高級中學名校試題PAGEPAGE1河北省石家莊市2025屆普通高中畢業年級教學質量檢測（一）注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共13小題，每小題2分，共26分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.下列有關化合物的敘述，錯誤的是（）A.水在生物體內的流動可以把營養物質送到各個細胞B.點燃小麥種子后剩余的灰燼就是小麥種子里的無機鹽C.甲殼類動物和昆蟲的外骨骼中含有的幾丁質是一種多糖D.動物脂肪室溫下呈固態是因為其含有大量不飽和脂肪酸【答案】D〖祥解〗脂質分為脂肪、磷脂和固醇，固醇包括膽固醇、性激素和維生素D，與糖類相比，脂肪分子中的氫含量多，氧含量少，氧化分解時產生的能量多，因此是良好的儲能物質，磷脂雙分子層構成生物膜的基本骨架，固醇中的膽固醇是動物細胞膜的重要組成成分，也參與脂質在血液中的運輸?！驹斘觥緼、水作為溶劑和運輸介質，能協助將營養物質輸送至各細胞，A正確；B、小麥種子燃燒后，有機物會分解成二氧化碳和水，剩余灰燼主要為無機鹽，B正確；C、幾丁質屬于多糖，存在于甲殼類動物和昆蟲的外骨骼中，具有保護和支持作用，C正確；D、動物脂肪室溫下呈固態是因為含大量飽和脂肪酸（如豬油），而不飽和脂肪酸（如植物油）通常熔點較低，呈液態，D錯誤。故選D。2.下列有關病毒和細菌的敘述，錯誤的是（）A.通過光學顯微鏡無法觀察到人乳頭瘤病毒B.HIV的包膜來源于病毒最后所在的宿主細胞C.病毒和細菌都屬于原核生物，無成形的細胞核D.病毒和細菌都具有蛋白質，但不一定都有酶【答案】C〖祥解〗生物病毒是一類個體微小，結構簡單，只含單一核酸(DNA或RNA)，必須在活細胞內寄生并以復制方式增殖的非細胞型微生物?！驹斘觥緼、病毒個體極其微小，必須借助電子顯微鏡才能觀察到，通過光學顯微鏡無法觀察到人乳頭瘤病毒，A正確；B、HIV是逆轉錄病毒，其包膜來源于病毒最后所在的宿主細胞，B正確；C、細菌屬于原核生物，無成形的細胞核；而病毒沒有細胞結構，既不屬于原核生物也不屬于真核生物，C錯誤；D、病毒和細菌都具有蛋白質，病毒沒有代謝系統，一般沒有酶，細菌有完整代謝系統，有酶，所以病毒和細菌不一定都有酶，D正確。故選C。3.下列有關胞吞和胞吐的敘述，錯誤的是（）A.胞吐只轉運大分子而不轉運小分子B.消化腺細胞依靠胞吐來分泌消化酶C.胞吞過程體現了細胞膜的結構特點D.胞吞形成的囊泡可在細胞內被溶酶體降解【答案】A〖祥解〗大分子物質是通過胞吞或胞吐的方式運輸的，胞吞和胞吐的生理基礎是細胞膜的流動性，在此過程中需要消耗由細胞呼吸提供的能量。【詳析】A、有的神經遞質，如甘氨酸，也可以以胞吐的方式分泌出去，A錯誤；B、消化腺是分泌蛋白的一種，消化腺細胞依靠胞吐來分泌消化酶，B正確；C、胞吞過程體現了細胞膜的結構特點—具有一定的流動性，C正確；D、溶酶體內含有大量的水解酶，經胞吞形成的囊泡可在細胞內被溶酶體降解，D正確。故選A。4.蕓薹（2n＝20）與黑芥（2n＝16）雜交，子代經人工誘導染色體數加倍形成芥菜（4n＝36），如圖為培育過程中檢測到部分細胞相關數據，a~f代表不同種類的細胞。下列敘述正確的是（）A.b一定為蕓墓的花粉細胞B.芥菜中一定能檢測到無葉綠體的eC.f中一定存在同源染色體的互換D.若用體細胞雜交技術培育芥菜，需選擇a和c【答案】B〖祥解〗圖示分析，a為黑芥產生的生殖細胞，b是蕓薹產生的生殖細胞，c是黑芥的體細胞，d是蕓薹的體細胞，e是芥菜體細胞，f是蕓薹細胞處于有絲后期?！驹斘觥緼、b染色體組數為1，核DNA數為10，可能是蕓墓的花粉細胞，也可能是蕓墓的卵細胞，A錯誤；B、e染色體組數為4，核DNA數為36，為芥菜體細胞，芥菜葉肉細胞含有葉綠體，根、莖等細胞沒有葉綠體，B正確；C、f染色體組數是4，核DNA數為40，應該是處于有絲分裂后期的蕓薹細胞，同源染色體的互換發生在減數分裂過程中，C錯誤；D、a是黑芥產生的生殖細胞，c是黑芥的體細胞，d是蕓薹的體細胞，若用體細胞雜交技術培育芥菜，需選擇c和d，D錯誤。故選B。5.科研小組為探究某病毒的遺傳物質是DNA還是RNA進行了不同的實驗設計。下列設計思路合理的是（）A.檢測遺傳物質中含有的五碳糖的元素種類B.用15N標記核苷酸并檢測遺傳物質的放射性C.用雙縮脲試劑對遺傳物質的種類進行鑒定D.分別用RNA酶或DNA酶處理核酸后檢測侵染活性【答案】D〖祥解〗核酸是細胞內攜帶遺傳信息的載體，在生物的遺傳、變異和蛋白質的生物合成中具有極其重要的作用，其基本單位是核苷酸。核酸分為脫氧核糖核酸（DNA）和核糖核酸（RNA），它們的組成單位依次是四種脫氧核苷酸（脫氧核苷酸由一分子磷酸、一分子脫氧核糖和一分子含氮堿基組成）和四種核糖核苷酸（核糖核苷酸由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮堿基組成）?！驹斘觥緼、組成DNA的五碳糖是脫氧核糖，組成RNA的五碳糖是核糖，組成元素都是C、H、O，所以該方法不能用于探究病毒的遺傳物質是DNA還是RNA，A錯誤；B、15N沒有放射性，且脫氧核苷酸和核糖核苷酸中都含有N，所以該方法不能用于探究病毒的遺傳物質是DNA還是RNA，B錯誤；C、雙縮脲試劑鑒定的蛋白質，DNA和RNA不能用雙縮脲試劑進行鑒定，C錯誤；D、用RNA酶處理核酸后，如果仍具有侵染活性，則說明病毒的遺傳物質是DNA，否則則說明其遺傳物質是RNA，所以該方法可以用來鑒定病毒的遺傳物質是DNA還是RNA，D正確。故選D。6.研究表明，某些與健康相關的基因啟動子甲基化可以抑制一些老年疾病的發生，女性比男性人均壽命長與此有關。下列敘述正確的是（）A.基因啟動子甲基化可抑制mRNA的翻譯過程B.基因啟動子甲基化可改變基因的堿基序列C.基因啟動子甲基化現象不能遺傳給后代D.女性與健康相關的基因啟動子甲基化較男性多【答案】D〖祥解〗表現遺傳是指DNA序列不改變，而基因的表達發生可遺傳的改變，所以DNA甲基化不會改變基因轉錄產物的堿基序列?！驹斘觥緼、啟動子的作用是啟動轉錄，所以基因啟動子甲基化可抑制基因的轉錄過程，A錯誤；B、基因啟動子甲基化不改變基因的堿基序列，B錯誤；C、基因啟動子甲基化現象可遺傳給后代，C錯誤；D、依據題干信息，某些與健康相關的基因啟動子甲基化可以抑制一些老年疾病的發生，女性比男性人均壽命長與此有關，故可推知，女性與健康相關的基因啟動子甲基化較男性多，D正確。故選D。7.下列有關動物激素的敘述，正確的是（）A.內環境穩態是指人體內各種激素含量的相對穩定B.寒冷環境下腎上腺素作用于肌肉細胞使骨骼肌不自主戰栗C.胰島素和胰高血糖素的分泌只受血糖濃度的直接調節D.甲狀腺激素分泌增多可增加機體的耗氧量和產熱量【答案】D〖祥解〗體溫的相對恒定是機體產熱和散熱動態平衡的結果，即產的熱多，散的熱多，產的熱少，散的熱少，環境溫度低時，機體產熱多，散熱也多。寒冷環境中體溫調節過程：寒冷環境→皮膚冷覺感受器→下丘腦體溫調節中樞→增加產熱（骨骼肌戰栗、立毛肌收縮、甲狀腺激素分泌增加），減少散熱（毛細血管收縮、汗腺分泌減少）→體溫維持相對恒定。【詳析】A、內環境穩態是指內環境中的各種化學成分和理化性質的相對穩定，A錯誤；B、寒冷環境中，腎上腺素分泌增加，使肝及其他組織的代謝活動增強，增加產熱，同時，寒冷刺激使下丘腦的體溫調節中樞興奮后，引起骨骼肌戰栗，使產熱增加，B錯誤；C、胰島素和胰高血糖素的分泌除了受血糖濃度的直接調節外，還受神經調節的控制，C錯誤；D、甲狀腺激素分泌增多，可提高細胞的代謝水平，增加產熱，細胞的代謝需要消耗氧氣，故甲狀腺激素分泌增多可增加機體的耗氧量和產熱量，D正確。故選D。8.下列有關植物生命活動調節及應用的敘述，正確的是（）A.植物根中具有感受重力的物質和細胞，能夠將重力信號直接轉換為生長素合成信號B.生產啤酒時用赤霉素處理大麥種子，原因是赤霉素可以催化種子中的淀粉水解C.植物體內合成乙烯的部位不一定能合成生長素，而合成生長素的部位能合成乙烯D.有些植物種子需要在有光的條件下才能萌發，是由于光可為種子的萌發提供能量【答案】C〖祥解〗激素調節在植物的生長發育和對環境的適應過程中發揮著重要作用，但是，激素調節只是植物生命活動調節的一部分。植物的生長發育過程，在根本上是基因組在一定時間和空間上程序性表達的結果。光照、溫度等環境因子的變化，會引起植物體內產生包括植物激素合成在內的多種變化，進而對基因組的表達進行調節。環境因素（光照、溫度、重力等）對植物的生長發育有一定的影響?！驹斘觥緼、植物的根中存在感受重力的物質和細胞，例如根中的淀粉體，可以將重力信號轉換成生長素的轉移信號，從而使生長素分布不均，A錯誤；B、酶具有催化作用，赤霉素具有的是調節作用，不能催化淀粉的水解，B錯誤；C、生長素合成的部位往往是頂芽、幼葉和胚，植物各器官都能合成乙烯，因此植物體內合成乙烯的部位不一定能合成生長素，而合成生長素的部位能合成乙烯，C正確；D、種子沒有葉綠體，不能通過光合作用利用太陽能，因此光照不能為種子的萌發提供能量，此時光作為一種信號分子發揮作用，D錯誤。故選C。9.興趣小組為探究某細菌在不同條件下的種群數量變化，共設置了四組實驗，a、b、c三組分別每3h、12h和24h更新培養液，d為對照組，其他培養條件相同，結果如圖所示。下列敘述正確的是（）A.用細菌計數板進行計數時，先在計數室滴加培養液再蓋上蓋玻片B.隨時間推移，a組細菌將持續呈“J”形增長C.若增大細菌初始接種量，d組的環境容納量會增大D.營養物質和有害代謝產物是影響細菌種群數量變化的密度制約因素【答案】D〖祥解〗分析題意，本實驗目的是探究某細菌在不同條件下的種群數量變化，實驗的自變量是培養時間和培養液的更新時間，因變量是種群數量，據此分析作答。【詳析】A、細菌計數板的使用方法是先蓋上蓋玻片，然后在蓋玻片邊緣滴加培養液，利用毛細作用使培養液進入計數室，A錯誤；B、a組每3小時更新培養液，意味著營養物質供應充足，細菌在初期可能會呈“J”形增長。但隨著時間推移，即使營養物質充足，細菌的種群數量也會受到空間、代謝產物積累等因素的限制，最終會趨于穩定，不會持續呈“J”形增長，B錯誤；C、環境容納量（K值）是由環境資源（如營養物質、空間等）決定的，與初始接種量無關。增大初始接種量可能會加快種群達到環境容納量的速度，但不會改變環境容納量本身，C錯誤；D、密度制約因素是影響程度與種群密度有密切關系的因素，營養物質是細菌生長所必需的，隨著種群密度的增加，營養物質會逐漸耗盡，限制種群增長。有害代謝產物會隨著種群密度的增加而積累，抑制細菌生長。因此，營養物質和有害代謝產物都是密度制約因素，D正確。故選D。10.原生質體比正常植物細胞更易接受外源DNA，其制備過程主要包括取材→剪碎→酶解。下列敘述錯誤的是（）A.細胞壁可能會阻止外源DNA進入細胞B.取材后需用酒精和次氯酸鈉對材料滅菌C.剪碎的目的是使酶與細胞充分接觸D.可用臺盼藍染液來鑒定原生質體活性【答案】B〖祥解〗植物細胞壁的主要成分是纖維素和果膠，所以制備原生質體，需要用纖維素酶和果膠酶將細胞壁去除，這種去除細胞壁的方法稱為酶解法?！驹斘觥緼、細胞壁的存在可能阻礙外源DNA進入細胞，原生質體因去除了細胞壁，更易吸收外源DNA，A正確；B、酒精和次氯酸鈉常用于消毒（減少微生物數量），而非滅菌，B錯誤；C、剪碎材料可增大接觸面積，便于酶解細胞壁，C正確；D、臺盼藍可鑒別原生質體活性，活細胞不被染成藍色，死細胞膜破損，被染成藍色，D正確。故選B。11.研究人員將胰島素B鏈的第28位氨基酸替換為天冬氨酸，抑制了胰島素聚合，從而獲得速效胰島素類似物。下列敘述正確的是（）A.該產品是通過直接改造胰島素來生產的B.改變氨基酸的種類不會影響胰島素的空間結構C.可通過定向誘導胰島素基因堿基增添達到改造目D.胰島素改造的基本思路與天然蛋白質合成過程相反【答案】D〖祥解〗蛋白質工程概念及基本原理（1）蛋白質工程是指以蛋白質分子的結構規律及其生物功能的關系作為基礎，通過基因修飾或基因合成，對現有蛋白質進行改造，或制造一種新的蛋白質，以滿足人類的生產和生活的需求。（基因工程在原則上只能生產自然界已存在的蛋白質）。（2）蛋白質工程崛起的緣由：基因工程只能生產自然界已存在的蛋白質。（3）蛋白質工程的基本原理：它可以根據人的需求來設計蛋白質的結構，又稱為第二代的基因工程。（4）基本途徑：預期蛋白質功能→設計預期的蛋白質結構→推測應有氨基酸序列→找到對應的脫氧核苷酸序列（基因），最終還是回到基因工程上來解決蛋白質的合成。【詳析】A、蛋白質工程最終還是回到基因工程上來解決蛋白質的合成，即改造胰島素的過程實際是改造胰島素基因的過程，A錯誤；B、氨基酸的種類及排列順序影響蛋白質的空間結構，B錯誤；C、可通過定向誘導胰島素基因堿基替換達到第28位氨基酸替換為天冬氨酸的目的，C錯誤；D、蛋白質工程的基本途徑是預期蛋白質功能→設計預期的蛋白質結構→推測應有氨基酸序列→找到對應的脫氧核苷酸序列（基因），胰島素改造的基本思路與天然蛋白質合成過程（基因→蛋白質合成）相反，D正確。故選D。12.外泌體是人體細胞分泌的一種微小囊泡，可由多種細胞產生，它們可以攜帶RNA、蛋白質等多種分子，進而影響其他細胞的功能。研究發現，來自腫瘤的外泌體可以導致大量新生血管的生成，促進腫瘤的生長。下列敘述錯誤的是（）A.外泌體的釋放需要消耗能量B.外泌體可參與細胞間的信息交流C.腫瘤細胞分泌的外泌體可能攜帶了促進血管生成的信號D.外泌體攜帶的RNA進入靶細胞后可直接整合到染色體上【答案】D〖祥解〗染色體的主要成分是DNA和蛋白質，是遺傳物質DNA的主要載體?！驹斘觥緼、外泌體是人體細胞分泌的一種微小囊泡，其釋放過程類似于胞吐，需要消耗能量，A正確；B、外泌體是人體細胞分泌的，可以攜帶RNA、蛋白質等多種分子，進而影響其他細胞的功能，說明外泌體可參與細胞間的信息交流，B正確；C、由于來自腫瘤的外泌體可以導致大量新生血管的生成，促進腫瘤的生長，因此推測腫瘤細胞分泌的外泌體可能攜帶了促進血管生成的信號，C正確；D、染色體上的遺傳物質是DNA，外泌體攜帶的RNA需要逆轉錄形成DNA才能整合到染色體上，D錯誤。故選D。13.鳥類的性別決定方式為ZW型，某鳥類羽色由兩對等位基因控制，Z染色體上的基因T/t分別控制褐羽和黑羽；常染色體上的基因B/b控制色素合成，無基因B不能合成色素而表現為白羽，基因型為Bb的個體表型為半褐羽或半黑羽。一只純合黑羽雌鳥和一只純合白羽雄鳥雜交，F1均為半褐羽，F1相互交配得F2。下列敘述錯誤的是（）A.親本雌雄個體的基因型分別為BBZtW和bbZTZTB.F2中褐羽：黑羽：半褐羽：半黑羽：白羽＝3:1:6:2:4C.F2中褐羽、半褐羽個體中的雌與雄數量比均為2:1D.F2半褐羽雌雄個體相互交配后代中黑羽個體占1/32【答案】C〖祥解〗（1）基因的分離定律的實質：在雜合體的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性，在減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨同源染色體的分開而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代。（2）基因的自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時非同源染色體上的非等位基因自由組合?！驹斘觥緼、依據題干信息，一只純合黑羽雌鳥（BBZtW）與一只純合白羽雄鳥（bbZ-Z-）雜交，F1均為半褐羽（BbZT-），故可知，親本純合白羽雄鳥的基因型為bbZTZT，A正確；B、結合A項可知，F1的基因型為BbZTZt、BbZTW，按照拆分法，可知，F2中，BB：Bb：bb=1:2:1，ZTZT:ZTW:ZTZt:ZtW=1:1:1:1，褐羽（BBZT-）所占的概率為1/43/4=3/16，黑羽（BBZtW）所占的概率為1/41/4=1/16，半褐羽（BbZT-）所占的概率為2/43/4=6/16，半黑羽（BbZtW）所占的概率為2/41/4=2/16，白羽（bb--）所占的概率為1/41=4/16，即F2中褐羽：黑羽：半褐羽：半黑羽：白羽＝3:1:6:2:4，B正確；C、結合B項，褐羽中有2/3的BBZTZ-，1/3的BBZTW，即雄：雌=2:1，半褐羽中2/3的BbZTZ-，1/3的BbZTW，即雄：雌=2:1，C錯誤；D、半褐羽中2/3的BbZTZ-，1/3的BbZTW，雄：雌=2:1，雌雄個體相互交配按照拆分法和配子法，黑羽個體的基因型為BBZtW，其中BB的概率為：1/21/2=1/4，ZtW的概率為1/41/2=1/8，故BBZtW的概率為1/41/8=1/32，D正確。故選C。二、多項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩個以上選項符合題目要求，全部選對得3分，選對但不全得1分，有選錯得0分。14.斑馬魚幼魚表面上皮細胞（SEC）能在DNA不復制的情況下進行分裂，這種分裂方式可保障快速生長期的幼魚體表覆蓋表面上皮。這個過程與皮膚表面張力增大導致Piezol離子通道開放有關（如圖），激活Piezol能顯著增加SEC的“無復制分裂”。某些因素可能導致成年斑馬魚表面上皮細胞衰老脫落。下列敘述正確的是（）A.母SEC細胞進行該分裂的過程中不會出現姐妹染色單體B.可通過激活Piezol離子通道研究該分裂具體過程C.成年魚表面上皮細胞衰老可能是細胞中產生自由基導致D.該分裂方式與細胞分化都是由遺傳物質發生變化引起的【答案】ABC〖祥解〗斑馬魚幼魚有一個快速生長期，此時其皮膚的表面上皮細胞（SEC）數量必須迅速增加，才能構成生物體與外界之間的保護屏障。斑馬魚幼魚皮膚擴張過程中的張力使表面上皮細胞能在不復制其DNA的情況下進行分裂（通過涉及離子通道蛋白Piezo1開放活性）。這種“無復制分裂”所產生的子細胞比它們的母細胞更平、更小，DNA含量也比母細胞要少?！驹斘觥緼、母SEC細胞能在DNA不復制的情況下進行分裂，DNA的復制就是染色體的復制，說明SEC細胞進行該分裂的過程中不會出現姐妹染色單體，A正確；B、激活的Piezol能顯著增加SEC的“無復制分裂”，所以可通過激活Piezol離子通道研究該分裂的具體過程，B正確；C、細胞內產生的自由基增多時，可導致細胞衰老，所以成年魚表面上皮細胞衰老可能是細胞中產生自由基導致，C正確；D、細胞分化過程中遺傳物質不變，D錯誤。故選ABC。15.某種群雌雄比例接近1:1，B/b為一對等位基因，基因型為的個體占1%。下列敘述錯誤的是（）A.全部和構成了該種群的基因庫B.該種群中的基因頻率為2%C.自然選擇可決定突變和基因重組的方向D.該種群的基因型頻率改變一定會導致進化【答案】ACD〖祥解〗生物變異是不定向的，但自然選擇是定向的。生物進化的標志是基因頻率的改變，物種形成的標志是生殖隔離的產生?！驹斘觥緼、一個種群內的全部基因稱為該種群的基因庫，不僅僅包括XB和Xb基因，A錯誤；B、由于該種群雌雄比例接近1:1，假定Xb的概率為A，雄性個體中XbY的概率為A，整個種群中XbY的概率為A/2，已知基因型為XbY的個體占1%，因此該種群中Xb的基因頻率為2%，B正確；C、基因突變是不定向的，自然選擇不可決定突變和基因重組的方向，C錯誤；D、生物進化的標志是基因頻率的改變，基因型頻率改變，但基因頻率不一定改變，生物不一定發生進化，D錯誤。故選ACD。16.花萼突觸因突觸后膜面積大，包裹突觸前膜，形似花萼而得名。如圖表示大鼠腦中的花萼突觸結構和部分信號傳導通路，PLC－γ1被激活后能水解PIP2，產生DAG，促進eCBs的釋放。我國科學家研究發現，BDNF可通過激活突觸后膜上的TrkE來誘導eCBs的釋放，eCBs與突觸前膜上CBIR結合后，可以減少神經遞質的釋放，使神經元免于遭受過度興奮的損傷。下列敘述正確的是（）A.TrkE的激活會增加細胞內Ca2+濃度，從而促進神經遞質的釋放B.花萼突觸有利于突觸前膜與突觸后膜相互間的信息傳遞C.BDNF通過TrkE激活PLC－γ1/DAG信號通路，可降低突觸后神經元的興奮性D.若PLC－γ1功能受損，可能會導致神經元更容易受到過度興奮的損傷【答案】BD〖祥解〗興奮在神經元之間需要通過突觸結構進行傳遞，其具體的傳遞過程為：興奮以電流的形式傳導到軸突末梢時，突觸小泡釋放遞質（化學信號），遞質作用于突觸后膜，引起突觸后膜產生膜電位（電信號），從而將興奮傳遞到下一個神經元?！驹斘觥緼、根據圖示，BDNF激活TrkE誘導eCBs釋放，eCBs與突觸前膜CB1R結合后會減少神經遞質釋放，而非通過增加細胞內Ca2+濃度促進神經遞質釋放，A錯誤；B、花萼突觸后膜面積大且包裹突觸前膜，增大了兩者的接觸面積，有利于突觸前膜與突觸后膜之間的信息傳遞，B正確；C、BDNF通過TrkE激活通路，促使eCBs釋放，eCBs與突觸前膜CB1R結合，減少的是突觸前膜神經遞質的釋放，降低的是突觸前相關過程，而非突觸后神經元的興奮性，C錯誤；D、若PLC-γ1功能受損，無法水解PIP2產生DAG，進而導致eCBs釋放減少，無法有效減少神經遞質釋放，使神經元更易因過度興奮而受損，D正確。故選BD。17.不合理放牧會導致草原退化。為兼顧草原穩定和畜牧業的發展，科研人員將樣地劃分為禁牧區、輕度放牧區、中度放牧區和重度放牧區，研究了不同放牧強度對草原的影響，結果如下表所示。下列敘述正確的是（）放牧強度物種豐富度地上生物量（g/m2）地下生物量（g/m2）禁牧14600400輕度18180750中度232002250重度141001600A.禁牧時個別優勢物種對其他物種的生長可能有抑制作用B.重度放牧和禁牧狀態下豐富度相同，但物種組成可能不同C.放牧可能導致群落優勢種改變，且重度放牧下的優勢種更加不耐旱D.適度放牧使草原生態系統抵抗外界干擾的能力增強【答案】ABD〖祥解〗生態系統的穩定性包括抵抗力穩定性和恢復力穩定性，抵抗力穩定性指生態系統抵抗外界干擾并使自身的結構與功能保持原狀的能力，生態系統的成分越單純，營養結構越簡單，自我調節能力就越弱，抵抗力穩定性就越低，反之則越高；恢復力穩定性指生態系統在受到外界干擾因素的破壞后恢復到原狀的能力，與抵抗力穩定性的關系往往相反?！驹斘觥緼、分析表格數據可知，禁牧區的物種豐富度較低（14），且地上生物量較高（600g/m2），說明可能存在優勢物種抑制其他物種生長的現象，A正確；B、禁牧區和重度放牧區的物種豐富度均為14，但地上和地下生物量差異較大，說明物種組成可能不同，B正確；C、據表可知，不同放牧強度的豐富度和生物量不同，但無法得知優勢種與耐旱性的關系，C錯誤；D、中度放牧區的物種豐富度最高（23），地下生物量也較高（2250g/m2），說明適度放牧可能增強了生態系統的穩定性，D正確。故選ABD。18.蛭弧菌能使污水中的嗜水氣單胞菌（異養型）裂解，將其接種在長滿嗜水氣單胞菌的平板上會出現噬菌斑。某興趣小組將嗜水氣單胞菌接種到固體培養基上，培養形成薄層，再接種采集的污水用以分離蛭弧菌。下列敘述錯誤的是（）A.可用干熱滅菌法對平板進行滅菌B.可用涂布平板法接種嗜水氣單胞菌C.出現噬菌斑一定是蛭弧菌作用的結果D.污水可為自然環境中的嗜水氣單胞菌提供碳源【答案】C〖祥解〗微生物常見的接種的方法:（1）平板劃線法:將已經熔化的培養基倒入培養皿制成平板,接種,劃線，在恒溫箱里培養。在線的開始部分,微生物往往連在一起生長，隨著線的延伸，菌數逐漸減少,最后可能形成單個菌落。（2）稀釋涂布平板法:將待分離的菌液經過大量稀釋后,均勻涂布在培養皿表面，經培養后可形成單個菌落?！驹斘觥緼、干熱滅菌適用于能耐高溫的,需要保持干燥的物品，如玻璃器皿(吸管、培養皿)和金屬用具等，A正確；B、接種方法有稀釋徒步平板法和平板劃線法，可用涂布平板法接種嗜水氣單胞菌，B正確；C、出現噬菌斑說明有能分解嗜水氣單胞菌的微生物，不一定是蛭弧菌作用的結果，C錯誤；D、污水中含有氨氮，可以為微生物提供氮源，D正確。故選C。三、非選擇題：本題共5題，共59分。19.矮化棉具有抗倒伏、適宜密植、產量高等特征。D1蛋白是光反應過程中的重要蛋白，編碼D1蛋白的基因只位于葉綠體中。為提高棉花的生產潛能并增強棉花抵御高溫脅迫的能力，科研人員將編碼D1蛋白的基因插入棉花某條染色體的特定位點上，人為建立D1蛋白的補充途徑，獲得了產量顯著提高的純合矮化H品系新疆棉?；卮鹣铝袉栴}：（1）若要檢測高溫對各種光合色素含量的影響，可提取色素并利用______（填溶液名稱）對光合色素進行分離后，再檢測各種色素的含量。D1蛋白和光合色素共同參與光能的轉換。D1蛋白含量升高可以提高光反應強度，C3接受光反應產物中______釋放的能量，并且被______還原，進而提高暗反應強度。（2）高溫脅迫會造成光合速率下降。研究人員研究了高溫脅迫對野生棉光合作用相關指標的影響，結果見下表。據表分析，高溫脅迫導致野生棉光合速率降低與其氣孔開放程度______（填“有關”或“無關”），判斷理由是______。溫度光能轉化效率氣孔開放程度胞間濃度常溫0.82300.38284.45高溫0.62290.25314.25（3）研究人員利用抗原—抗體雜交的方法對野生棉和矮化H品系葉片內的D1蛋白含量及莖稈赤霉素（GA）含量進行了檢測，結果如圖所示。綜合分析，矮化H品系高產的原因包括：①D1蛋白基因可能影響GA合成基因的表達，使GA含量驟減，削弱其______的功能；②高溫對染色體上D1蛋白基因表達的影響______（填“大于”、“小于”或“等于”）對葉綠體中D1蛋白基因表達的影響，且染色體上D1蛋白基因控制合成的D1蛋白可以轉移至______上，從而保證了H品系在高溫下具有較高的光合速率?！敬鸢浮浚?）①.層析液②.ATP和NADPH③.NADPH（2）①.無關②.高溫和常溫情況相比，其氣孔開放程度下降，但胞間二氧化碳濃度升高（3）①.促進細胞伸長，從而引起植株增高，促進細胞分裂②.小于③.類囊體膜（葉綠體）〖祥解〗（1）光合作用的光反應階段（場所是葉綠體的類囊體膜上）：水的光解產生[H]與氧氣，以及

ATP的形成。（2）光合作用的暗反應階段（場所是葉綠體的基質中）：CO2被C5固定形成C3，C3在光反應提供的ATP和[H]的作用下還原生成糖類等有機物。（3）葉綠體色素提取的原理：葉綠體中的色素能夠溶解在有機溶劑，所以，可以在葉片被磨碎以后用乙醇提取葉綠體中的色素．色素分離原理：葉綠體中的色素在層析液中的溶解度不同，溶解度高的隨層析液在濾紙上擴散得快，溶解度低的隨層析液在濾紙上擴散得慢．根據這個原理就可以將葉綠體中不同的色素分離開來?！窘馕觥浚?）光合色素的提取試劑是無水乙醇，分離試劑是層析液，分離的原理是不同色素在層析液中的溶解度不同，溶解度越大擴散速率越快。光反應的產物ATP和NADPH可以用于暗反應過程中C3的還原，ATP的作用是提供能量，而NADPH的作用是提高能量，且作為還原劑，用于還原C3。（2）根據實驗結果分析，和常溫下相比，高溫條件下氣孔開放程度減小，但胞間二氧化碳濃度升高，說明二氧化碳不是限制光合作用的因素，高溫脅迫導致野生棉光合速率降低與其氣孔開放程度無關，導致高溫脅迫導致野生棉光合速率降低的原因是光能轉化效率降低。（3）①赤霉素（GA）的作用是促進細胞伸長，促進細胞分裂，從而引起植株增高。結合圖示可知，D1蛋白基因可能影響GA合成基因的表達，使GA含量驟減，進而削弱GA的功能，從而使得H品系矮化。②D1蛋白是光反應過程中的重要蛋白，編碼D1蛋白的基因只位于葉綠體中，從20℃到40℃，野生棉中的D1蛋白含量顯著下降，說明高溫對葉綠體中D1蛋白基因表達的影響很大，而H品系在高溫條件下，D1蛋白含量幾乎不變，H品系編碼D1蛋白的基因插入在了染色體上，由此說明高溫對染色體上D1蛋白基因表達的影響小于對葉綠體中D1蛋白基因表達的影響。D1蛋白是光反應過程中的重要蛋白，光反應的場所是類囊體膜（葉綠體），因此推測染色體上D1蛋白基因控制合成的D1蛋白可以轉移至類囊體膜（葉綠體）上，從而保證了H品系在高溫下具有較高的光合速率。20.研究發現，人類感染EB病毒后可能會誘發一種名為“多發性硬化”的中樞神經系統疾病。在多發性硬化癥患者中，免疫系統錯誤地將神經纖維的髓鞘視為外來物質并加以破壞。其部分機制如圖所示?；卮鹣铝袉栴}：（1）多發性硬化患者的免疫____________功能發生異常，這屬于免疫失調中的______病。（2）圖中無法特異性識別抗原的免疫細胞有______，推測其直接原因可能是______。（3）研究發現，EB病毒編碼的蛋白質與中樞神經系統髓鞘脂堿性蛋白（MBP）結構相似，推測多發性硬化患者體內與EB病毒抗體結合的抗原可能有______和______；該患者的CD8+T細胞可以特異性識別并結合MBP，引起髓鞘細胞裂解，據此推測CD8+T細胞屬于______細胞，該細胞活化的信號是______?！敬鸢浮浚?）①自穩②.自身免疫（2）①.樹突狀細胞和漿細胞②.細胞表面沒有特異性識別抗原的受體（3）①.EB病毒編碼的蛋白質②.中樞神經系統髓鞘脂堿性蛋白（MBP）③.細胞毒性T④.靶細胞膜表面的某些分子發生變化被細胞毒性T細胞識別以及輔助性T細胞分泌的細胞因子的刺激〖祥解〗免疫系統具有免疫防御、免疫自穩和免疫監視功能。免疫自穩是指機體清除衰老或損傷的細胞，進行自身調節，維持內環境穩態的功能。自身免疫病是指免疫系統異常敏感、反應過度，“敵我不分”地將自身物質當作外來異物進行攻擊而引起的疾病【解析】（1）免疫系統具有免疫防御、免疫自穩和免疫監視功能。免疫自穩是指機體清除衰老或損傷的細胞，進行自身調節，維持內環境穩態的功能。在多發性硬化癥患者中，免疫系統錯誤地將神經纖維的髓鞘視為外來物質并加以破壞，說明免疫自穩功能發生異常。自身免疫病是指免疫系統異常敏感、反應過度，“敵我不分”地將自身物質當作外來異物進行攻擊而引起的疾病。多發性硬化癥患者免疫系統攻擊自身的神經纖維髓鞘，屬于自身免疫病。（2）圖中的免疫細胞有樹突狀細胞、CD4+T細胞、CD4+Th2細胞、CD4+Th1細胞、CD8+T細胞和漿細胞。其中樹突狀細胞能識別抗原，但不具有特異性；漿細胞不能識別抗原。所以無法特異性識別抗原的免疫細胞有樹突狀細胞和漿細胞。細胞識別抗原依靠細胞表面的特異性受體，樹突狀細胞和漿細胞無法特異性識別抗原，直接原因可能是細胞表面沒有特異性識別抗原的受體。（3）因為EB病毒編碼的蛋白質與中樞神經系統髓鞘脂堿性蛋白（MBP）結構相似，所以多發性硬化患者體內與EB病毒抗體結合的抗原可能有EB病毒編碼的蛋白質和中樞神經系統髓鞘脂堿性蛋白（MBP）。CD8+T細胞可以特異性識別并結合MBP，引起髓鞘細胞裂解，說明CD8+T細胞屬于細胞毒性T細胞。細胞毒性T細胞活化需要兩個信號，一是被病原體感染的宿主細胞（靶細胞）膜表面的某些分子發生變化，細胞毒性T細胞識別變化的信號；二是輔助性T細胞分泌的細胞因子的刺激。21.秋冬季天干物燥，是森林火災多發季節。回答下列問題：（1）火災導致樹木死亡，造成林冠層出現空隙，稱為林窗。森林中不同區域形成林窗，導致不同區域的生物分布表現為斑塊狀和鑲嵌性，這屬于群落的______結構。（2）森林局部火災后仍能逐步恢復原狀，這是______調節的結果，它是生態系統具備自我調節能力的基礎。（3）森林火災后，森林中許多動物的種群密度會降低，從動植物關系的角度分析，原因是____________。因嚴重火災導致大部分植被被破壞的地區，可以通過植樹造林加快森林生態系統的恢復，植樹時應選擇多種適應該地區氣候和土壤條件的樹種，這遵循了生態工程的______原理。（4）研究發現，火災后恢復初期的森林生態系統中只有三個營養級，其能量流動的關系如圖所示，其中a、b、c、d表示不同的生理過程對應的能量數值，A、B、C、D表示生態系統中的部分組成成分。①初級消費者用于生長、發育和繁殖的能量可用代數式______表示。圖中的d表示______。②研究人員調查了該森林生態系統一年內的能量流動，結果如下表（單位：）。該生態系統未利用的能量約為______。第一營養級第二營養級第三營養級分解者流入能量——呼吸作用【答案】（1）空間（2）負反饋（3）①.食物資源減少和棲息地破壞②.協調（4）①.a2-b2②.分解者通過分解作用散失的能量③.1.03×108〖祥解〗（1）生產者同化的能量=生產者呼吸消耗的能量+生產者自身生長、發育和繁殖的能量=生產者呼吸消耗的能量+流向下一營養級的能量+流向分解者的能量+未被利用的能量。（2）初級（次級、三級……）消費者的同化的能量=初級（次級、三級……）消費者的攝入量－初級（次級、三級……）消費者的糞便量=初級（次級、三級……）消費者呼吸消耗的能量+初級（次級、三級……）消費者自身生長、發育和繁殖的能量=初級（次級、三級……）消費者呼吸消耗的能量+流向下一營養級的能量+流向分解者的能量+未被利用的能量。最高營養級沒有流向下一營養級的能量。【解析】（1）根據題意信息可知，森林中不同區域形成林窗，導致不同區域的生物分布表現為斑塊狀和鑲嵌性，這屬于群落的空間結構。（2）負反饋調節是生態系統具備自我調節能力的基礎，森林局部火災后仍能逐步恢復原狀，這是負反饋調節的結果。（3）森林火災后，森林中許多動物的種群密度會降低，這是因為很多動物的食物資源減少和棲息地破壞。在生態工程建設時，需要考慮生物與環境、生物與生物的協調與適應。因嚴重火災導致大部分植被被破壞的地區，可以通過植樹造林加快森林生態系統的恢復，植樹時應選擇多種適應該地區氣候和土壤條件的樹種，這遵循了生態工程的協調原理。（4）①根據圖示信息可知，A為生產者，B為初級消費者，C為次級消費者。a代表了同化的能量，b代表了呼吸作用散失的能量，c代表流入分解者的能量，d表示分解者通過分解作用散失的能量。同化的能量=呼吸消耗的能量+自身生長、發育和繁殖的能量=呼吸消耗的能量+流向下一營養級的能量+流向分解者的能量+未被利用的能量。因此，初級消費者用于生長、發育和繁殖的能量可用a2-b2表示。②根據圖表信息可知，該生態系統一年內，總流入能量為9.8×108J.m-2.a-1，總呼吸消耗為6.1×108＋8.1×107＋1.6×107＋1.7×108=8.77×108J.m-2.a-1，該生態系統未利用的能量等于總流入能量-總呼吸消耗=1.03×108J.m-2.a-1。22.草甘膦是一種廣泛使用的除草劑，對大多數植物都具有殺滅作用。為在作物生長期間定向除草，研究人員改變芥菜EPSPS基因特定位點，將其導入芥菜，培育出了抗草甘膦的新品種，操作流程如圖?；卮鹣铝袉栴}：（1）過程①為______，其需要在緩沖液中進行，緩沖液的作用是______；①與②（PCR）的反應體系相比不同點有______（答出兩點即可）。（2）以cDNA為模板擴增EPSPS基因后一般通過______鑒定產物，并置于______下觀察結果。（3）芥菜EPSPS基因定點突變原理如圖2所示，引物2部分核苷酸序列為5'－GAATAGTCATGCGTTCACTC…－3'，請據此補充引物3的核苷酸序列5'－GTGAACGCATGA______…－3'，引物3與反義鏈相應的核苷酸序列______（填“相同”或“不同”）。（4）研究人員將突變基因插入T－DNA的綠色熒光蛋白基因上游，如圖3。為使兩個基因融合表達以確定EPSPS在細胞的位置，需要去除突變基因的______序列?！敬鸢浮浚?）①.逆轉錄②.維持反應體系的pH穩定，并提供酶所需的離子環境（如Mg2?）③.①（反轉錄）需要逆轉錄酶，而PCR需要耐高溫的DNA聚合酶（如Taq酶）；反轉錄的引物為oligo(dT)或隨機引物，而PCR需要特異性引物（2）①.瓊脂糖凝膠電泳②.紫外燈（3）①.CTATTC②.不同（4）終止子〖祥解〗基因工程的基本操作步驟主要包括四步：①目的基因的獲取，②基因表達載體的構建，③將目的基因導入受體細胞，④目的基因的檢測與鑒定。【解析】（1）過程①將RNA轉化為cDNA，屬于逆轉錄。緩沖液為酶反應提供適宜環境，包括pH和離子條件，緩沖液的作用是維持反應體系的pH穩定，并提供酶所需的離子環境（如Mg2?）。反轉錄與PCR的差異主要體現在酶、引物類型及反應溫度（如反轉錄無需高溫循環），①（反轉錄）需要逆轉錄酶，而PCR需要耐高溫的DNA聚合酶（如Taq酶）；反轉錄的引物為oligo(dT)或隨機引物，而PCR需要特異性引物。（2）PCR產物通常通過瓊脂糖凝膠電泳分離，DNA與溴化乙錠（EB）結合后，在紫外燈下顯示熒光條帶。（3）根據圖示信息可知，引物2和引物3有部分序列是互補的，由此可知引物3需補充序列為5'－CTATTC…－3'，在PCR中，引物需與模板鏈的3'端互補。若反義鏈為模板，引物3的序列應與反義鏈互補（即與正義鏈相同）。題目中引物3的序列設計為與反義鏈互補，但是由于是進行基因定點突變，所以引物3與反義鏈對應區域的核苷酸序列不同。（4）