3）【解析】（1）由電場強度定義式可得，勻強電場的電場強度大小為（2）由公式可得，A、B兩點間的電勢差（3）將該試探電荷從B點移動到A點，電場力做功為則其電勢能變化了五、計算題（本題10分。解答時應寫出必要的文字說明、物理公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分）33.如圖所示，在豎直平面內，光滑斜面下端與水平面BC平滑連接于B點，水平面BC與光滑半圓弧軌道CDE相切于C點，E點在圓心O點正上方，D點與圓心等高。一物塊（可看作質點）從斜面上A點由靜止釋放，物塊通過半圓弧軌道E點且水平飛出，最后落到水平面BC上的F（圖中未標出）點處。已知斜面上A點距離水平面BC的高度h=2.0m，圓弧軌道半徑R=0.4m，B、C兩點距離LBC=2.0m，F、C兩點距離LFC=1.6m。求：（1）物塊通過E點時的速度大小；（2）物塊與水平面BC間的動摩擦因數；（3）將物塊從斜面上由靜止釋放，若物塊在半圓弧軌道上運動時不脫離軌道，則物塊釋放點距離水平面BC的高度h'應滿足的條件。【答案】（1）（2）（3）或【解析】（1）物塊從E點飛出到落在F點，做平拋運動，則有，聯立解得物塊通過E點時的速度大小為（2）物塊從A點到E點過程，根據動能定理可得代入數據解得物塊與水平面BC間的動摩擦因數為（3）若物塊剛好通過E點，則有解得根據動能定理可得解得若物塊剛好可以運動到與圓心等高處，根據動能定理可得解得若物塊剛好可以運動C點，根據動能定理可得解得綜上分析可知，要物塊在半圓弧軌道上運動時不脫離軌道，則物塊釋放點距離水平面BC的高度應滿足或物理注意事項：1．本試題卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共6頁，總分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，考生先在答題卡上填寫科目名稱，并將自己的座位號、姓名、準考證號填寫清楚，待監考員粘貼條形碼后，認真核對條形碼上的姓名、準考證號、考場號、座位號與自己的準考證上的信息是否一致。3．考生必須在答題卡上答題，在草稿紙、試題卷上答題無效。本試卷g值均取10m/s2。第Ⅰ卷（選擇題，共50分）一、單項選擇題（本大題共25小題，每小題2分，共50分）1.下列物理量屬于矢量的是（）A.質量 B.時間 C.力 D.動能【答案】C【解析】質量、時間和動能均只有大小、沒有方向，均屬于標量；力即有大小、又有方向，屬于矢量。故選C。2.下列屬于勻變速直線運動的是（）A.平拋運動 B.斜拋運動 C.勻速圓周運動 D.自由落體運動【答案】D【解析】平拋運動、斜拋運動均為勻變速曲線運動；勻速圓周運動的加速度方向時刻發生變化，屬于加速度變化的曲線運動；自由落體運動是加速度為重力加速度的勻加速直線運動。故選D。3.下列競技運動中，可將比賽過程中的運動員看成質點的是（）A.高臺跳水 B.花樣滑冰 C.馬拉松賽跑 D.藝術體操【答案】C【解析】在高臺跳水、花樣滑冰和藝術體操比賽中，運動員的形狀和大小都不能忽略不計，不能把運動員看做質點；而在馬拉松賽跑中，運動員的形狀和大小都可以忽略不計，能把運動員看做質點。故選C。4.為減小戰斗機的慣性，下列做法正確的是（）A.減小飛行速度 B.增大飛行高度C.向下加速俯沖 D.扔掉戰斗機的副油箱【答案】D【解析】慣性是物體的固有屬性，只與物體的質量有關，與物體的運動狀態無關。故選D。5.木塊沿斜面勻速下滑，對木塊受力分析，正確的是（）A.木塊受重力和斜面對它的支持力B.木塊受重力、斜面對它的支持力和摩擦力C.木塊受重力、斜面對它的支持力、摩擦力和下滑力D.木塊受重力、斜面對它的支持力、摩擦力、下滑力和壓力【答案】B【解析】木塊沿斜面勻速下滑，受力平衡，受到豎直向下的重力、斜面對它的垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向上的摩擦力。故選B。6.一輕質彈簧豎直懸掛，若彈簧下端掛2.0N的重物時，彈簧伸長了1.0cm，則彈簧的勁度系數為（）A.2N/m B.20N/m C.200N/m D.2000N/m【答案】C【解析】根據胡克定律可得故選C。7.一質量為40kg同學站在電梯內，若電梯以0.25m/s2的加速度勻加速上升，設豎直向上為正方向，則該同學對電梯的壓力為（）A.-410N B.-390N C.410N D.390N【答案】A【解析】根據牛頓第二定律可得根據牛頓第三定律該同學對電梯的壓力大小為410N，方向豎直向下，則為-410N。故選A。8.如圖所示，輕質彈簧右端固定，一物體沿光滑水平面以速度v向右運動，物體與彈簧開始接觸到彈簧被壓縮到最短的過程中（）A.物體做勻速直線運動B.物體做勻減速直線運動C.物體的速度減小，加速度減小D.物體的速度減小，加速度增大【答案】D【解析】隨著彈簧的被壓縮，物塊受的彈力逐漸變大，則物塊的加速度逐漸變大，因加速度方向與速度反向，則物塊速度逐漸減小，即物塊做加速度增大的減速運動。故選D。9.一物體做勻速直線運動，某時刻受到一恒力作用，若恒力的方向與物體運動的方向不在同一直線上，則物體（）A.做直線運動 B.做勻加速直線運動C.一定做曲線運動 D.一定做圓周運動【答案】C【解析】物體受力方向與物體運動方向不在同一直線上，物體做曲線運動，物體受到恒力，根據牛頓第二定律可知，物體有恒定的加速度，所以物體做勻變速曲線運動。故選C。10.在地面附近，一氣球勻速上升，上升過程中氣球的機械能（）A.不變 B.增大C.減小 D.先增大后減小【答案】B【解析】氣球勻速上升時，上升過程中動能不變，重力勢能增大，則氣球的機械能增大。故選B。11.關于開普勒行星運動定律，下列說法正確的是（）A.行星離太陽較近的時候，運行的速度較小B.行星的公轉周期與它的軌道半徑的平方成正比C.所有行星繞太陽的運行軌道是圓，太陽處在圓心上D.對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內掃過的面積相等【答案】D【解析】C．根據開普勒第一定律，所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的一個焦點上，故C錯誤；AD．根據開普勒第二定律，對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內掃過的面積相等，因此行星離太陽較近的時候，它的運行速度較大，故A錯誤，D正確；B．根據開普勒第三定律，所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等，即行星的公轉周期與它的軌道半徑的平方不成正比，故B錯誤。故選D。12.如圖所示，是利用扭秤測量萬有引力常量的實驗裝置，該實驗用到的科學研究方法是（）A.類比法 B.放大法C.累積法 D.理想實驗法【答案】B【解析】利用扭秤測量萬有引力常量的實驗裝置，該實驗用到的科學研究方法是放大法。故選B。13.如圖所示，一物體在力F作用下沿水平方向做勻速直線運動，若物體通過的位移為s，則（）A.力F做的功為FsB.物體克服摩擦力做的功為FsC.重力做的功為FsD.支持力做的功為零【答案】D【解析】A．力F做的功為WF=Fscosα選項A錯誤；B．物體克服摩擦力做的功為Wf=Fscosα選項B錯誤；C．重力方向與位移方向垂直，則重力做的功為零，選項C錯誤；D．支持力方向與位移方向垂直，則支持力做的功為零，選項D正確；故選D。14.一汽車質量為1500kg，速度的大小為20m/s，則汽車的動能為（）A.3.0×105J B.4.5×105J C.5.4×105J D.6.0×105J【答案】A【解析】汽車的動能故選A。15.一質量為1kg物體由靜止開始自由下落，不計空氣阻力，下落2s末（物體未落地）重力的瞬時功率為（）A.50W B.100W C.150W D.200W【答案】D【解析】重力的瞬時功率故選D。16.一衛星繞地球做圓周運動，若衛星線速度的大小為v，距離地面高度為h，地球半徑為R，萬有引力常量為G，則地球的質量為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據萬有引力提供向心力可得解得地球的質量為故選A。17.下列關于電場的說法不正確的是（）A.電場并不存在，是人們想象出來的B.電場是一種客觀存在的物質C.電荷之間通過電場相互作用D.電場的基本特性是對放入其中的電荷有力的作用【答案】A【解析】AB．電場是一種客觀存在的物質，不是人們想象出來的，故A錯誤，B正確；C．電荷之間通過電場相互作用，故C正確；D．電場的基本特性是對放入其中的電荷有力的作用，故D正確。本題選不正確的，故選A。18.帶有異種電荷的兩個金屬小球，其所帶電荷量分別為0.2C和-0.5C，接觸后，兩個金屬小球所帶電荷量的總量為（）A.0.7C B.0.35C C.-0.3C D.-0.15C【答案】C【解析】根據電荷守恒定律可知，由于兩小球帶異種電荷，則接觸后兩球電荷量應中和，所以接觸后兩小球帶電荷量總量為-0.3C。故選C。19.如圖所示，在正點電荷形成的電場中有A，B兩點的電勢，分別用EA,EB表示A,B兩點的電場強度，則（）A. B.C. D.【答案】A【解析】由電場線的疏密可知，A點處電場線較密，電場強度較大，所以EA＞EB，沿著電場線，電勢是降低的，所以A點所在等勢面的電勢高于B點所在等勢面的電勢，故．A．．故A符合題意．B．．故B不符合題意．C．．故C不符合題意．D．．故D不符合題意．20.首次發現電流的磁效應的物理學家是（）A.奧斯特 B.法拉第 C.伽利略 D.愛因斯坦【答案】A【解析】首次發現電流的磁效應的物理學家是奧斯特。故選A。21.在恒定電場的作用下，導體中的自由電荷做定向移動。若在2s內有0.32C的電荷量通過導體某橫截面，則導體中電流大小為（）A.0.08A B.0.32A C.0.16A D.0.64A【答案】C【解析】根據電流的定義式可得故選C。22.下列說法正確的是（）A.任何材料的電阻率都隨溫度的升高而減小B.把一根長導線截成等長的三段，則每段的電阻率均減小C.由可知，導體兩端的電壓為零時，導體的電阻也為零D.電阻只跟導體本身性質有關，導體的電阻與導體兩端的電壓無關【答案】D【解析】A．金屬的電阻率隨溫度升高而增大，半導體的電阻率隨溫度升高而減小，故A錯誤；B．電阻率與材料的長度無關，把一根長導線截成等長的三段，則每段的電阻率都不變，故B錯誤；CD．電阻的定義式采用比值定義法，導體的電阻與導體兩端的電壓和電流無關，只跟導體本身性質有關，故C錯誤，D正確。故選D。23.下列屬于不可再生能源的是（）A.風能 B.水能 C.煤炭 D.太陽能【答案】C【解析】風能、水能、太陽能都屬于可再生能源，煤炭為化石能源，屬于不可再生能源。故選C。24.面積是S的矩形導線框，放在磁感應強度為B的勻強磁場中，當線框平面與磁場方向平行時，穿過導線框所圍面積的磁通量為（）A.BS B.0 C. D.【答案】B【解析】線圈在勻強磁場中，當線圈平面與磁場方向夾角為θ，穿過線圈的Φ=BSsinθ，當線框平面與磁場方向平行時，所以穿過導線框所圍面積的磁通量為為零，B正確，ACD錯誤。故選B。25.如圖所示，傳送帶與水平面的夾角為37°，傳送帶以4m/s的速度逆時針勻速運行，一物體在傳送帶上端A處無初速度釋放，在傳送帶下端B處離開。A、B相距3.05m，物體與傳送帶間的動摩擦因數為0.5。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。則物體離開傳送帶時的速度為（）A.4m/s B.5m/s C.6m/s D.8m/s【答案】B【解析】物體剛放上傳送帶時，根據牛頓第二定律可得加速度大小為設經過時間物體與傳送帶共速，則有該過程物體下滑的距離為由于，可知共速后物體繼續向下加速運動，加速度大小為根據運動學公式可得其中解得物體離開傳送帶時的速度為故選B。第Ⅱ卷（選擇題，共50分）注意：在答題卡上作答時，需依次寫明小題號。二、填空題（本題共5小題，每空2分，共20分）26.以5m/s初速度豎直向上拋出一小球，不計空氣阻力，小球上升的最大高度為________m，從拋出到返回拋出點的時間為________s。【答案】1.251【解析】[1]小球豎直上拋到最高點時速度為0，所以小球上升的最大高度為[2]小球從拋出到最高點的時間為所以從拋出到返回拋出點的時間為27.作用在物體上的兩個共點力，大小均為10N，若兩個力的合力為20N，則兩個力的夾角為________；若兩個力的夾角為120°，則兩個力的合力大小為________N。【答案】0°10【解析】[1]兩個力的合力等于兩個分力之和，所以兩分力同向共線，所以夾角為0°；[2]若兩個力的夾角為120°，則兩個力的合力大小為28.一物體繞中心軸在水平面內做勻速圓周運動，圓周的半徑為2m，若物體的線速度2m/s，則其角速度為________rad/s，周期為________s（π取3.14）。【答案】16.28【解析】[1]根據勻速圓周運動線速度與角速度的關系可得[2]周期為29.一個平行板電容器，所帶電荷量為1.0×10?6C，兩板間的電勢差為10V，則電容器的電容為________F。若電容器所帶電荷量為2.0×10?6C時，則電容器的電容為________F。【答案】1.0×10?71.0×10?7【解析】[1]一個平行板電容器，所帶電荷量為1.0×10??C，兩板間的電勢差為10V，則電容器的電容為[2]電容器的電容只由電容器自身決定，與電容器所帶電荷量無關，所以電容器所帶電荷量為2.0×10?6C時，電容器的電容仍為30.一手電筒內電池組的電動勢為3.0V，手電筒內小燈泡的額定電壓為2.4V，額定