第43頁（共43頁）2024-2025學年下學期初中物理北師大版九年級期中必刷常考題之電功電能一．選擇題（共8小題）1．（2024秋?雁塔區校級期末）小明家電能表的表盤如圖所示，下列說法正確的是（）A．電能表是測量電路中電流做功快慢的儀表 B．電能表此時的示數為55467kW?h C．小明家同時工作的用電器總功率不能超過8800W D．電能表上指示燈閃的越快，說明電路消耗電能越多2．（2024秋?五華區校級期末）如圖所示，同時閉合開關S1和S2，小燈泡L1比L2發光亮，電流表有示數。下列分析正確的是（）A．小燈泡L1和L2串聯 B．小燈泡L1兩端的電壓比L2兩端的電壓大 C．取下小燈泡L2，電路的總電阻變小 D．工作相同時間，小燈泡L1消耗電能更多3．（2024秋?廣陵區期末）一只標有“8V”字樣的小燈泡L和定值電阻R的I﹣U關系圖像如圖所示，下列說法中正確的是（）A．電阻R的阻值為20Ω B．若小燈泡L和定值電阻R串聯，電路兩端允許加的最大電壓為16V C．當小燈泡L和定值電阻R并聯在電源電壓為4V的電路時，整個電路通電1min電流所做的功為96J D．若將小燈泡L接在電壓為12V的電路中，為讓小燈泡正常發光需串聯一個8Ω的電阻4．（2024秋?桂林期末）下列屬于主要把電能轉化為機械能的是（）A．電燈照明 B．用電取暖 C．電鍍物品 D．電梯運行5．（2024秋?桂林期末）下列電器正常工作1小時，消耗電能最多的是（）A．空調 B．電視遙控上的指示燈 C．節能燈 D．電子手表6．（2025?雁塔區校級模擬）如圖甲是某型號可充電臺燈風扇，圖乙是臺燈風扇經歷充電和工作時的主要能量流向圖。下列說法正確的是（）A．電池在充電時相當于電源 B．圖乙中a、b均為電能 C．圖乙中d為機械能 D．風扇單獨工作時，將消耗的電能全部轉化為機械能7．（2025?西安校級模擬）小明家控制照明燈的按鍵開關上有一個指示燈，如圖所示。實際使用時發現：按鍵開關閉合時，標有“220V40W”的照明燈正常發光；按鍵開關斷開時，照明燈熄滅，指示燈會發出微弱光，以便夜間顯示按鍵開關的位置。查閱開關的相關資料可知，指示燈的額定電壓約為220V，功率為2W～3W。下列說法正確的是（）A．照明燈和指示燈應并聯在電路中 B．按鍵開關閉合時，通過照明燈和指示燈的電流相等 C．照明燈正常發光10h，照明燈和指示燈消耗總電能0.4kW?h D．指示燈一般用超導體材料制成8．（2024秋?文登區期末）如圖所示電路，電源電壓不變，閉合開關S，電壓表V1、V2示數之比為2：3。下列說法正確的是（）A．通過R1、R2的電流之比I1：I2＝1：2 B．R1、R2兩端的電壓之比U1：U2＝1：2 C．相同時間R1、R2消耗電能之比W1：W2＝2：1 D．R1、R2的電阻之比R1：R2＝2：1二．填空題（共5小題）9．（2024秋?安次區期末）圖所示為小明家月初時的電能表，此時電能表的示數是kW?h。月末時電能表的示數是5688.4kW?h，若電費資費標準是0.5元/度，則小明家這個月需要繳納電費元。10．（2024秋?環翠區期末）手機充滿電后與充電器斷開，但充電器仍插在插座上，充電器內部的電路還在工作，仍會消耗電能。則此時充電器相當于（填電路組成的名稱）；利用專用儀器可測得未充電時充電器的電功率約為0.2W，若小明家有3個手機充電器，每天各有20h插在插座上但沒有充電，則小明家每天因此浪費的電能約為J。11．（2024秋?天門期末）如圖為無人機群組成3D金雞造型，若每架無人機上的LED燈功率為20W，1200架無人機持續亮燈5min消耗的電能為kW?h。LED燈比傳統白熾燈節電，原因是減少了將電能轉化為能的比例。12．（2024秋?柳州期末）如圖是一款工地常用的太陽能風扇安全帽，帽頂的太陽能電池板可將太陽能轉化為電能，并驅動風扇的電動機轉動。已知風扇電動機的工作電壓為3V，工作電流為50mA。工人在戶外工作時，如果帽上的風扇正常轉動了1h，相當于消耗了電能J，這些電能轉化成（填寫能量形式）。13．（2024秋?內鄉縣期末）電阻R和燈泡L的U﹣I關系圖像如圖甲所示，電阻R的阻值為Ω，將R和燈泡L按如圖乙所示的方式連接在電壓恒為6V的電源兩端，閉合開關，此時電流表示數為A，電流通過燈泡每20s做的功為J。三．實驗探究題（共1小題）14．（2024秋?句容市期末）一個密封盒的表面可見兩個接線柱、一個燈泡（不考慮溫度影響）和一個電阻箱的旋鈕。盒內只有燈泡和電阻箱兩個用電器，小明想探究它們的連接方式，連接了如圖所示的電路（電源電壓恒為3V），做了兩次實驗，部分數據記錄如表格所示。實驗序號電阻箱阻值R/Ω電流表示數I/A①150.5②5（1）由實驗可知燈泡和電阻箱的連接方式是聯，燈泡工作時的電阻是Ω；（2）第二次實驗中，電流表示數是A，整個電路1min消耗的電能是J。四．解答題（共1小題）15．（2024秋?湘潭期末）某型號新能源電動汽車具有車速提醒功能，當車速過快時，提醒駕駛員減速。圖甲為該車提醒功能模塊的簡化電路圖，電源電壓恒為12V，定值電阻R為10Ω，RV為阻值隨車速變化的電阻，其阻值與車速的關系如圖乙所示，當車速達到120km/h時，蜂鳴器提醒語音響起（蜂鳴器電路未畫出，且其對圖甲電路無影響），觀察到此時電壓表示數為10V。該車在某高速服務區充電30min后，充電樁顯示屏顯示的信息為：充電電壓360V，單價1.2元/度，費用43.2元。求：（1）本次充電消耗的電能為kW?h；（2）本次充電的電流為A；（3）當車速為120km/h時，圖甲中RV的阻值為多少？（4）當圖甲中電壓表的示數為9V時，此時車的速度為多少？

2024-2025學年下學期初中物理北師大版九年級期中必刷常考題之電功電能參考答案與試題解析題號12345678答案CDCDABCB一．選擇題（共8小題）1．（2024秋?雁塔區校級期末）小明家電能表的表盤如圖所示，下列說法正確的是（）A．電能表是測量電路中電流做功快慢的儀表 B．電能表此時的示數為55467kW?h C．小明家同時工作的用電器總功率不能超過8800W D．電能表上指示燈閃的越快，說明電路消耗電能越多【考點】電能表的參數；電能表的讀數；電能表的計算．【專題】電能和電功率；應用能力．【答案】C【分析】（1）從電能表表盤可得到的信息：①電能表是測量電路消耗電能多少的儀表；②電能表讀數時，最后一位是小數，單位kW?h；③220V：這個電能表應該在220V的電路中使用；10（40）A：這個電能表的標定電流為10A，平時工作允許通過的最大電流為40A；（2）根據P＝UI計算功率。【解答】解：A、電能表是測量電路中電流做功（即消耗電能多少）的儀表，而測量電流做功快慢的儀表是功率表，故A錯誤；B、電能表的最后一位是小數位，則電能表此時的示數為5546.7kW?h，故B錯誤；C、由電能表參數可知，其額定電壓U＝220V，允許通過的最大電流I＝40A，根據P＝UI，小明家同時工作的用電器最大總功率P＝UI＝220V×40A＝8800W，即同時工作的用電器總功率不能超過8800W，故C正確；D、電能表上指示燈閃的越快，說明單位時間內消耗的電能越多，而不能說明電路消耗電能越多，消耗電能的多少還與時間有關，故D錯誤。故選：C。【點評】本題考查了消耗電能和電功率的計算；知道電能表相關參數的意義是關鍵。2．（2024秋?五華區校級期末）如圖所示，同時閉合開關S1和S2，小燈泡L1比L2發光亮，電流表有示數。下列分析正確的是（）A．小燈泡L1和L2串聯 B．小燈泡L1兩端的電壓比L2兩端的電壓大 C．取下小燈泡L2，電路的總電阻變小 D．工作相同時間，小燈泡L1消耗電能更多【考點】電功與電能的計算；串聯和并聯的概念與辨析；并聯電路中的電壓規律；電阻的并聯．【專題】電能和電功率；應用能力．【答案】D【分析】AB、據圖可知，電流從電源的正極流出經開關S1分別經過兩個燈泡回到電源的負極，則小燈泡L1和L2并聯，根據并聯電路的電壓特點可知兩燈兩端的電壓大小關系；C、取下小燈泡L2，電路為燈L1的簡單電路，根據電阻并聯的特點可知電路的總電阻變化情況；D、小燈泡L1比L2發光亮，則L1的實際功率較大，根據W＝Pt可知工作相同時間，小燈泡消耗電能多少。【解答】解：AB、據圖可知，電流從電源的正極流出經開關S1分別經過兩個燈泡回到電源的負極，則小燈泡L1和L2并聯，根據并聯電路的電壓特點可知兩燈兩端的電壓相等，故AB錯誤；C、取下小燈泡L2，電路為燈L1的簡單電路，根據電阻并聯的特點可知電路的總電阻變大，故C錯誤；D、小燈泡L1比L2發光亮，則L1的實際功率較大，根據W＝Pt可知工作相同時間，小燈泡L1消耗電能更多，故D正確。故選：D。【點評】本題考查電功率和電能的知識，是一道綜合題。3．（2024秋?廣陵區期末）一只標有“8V”字樣的小燈泡L和定值電阻R的I﹣U關系圖像如圖所示，下列說法中正確的是（）A．電阻R的阻值為20Ω B．若小燈泡L和定值電阻R串聯，電路兩端允許加的最大電壓為16V C．當小燈泡L和定值電阻R并聯在電源電壓為4V的電路時，整個電路通電1min電流所做的功為96J D．若將小燈泡L接在電壓為12V的電路中，為讓小燈泡正常發光需串聯一個8Ω的電阻【考點】電功與電能的計算；串聯電路中的電流規律；并聯電路中的電流規律；串聯電路中的電壓規律；并聯電路中的電壓規律；歐姆定律的簡單計算；電阻和燈泡的伏安特性曲線．【專題】歐姆定律；電能和電功率；分析、綜合能力．【答案】C【分析】（1）根據圖像信息，利用歐姆定律求出電阻R的阻值；（2）由圖可知，當小燈泡R兩端的電壓為8V時通過小燈泡的電流；若小燈泡L和定值電阻R串聯，則電路中的最大電流為小燈泡的額定電流，根據串聯電路的電流特點可知通過R的電流，根據歐姆定律求出R兩端的電壓，根據串聯電路的電壓特點可知電路兩端允許加的最大電壓；（3）由圖可知當小燈泡L和定值電阻R并聯在電源電壓為4V的電路時通過小燈泡和R的電流，根據并聯電路的電流特點可知干路的總電流，根據W＝UIt求出整個電路通電1min電流所做的功；（4）根據串聯分壓的特點可知若將小燈泡L接在電壓為12V的電路中，為讓小燈泡正常發光，串聯電阻需要分的電壓，根據歐姆定律求出電阻R的阻值。【解答】解：A、根據R的特點可知，圖中通過原點的直線是電阻R的I﹣U圖像，由歐姆定律可知，電阻R的阻值：R=URIR=B、由圖可知，當小燈泡R兩端的電壓為額定電壓UL＝8V時，通過小燈泡的電流IL＝0.4A，根據串聯電路的電流特點可知，若小燈泡L和定值電阻R串聯，則電路中的最大電流I＝IR′＝IL＝0.4A，由歐姆定律可知，此時R兩端的電壓：UR′＝IR′R＝0.4A×40Ω＝16V，根據串聯電路的電壓特點可知，電路兩端允許加的最大電壓：U＝UL+UR′＝8V+16V＝24V，故B錯誤；C、由圖可知，當小燈泡L和定值電阻R并聯在電源電壓為4V的電路時，通過小燈泡和電阻R的電流分別為0.3A和0.1A，根據并聯電路的電流特點可知，干路的總電流：I＝0.3A+0.1A＝0.4A，整個電路通電1min電流所做的功：W＝U′It＝4V×0.4A×1×60s＝96J，故C正確；D、若將小燈泡L接在電壓為12V的電路中，為讓小燈泡正常發光，根據串聯分壓特點可知，串聯電阻R需要分的電壓UR″＝U″﹣UL＝12V﹣8V＝4V，由歐姆定律可知，電阻R的阻值：R′=UR″I=故選：C。【點評】本題考查串并聯電路的特點、歐姆定律以及電功公式的應用，能從圖中獲取相關信息是解題的關鍵。4．（2024秋?桂林期末）下列屬于主要把電能轉化為機械能的是（）A．電燈照明 B．用電取暖 C．電鍍物品 D．電梯運行【考點】電功的實質．【專題】應用題；電能和電功率；應用能力．【答案】D【分析】電流做功的過程實質上是電能轉化為其它形式能的過程，用電器消耗了電能，獲得了其它形式的能量，就是一個電流做功的過程。【解答】解：電燈主要把電能轉化為光能和內能，用電取暖和電鍍取暖主要把電能轉化為內能，電梯運行主要將電能轉化為機械能，故ABC不符合題意，D符合題意。故選：D。【點評】用電器消耗電能的過程，實質是將電能轉化為其它形式的能量的過程，重點是明確用電器得到了什么能。5．（2024秋?桂林期末）下列電器正常工作1小時，消耗電能最多的是（）A．空調 B．電視遙控上的指示燈 C．節能燈 D．電子手表【考點】電功與電能的計算．【專題】電能和電功率；應用能力．【答案】A【分析】根據用電器的功率，利用電功率公式，可知消耗電能最多的用電器。【解答】解：空調的額定功率一般在1kW左右，節能燈的額定功率小于40W，電視遙控上的指示燈及電子手表的功率均小于1W；利用電功率變形式W＝Pt可知，都正常工作1小時，消耗電能最多的用電器是空調。故選：A。【點評】本題考查的是電功的計算公式、以及對常見用電器額定功率的了解，這要求大家在生活中要善于觀察。6．（2025?雁塔區校級模擬）如圖甲是某型號可充電臺燈風扇，圖乙是臺燈風扇經歷充電和工作時的主要能量流向圖。下列說法正確的是（）A．電池在充電時相當于電源 B．圖乙中a、b均為電能 C．圖乙中d為機械能 D．風扇單獨工作時，將消耗的電能全部轉化為機械能【考點】電功的實質；電路的組成部分；電源的能量轉化；用電器的能量轉化．【專題】應用題；電流和電路；電能和電功率；應用能力．【答案】B【分析】（1）電路是由提供電能的電源、消耗電能的用電器、控制電路通斷的開關和輸送電能的導線四部分組成；（2）照明燈工作時將電能轉化為光能和內能；（3）電風扇正常工作時，大部分電能轉化為機械能，一部分電能轉化為內能。【解答】解：A、電池在充電時消耗電能，在電路中相當于用電器，故A錯誤；B、電池在充電時電能轉化為化學能，電池供電時化學能轉化電能，故ab均為電能，故B正確；C、照明燈工作時將電能轉化為光能和內能，故D錯誤；D、風扇單獨工作時，大部分電能轉化為機械能，一部分電能轉化為內能，故D錯誤。故選：B。【點評】本題借助于手電筒風扇考查了電路的組成和能量的轉化和轉移，難度不大。7．（2025?西安校級模擬）小明家控制照明燈的按鍵開關上有一個指示燈，如圖所示。實際使用時發現：按鍵開關閉合時，標有“220V40W”的照明燈正常發光；按鍵開關斷開時，照明燈熄滅，指示燈會發出微弱光，以便夜間顯示按鍵開關的位置。查閱開關的相關資料可知，指示燈的額定電壓約為220V，功率為2W～3W。下列說法正確的是（）A．照明燈和指示燈應并聯在電路中 B．按鍵開關閉合時，通過照明燈和指示燈的電流相等 C．照明燈正常發光10h，照明燈和指示燈消耗總電能0.4kW?h D．指示燈一般用超導體材料制成【考點】電功與電能的計算；半導體的特點．【專題】應用題；錯解分析題；電流和電路；電能和電功率；理解能力．【答案】C【分析】（1）根據串并聯電路的特點分別分析；（2）按鍵開關閉合時，根據工作的用電器即可判斷；（3）照明燈正常發光時，利用W＝Pt即可求出消耗的電能；（4）半導體的導電能力介于導體和絕緣體之間。【解答】解：A、如果照明燈和指示燈并聯，且開關在某一支路上，只控制一個燈，所以無論開關是否閉合，都不影響另一個燈，顯然不符合要求；如果開關在干路上，則兩個燈同時亮同時滅，同樣不符合要求；如果兩個燈串聯，并且開關與指示燈并聯，當開關閉合時，指示燈被短路，照明燈單獨連入電路，正常發光；當開關斷開時，指示燈和照明燈串聯接入電路，由于指示燈的電阻過大，分擔了大部分的電壓，所以照明燈不發光，此時照明燈不亮，指示發出微光，符合要求；故A錯誤；B、按鍵開關閉合時，指示燈不發光，只有照明燈工作，則照明燈有電流，指示燈沒有電流通過，故B錯誤；C、照明燈正常發光10h，只有照明燈工作，則消耗總電能為W＝PLt＝0.04kW×10h＝0.4kW?h，故C正確；D、指示燈一般是發光二極管，主要由半導體材料制成，故D錯誤。故選：C。【點評】本題考查了電路連接方式判斷、串并聯電路的特點、電能的計算和半導體的特點，屬于基礎題。8．（2024秋?文登區期末）如圖所示電路，電源電壓不變，閉合開關S，電壓表V1、V2示數之比為2：3。下列說法正確的是（）A．通過R1、R2的電流之比I1：I2＝1：2 B．R1、R2兩端的電壓之比U1：U2＝1：2 C．相同時間R1、R2消耗電能之比W1：W2＝2：1 D．R1、R2的電阻之比R1：R2＝2：1【考點】電功與電能的計算；串聯電路中的電流規律；串并聯的比例計算．【專題】歐姆定律；電能和電功率；應用能力．【答案】B【分析】由圖可知，閉合開關S，R1、R2串聯，電壓表V1測量R2兩端的電壓，電壓表V2測量電源電壓；根據串聯電路的電流特點可知通過R1、R2的電流之比；根據串聯電路的電壓特點和電壓表V1、V2示數之比可知R1、R2兩端的電壓之比，根據歐姆定律求出R1、R2的電阻之比；根據W＝UIt求出相同時間電流對R1、R2做的消耗電能之比。【解答】解：由圖可知，閉合開關S，R1、R2串聯，電壓表V1測量R2兩端的電壓，電壓表V2測量電源電壓；A、根據串聯電路的電流特點可知，通過R1、R2的電流相等，即I1：I2＝1：1，故A錯誤；B、根據串聯電路的電壓特點和電壓表V1、V2示數之比可知，U2：（U1+U2）＝2：3，則R1、R2兩端的電壓之比：U1：U2＝1：2，故B正確；C、根據W＝UIt可知，相同時間電流對R1、R2做的電功之比：W1：W2＝U1I1t：U2I2t＝U1：U2＝1：2，故C錯誤；D、由歐姆定律可知，R1、R2的電阻之比：R1：R2=U1I1：U2I2=U1：U故選：B。【點評】本題考查串聯電路的特點、歐姆定律、電功公式以及電功率公式的應用，屬于電學綜合題，有一定的難度。二．填空題（共5小題）9．（2024秋?安次區期末）圖所示為小明家月初時的電能表，此時電能表的示數是5588.4kW?h。月末時電能表的示數是5688.4kW?h，若電費資費標準是0.5元/度，則小明家這個月需要繳納電費50元。【考點】電能表的計算；電能表的讀數．【專題】電能和電功率；應用能力．【答案】5588.4；50【分析】電能表讀數時，示數最后一位是小數，單位是kW?h，由圖可知電能表月初的示數；這個月小明家消耗的電能等于電能表月末與月初的示數之差，結合電費單價可得小明家這個月需要繳納的電費。【解答】解：電能表讀數時，示數最后一位是小數，單位是kW?h，由圖可知電能表月初的示數是5588.4kW?h，則這個月小明家消耗的電能為W＝5688.4kW?h﹣5588.4kW?h＝100kW?h＝100度，電費資費標準是0.5元/度，所以小明家這個月需要繳納電費為M＝0.5元/度×100度＝50元。故答案為：5588﹣4；50。【點評】本題考查電能表的讀數和電能的計算，難度不大。10．（2024秋?環翠區期末）手機充滿電后與充電器斷開，但充電器仍插在插座上，充電器內部的電路還在工作，仍會消耗電能。則此時充電器相當于用電器（填電路組成的名稱）；利用專用儀器可測得未充電時充電器的電功率約為0.2W，若小明家有3個手機充電器，每天各有20h插在插座上但沒有充電，則小明家每天因此浪費的電能約為43200J。【考點】電功與電能的計算；電路的組成部分．【專題】電能和電功率；應用能力．【答案】用電器；43200。【分析】手機充滿電后與充電器斷開，但充電器仍插在插座上，充電器內部的電路還在工作，仍會消耗電能。據此分析。根據W＝Pt可知小明家每天因此浪費的電能。【解答】解：手機充滿電后與充電器斷開，但充電器仍插在插座上，充電器內部的電路還在工作，仍會消耗電能。則此時充電器相當于用電器。根據W＝Pt可知小明家每天因此浪費的電能W＝Pt＝0.2W×3×20×3600s＝43200J。故答案為：用電器；43200。【點評】本題考查電能的計算，是一道綜合題。11．（2024秋?天門期末）如圖為無人機群組成3D金雞造型，若每架無人機上的LED燈功率為20W，1200架無人機持續亮燈5min消耗的電能為2kW?h。LED燈比傳統白熾燈節電，原因是減少了將電能轉化為內能的比例。【考點】電功與電能的計算．【專題】應用題；電能和電功率；應用能力．【答案】2；內。【分析】根據題意，由W＝Pt計算無人機所消耗的電能；電燈工作時，將電能轉化為內能和光能，據此解題。【解答】解：由P=Wt可得，1200架無人機持續亮燈W＝Pt＝1200×20×10﹣3kW×560h＝2kW?在規格相同條件下，LED燈消耗相同的電能，轉化成的光能多，從而減少了將電能轉化成內能的比例。故答案為：2；內。【點評】本題考查功率公式的般應用，了解燈泡工作時將電能轉化內光能和內能。12．（2024秋?柳州期末）如圖是一款工地常用的太陽能風扇安全帽，帽頂的太陽能電池板可將太陽能轉化為電能，并驅動風扇的電動機轉動。已知風扇電動機的工作電壓為3V，工作電流為50mA。工人在戶外工作時，如果帽上的風扇正常轉動了1h，相當于消耗了電能540J，這些電能轉化成機械能與少量的內能（填寫能量形式）。【考點】電功與電能的計算；電功的實質．【專題】電能和電功率；分析、綜合能力．【答案】540；機械能與少量的內能。【分析】電流做功可以用公式W＝UIt進行求解計算。電動機將電能主要轉化為機械能與少量的內能。【解答】解：電流做功W＝UIt＝3V×0.05A×3600s＝540J；風扇的電動機將電能主要轉化為機械能與少量的內能。故答案為：540；機械能與少量的內能。【點評】本題考查電能的計算與能量轉化，屬于中檔題。13．（2024秋?內鄉縣期末）電阻R和燈泡L的U﹣I關系圖像如圖甲所示，電阻R的阻值為10Ω，將R和燈泡L按如圖乙所示的方式連接在電壓恒為6V的電源兩端，閉合開關，此時電流表示數為0.4A，電流通過燈泡每20s做的功為16J。【考點】電功與電能的計算；串聯電路中的電流規律；串聯電路中的電壓規律；歐姆定律的簡單計算．【專題】定量思想；電能和電功率；應用能力．【答案】10；0.4；16。【分析】從圖中可知，通過R的電流為0.6A時，電阻兩端的電壓為6V，根據歐姆定律可知R的阻值；將R和燈泡L按如圖乙所示的方式連接在電壓恒為6V的電源兩端，此時兩元件串聯，電流表測量電路電流；根據串聯電路的特點，結合圖中數據可知電路中的電流以及電阻和燈泡兩端的電壓，據此可知電流表的示數，根據W＝UIt得出20s電流通過燈泡做的功。【解答】解：電阻R的阻值為：R=將R和燈泡L按如圖乙所示的方式連接在電壓恒為6V的電源兩端，它們是串聯的，電流表測電路中電流；通過它們的電流相等，兩端電壓之和為6V，由圖像可知，此時電路中電流為0.4A，燈泡兩端為2V，電阻兩端電壓為4V，所以，閉合開關，此時電流表示數為0.4A。電流通過燈泡每20s做的功為：W＝U′I′t＝2V×0.4A×20s＝16J。故答案為：10；0.4；16。【點評】本題考查串聯電路的特點。歐姆定律的應用和電功率的計算，關鍵是從圖中得出有用信息。三．實驗探究題（共1小題）14．（2024秋?句容市期末）一個密封盒的表面可見兩個接線柱、一個燈泡（不考慮溫度影響）和一個電阻箱的旋鈕。盒內只有燈泡和電阻箱兩個用電器，小明想探究它們的連接方式，連接了如圖所示的電路（電源電壓恒為3V），做了兩次實驗，部分數據記錄如表格所示。實驗序號電阻箱阻值R/Ω電流表示數I/A①150.5②5（1）由實驗可知燈泡和電阻箱的連接方式是并聯，燈泡工作時的電阻是10Ω；（2）第二次實驗中，電流表示數是0.9A，整個電路1min消耗的電能是162J。【考點】電功與電能的計算；串聯和并聯的概念與辨析；歐姆定律的簡單計算．【專題】歐姆定律；電能和電功率；應用能力．【答案】并；10；0.9；162。【分析】（1）由表格數據可知，電阻箱接入電路中的電阻為15Ω時電路的總電流，根據歐姆定律求出電路的總電阻，利用電阻的串并聯電路的特點判斷出燈泡和電阻箱的連接方式；根據電阻的并聯求出燈泡工作時的電阻；（3）第二次實驗中，電阻箱接入電路中的電阻為5Ω，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響判斷出燈泡的電阻不變，根據電阻的并聯求出此時電路的總電阻，利用歐姆定律求出電流表的示數，根據W＝UIt求出整個電路1min消耗的電能。【解答】解：（1）由表格數據可知，電阻箱接入電路中的電阻R＝15Ω時，電路的總電流I＝0.5A，電路的總電阻R總=UI=所以，由R總＜R可知，燈泡和變阻器的連接方式是并聯；根據歐姆定律和并聯電路電壓的特點，電阻箱此時流經的電流為I阻=UR阻=3V15Ω=0.2A，根據并聯電路電流的特點，燈泡的電流為I燈＝I﹣I阻＝0.5A﹣0.2A（2）第二次實驗中，變阻器接入電路中的電阻R′＝5Ω時，因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，通過燈泡的電流不變，則燈泡的電阻不變，此時電路的總電阻R總'=R'R燈R'+R燈=5Ω×10Ω5Ω+10Ω=103Ω故答案為：并；10；0.9；162。【點評】本題考查了并聯電路的特點和歐姆定律、電功公式的綜合應用，正確判斷出燈泡和變阻器的連接方式是關鍵。四．解答題（共1小題）15．（2024秋?湘潭期末）某型號新能源電動汽車具有車速提醒功能，當車速過快時，提醒駕駛員減速。圖甲為該車提醒功能模塊的簡化電路圖，電源電壓恒為12V，定值電阻R為10Ω，RV為阻值隨車速變化的電阻，其阻值與車速的關系如圖乙所示，當車速達到120km/h時，蜂鳴器提醒語音響起（蜂鳴器電路未畫出，且其對圖甲電路無影響），觀察到此時電壓表示數為10V。該車在某高速服務區充電30min后，充電樁顯示屏顯示的信息為：充電電壓360V，單價1.2元/度，費用43.2元。求：（1）本次充電消耗的電能為36kW?h；（2）本次充電的電流為20A；（3）當車速為120km/h時，圖甲中RV的阻值為多少？（4）當圖甲中電壓表的示數為9V時，此時車的速度為多少？【考點】電功與電能的計算；電功計算公式W＝UIt的應用；歐姆定律的應用．【專題】電壓和電阻；歐姆定律；電能和電功率；應用能力．【答案】（1）36（2）200（3）當車速為120km/h時，圖甲中RV的阻值為50Ω；（4）當圖甲中電壓表的示數為9V時，此時車的速度為60km/h。【分析】（1）根據電費單價和充電費用求出本次充電消耗的電能；（2）根據W＝UIt計算出充電電流；（3）由圖甲可知，R與RV串聯，電壓表測量RV兩端的電壓，當車速為120km/h時，電壓表示數為10V，根據串聯電路電壓規律計算定值電阻R兩端的電壓，根據串聯電路電流特點結合歐姆定律計算電路中的電流，根據歐姆定律可得此時RV的阻值；（4）當圖甲中電壓表的示數為9V時，根據串聯電路電壓規律計算定值電阻R兩端的電壓，根據串聯電路電流特點結合歐姆定律計算電路中的電流，根據歐姆定律可得此時RV的阻值，根據圖乙計算出車速。【解答】解：（1）由題意可知，電費單價1.2元/度，充電30min費用43.2元，則消耗的電能為：W=（2）根據W＝UIt可得，本次充電的電流為：I=WUt（3）由圖甲可知，R與RV串聯，電壓表測量RV兩端的電壓，當車速v為120km/h時，電壓表示數U2為10V，則定值電阻R兩端的電壓為：U3＝U﹣U2＝12V﹣10V＝2V電路中的電流為：I2此時RV的阻值為：RV（4）當電壓表的示數為9V時，定值電阻R兩端的電壓為；UR＝U﹣URv＝12V﹣9V＝3V，電路的電流為：I干路此時Rv的阻值為：R'由圖乙可知：50Ω解得v＝60km/h。答：（1）36；（2）200；（3）當車速為120km/h時，圖甲中RV的阻值為50Ω；（4）當圖甲中電壓表的示數為9V時，此時車的速度為60km/h。【點評】本題考查串聯電路特點、歐姆定律、電功率公式的靈活運用。

考點卡片1．電路的組成部分【知識點的認識】（1）電路的組成：電路是由提供電能的電源、消耗電能的用電器、控制電路通斷的開關和輸送電能的導線四部分組成，缺少或不完整都會影響電路的正常工作．（2）電路各部分的作用電源：提供電能的裝置，它保證電路中有持續電流，工作時將其他形式的能轉化為電能用電器：用電來工作的設備，工作時將電能轉化為其他形式的能．開關：用來接通或斷開電路，起控制電路的作用導線：導線將電源、用電器、開關連接起來，形成讓電荷移動的通路．【命題方向】通常以各元件在電路中的作用出題，電路中必須包含電源、用電器、開關和導線。例：圖中的電路正確的是（）A.B.C.D.分析：一個最基本的電路是由電源、用電器、開關、導線組成的。解析：解：A、電路少電源，故A錯誤；B、電路中各元件齊全，電流不經用電器直接回負極，發生短路，會燒壞電源，故B錯誤；C、電路中少開關，故B錯誤；D、電路中各元件齊全，且閉合開關，燈泡能正常工作，故D正確。故選：D。點評：本題考查了電路的基本連接方式的判斷，屬電學的最基礎的知識，是我們應熟練掌握的。【解題方法點撥】知道電路是由電源、開關、導線和用電器組成的，知道各元件在電路中的作用是解題的關鍵．2．電源的能量轉化【知識點的認識】電源工作時將其他形式的能轉化為電能【命題方向】考查電源的能量轉化。例：如圖所示是電解水實驗原理圖，蓄電池在向外供電時把化學能轉化為電能。為增強水的導電性，通常向水中加少量的NaOH。在閉合開關的瞬間，溶液中的Na+移動方向是從C到D，則蓄電池的A端是負極。分析：（1）蓄電池在充電時，電能轉化為化學能，放電時化學能又轉化為電能；（2）電荷的定向移動形成電流；正電荷定向移動的方向是電流的方向；負電荷的定向移動方向與電流方向相反；在電源的外部，電流的方向是從正極流向負極。解析：解：電池在向外供電時把化學能轉化為電能；溶液中的Na+移動方向是從C到D，故電流方向為從C到D，在電源的外部，電流的方向是從正極流向負極，所以電源的正極是B端，則蓄電池的A端是負極。故答案為：化學；電；負。點評：本題考查蓄電池在向外供電時的能量轉換、電流方向的規定的靈活運用，難度一般。【解題方法點撥】概念性知識，牢記即可。3．用電器的能量轉化【知識點的認識】用電器工作時將電能轉化為其他形式的能．【命題方向】考查用電器的能量轉化。例：下列說法中不正確的是（）A.干電池是一種直流電源B.連接電路時，開關必須處于斷開狀態C.電源是把其它形式的能轉化為電能的裝置D.用電器是把其它形式的能轉化為電能的裝置分析：根據電路中電源和用電器的作用、連接電路時注意事項解答即可。解析：解；A、干電池對外供電時輸出電流的方向不變，所以干電池是一種直流電源，故A不符合題意；B、連接電路時，開關必須處于斷開狀態，故B不符合題意；C、電源是把其它形式的能轉化為電能的裝置，故C不符合題意；D、用電器是把電能轉化為其它形式的能的裝置，故D符合題意。故選：D。點評：本題考查了電源和用電器的作用、連接電路的注意事項等，屬于簡單題。【解題方法點撥】概念性知識，牢記即可。4．串聯和并聯的概念與辨析【知識點的認識】（1）串聯：電路元件逐個首尾順次連接的電路連接方式，只有一條電流路徑，無分叉；（2）并聯：電路元件并列連結在電路中的電路連接方式，至少有兩條電流路徑，有分叉。【命題方向】中考經常考查的知識點，多以選擇題和實驗題的形式出現，辨別電路是串聯還是并聯。例：若用一個開關同時控制兩盞電燈，下列說法正確的是（）A.兩燈一定是并聯B.兩燈一定是串聯C.兩燈既是并聯也是串聯D.兩燈可能并聯也可能串聯分析：在串聯電路中，開關控制整個電路；在并聯電路中，接在干路上的開關可以控制整個電路，接在支路上的開關只控制這個支路。解析：解：用一個開關同時控制兩盞電燈，情況有可能是：①燈泡串聯，開關可以同時控制兩盞燈泡；②燈泡并聯，但開關放在干路上，所以開關仍然可以控制兩盞燈泡；所以A、B、C不符合題意，只有D符合題意；故選：D。點評：開關在串聯電路中可以控制整個電路，開關在并聯電路中的作用主要看開關放在干路上還是支路上，作用不一樣。【解題方法點撥】串并聯電路的判斷方法：（1）根據電路圖判斷：電流只有一條路徑的則是串聯電路；有兩條或兩條以上路徑的則是并聯電路。（2）根據電流關系判斷：如果通過兩個用電器的電流不相等，這兩個用電器一定是并聯的；如果通過兩個用電器的電流相等，則可能是串聯，也可能是并聯；若是不同的用電器則是串聯；若是相同的用電器串聯，并聯都有可能。（3）根據電壓關系判斷：如果通過兩個用電器的電壓不相等，這兩個用電器一定是串聯的；如果通過兩個用電器的電壓相等，則可能是串聯，也可能是并聯；若是不同的用電器則是并聯；若是相同的用電器串聯，并聯都有可能。（4）根據用電器的工作情況判斷：用電器只能同時工作的是串聯電路，可以獨立工作的是并聯電路。5．串聯電路中的電流規律【知識點的認識】從理論上分析，經過電路中各個部分的電荷，不會消失，也不會憑空增加，所以單位時間內經過串聯電路各處的電荷一樣多，也就是說串聯電路中電流處處相等．表達式為I1＝I2＝…In【命題方向】判斷串聯電流中各電路中的電流大小是中考的熱點，常以選擇題，填空題出題，考查定性關系例：如圖AO和OB是兩段由同種材料制成的粗細不同的電阻線，這兩段電阻線的長度相等。當把它們串聯接入某一電路中時，電阻線AO和OB兩端電流之間的關系是（）A.IAO＜lOBB.IAO＞IOBC.IAO＝IOBD.無法確定分析：在串聯電路中，電流處處相等，據此分析判斷。解析：解：由題意知，導體AO與OB串聯接入電路，由串聯電路的電流特點知，流過串聯電路的電流處處相等，所以IAO＝IOB，故ABD錯誤；C正確。故選：C。點評：本題主要考查了串聯電路的特點，難度不大，屬于基礎知識。【解題方法點撥】無論串聯電路中的用電器規格是否相同，只要串聯，通過電路的電流處處相等．串聯電路中電流相等不要理解為電流是不變的，一個用電器的電流改變，流過其他用電器的電流也改變，但兩者相等．6．并聯電路中的電流規律【知識點的認識】電流和水流相似，我們以水流為例，從干渠里流出來的水分支后，由于每一條支路上的水流都是從干渠里流出來的，所以每一條支路上的水流都比干渠中的水流少，同理，在并聯電路中，每一條支路中的電流都比干路中的電流小，所以并聯電路有分流的特點．也就是說在并聯電路中，干路電流等于各支路電流之和．表達式為：I＝I1+I2+…In【命題方向】通常以判斷并聯電路中各部位的電流大小情況，難點是電路的分析，中考常以選擇題、填空題和實驗探究題等形式出題，考查定性關系．例：如圖所示電路，閉合開關后，其中L1、L2規格相同，比較a、b、c、d四處電流的大小，其中正確的是（）A.Ia＝IdB.Ia＞IdC.Ia＜IbD.Ib＝Ic分析：由電路圖可知，a、d是干路中的兩點，b、c是兩支路中的兩點，根據串并聯電路特點分析答題。解析：解：由電路圖可知，a、d是干路中的兩點，b、c是兩支路中的兩點；AB、串聯電路電流處處相等，則a、d兩點電流相等，故A正確，B錯誤；C、干路電流大于支路電流，故a點電流大于b點電流，故C錯誤；D、兩燈泡并聯，如果兩燈泡規格相同，則兩支路電流相等，b、c電流相等，故D正確。故選：AD。點評：本題考查了串并聯電路的電流特點，熟練掌握串并聯電路特點、分析清楚電路結構即可正確解題。【解題方法點撥】解決此類題目時，分析電路連接情況以及電流表是測量哪一部分電路的電流是關鍵，必要時可畫出其等效電路圖，然后再根據串、并聯電路的電流規律得出正確結論．7．串聯電路中的電壓規律【知識點的認識】串聯電路中總電壓等于各部分電路電壓之和。數學表達式：U＝U1+U2【命題方向】串并聯電路的電壓特點在中考中常出現，常常貫穿在歐姆定律、電功率等綜合知識中，結合對電路的分析進行考查，所以電壓規律是解決電學綜合題的一項重要基礎，電壓表所測范圍的判斷也是隱藏在這一知識點中的考查問題。例：某一部件外殼上三個電壓表的示數分別為U1、U2、U3，三個電流表的示數分別為I1、I2、I3，它的內部結構如圖所示。以下對各數據的分析正確的是（）A.U1＝U2＝U3B.U3＝U1+U2C.I1＞I2＞I3D.I1＝I2+I3分析：電流表的電阻很小，在電路中相當于一導線；電壓表的電阻很大，在電路中相當于開路；據此簡化電路圖可知，電阻R1、R2串聯，并分析各電流表和電壓表的測量對象，根據串聯電路的電流、電壓特點進行解答。解析：解：由電路圖可知，兩電阻串聯，三個電流表均測串聯電路中的電流，所以三個電流表的示數相同，即I1＝I2＝I3；由圖可知，電壓表V1測R1兩端的電壓U1，電壓表V2測R2兩端的電壓U2，電壓表V3測R1和R2兩端的總電壓U3，因為串聯電路兩端的電壓等于各用電器兩端的電壓之和，所以U3＝U1+U2。故選：B。點評：本題考查了串聯電路的電流和電壓特點，分析電路圖得出兩電阻的連接方式以及各電表的測量對象是解題的關鍵。【解題方法點撥】（1）首先明確電路的串、并聯關系，必要時對電路進行等效處理，并畫出電路圖（2）弄清楚電壓表測量哪一部分電路的電壓、根據題中的條件判斷出電壓表的量程（3）根據串、并聯電路的電壓規律進行分析計算。8．并聯電路中的電壓規律【知識點的認識】并聯電路中各支路兩端的電壓相等，等于總電壓。數學表達式：U＝U1＝U2【命題方向】通常以判斷并聯電路中各部位的電壓大小情況，難點是電路的分析，中考常以選擇題、填空題和實驗探究題等形式出題，考查定性關系．例：如圖所示的電路中，將開關S閉合，燈L1和燈L2均發光。燈L1的電阻為R1，燈L2的電阻為R2，且R1＞R2。下列說法中正確的是（）A.L1和L2串聯關系B.L1兩端的電壓等于L2兩端的電壓C.L1兩端的電壓大于L2兩端的電壓D.通過燈L1的電流等于通過開關的電流分析：并聯電路中，各支路兩端的電壓相等。由圖可知，兩燈泡并聯，根據并聯電路中電壓和電流的規律進行判斷。解析：解：A、由圖可知，電路中電流有兩條路徑，兩燈是并聯關系，故A錯誤；BC、并聯電路中各支路兩端電壓相等，所以L1兩端的電壓等于L2兩端的電壓，故B正確、C錯誤；D、由圖可知，開關在干路中，由并聯電路中干路電流等于各支路電流之和可知，通過燈L1的電流小于通過開關的電流，故D錯誤。故選：B。點評：本題考查了并聯電路的識別、并聯電路中的電流、電壓特點，屬于基礎題。【解題方法點撥】（1）首先明確電路的串、并聯關系，必要時對電路進行等效處理，并畫出電路圖（2）弄清楚電壓表測量哪一部分電路的電壓、根據題中的條件判斷出電壓表的量程（3）根據串、并聯電路的電壓規律進行分析計算。9．半導體的特點【知識點的認識】（1）概念：導電性能介于導體和絕緣體之間的材料稱作半導體（2）特點：a.電阻比導體大的多，比絕緣體小的多b.半導體的導電性能受溫度、壓力、光照等因素影響較大（3）應用：光敏電阻、力敏電阻、熱敏電阻、二極管、三極管等。【命題方向】主要以半導體材料的實際應用為主。例：2024年的龍年春晚，成為人人熱議的中心！創意表演中有數不勝數的華為諸多系列的手機，有賣斷貨的Mate60Pro、折疊屏MateX5、P50Pocket等等。制作手機芯片的材料主要是半導體（選填“超導體”“半導體”或“導體”）。分析：半導體的導電能力介于導體和絕緣體之間。解析：解：半導體的導電能力介于導體和絕緣體之間，制作手機芯片的材料主要是半導體。故答案為：半導體。點評：本題考查了半導體的特點和應用，屬于基礎題。【解題方法點撥】概念性知識，牢記即可。10．歐姆定律的簡單計算【知識點的認識】有關歐姆定律的分析計算：①求電流，公式：I=U②求電壓，公式：U＝IR；③求電阻，公式：R=只要知道I、U、R中的任意兩個量就可以利用歐姆定律計算出第三個量【命題方向】歐姆定律是電學部分的核心內容，初中物理電學的一個難點，其綜合性強，包含了電流、電壓、電阻的知識及其聯系，是中考的命題重點和熱點，所占分值也較大．運用歐姆定律分析、計算、串并聯電路問題，特別是動態電路的分析、幾乎是中考必考．例：如圖所示，電源電壓保持不變，定值電阻R1的阻值為10Ω。當開關S1、S2均閉合時，電流表示數為0.5A。當只閉合開關S1閉合時，電流表的示數為0.1A。求：（1）電源電壓；（2）定值電阻R2的阻值。分析：（1）由圖可知，當開關S1、S2均閉合時，R2被短接，電路等效為R1接在電源兩極的簡單電路，電流表測量電路中的電流；由歐姆定律計算電源電壓；（2）當只閉合開關S1閉合時，R1、R2串聯，電流表測量電路中的電流，根據串聯電路規律和歐姆定律計算定值電阻R2的阻值。解析：解：（1）由圖可知，當開關S1、S2均閉合時，R2被短接，電路等效為R1接在電源兩極的簡單電路，電流表測量電路中的電流I＝0.5A，由歐姆定律可得，U＝U1＝IR1＝0.5A×10Ω＝5V；（2）當只閉合開關S1閉合時，R1、R2串聯，電流表測量電路中的電流I′＝0.1A，根據歐姆定律可得，R1兩端的電壓：U′1＝I′1R1＝I′R1＝0.1A×10Ω＝1V，根據串聯電路電壓規律可得，R2兩端的電壓：U′2＝U﹣U′1＝5V﹣1V＝4V，由歐姆定律可得，定值電阻R2的阻值：R2=U'2答：（1）電源電壓是5V；（2）定值電阻R2的阻值是40Ω。點評：本題考查串聯電路規律和歐姆定律公式的應用，是基礎題。【解題方法點撥】利用歐姆定律解答計算題的“四步驟”：審題：畫電路圖，標已知量，待求量，明確各用電器之間的連接方式，各個電表測量的對象思考：明確解題思路，尋找解題依據，如歐姆定律以及串、并聯電路中的電流、電壓的特點求解：利用公式分布計算，列方程，用數學方法求解，要有必要的文字說明及依據的物理公式評價：討論結果的合理性，得出答案11．歐姆定律的應用【知識點的認識】（1）相關基礎知識鏈接：①電流規律：串聯：I＝I1＝I2．串聯電路電流處處相等。并聯：I＝I1+I2．并聯電路干路電流等于各支路電流之和。②電壓規律：串聯：U＝U1+U2．串聯電路總電壓等于各部分電路兩端電壓之和。并聯：U＝U1＝U2．并聯電路各支路兩端電壓相等，等于總電壓。③電阻規律：串聯：R＝R1+R2．串聯電路總電阻等于分電阻之和。并聯：1R=1④比例規律：串聯：U1并聯：I1R1＝I2R2．并聯電路中電流與電阻成反比。⑤歐姆定律：I=U【命題方向】歐姆定律的綜合應用是電學部分的核心，也是最基礎的內容，這一節知識是難點也是中考必考點。常結合日常生活生產中遇到的電路問題考查歐姆定律的應用，計算題多與后面的電功率計算結合在一起，作為中考的壓軸題出現。訓練時應足夠重視。例：如圖甲所示是電阻R和燈泡L的U﹣I圖象。由圖甲可知，電阻R的阻值為20Ω。若電源電壓不變，將電阻R和燈泡L接在圖乙電路中，S閉合，電流表示數為0.6A，則電源電壓為18V。分析：電阻R的U﹣I圖象是正比例函數，則R為定值電阻，根據圖象讀出任意一組電流和電壓值，根據歐姆定律求出R的阻值；將電阻R和小燈泡L串聯在圖乙所示的電路中時，通過它們的電流相等，根據歐姆定律求出R兩端的電壓，根據圖象讀出燈泡兩端的電壓，利用串聯電路的電壓特點求出電源的電壓。解析：解：由圖象可知，電阻R的I﹣U圖象是正比例函數，則R為定值電阻，當R兩端的電壓UR＝2V時，通過的電流IR＝0.1A，由歐姆定律可得R的阻值：R=URI由圖乙可知，燈泡L與電阻R串聯，電流表測電路中的電流，當電流表示數為0.6A時，R兩端的電壓：UR′＝IR＝0.6A×20Ω＝12V，由圖象可知，燈泡兩端的電壓UL＝6V，因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，電源的電壓：U＝UR′+UL＝12V+6V＝18V。故答案為：20；18。點評：本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律的應用，從圖象中獲取有用的信息是關鍵。【解題方法點撥】（一）比例問題解決這類問題一要掌握規則，二要弄清是哪兩部分相比。①串聯電路電流處處相等，即電流之比為：I1：I2＝1：1；根據I=UR可知電壓與電阻成正比，②并聯電路各支路電壓相等，即電壓之比為U1：U2＝1：1；根據U＝IR可知電流與電阻成反比，I1R1＝I2R2。（二）電表示數變化問題（1）解決這類問題最重要的是弄清電路是串聯還是并聯，不同的連接方式有不同的判斷規則。①串聯電路：電流與電阻的變化相反，即電阻變大時電流變小，電阻變小時電流變大；按電阻的正比例來分配電壓。②并聯電路：各支路的電壓都與電源電壓相等，所以電壓是不變的；阻值變化的支路電流隨之變化，阻值不變的支路電流也不變。③電壓表與電流表示數的比值：根據導出式R=U（2）解決這類電表示數變化的問題時，注意不要在第一步判斷串并聯時出錯。（3）滑動變阻器連入電路的是哪一部分，沒有判斷清楚，也是解決電表示數變化問題常出現的錯誤。12．串并聯的比例計算【知識點的認識】明確：電路的連接方式，即電路是并聯還是串聯運用：串聯電路的分壓關系、并聯電路的分流關系及歐姆定律進行分析注意：若題圖中有電流表或電壓表，則要明確電流表或電壓表各是測量哪部分電路中的電流或哪段電路兩端的電壓，防止比例搞錯【命題方向】考查對串聯分壓、并聯分流關系的應用例：如圖所示，閉合開關S，兩電流表示數之比為3：1，下列判斷正確的是（）A.R1、R2的電流之比為I1：I2＝3：1B.R1、R2的電流之比為I1：I2＝2：1C.R1、R2的電壓之比為U1：U2＝1：3D.R1、R2的電壓之比為U1：U2＝2：1分析：由電路圖可知，R1與R2并聯，電流表A1測干路電流，電流表A2測R2支路的電流，根據并聯電路的電流特點求出通過兩電阻的電流之比；根據并聯電路兩端的電壓關系確定電壓之比。解析：解：由電路圖可知，R1與R2并聯，電流表A1測干路電流，電流表A2測R2支路的電流，AB、因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，通過兩電阻的電流之比：I1I2=ICD、因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，故兩電阻兩端的電壓之比為1：1，故CD錯誤。故選：B。點評：本題考查了并聯電路的特點和歐姆定律的應用，是一道較為簡單的應用題。【解題方法點撥】（1）判斷電路的連接方式（2）根據電路特點列關系式（3）聯立各關系式求解13．電阻的并聯【知識點的認識】（1）電阻的并聯實質是增大了導體的橫截面積，所以并聯電路的總電阻比任何一個分電阻都小。（2）并聯電路的總電阻的倒數等于各分電阻的倒數之和。公式：1R（3）并聯電路中任何一個分電阻增大，總電阻也隨之增大。（4）n個阻值相同的電阻并聯，總電阻等于Rn【命題方向】電阻的并聯這一知識點常結合電流、電壓規律和歐姆定律，考查綜合性問題，計算問題。例：兩個電阻R1＝6Ω，R2＝4Ω，串聯使用總電阻是10Ω，并聯使用總電阻是2.4Ω。分析：根據串并聯電路電阻規律求出兩電阻串聯或并聯后的總電阻。解析：解：因串聯電路的總電阻等于各分電阻之和，所以兩電阻串聯后的總電阻：R＝R1+R2＝6Ω+4Ω＝10Ω；因并聯電路總電阻的倒數等于各支路電阻倒數之和（1R=1R1+故答案為：10；2.4。點評：本題考查串并聯電路電阻規律，屬于基礎題。【解題方法點撥】（1）反比實質是倒數之比，并不是前后位置的調換，例如1：2：3的反比不是3：2：1，而是6：3：2。（2）在并聯電路中各支路電壓相等，總電流等于各支路電流之和。（3）并聯電路中，電流與電阻成反比。14．電阻和燈泡的伏安特性曲線【知識點的認識】對一般金屬導體，R＝U/I，其阻值不變，但小燈泡通電后，溫度有很大變化，其電阻率有較大改變，故小燈泡的阻值隨之改變。其U﹣I圖像就不是一條過原點的直線。【命題方向】常出現在實驗題中，結合測小燈泡電阻試驗進行考查。例：小明在物理實驗室用如圖甲所示的電路測量小燈泡的電阻。已知電源電壓為3V，小燈泡的額定電壓為2.5V。（1）根據圖甲中的電路圖，用筆畫線代替導線把圖乙中的實物圖連接完整。（2）正確連接電路后，閉合開關S前，為了保護電路，應把滑動變阻器的滑片P移到B（選填“A”或“B”）端。（3）閉合開關S后，移動滑動變阻器的滑片P到不同位置，并記下不同位置時電壓表和電流表的示數，某次電流表的指針位置如圖丙所示，讀數為0.3A。（4）通過實驗數據作出小燈泡的I﹣U圖象如圖丁所示，則小燈泡正常發光時的電阻為5Ω；通過圖象發現，在不同電壓下，小燈泡的電阻阻值不同，且燈絲的電阻隨溫度的升高而變大（選填“變大”或“變小”）。分析：（1）根據圖甲可知應將電壓表并聯在小燈泡兩端，根據燈泡的額定電壓確定電壓表的量程，據此完成圖乙電路；（2）連接電路后，閉合開關前，為了保護電路，應把滑動變阻器的滑片P移到阻值最大端；（3）根據電流表的量程，確定分度值并讀數；（4）根據I﹣U的關系圖像確定燈泡額定電壓對應的額定電流，根據R=U燈絲的電阻會隨溫度的升高而變大。解析：解：（1）燈泡的額定電壓為2.5V，電壓表選小量程并聯在小燈泡兩端，如下圖所示：（2）連接電路后，閉合開關前，為了保護電路，應把滑動變阻器的滑片P移到阻值最大端，即B端；（3）由圖丙可得，電流表量程為0～0.6A，分度值為0.02A，則讀數為0.3A；（4）由I﹣U的關系圖像可知，當燈泡兩端電壓為2.5V時，通過燈泡的額定電流為0.5A，小燈泡正常發光時的電阻為：R=UI=由I﹣U的關系圖像可知，當燈泡兩端的電壓增大，通過燈泡的電流也增大，根據P＝UI可知，燈泡的功率變大，燈絲的溫度升高，燈絲的電阻隨溫度的升高而變大。故答案為：（1）見解答圖；（2）B；（3）0.3；（4）5；變大。點評：本題測量小燈泡的電阻的實驗，考查了電路連接、滑動變阻器的使用、電流表讀數、電阻的計算、影響電阻大小因素，難度一般。【解題方法點撥】小燈泡的燈絲是采用電阻受溫度影響大的材料制成的，因此當小燈泡兩端電壓增大時，小燈泡的溫度會升高，燈絲電阻會變大。此處的電阻變化，并不是由實驗誤差引起的。15．電能表的參數【知識點的認識】參數的理解：220V：表示電能表應該在220V的電路中使用；10（20）A：表示該電能表的標定電流是10A，額定最大電流是20A；50Hz：表示電能表在50Hz的交流電路中使用；600revs/kW?h：表示接在這個電能表上的用電器每消耗1kW?h的電能，電能表上的轉盤轉過600圈．【命題方向】根據電能表的圖示，讀出對應的參數情況。例：如圖是小王家的電能表，下列說法正確的是（）A.電能表的讀數為56378kW?hB.這個電能表正常工作的電壓為380VC.通過這個電能表的電流為20A時，它才能正常工作D.小王家用電器每消耗1度電，電能表指示燈閃爍1600次分析：（1）電能表讀數時，注意：電能表的最后一位數是小數，單位是kW?h；（2）“220V20A”中，220V是指電能表的工作電壓，20A是指電能表平時工作允許通過的最大電流；（3）1600imp/（kW?h）表示電路中用電器每消耗1kW?h的電能，電能表的指示燈閃爍1600次。解析：解：A、電能表的最后一位數是小數，單位是kW?h；圖示電能表的讀數為5637.8kW?h，故A錯誤；BC、“220V20A”中，說明這個電能表正常工作的電壓為220V，電能表平時工作時允許通過的最大電流為20A，故BC錯誤；D、小王家用電器每消耗1度電＝1kW?h，電能表指示燈閃爍1600次，故D正確。故選：D。點評：本題考查了對電能表相關參數的理解，屬于基礎題目。【解題方法點撥】要熟記電能表上各參數的詳細含義．16．電能表的讀數【知識點的認識】電能的求法：①測量較大電能時用刻度盤讀數：最后一位是小數位；兩次讀數之差就是這段時間內消耗的電能，單位是度（千瓦時）；②測量較小電能時用轉盤轉數讀數：通過記錄某段時間內電能表轉盤轉數，結合電能表轉盤每轉表示的電能計算出該段時間內消耗的電能．【命題方向】考查電能的求法，包括電能表的讀數，以及通過轉盤數測量電能的大小。例：如圖為家用電能表，此儀表可用在最大功率為2200W的家庭電路上，甲為上月抄表時的讀數，乙為本月抄表的讀數，這期間該用戶用電82.5度。分析：根據電能表的銘牌，利用P＝UI可得出最大功率；用電能表本月的示數減去上月的示數，可得出用電度數。解析：解：從電能表的銘牌“220V10A