江蘇省無錫市錫山高級中學2025屆高三壓軸卷物理試卷注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、我國“北斗三號”全球組網衛星采用星載氫原子鐘。如圖所示為氫原子的能級圖，現讓一束單色光照射到一群處于基態（量子數n=l）的氫原子上，受激的氫原子能自發地發出6種不同頻率的光，則照射氫原子的單色光的光子能量為（）A．13.6eV B．3.4eV C．12.09eV D．12.75eV2、如圖所示，沿x軸正方向傳播的一列簡諧波在某時刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為200m/s，則可推斷正確的是（）①圖中質點b的速度為負方向最大②從圖示時刻開始，經過0.01s，質點a通過的路程為4m，位移為零③若此波遇到另一列波并發生穩定的干涉現象，則該波所遇到的頻率為50Hz④若發生明顯衍射現象，該波所遇到的障礙物的尺寸一般不小于20mA．①③ B．②③ C．①④ D．②④3、如圖甲所示，物體在豎直方向受到大小恒定的作用力F=40N，先由靜止開始豎直向上做勻加速直線運動，當t=1s時將F反向，大小仍不變，物體的圖象如圖乙所示，空氣對物體的阻力大小恒定，g=10m/s2，下列說法正確的是（）A．物體在1.25s內拉力F的平均功率為160WB．物體1.25s內阻力做功的平均功率為為16WC．空氣對物體的阻力為6ND．物體的質量為4kg4、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶負電的質點僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，R點在等勢面b上，據此可知（）A．帶電質點在P點的加速度比在Q點的加速度小B．帶電質點在P點的電勢能比在Q點的小C．帶電質點在P點的動能大于在Q點的動能D．三個等勢面中，c的電勢最高5、左手定則中規定大拇指伸直方向代表以下哪個物理量的方向（）A．磁感強度 B．電流強度 C．速度 D．安培力6、物理學中用磁感應強度B表征磁場的強弱，磁感應強度的單位用國際單位制(SI)中的基本單位可表示為()A．kgA?s2 B．N二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量為M的長木板A靜止在光滑的水平面上，有一質量為m的小滑塊B以初速度v0從左側滑上木板，且恰能滑離木板，滑塊與木板間動摩擦因數為μ．下列說法中正確的是A．若只增大v0，則滑塊滑離木板過程中系統產生的熱量增加B．若只增大M，則滑塊滑離木板過程中木板所受到的沖量減少C．若只減小m，則滑塊滑離木板時木板獲得的速度減少D．若只減小μ，則滑塊滑離木板過程中滑塊對地的位移減小8、質量均勻分布的導電正方形線框abcd總質量為m，邊長為l，每邊的電阻均為r0。線框置于xoy光滑水平面上，處在磁感應強度大小為B的勻強磁場中。如圖，現將ab通過柔軟輕質導線接到電壓為U的電源兩端（電源內阻不計，導線足夠長），下列說法正確的是A．若磁場方向豎直向下，則線框的加速度大小為B．若磁場方向沿x軸正方向，則線框保持靜止C．若磁場方向沿y軸正方向，發現線框以cd邊為軸轉動，則D．若磁場方向沿y軸正方向，線框以cd邊為軸轉動且cd邊未離開水平面，則線框轉動過程中的最大動能為9、下列說法正確的是（）A．顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地做無規則運動，這反映了液體分子運動的無規則性B．物體內能增加，溫度不一定升高C．物體的溫度越高，分子運動的速率越大D．氣體的體積指的不是該氣體中所有氣體分子體積之和，而是指該氣體中所有分子所能到達的空間的體積E.在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強為零10、如圖，一截面為橢圓形的容器內壁光滑，其質量為M，置于光滑水平面上，內有一質量為m的小球，當容器受到一個水平向右的作用力F作用且系統達到穩定時，小球偏離平衡位量如圖，重力加速度為g，此時（）A．若小球對橢圓面的壓力與豎直方向的夾角為α，則B．若小球對橢圓面的壓力與豎直方向的夾角為α，則C．小球對橢圓面的壓力大小為D．小球對橢圓面的壓力大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圓柱形陶瓷元器件表面均勻鍍有一層導電薄膜，已知導電薄膜電阻率為，為了測量該薄膜厚度，某同學使用銅絲緊繞在元件表面，銅絲繞制成圓形，圓柱體軸線垂直于銅絲圓面，制成電極A、B，如圖甲所示(1)用螺旋測微器測量元件的直徑，測量結果如圖乙所示，其讀數為_________mm。(2)為了測量元件電阻，某同學首先使用多用電表對元件粗測，元件電阻約為，現需準確測量電阻阻值，可供器材如下A．被測元件（阻值約）B．直流電源（電動勢約，內阻約）C．電流表（量程，內阻約）D．電壓表（量程，內阻）E.電壓表（量程，內阻約）F.定值電阻（）G.滑動變阻器（）H.滑動變阻器（）I.電鍵、導線等①在可供選擇的器材中，已經選擇A、B、C、I除此之外，應該選用________（填寫序號）②根據所選器材，在圖丙方框中畫出實驗電路圖_______③需要測量的物理量________，請用上述物理量表示被測電阻______。(3)為了測量薄膜厚度還需要測量的物理量為__________。(4)若被測元件電阻為，元件直徑為，電阻率為，請結合使用(3)物理量表示薄膜厚度____。12．（12分）如圖甲所示為測量木塊和木板間滑動摩擦因數μ的實驗裝置圖，足夠長的木板置于水平地面上，小木塊放置在長木板上，并與拉力傳感器相連，拉力傳感器可沿圓弧軌道滑動。長木板在外界作用下向左移動，得到拉力傳感器的示數F與細繩和水平方向的夾角θ間的關系圖線如圖乙所示（g取10m/s2）。（答案保留兩位有效數字）(1)木塊和木板間的滑動摩擦因數μ=________________；(2)木塊的質量m=__________kg。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）圖示為直角三角形棱鏡的截面，，，AB邊長為20cm，D點到A點的距離為7cm，一束細單色光平行AC邊從D點射入棱鏡中，經AC邊反射后從BC邊上的F點射出，出射光線與BC邊的夾角為，求：(1)棱鏡的折射率；(2)F點到C點的距離。14．（16分）如圖甲，兩個半徑足夠大的D形金屬盒D1、D2正對放置，O1、O2分別為兩盒的圓心，盒內區域存在與盒面垂直的勻強磁場。加在兩盒之間的電壓變化規律如圖乙，正反向電壓的大小均為Uo，周期為To，兩盒之間的電場可視為勻強電場。在t=0時刻，將一個質量為m、電荷量為q（q>0）的粒子由O2處靜止釋放，粒子在電場力的作用下向右運動，在時刻通過O1.粒子穿過兩D形盒邊界M、N時運動不受影響，不考慮由于電場變化而產生的磁場的影響，不計粒子重力。(1)求兩D形盒邊界M、N之間的距離；(2)若D1盒內磁場的磁感應強度，且粒子在D1、D2盒內各運動一次后能到達O1，求D2盒內磁場的磁感應強度；(3)若D2、D2盒內磁場的磁感應強度相同，且粒子在D1、D2盒內各運動一次后在t=2To時刻到達Ol，求磁場的磁感應強度。15．（12分）應用如圖所示的裝置研究帶電粒子在電場、磁場中的運動情況。相鄰的區域I、II均為邊長為的正方形。區域I內可以添加方向豎直向下的勻強電場；區域II內可以添加方向垂直紙面向里的勻強磁場。區域II的邊緣處有可探測帶電粒子的屏。一束帶電粒子沿兩區域中間軸線以速度水平射入區域I，粒子束中含有多種粒子，其電荷量由小到大的范圍為，質量由小到大的范圍為。粒子在電場中只受電場力，在磁場中只受洛倫茲力。(1)若只在區域II內添加磁場，且能夠在屏上探測到所有粒子，則磁感應強度為多大；(2)若只在區域I內添加電場，且能夠在屏上探測到所有粒子，則電場強度為多大；(3)當兩個區域分別添加上述(1)(2)中的電場及磁場，電荷量為、質量為的粒子能夠在屏上探測到。求解粒子在屏上顯現的位置，試列出各求解方程式。（不對方程式求解）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

由題意應該有得即能發出6種頻率光的一定是n=4能級，則照射氫原子的單色光的光子能量為故ABC錯誤，D正確。故選D。2、A【解析】

①由于波向右傳播，根據“上下坡”法，知道b質點向下振動，此時的速度最大。故①正確；周期②從圖示時刻開始，經過0.01s，即半個周期，質點a通過的路程為2個振幅，即4m，位移為4cm。故②錯誤；③該列波的頻率為50Hz，要想發生干涉，頻率需相同。故③正確；④當波的波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發生明顯的衍射。即若發生明顯衍射現象，該波所遇到的障礙物的尺寸一般不大于4m，故④錯誤；

A．①③，與結論相符，選項A正確；B．②③，與結論不相符，選項B錯誤；C．①④，與結論不相符，選項C錯誤；D．②④，與結論不相符，選項D錯誤；故選A。3、B【解析】

A．在1.25s內，圖像圍成面積為5m，即總位移為5m，拉力第一階段向上的位移為4m，則拉力做正功160J，第二階段位移為1m，則拉力做負功40J，總共120J，平均功率96W，故A錯誤。CD．根據牛頓第二定律可得：F－（mg+f)=ma1F+mg+f=ma2，又由題圖乙可知a1=2m/s2a2=6m/s2聯立解得物體的質量m=2kg空氣對物體的阻力為f=4NCD項錯誤。B．阻力全程做負功，共Wf=4×5=20J，所以平均功率為B正確。故選B。4、D【解析】

A.等差等勢面P處比Q處密，則P處電場強度大，質點受到的電場力大，加速度大，故A錯誤；D.根據軌跡彎曲的方向和電場線與等勢線垂直可知帶電質點所受的電場力方向應向下，所以電場線方向向上，故c的電勢最高，故D正確.B.帶負電質點在電勢高處電勢能小，可知質點在P點的電勢能大，故B錯誤.C.帶電質點的總能量守恒，即帶電質點在P點的動能與電勢能之和不變，在P點的電勢能大，則動能小，故C錯誤.5、D【解析】

左手定則內容：張開左手，使四指與大拇指在同一平面內，大拇指與四指垂直，把左手放入磁場中，讓磁感線垂直穿過手心，四指的方向與導體中電流方向的相同，大拇指所指的方向就是安培力的方向，故ABC錯誤，D正確。故選D。6、A【解析】

根據磁感應強度的定義式B=FIL，可得二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

A．滑塊滑離木板過程中系統產生的熱量等于滑動摩擦力與相對位移的乘積因為相對位移沒變，所以產生熱量不變，故A錯誤；B．由極限法，當M很大時，長木板運動的位移xM會很小，滑塊的位移等于xM+L很小，對滑塊根據動能定理：可知滑塊滑離木板時的速度v1很大，把長木板和小滑塊看成一個系統，滿足動量守恒可知長木板的動量變化比較小，所以若只增大M，則滑塊滑離木板過程中木板所受到的沖量減少，故B正確；C．采用極限法：當m很小時，摩擦力也很小，m的動量變化很小，把長木板和小滑塊看成一個系統，滿足動量守恒，那么長木板的動量變化也很小，故C正確；D．當μ很小時，摩擦力也很小，長木板運動的位移xM會很小，滑塊的位移等于xM+L也會很小，故D正確．故選BCD．8、ACD【解析】

A．根據左手定則，安培力的方向沿+y軸方向

根據F=BIl，線框所受的安培力的合力為：線框的加速度大小為：故A正確；B．若磁場方向沿x軸正方向，ad邊受到的安培力豎直向下，cd邊受到的安培力豎直向上，故線框不可能處于靜止，故B錯誤；C．若磁場方向沿y軸正方向，發現線框以cd邊為軸轉動，則，根據動能定理可得解得：故C正確；

D．在轉動過程中，由于ab邊的安培力大于線框的重力，故在安培力作用下，線框的動能一直增大，故有：故D正確；故選ACD。9、ABD【解析】

A．布朗運動反映了液體分子的無規則運動，A正確；B．物體的內能是分子動能和分子勢能的總和，內能增加可能是分子勢能增加了，此時物體的分子動能可能會減小，溫度可能降低，所以B正確；C．溫度越高，分子平均動能越大，但是個別分子的動能可能會減小，C錯誤；D．氣體的體積是所有氣體分子占有空間的總和，而不是所有氣體分子的體積之和，D正確；E．氣體的壓強來自于氣體分子對容器壁的不斷撞擊，與氣體的重力無關，E錯誤。故選ABD。10、BC【解析】

對小球受力如圖所示AB．對整體兩者一起加速，則解得故A錯誤，B正確；CD．由題意得故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.398（0.396~0.399均可給分）DFG（分壓式接法也可以）電流表示數，電壓表示數（或）電極A、B之間的距離【解析】

(1)[1]螺旋測微器主尺刻度為0，可動刻度為39.8×0.01mm=0.398mm，所以讀數為0+0.398mm=0.398mm(2)[2]因為直流電源電動勢為6V，電壓表V2量程太大，不能選擇，可將電壓表V1改裝，因此需要DF；滑動變阻器起限流作用，安全下選擇小的，比較方便操作，所以選擇G。[3]該電路設計滑動變阻器阻值比被測阻值大，而且能保證儀器安全，因此滑動變阻器采用限流方式，使用伏安法測量被測電阻，其中電壓表需串聯一個分壓電阻，總電阻遠大于待測電阻，采用電流表外接。電路如圖：[4]根據歐姆定律，需要測量電流表示數，電壓表示數；[5]電壓應為電壓表和定值電阻的總電壓，電流應為流過待測電阻的電流，則因為，所以也可表示為(3)[6]根據電阻定律其中薄膜很薄，展開后可認為是以圓周長為邊，厚度為高的矩形，即所以為了測量薄膜厚度，還需要測量連入電路的電阻長度為電極A、B之間的距離。(4)[7]據題有因此12、0.581.0【解析】

(1)[1]木塊受四個力作用，重力mg、支持力FN、拉力F、滑動摩擦力Ff，豎直方向有mg=FN+Fsinθ水平方向有Ff=Fcosθ由于Ff=μFN聯立得μmg=F(μsinθ+cosθ)變式為設整理得μmg=Fsin(θ+α)當θ+α=時，F有最小值，由乙圖知，θ=時F有最小值，則α=所以得μ==0.58(2)[2]把摩擦因數代入μmg=F(μsinθ+cosθ)得F=由乙圖知，當θ=時F=10N，解得mg=10N所以m=1.0