云南省2024-2025學年高二下學期期中考試物理檢測試卷一、選擇題1.汽車B在平直公路上行駛，發現前方沿同方向行駛的汽車A速度較小．為避免相撞，B車距A車25?m處開始制動，此后它們的v?t圖象如圖所示，則下列說法中不正確的是A.B車的加速度大小為2.50?m/s2 B.A、B兩車在C.A、B兩車在0～4?s內的位移相同 D.A、B兩車不會相撞2.如圖甲所示為一質量為m的瓦片A的截面圖，其頂角為60°。把它對稱放在一段房脊B上，將房脊B的一端緩慢抬高至瓦片剛要滑動，如圖乙所示，此時房脊與水平面的夾角為θ。已知重力加速度為g，下列說法中正確的是(

)A.A受到4個力的作用B.B對A的作用力為mgsinθC.B的每個側面對A的彈力大小為mgcosθD.B對A的最大靜摩擦力的合力大小為13.如圖1所示，靜止在水平地面上的物塊受到水平向右的推力后開始運動，推力F和物塊的速度v隨時間t變化的圖像分別如圖2、3所示，4s后的v?t圖像未畫出。重力加速度g取10m/s2A.物塊的質量為2kg B.物塊與地面間的動摩擦因數為0.1C.6s末物塊的速度大小為2m/s D.0～6s內，物塊的位移大小為16m4.與地球公轉軌道“外切”的小行星甲和“內切”的小行星乙的公轉軌道如圖所示，假設這些小行星與地球的公轉軌道都在同一平面內，已知地球的公轉半徑為R，公轉周期為T，小行星甲的遠日點到太陽的距離為R1，小行星乙的近日點到太陽的距離為R2，引力常量為GA.小行星甲與太陽的連線和小行星乙與太陽的連線在相同時間內掃過的面積相等B.小行星乙在遠日點的加速度大小等于地球公轉的加速度大小C.小行星甲的公轉周期為TD.太陽的密度為3π5.風洞實驗的工作原理如圖所示，小球從A點以某一初速度豎直向上拋出后沿虛線運動，B為虛線的最高點，運動中小球受到水平向右的恒定風力，其大小小于重力，則小球從A點運動到B點過程中，下列說法正確的是A.風力先做負功再正功 B.機械能先減小后增大C.動能先增大后減小 D.風力與重力的合力功率某一時刻為零6.如圖是一帶電球體和一可視為點電荷的帶電小球周圍電場線的分布圖，球體和小球所帶電荷量相同，A為球體球心與小球連線在球體外的部分的中點，B，C為關于連線對稱的兩點。取無窮遠處電勢為零，以下說法正確的是(

)A.小球一定帶正電，帶電球體一定帶負電B.A點處的電勢為零，B，C兩點電場強度相同C.將帶電粒子從B點移到C點電場力做功為零D.A點的電場強度大小小于B、C兩點的電場強度7.如圖，直角三角形△ABC位于豎直平面內，AB沿水平方向，長度為L，∠ABC=60°。空間存在一勻強電場，場強方向與△ABC所在平面平行，將一帶正電的微粒(不計重力、空氣阻力)從A點移動到B點，電場力做功為W2，從B點移動至C點，電場力做功為A.電場強度的大小是B.將該帶電微粒從B點無初速度釋放，其沿∠ABC的角平分線所在直線運動C.將該帶電微粒從C點沿CA拋出，要使其通過B點，微粒在C點的動能應為1?D.將該帶電微粒從A點沿AC拋出，要使其到達BC時，其位移方向垂直于電場強度方向，微粒在A點的動能的應為3?8.如圖所示，光滑硬直桿與水平面成37°夾角固定放置，勁度系數為k、原長為L的輕質彈簧一端連接在天花板的O點，另一端與圓環(視為質點)相連，圓環套在桿上。現讓圓環從與O點等高的A點由靜止釋放，當圓環運動到O點的正下方B點時，圓環的動能正好等于此處彈簧彈性勢能的2倍。已知A、B兩點間的距離為5L，重力加速度為g，對勁度系數為k的輕質彈簧，彈性勢能EP與彈簧的形變量x的關系式為A.環在B點，動能為4kB.環從A運動到B，環的機械能增加3.5kC.環的質量為kLD.環在B點，加速度大小為1.8g9.如圖所示為兒童樂園里一項游樂活動的示意圖，金屬導軌傾斜固定，傾角為α，導軌上開有一狹槽，內置一小球，小球可沿槽無摩擦滑動，繩子一端與球相連，另一端連接一抱枕，小孩可抱住抱枕與之一起下滑，繩子與豎直方向的夾角為β，且保持不變.假設抱枕的質量為m1，小孩的質量為m2A.小孩與抱枕一起做勻速直線運動B.分析可知α=βC.小孩對抱枕的作用力垂直導軌方向向下D.繩子拉力與抱枕對小孩的作用力大小之比為(10.已知O、A，B，C為同一直線上的四點，AB間的距離為l1，BC間的距離為l2，一物體自O點靜止起出發，沿此直線做勻加速運動，依次經過A，B，C三點。已知物體通過AB段與通過BC段所用時間相等。則下列說法正確的是(

)A.A、B、C三點速度大小一定滿足：vB.lC.O與A的距離為3D.O與A的距離為(3二、非選擇題11.為了研究人們用繩索跨越山谷過程中繩索拉力的變化規律，同學們設計了如圖甲所示的實驗裝置。他們將不可伸長輕繩的兩端通過測力計(不計質量及長度)固定在相距為D的兩立柱上，固定點分別為P和Q，P低于Q，繩長為L(L>PQ)他們首先在繩上距離P點10?cm處(標記為C)系上質量為m的重物(不滑動)，由測力計讀出繩PC、QC的拉力大小TP和TQ。隨后，改變重物懸掛點C的位置，每次將P到C點的距離增加10?cm，并讀出測力計的示數，最后得到TP、T①曲線Ⅱ中拉力最大時，C與P點的距離為________cm，該曲線為________(選填：TP或T②在重物從P移到Q的整個過程中，受到最大拉力的是________(選填：P或Q)點所在的立柱。③在曲線Ⅰ、Ⅱ相交處，可讀出繩的拉力T0=________N，它與L、D、m和重力加速度g的關系為T12.某同學用如圖所示裝置做“驗證機械能守恒定律”的實驗。(1)除了提供圖中的器材，實驗室還需要準備游標卡尺及___________。(填寫器材序號)A.秒表B.天平C.彈簧秤(2)實驗的主要步驟如下：其中不妥當的操作步驟是___________。(填寫步驟序號)A.測出遮光條的寬度dB.測出鉤碼質量m和帶長方形遮光條的滑塊總質量MC.實驗前將導軌一端墊高平衡摩擦力D.將滑塊移至圖示位置，測出遮光條到光電門的距離LE.先開啟氣泵，然后釋放滑塊，讀出遮光條通過光電門的擋光時間t(3)若氣墊導軌左端的滑輪調節過高，使得拉動滑塊的繩子與氣墊軌道之間存在夾角，不考慮其它影響，滑塊由靜止釋放運動到光電門的過程中，滑塊、遮光條與鉤碼組成的系統其重力勢能減小量的測量值___________真實值。(填大于

，小于

或等于)(4)在實驗操作正確的前提下，滑塊從靜止釋放運動到光電門的過程中，若系統符合機械能守恒定律，測得的物理量應滿足的關系式為_________________________。(用(2)中給出的字母表示)(5)該實驗小組在研究中發現利用該裝置可以測量帶長方形遮光條滑塊的總質量M。實驗小組多次改變光電門的位置，且每次都將滑塊從同一點靜止釋放，測出相應的L與t值，完成實驗后，某同學根據測量數據作出1t?L圖像，測得直線的斜率為k，已知鉤碼的質量m，遮光條的寬度d，重力加速度g，則滑塊總質量M的表達式為：M=13.如圖甲所示，質量為m=1kg小球從固定斜面上的A點由靜止開始做加速度大小為a1的運動，小球在t1=1s時刻與擋板碰撞，然后沿著斜面做加速度大小為a2的運動，在t2=1.25s時刻到達C點，接著從C點運動到B點，到達B點的時刻為t3，以上過程的v?t圖像如圖乙所示(v0未知)，已知(1)小球受到阻力的大小；(2)斜面傾角的正弦值；(3)求t3？14.如圖所示，平行板電容器豎直放置，在平行板中間用細線懸掛一帶電小球，懸點O到兩極板的距離相等。已知平行板電容器電容C=2×10?2F，兩極板間的距離d=0.2?m，兩極板間電壓U=10?V，細線長度L=548m，小球的質量m=2×10?2kg，小球靜止時細線與豎直方向的夾角(1)平行板電容器帶的電荷量；(2)小球所帶電荷的正負及電荷量；(3)若把細線剪斷經過多長時間小球撞到極板上。15.五行八卦在中國傳統文化中較為神秘，用來推演空間時間各類事物之間的關系。有一興趣小組制作了一個“八卦”軌道游戲裝置，如圖所示，ABC和CDE是半徑r=0.3m的光滑半圓磁性軌道，AFE是半徑R=0.6m的光滑半圓塑料細管道，兩軌道在最高點A處前后略有錯開(錯開距離相對于兩個軌道的半徑都很小)。左側有一與水平面夾角θ=37°，長度L=1.25m的斜面MN，斜面底端M和軌道最低點E在同一水平面上，在斜面底端有一彈射器用于發射質量m=0.3kg的小滑塊P，在斜面頂端N處有一被插銷鎖定的相同質量的小鋼球Q。某次試驗時，將小滑塊以初動能Ek=6.5J發射，到達斜面頂端后與小鋼球發生對心彈性撞擊，同時小鋼球解除鎖定，小鋼球恰能無碰撞進入塑料細管道的A點，經塑料管道和“八卦”軌道后返回。設小鋼球和磁性軌道間的磁力大小恒為F，方向始終與接觸面垂直，不考慮小鋼球脫離磁性軌道后的磁力。小滑塊在斜面上運動時受到的摩擦力大小恒定，小滑塊P、小球Q在運動中均可視為質點，忽略空氣阻力。(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/(1)Q恰能無碰撞進入細管道時在A點的速度大小vA(2)要使Q不脫離磁性軌道，求所需磁力F的最小值；(3)P從發射到與Q發生碰撞過程中，斜面摩擦力對P做的功Wf(4)通過調節斜面長度L和ME間水平距離x，使Q始終能無碰撞地從A點進入細管道，求發射P的初動能Ek與x之間的關系。答案1.【正確答案】C

A.v?t圖象中圖線斜率代表加速度，由圖象得B的加速度為a=15B.由圖象得，在t=4s時的速度相同，故B正確，不符合題意；C.由于圖象與坐標軸圍成面積代表位移，時間軸上方位移為正，時間軸下方位移為負；所以在0～4s內的位移B物體大于A物體，故C錯誤，符合題意；D.由于圖象與坐標軸圍成面積代表位移，初始時刻距A車25m處，速度相同是相撞或不相撞的臨界條件，在0?4s時刻B車的位移為SB=v0+v2t2.【正確答案】C

瓦片放在房脊上，相當于物體放在斜面上的模型，如圖所示瓦片重力沿斜面和垂直斜面的分力分別為

mgsinθ

，

mgcosθ

。A.

A

受到重力，兩個側面對它的彈力和兩個側面對它的摩擦力，共5個力的作用，故A錯誤；B.

B

對

A

的作用力與

A

的重力平衡，故大小等于

mg

，方向豎直向上。故B錯誤；C.彈力的合力

A

的重力垂直斜面方向的分力平衡，大小為

mgcosθ

，兩個側面彈力大小相等夾角120度，如圖所示對

A

的彈力大小為F故C正確；D.

B

對

A

的最大靜摩擦力的合力大小與瓦片沿斜面方向的重力的分力平衡F故D錯誤。故選C。3.【正確答案】C

A、由題圖3可知，2～4s內，物塊受力平衡，結合題圖2可得物塊受到的摩擦力大小f=2N，0～2s內物塊的加速度大小a=2m/s2，根據牛頓第二定律有F1?f=maB、根據f=μmg，可得μ=0.2，B錯誤;C、4s后，物塊做減速運動，其加速度大小滿足f?F3=ma1，解得a1D、由于v??t圖像與t軸圍成的面積表示位移，0?6s內，物塊為位移大小為s=[14.【正確答案】B

A.根據開普勒第二定律可知，同一行星與太陽的連線在相同時間內掃過的面積相等，但小行星甲與小行星乙在不同軌道上，所以小行星甲與太陽的連線和小行星乙與太陽的連線在相同時間內掃過的面積不相等，故A錯誤；B.根據牛頓第二定律可得GMm可得a=由于小行星乙在遠日點離太陽距離等于地球離太陽距離，則小行星乙在遠日點的加速度大小等于地球公轉的加速度大小，故B正確；C.根據開普勒第三定律可得(解得小行星甲的公轉周期為T故C錯誤；D.設太陽質量為

M

，太陽半徑為

R′

，太陽的密度為

ρ

，則有M=ρ?地球繞太陽轉動，由萬有引力提供向心力可得GMm聯立可得太陽的密度為ρ=故D錯誤。5.D

A.風力一直做正功，故A錯誤;C.從A點運動到B點過程中，合力對小球先做負功再做正功，根據動能定理知動能先減小后增加，故C錯誤：D.在這過程的某一時刻，合力與速度垂直，功率為零，故D正確：B.風力一直做正功，機械能一直增加，故B錯誤。6.【正確答案】C

解：A.根據電場線的分布可知，帶電球體和一可視為點電荷的帶電小球帶異種電荷，但不能確定帶電性質，故A錯誤；B.帶電球體不能看成點電荷，所以A點的電勢一定不為零，且B，C兩點電場強度方向不同，故B錯誤；C.根據對稱性可知，B、C兩點的電場強度大小相等，電勢也相等，所以將帶電粒子從B點移到C點電勢能變化量為零，電場力做功也為零，故C正確；D.A點在小球和帶電球體的連線上，且二者帶異種電荷，結合庫侖定律分析可知，A點的電場強度大小大于B、C兩點的電場強度，故D錯誤。7.【正確答案】D

AB、設微粒帶電量為q，質量為m，由題意qUAB=W2EAB=UABL=W2qL，EAC=UC、將粒子運動分解在CA和AB兩個方向，則有ax=q12ax聯立得Ek0D、畫出粒子軌跡圖，設粒子與BC交點為P，由正弦定理APsin60°得AP=將粒子運動分解在CA和AB兩個方向，則有ax=q12ax聯立得Ek08.【正確答案】AD

A.由幾何關系可得

OB=3L

，彈簧的原長為

L

，則

B

點彈簧的伸長量為

2L

，彈性勢能為E環的動能為E選項A正確；B.

OA

=4L,A

點彈簧的伸長量為

3?L

，彈性勢能為E環從

A

到

B

，彈簧彈性勢能減小量Δ由能量守恒可得環的機械能增加量為ΔE=Δ選項B錯誤；C.由能量守恒可得2.5k解得m=選項C錯誤；D.環在

B

點時，彈簧的彈力F把彈簧對環的彈力與環的重力的合力F=分別沿著斜面和垂直斜面分解，環在

B

點的合力等于

F

沿斜面向上的分力，則有Fsin3綜合解得a=1.8g選項D正確。9.【正確答案】BC

AB、由于球沿斜槽無摩擦滑動，系統具有相同的加速度，則有m總a=m總gsinα，解得a=gsinα，做勻加速直線運動，隔離對小孩和抱枕分析，有mC、對抱枕分析，受重力、拉力、小孩對抱枕的作用力，因為沿繩子方向合力為零，平行導軌方向的合力為m1D、對人和抱枕整體分析，根據平行四邊形定則知，繩子的拉力T=(m1+m2)gcosα，抱枕對小孩的作用力方向沿繩子方向向上，大小為10.【正確答案】AD

A.根據△v=a?△t，因為物體通過AB段與通過BC段所用時間相等，所以vBB.由于A點速度不為0，所以l1?：CD.由位移差公式有：lB點速度為：v由速度位移公式有：v根據幾何關系有：OA聯立解得：OA=故選：AD。11.【正確答案】60(56～64之間均可);TP;Q;?4.30(4.25～4.35(1)從曲線Ⅱ可讀出，拉力最大時C點與P點的距離為60?cm左右，對繩子的結點進行受力分析如答圖所示，重物受力平衡，在水平方向上有TPsin

α=TQsin

β，則TP=TQ(對應曲線Ⅰ、Ⅱ的交點)時，α=β，由答圖可知此時C離P較近，當C到P與Q的距離相等(對應曲線Ⅰ、Ⅱ交點的右側某處(2)通過(1)的分析結果和曲線的變化趨勢，可知受到最大拉力的是Q點所在的立柱．(3)曲線Ⅰ、Ⅱ相交處，TP=TQ=T0，根據力的正交分解，有T0sin

α=T0sin

β，T012.【正確答案】(1)B；(2)C；(3)大于；(4)mgL=1(5)2mg(1)由氣墊導軌的性質可知物體經過光電門的速度為v=dt需要測量的是測出鉤碼質量m和帶長方形遮光條的滑塊總質量M、遮光條的寬度d。(2)將氣墊導軌放在水平桌面上，將導軌調至水平，拉力在水平方向，需要測量d、M和m、L這些物理量；先開啟氣泵，然后釋放滑塊，讀出遮光條通過光電門的擋光時間t，實驗裝置用到了氣墊導軌，不需要平衡摩擦力，故不妥當的操作步驟是C；(3)滑塊從A靜止釋放運動到光電門B的過程中，系統的重力勢能減少量為mgL；若系統符合機械能守恒定律，測得的物理量應滿足的關系式為mgL=1(4)若氣墊導軌左端的滑輪調節過高，使得拉動物塊的繩子與氣墊軌道之間存在夾角，如下圖：重力勢能減小量的測量值為mgL，而重力勢能減少量的實際值應該為mg(L1?(5)根據機械能守恒可得：12(M+m)(d則有：k=2mgd13.(1)設斜面傾角為