高級中學名校試題PAGEPAGE12023級普通高中學科素養水平監測試卷物理注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題1.在離地面同一高度有質量相同的三個小球a、b、c，a球以速度豎直上拋，b球以速度豎直下拋，c球做自由落體運動，不計空氣阻力。則（）A.三球落地時，a球動量=b球動量>c球動量B.三球落地時動量均不相同C.從拋出到落地，三球的重力沖量相同D.從拋出到落地，三球動量的變化量相同【答案】A【解析】AB．設下落高度為，小球質量為，從拋出到落到過程，對三個小球分別根據動能定理可得，，可得三個小球落到時的速度大小關系為則三球落地時，a球動量=b球動量>c球動量，故A正確，B錯誤；CD．由于在同一高度，a球以速度v0豎直上拋，b球以速度v0豎直下拋，c球做自由落體運動，可知三球在空中運動時間不同，則有根據重力對它們的沖量可知從拋出到落地，三球的重力沖量不相同；由動量定理可知，動量的變化量為可知從拋出到落地，三球動量的變化量不相同，故CD錯誤。故選A。2.下列關于系統動量守恒的說法正確的是（）①系統所受合外力遠大于內力時，系統動量守恒②系統內有摩擦力，系統動量可能守恒③系統所受合外力不為零，其動量一定不守恒，但有可能在某一方向上動量守恒④只要系統所受的合外力為零，系統動量就守恒A.①②③ B.①②④ C.①③④ D.②③④【答案】D【解析】系統所受合外力遠大于內力時，合外力的沖量不能忽略不計，系統動量不守恒，故①錯誤；系統內有摩擦力，如果系統所受合外力為零，則系統動量守恒，故②正確；根據動量守恒的條件可知，系統所受合外力不為零，其動量一定不守恒，但系統在某一方向不受外力或所受合外力為零，則該方向上系統的動量守恒，故③正確；動量守恒的條件是系統所受合外力為零，只要系統所受的合外力為零，系統動量就守恒，故④正確。故選D。3.關于電阻率和電動勢，下列說法正確的是（）A.電動勢就是電源兩極間的電壓B.電源電動勢定義式和電勢差定義式中的W都是電場力做的功C.用來制作標準電阻的材料的電阻率幾乎不隨溫度的變化而變化D.電阻率反映導體的導電性能，電阻率越大，導電性能越好【答案】C【解析】A．電動勢在數值上等于電源兩極間的電壓加上內阻的內電壓，故A錯誤；B．電源電動勢定義式的W是非靜電力做的功，電勢差定義式中的W是電場力做的功，故B錯誤；C．用來制作標準電阻的材料，例如錳銅的電阻率，溫度變化時，電阻率變化很小，幾乎不隨溫度的變化而變化，故C正確；D．電阻率反映導體的導電性能，電阻率越小，導電性能越好，故D錯誤。故選C。4.下列說法正確的是（）A.麥克斯韋證實光是以波動形式傳播的一種電磁振動B.奧斯特證實了電和磁是有聯系的C.法拉第從通電螺線管外部磁場與條形磁鐵磁場相似提出了分子電流假說D.赫茲提出了能量子假設【答案】B【解析】A．麥克斯韋預言了電磁波的存在，并且認為光就是一種電磁波，但他并沒有通過實驗證實這一點，真正通過實驗證實光是電磁波的是赫茲，故A錯誤；B．奧斯特通過實驗觀察到了電流的磁效應，即電流周圍會產生磁場，從而證實了電和磁之間存在聯系，故B正確；C．分子電流假說是由安培提出的，而不是法拉第，故C錯誤；D．能量子假設是由普朗克提出，而不是赫茲，故D錯誤。故選B。5.在圖甲的電路中，是可變電阻，是定值電阻，電源內阻不計。實驗時調節的阻值，得到各組電壓表和電流表（均為理想電表）數據，用這些數據在坐標紙上描點、擬合，作出的圖像如圖乙中AB所示。則電源電動勢E和電阻的阻值分別為（）A.， B.，C.， D.，【答案】A【解析】由于電源內阻不計，根據閉合電路歐姆定律可得由圖乙代入A、B兩處對應的數據可得，聯立解得，故選A。6.為了測出電源的電動勢和內阻，除待測電源和開關、導線以外，配合下列哪組儀器，不能達到實驗目的（）A.一個電流表和一個電阻箱B.一個電壓表、一個電流表和一個滑動變阻器C.一個電壓表和一個電阻箱D.一個電流表和一個滑動變阻器【答案】D【解析】A．根據，由電流表測出電流，用電阻箱讀出外電阻的阻值，可以求出E、r，故A能達到實驗目的，不符合題意；B．根據，由電流表測出電流，由電壓表測出電壓，可以求出E、r，故B能達到實驗目的，不符合題意；C．根據，由電壓表測出電壓，用電阻箱讀出外電阻的阻值，可以求出E、r，故C能達到實驗目的，不符合題意；D．因為滑動變阻器不能讀出電阻的數值，所以只有一個電流表和一個滑動變阻器，測不出電動勢和內阻，D不能達到實驗目的，符合題意。故選D。7.如圖所示，2024個小球1、2、3、…、2022、2023、2024，沿一條直線靜放在光滑水平面上，另一小球A沿該直線以速度v向1球運動，若小球間發生的碰撞均為彈性碰撞。1、2、3、…、2021、2022、2023個球質量均為2m，A、2024兩球質量均為m，則所有碰撞結束后，小球2024的速度大小為（）A.v B. C. D.【答案】D【解析】小球A號球以速度向右運動，與1號球發生彈性碰撞，根據動量守恒和機械能守恒可得，解得，然后1號球以速度與2號球發生彈性碰撞，因質量相等，則交換速度，再這樣重復交換速度；最后2023號球以速度與2024號球發生彈性碰撞，根據動量守恒和機械能守恒可得，解得，故選D。8.如圖所示為歐姆表的原理示意圖，其中電流表的滿偏電流為，內阻，調零電阻最大值，串聯的定值電阻，電源電動勢，內阻。當內置電源用久后，電動勢變為0.9V，內阻變為，若調零后測得某電阻的讀數為，則該電阻的真實值約為（）A B. C. D.【答案】B【解析】電動勢為1.5V時，歐姆調零后歐姆表的內阻為當內置電源用久后，電動勢變為0.9V，則歐姆調零后歐姆表的內阻為若調零后測得某電阻的讀數為根據閉合電路歐姆定律可得代入數據可得解得該電阻的真實值為故選B。二、多項選擇題9.下列說法正確的是（）A.光是一種電磁波，是一種物質，具有能量B.原子的能級是分立的，所以放出的光子的能量也是分立的C.愛因斯坦建立了經典電磁場理論，認為變化的磁場產生電場D.電磁波譜波長從大到小順序排列應為無線電波、紫外線、可見光、紅外線，X射線【答案】AB【解析】A．光是一種電磁波，是一種物質，具有能量，故A正確；B．原子的能級是分立的，所以放出的光子的能量也是分立的，故B正確；C．麥克斯韋建立了經典電磁場理論，認為變化的磁場產生電場，故C錯誤；D．電磁波譜波長從大到小順序排列應為無線電波、紅外線、可見光、紫外線，X射線，故D錯誤。故選AB。10.某同學使用如圖所示的三組器材探究電磁感應現象，下列說法中正確的是（）A.在甲圖中，AB導線上下運動時，發現有感應電流產生B.在乙圖中，將如圖所示條形磁鐵從同一位置快速向下插入線圈和慢速插入線圈的過程中，穿過線圈的磁通量的變化量相同C.在丙圖中，閉合開關S后，將滑片P向右移動的過程中，由于導線沒有做切割磁感線的運動，故沒有感應電流產生D.在丙圖中，閉合開關S后，滑片P向左減速移動的過程中，穿過線圈B的磁通量增加【答案】BD【解析】A．在甲圖中，AB導線上下運動時，由于運動方向與磁場方向平行，AB導線沒有切割磁感線，所以不會有感應電流產生，故A錯誤；B．在乙圖中，將如圖所示條形磁鐵從同一位置快速向下插入線圈和慢速插入線圈的過程中，穿過線圈的磁通量的變化量相同，只是磁通量的變化率不同，故B正確；C．在丙圖中，閉合開關S后，將滑片P向右移動的過程中，滑動變阻器接入電路的阻值變大，則線圈A中的電流減小，穿過線圈B的磁通量減小，則有感應電流產生，故C錯誤；D．在丙圖中，閉合開關S后，滑片P向左減速移動的過程中，滑動變阻器接入電路的阻值小，則線圈A中的電流增大，穿過線圈B的磁通量增加，故D正確。故選BD。11.下列說法正確的是（）A.一小段通電導線在某處不受磁場力的作用，則該處的磁感應強度一定為零B.如圖甲所示，線圈ABCO的面積為，勻強磁場的磁感應強度，方向沿x軸正方向（圖中未畫出），在線圈由圖示實線位置繞z軸向下轉過的過程中，通過線圈的磁通量的變化量約為C.如圖乙所示，兩根相互平行的長直導線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導線中通有大小相等、方向相反的電流。a、o、b在M、N的連線上，o為MN的中點，則o點處的磁感應強度為零D.如圖丙所示，三條在同一平面（紙面）內的長直絕緣導線組成一等邊三角形，導線中通過的電流大小均為I，方向如圖丙所示。a、b、c三點分別位于三角形的三個頂角的角平分線上，且到相應頂點的距離相等。將a、b和c點的磁感應強度大小分別記為、和，則【答案】BD【解析】A．當通電導線在磁場內和磁場平行，則此時導線不受力，A錯誤；B．在實線位置時，線圈和磁場方向平行，則通過線圈的磁通量當線圈在虛線位置時，磁通量為所以變化量為B正確；C．由右手螺旋定則可知，兩根導線在O點產生的磁場方向都向下，疊加之后不為0，C錯誤；D．a、b、c三處的磁感應強度是三根通電導線所產生的磁感應強度的疊加，根據安培定則可知左、右兩根導線在a處產生的磁場方向相反，因為距離相等，所以磁感應強度大小相等，所以左、右兩根導線在a處產生的磁感應強度的矢量和為零，a處的磁感應強度等于下面導線在該處產生的磁感應強度，所以a處的磁感應強度方向垂直于紙面向外；同理可知，b處的磁感應強度等于右面的導線在該處產生的磁感應強度，所以b處的磁感應強度方向也垂直于紙面向外，三根通電導線在c處產生的磁場方向均垂直于紙面向里，所以合磁感應強度方向垂直于紙面向里，所以有D正確。12.在如圖所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P向上滑動時，理想電表A、V1、V2、V3的示數分別用I、、和表示，各電表示數變化量的大小分別用、、和表示。下列說法正確的是（）A.不變，不變 B.不變，變小C.減小，不變 D.減小，不變【答案】ACD【解析】A．根據電路圖可知，電壓表V1測的是定值電阻的電壓，根據歐姆定律得可知與I成正比，所以均不變，故A正確；BC．題意可知V2測的是的電壓，滑動變阻器的滑片P向上滑動時，電阻的阻值變小，故變小，設電源電動勢為E、內阻為r，根據閉合電路歐姆定律得由圖像可知，其斜率絕對值故比值不變，故B錯誤，C正確；D．題意可知V3測的是路端電壓，即因為減小，所以減小，由根據閉合電路歐姆定律得由圖像可知，其斜率絕對值故比值不變，故D正確。故選ACD。三、非選擇題13.在第四次“天宮課堂”中，航天員演示了動量守恒實驗。受此啟發，某同學使用如圖甲所示的裝置進行了碰撞實驗，氣墊導軌兩端分別安裝a、b兩個位移傳感器，a測量滑塊A與它的距離，b測量滑塊B與它的距離。部分實驗步驟如下：①測量兩個滑塊的質量，分別為和；②接通氣源，調整氣墊導軌水平；③撥動兩滑塊，使A、B均向右運動；④導出傳感器記錄的數據，繪制、隨時間變化的圖像，分別如圖乙、圖丙所示。回答以下問題：（1）從圖像可知兩滑塊在__________s時發生碰撞；（2）滑塊A碰撞前的速度大小__________（保留2位有效數字）；（3）通過分析，得出質量之比為__________。【答案】（1）1.0（2）0.50（3）2【解析】（1）由x-t圖像的斜率表示速度可知，兩滑塊的速度在t=1.0s時發生突變，此時發生了碰撞。（2）x-t圖像斜率的絕對值等于速度大小，可知由題圖乙可知，碰撞前A的速度大小為（3）由題圖丙可知，碰撞前瞬間B的速度大小為碰撞后A的速度大小為由題圖丙可知，碰撞后B的速度大小為對A和B的碰撞過程，以向右為正方向，由動量守恒定律有代入數據解得14.（1）某同學利用游標卡尺測量一圓柱體工件的直徑，測量結果如圖所示。該工件的直徑為__________cm。（2）某同學要研究一小燈泡L（3.8V，0.30A）的伏安特性。所用器材有：電流表（量程200mA，內阻），電流表（量程500mA，內阻）、定值電阻（阻值）、滑動變阻器（最大阻值）、電源E（電動勢4.5V，內阻很小）、開關S和若干導線。該同學設計的電路如圖所示。實驗時，調節滑動變阻器，使開關閉合后兩電流表的示數為零。逐次改變滑動變阻器滑片位置并讀取相應的和。所得實驗數據在下表中給出。325585125144173171229299379424470若、分別為流過電流表和的電流，利用、、、和寫出需要的表達式并求解物理量。回答以下問題：①為保證小燈泡的安全，不能超過__________mA。②根據實驗數據可算得，當時，燈絲電阻__________（保留1位小數）。③如果用另一個電阻替代定值電阻，其他不變，為了能夠測量完整的伏安特性曲線，所用電阻的阻值不能小于__________（保留1位小數）。【答案】（1）1.225（2）1909.89.0【解析】（1）20分度游標卡尺的精確值為，由圖可知該工件的直徑為（2）①[1]因為小燈泡的額定電壓為3.8V，為保證小燈泡的安全，不能超過②[2]根據實驗數據可算得，當時，，則此時燈絲電阻為③[3]要測量完整的伏安特性曲線則燈泡兩端的電壓至少要達到3.8V，而電流表A1不能超過其量程200mA，根據歐姆定律有可得可知為了能夠測量完整的伏安特性曲線，所用電阻的阻值不能小于。15.空間存在一方向與紙面垂直、大小隨時間變化的勻強磁場，其邊界如圖（a）中虛線MN所示，一硬質細導線的電阻率為、橫截面積為S，將該導線做成半徑為r的圓環固定在紙面內，圓心O在MN上。時磁感應強度的方向如圖（a）所示，磁感應強度B隨時間t的變化關系如圖（b）所示，求：在到的時間間隔內（1）穿過圓環的磁通量變化量的大小；（2）該過程圓環中有無感應電流？寫出判斷的理由。【答案】（1）（2）見解析【解析】（1）在到的時間間隔內，穿過圓環的磁通量變化量為可知穿過圓環的磁通量變化量的大小為。（2）根據法拉第電磁感應定律可得由于穿過圓環的磁通量變化量不為零，則圓環產生的感應電動勢不為零，所以該過程圓環中有感應電流。16.小明坐在汽車的副駕駛位上看到一個現象：當汽車的電動機啟動時，汽車的車燈會瞬時變暗。汽車的電源、電流表、車燈、電動機連接的簡化電路如圖所示，已知汽車電源電動勢為，內阻為。車燈接通電動機未起動時，電流表示數為；電動機啟動的瞬間，電流表示數達到。問：電動機啟動時，車燈的功率減少了多少？【答案】44.8W。【解析】電動機未啟動時，車燈、電流表和電源串聯，根據閉合電路歐姆定律可知此時的路端電壓U=E-Ir=12.5V-10×0.05V=12V車燈兩端電壓即路端電壓，則車燈的功率P=UI=12×10W=120W根據歐姆定律可知，車燈的電阻電動機啟動瞬間，車燈兩端電壓U'=E-I’r=12.5V-60×0.05V=9.5V車燈的功率車燈的功率減少了75.2W=44.8W17.一個質量為60kg的蹦床運動員，從離水平網面3.2m高處自由下落，著網后沿豎直方向蹦回到離水平網面5.0m高處。已知運動員與網接觸的時間為0.8s，g取10m/s2。（1）求運動員與網接觸的這段時間內動量的變化量；（2）求網對運動員的平均作用力大小；（3）求從自由下落開始到蹦回離水平網面5.0m高處這一過程中運動員所受重力的沖量、彈力的沖量。【答案】（1）；（2）；（3），方向向下，，方向向上【解析】（1）向下接觸網面的速度為向上離開網面的速度為向上為正，動量的變化量為解得（2）網對運動員的平均作用力根據動量定理解得（3）向下接觸網面的時間解得向上運動到最高的時間解得重力的沖量方向向下，彈力的沖量方向向上。18.靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質量分別為，；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧（不與兩物體聯結），彈簧的彈性勢能，A與其右側的豎直墻壁距離，如圖所示。某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動，同時迅速取走掉落的彈簧。已知A、B與地面之間的動摩擦因數均為，重力加速度取，A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。求：（1）彈簧完全釋放瞬間A、B速度的大小；（2）物塊A、B發生第一次碰撞后瞬間A、B速度；（3）若物塊A、B能發生第二次碰撞，求第二次碰撞前兩物塊的速度分別是多少？若物塊A、B不能發生第二次碰撞，物塊A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？【答案】（1）（2）（3）物塊A、B不會發生第二次碰撞，最終A與B之間的距離0.91m【解析】（1）設彈簧完全釋放瞬間A、B速度的大小分別為，規定向左為正方向，則由動量守恒有由能量守恒有代入題中數據，聯立解得（2）假設AB未停止前就發生第一次碰撞，設AB分離到AB第一次碰撞時間為t，根據題意知A、B與地面之間動摩擦因數均為，由牛頓第二定律可知，分離后二者加速度大小均為則有聯立解得故碰撞前瞬間B的速度故假設失敗，所以碰撞發生在B停下之后，故B從碰后到停下的路程為設A碰B前瞬間的速度為，由動能定理得聯系解得設第一次碰撞后瞬間AB速度分別，由于是彈性碰撞，則由聯立解得負號說明碰后A向右運動；（3）以上分析可知，碰后A向右運動，B向左運動，設AB運動到停下時二者路程分別為，則，以上可知故A碰后未到墻壁就停止了，所以物塊A、B不會發生第二次碰撞，最終A與B之間的距離是2023級普通高中學科素養水平監測試卷物理注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題1.在離地面同一高度有質量相同的三個小球a、b、c，a球以速度豎直上拋，b球以速度豎直下拋，c球做自由落體運動，不計空氣阻力。則（）A.三球落地時，a球動量=b球動量>c球動量B.三球落地時動量均不相同C.從拋出到落地，三球的重力沖量相同D.從拋出到落地，三球動量的變化量相同【答案】A【解析】AB．設下落高度為，小球質量為，從拋出到落到過程，對三個小球分別根據動能定理可得，，可得三個小球落到時的速度大小關系為則三球落地時，a球動量=b球動量>c球動量，故A正確，B錯誤；CD．由于在同一高度，a球以速度v0豎直上拋，b球以速度v0豎直下拋，c球做自由落體運動，可知三球在空中運動時間不同，則有根據重力對它們的沖量可知從拋出到落地，三球的重力沖量不相同；由動量定理可知，動量的變化量為可知從拋出到落地，三球動量的變化量不相同，故CD錯誤。故選A。2.下列關于系統動量守恒的說法正確的是（）①系統所受合外力遠大于內力時，系統動量守恒②系統內有摩擦力，系統動量可能守恒③系統所受合外力不為零，其動量一定不守恒，但有可能在某一方向上動量守恒④只要系統所受的合外力為零，系統動量就守恒A.①②③ B.①②④ C.①③④ D.②③④【答案】D【解析】系統所受合外力遠大于內力時，合外力的沖量不能忽略不計，系統動量不守恒，故①錯誤；系統內有摩擦力，如果系統所受合外力為零，則系統動量守恒，故②正確；根據動量守恒的條件可知，系統所受合外力不為零，其動量一定不守恒，但系統在某一方向不受外力或所受合外力為零，則該方向上系統的動量守恒，故③正確；動量守恒的條件是系統所受合外力為零，只要系統所受的合外力為零，系統動量就守恒，故④正確。故選D。3.關于電阻率和電動勢，下列說法正確的是（）A.電動勢就是電源兩極間的電壓B.電源電動勢定義式和電勢差定義式中的W都是電場力做的功C.用來制作標準電阻的材料的電阻率幾乎不隨溫度的變化而變化D.電阻率反映導體的導電性能，電阻率越大，導電性能越好【答案】C【解析】A．電動勢在數值上等于電源兩極間的電壓加上內阻的內電壓，故A錯誤；B．電源電動勢定義式的W是非靜電力做的功，電勢差定義式中的W是電場力做的功，故B錯誤；C．用來制作標準電阻的材料，例如錳銅的電阻率，溫度變化時，電阻率變化很小，幾乎不隨溫度的變化而變化，故C正確；D．電阻率反映導體的導電性能，電阻率越小，導電性能越好，故D錯誤。故選C。4.下列說法正確的是（）A.麥克斯韋證實光是以波動形式傳播的一種電磁振動B.奧斯特證實了電和磁是有聯系的C.法拉第從通電螺線管外部磁場與條形磁鐵磁場相似提出了分子電流假說D.赫茲提出了能量子假設【答案】B【解析】A．麥克斯韋預言了電磁波的存在，并且認為光就是一種電磁波，但他并沒有通過實驗證實這一點，真正通過實驗證實光是電磁波的是赫茲，故A錯誤；B．奧斯特通過實驗觀察到了電流的磁效應，即電流周圍會產生磁場，從而證實了電和磁之間存在聯系，故B正確；C．分子電流假說是由安培提出的，而不是法拉第，故C錯誤；D．能量子假設是由普朗克提出，而不是赫茲，故D錯誤。故選B。5.在圖甲的電路中，是可變電阻，是定值電阻，電源內阻不計。實驗時調節的阻值，得到各組電壓表和電流表（均為理想電表）數據，用這些數據在坐標紙上描點、擬合，作出的圖像如圖乙中AB所示。則電源電動勢E和電阻的阻值分別為（）A.， B.，C.， D.，【答案】A【解析】由于電源內阻不計，根據閉合電路歐姆定律可得由圖乙代入A、B兩處對應的數據可得，聯立解得，故選A。6.為了測出電源的電動勢和內阻，除待測電源和開關、導線以外，配合下列哪組儀器，不能達到實驗目的（）A.一個電流表和一個電阻箱B.一個電壓表、一個電流表和一個滑動變阻器C.一個電壓表和一個電阻箱D.一個電流表和一個滑動變阻器【答案】D【解析】A．根據，由電流表測出電流，用電阻箱讀出外電阻的阻值，可以求出E、r，故A能達到實驗目的，不符合題意；B．根據，由電流表測出電流，由電壓表測出電壓，可以求出E、r，故B能達到實驗目的，不符合題意；C．根據，由電壓表測出電壓，用電阻箱讀出外電阻的阻值，可以求出E、r，故C能達到實驗目的，不符合題意；D．因為滑動變阻器不能讀出電阻的數值，所以只有一個電流表和一個滑動變阻器，測不出電動勢和內阻，D不能達到實驗目的，符合題意。故選D。7.如圖所示，2024個小球1、2、3、…、2022、2023、2024，沿一條直線靜放在光滑水平面上，另一小球A沿該直線以速度v向1球運動，若小球間發生的碰撞均為彈性碰撞。1、2、3、…、2021、2022、2023個球質量均為2m，A、2024兩球質量均為m，則所有碰撞結束后，小球2024的速度大小為（）A.v B. C. D.【答案】D【解析】小球A號球以速度向右運動，與1號球發生彈性碰撞，根據動量守恒和機械能守恒可得，解得，然后1號球以速度與2號球發生彈性碰撞，因質量相等，則交換速度，再這樣重復交換速度；最后2023號球以速度與2024號球發生彈性碰撞，根據動量守恒和機械能守恒可得，解得，故選D。8.如圖所示為歐姆表的原理示意圖，其中電流表的滿偏電流為，內阻，調零電阻最大值，串聯的定值電阻，電源電動勢，內阻。當內置電源用久后，電動勢變為0.9V，內阻變為，若調零后測得某電阻的讀數為，則該電阻的真實值約為（）A B. C. D.【答案】B【解析】電動勢為1.5V時，歐姆調零后歐姆表的內阻為當內置電源用久后，電動勢變為0.9V，則歐姆調零后歐姆表的內阻為若調零后測得某電阻的讀數為根據閉合電路歐姆定律可得代入數據可得解得該電阻的真實值為故選B。二、多項選擇題9.下列說法正確的是（）A.光是一種電磁波，是一種物質，具有能量B.原子的能級是分立的，所以放出的光子的能量也是分立的C.愛因斯坦建立了經典電磁場理論，認為變化的磁場產生電場D.電磁波譜波長從大到小順序排列應為無線電波、紫外線、可見光、紅外線，X射線【答案】AB【解析】A．光是一種電磁波，是一種物質，具有能量，故A正確；B．原子的能級是分立的，所以放出的光子的能量也是分立的，故B正確；C．麥克斯韋建立了經典電磁場理論，認為變化的磁場產生電場，故C錯誤；D．電磁波譜波長從大到小順序排列應為無線電波、紅外線、可見光、紫外線，X射線，故D錯誤。故選AB。10.某同學使用如圖所示的三組器材探究電磁感應現象，下列說法中正確的是（）A.在甲圖中，AB導線上下運動時，發現有感應電流產生B.在乙圖中，將如圖所示條形磁鐵從同一位置快速向下插入線圈和慢速插入線圈的過程中，穿過線圈的磁通量的變化量相同C.在丙圖中，閉合開關S后，將滑片P向右移動的過程中，由于導線沒有做切割磁感線的運動，故沒有感應電流產生D.在丙圖中，閉合開關S后，滑片P向左減速移動的過程中，穿過線圈B的磁通量增加【答案】BD【解析】A．在甲圖中，AB導線上下運動時，由于運動方向與磁場方向平行，AB導線沒有切割磁感線，所以不會有感應電流產生，故A錯誤；B．在乙圖中，將如圖所示條形磁鐵從同一位置快速向下插入線圈和慢速插入線圈的過程中，穿過線圈的磁通量的變化量相同，只是磁通量的變化率不同，故B正確；C．在丙圖中，閉合開關S后，將滑片P向右移動的過程中，滑動變阻器接入電路的阻值變大，則線圈A中的電流減小，穿過線圈B的磁通量減小，則有感應電流產生，故C錯誤；D．在丙圖中，閉合開關S后，滑片P向左減速移動的過程中，滑動變阻器接入電路的阻值小，則線圈A中的電流增大，穿過線圈B的磁通量增加，故D正確。故選BD。11.下列說法正確的是（）A.一小段通電導線在某處不受磁場力的作用，則該處的磁感應強度一定為零B.如圖甲所示，線圈ABCO的面積為，勻強磁場的磁感應強度，方向沿x軸正方向（圖中未畫出），在線圈由圖示實線位置繞z軸向下轉過的過程中，通過線圈的磁通量的變化量約為C.如圖乙所示，兩根相互平行的長直導線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導線中通有大小相等、方向相反的電流。a、o、b在M、N的連線上，o為MN的中點，則o點處的磁感應強度為零D.如圖丙所示，三條在同一平面（紙面）內的長直絕緣導線組成一等邊三角形，導線中通過的電流大小均為I，方向如圖丙所示。a、b、c三點分別位于三角形的三個頂角的角平分線上，且到相應頂點的距離相等。將a、b和c點的磁感應強度大小分別記為、和，則【答案】BD【解析】A．當通電導線在磁場內和磁場平行，則此時導線不受力，A錯誤；B．在實線位置時，線圈和磁場方向平行，則通過線圈的磁通量當線圈在虛線位置時，磁通量為所以變化量為B正確；C．由右手螺旋定則可知，兩根導線在O點產生的磁場方向都向下，疊加之后不為0，C錯誤；D．a、b、c三處的磁感應強度是三根通電導線所產生的磁感應強度的疊加，根據安培定則可知左、右兩根導線在a處產生的磁場方向相反，因為距離相等，所以磁感應強度大小相等，所以左、右兩根導線在a處產生的磁感應強度的矢量和為零，a處的磁感應強度等于下面導線在該處產生的磁感應強度，所以a處的磁感應強度方向垂直于紙面向外；同理可知，b處的磁感應強度等于右面的導線在該處產生的磁感應強度，所以b處的磁感應強度方向也垂直于紙面向外，三根通電導線在c處產生的磁場方向均垂直于紙面向里，所以合磁感應強度方向垂直于紙面向里，所以有D正確。12.在如圖所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P向上滑動時，理想電表A、V1、V2、V3的示數分別用I、、和表示，各電表示數變化量的大小分別用、、和表示。下列說法正確的是（）A.不變，不變 B.不變，變小C.減小，不變 D.減小，不變【答案】ACD【解析】A．根據電路圖可知，電壓表V1測的是定值電阻的電壓，根據歐姆定律得可知與I成正比，所以均不變，故A正確；BC．題意可知V2測的是的電壓，滑動變阻器的滑片P向上滑動時，電阻的阻值變小，故變小，設電源電動勢為E、內阻為r，根據閉合電路歐姆定律得由圖像可知，其斜率絕對值故比值不變，故B錯誤，C正確；D．題意可知V3測的是路端電壓，即因為減小，所以減小，由根據閉合電路歐姆定律得由圖像可知，其斜率絕對值故比值不變，故D正確。故選ACD。三、非選擇題13.在第四次“天宮課堂”中，航天員演示了動量守恒實驗。受此啟發，某同學使用如圖甲所示的裝置進行了碰撞實驗，氣墊導軌兩端分別安裝a、b兩個位移傳感器，a測量滑塊A與它的距離，b測量滑塊B與它的距離。部分實驗步驟如下：①測量兩個滑塊的質量，分別為和；②接通氣源，調整氣墊導軌水平；③撥動兩滑塊，使A、B均向右運動；④導出傳感器記錄的數據，繪制、隨時間變化的圖像，分別如圖乙、圖丙所示。回答以下問題：（1）從圖像可知兩滑塊在__________s時發生碰撞；（2）滑塊A碰撞前的速度大小__________（保留2位有效數字）；（3）通過分析，得出質量之比為__________。【答案】（1）1.0（2）0.50（3）2【解析】（1）由x-t圖像的斜率表示速度可知，兩滑塊的速度在t=1.0s時發生突變，此時發生了碰撞。（2）x-t圖像斜率的絕對值等于速度大小，可知由題圖乙可知，碰撞前A的速度大小為（3）由題圖丙可知，碰撞前瞬間B的速度大小為碰撞后A的速度大小為由題圖丙可知，碰撞后B的速度大小為對A和B的碰撞過程，以向右為正方向，由動量守恒定律有代入數據解得14.（1）某同學利用游標卡尺測量一圓柱體工件的直徑，測量結果如圖所示。該工件的直徑為__________cm。（2）某同學要研究一小燈泡L（3.8V，0.30A）的伏安特性。所用器材有：電流表（量程200mA，內阻），電流表（量程500mA，內阻）、定值電阻（阻值）、滑動變阻器（最大阻值）、電源E（電動勢4.5V，內阻很小）、開關S和若干導線。該同學設計的電路如圖所示。實驗時，調節滑動變阻器，使開關閉合后兩電流表的示數為零。逐次改變滑動變阻器滑片位置并讀取相應的和。所得實驗數據在下表中給出。325585125144173171229299379424470若、分別為流過電流表和的電流，利用、、、和寫出需要的表達式并求解物理量。回答以下問題：①為保證小燈泡的安全，不能超過__________mA。②根據實驗數據可算得，當時，燈絲電阻__________（保留1位小數）。③如果用另一個電阻替代定值電阻，其他不變，為了能夠測量完整的伏安特性曲線，所用電阻的阻值不能小于__________（保留1位小數）。【答案】（1）1.225（2）1909.89.0【解析】（1）20分度游標卡尺的精確值為，由圖可知該工件的直徑為（2）①[1]因為小燈泡的額定電壓為3.8V，為保證小燈泡的安全，不能超過②[2]根據實驗數據可算得，當時，，則此時燈絲電阻為③[3]要測量完整的伏安特性曲線則燈泡兩端的電壓至少要達到3.8V，而電流表A1不能超過其量程200mA，根據歐姆定律有可得可知為了能夠測量完整的伏安特性曲線，所用電阻的阻值不能小于。15.空間存在一方向與紙面垂直、大小隨時間變化的勻強磁場，其邊界如圖（a）中虛線MN所示，一硬質細導線的電阻率為、橫截面積為S，將該導線做成半徑為r的圓環固定在紙面內，圓心O在MN上。時磁感應強度的方向如圖（a）所示，磁感應強度B隨時間t的變化關系如圖（b）所示，求：在到的時間間隔內（1）穿過圓環的磁通量變化量的大小；（2）該過程圓環中有無感應電流？寫出判斷的理由。【答案