2025屆湖北華大新高考聯盟高三上學期11月教學質量測評物理

試題

學校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.如圖，有一勻強電場的電場強度方向與圓所在平面平行，圓的半徑R=lm,圓周上的3

個點。、b、c的電勢分別為弘=0、%=12V、虱=6V,其中必為圓的直徑，Xcab=60°,

A.E=4/v/mB.E=2/V/m

C.E=12V/mD.E=73V/m

2.一靜止的鈾核放出一個a粒子衰變成鈕核，衰變方程為膘Uf22Th+；He。下列說法正

確的是（）

A.a射線的穿透能力比B射線強B.高溫下的半衰期變短

C.鈾核的質量大于a粒子與社核的質量之和D.置U比記Th的比結合能大

3.如圖所示，由紫光與紅光混合的細光束從底面鍍銀的半圓形玻璃磚頂點A以入射角。=60。

射入玻璃磚，已知該玻璃磚對紫光與紅光的折射率分別為如、”2（如＞〃2＞逅），光束在玻璃

2

磚半圓弧面上發生折射時不考慮反射，紫光與紅光在玻璃磚內傳播的時間分別為。、t2。下

A.ti>t2B.tl=t2C.tl<t2D.ti<t2

4.如圖所示，衛星〃、b沿圓形軌道繞地球運行，〃是極地軌道衛星，衛星b軌道平面與地

球赤道平面重合，此時兩衛星恰好經過地球赤道上P點的正上方。已知地球自轉周期為T,

衛星小6繞地心做勻速圈周運動的周期分別為!則（）

42

A.衛星以6的線速度之比為直：1

B.衛星以6的向心加速度之比為亞？：2

C.同一物體在衛星久b中對支持物的壓力之比為痂:1

D.衛星以6下一次同時經過P點正上方時，衛星6繞地心轉過的角度為41

5.如圖所示，理想變壓器原線圈接入電壓恒定的正弦交流電，副線圈接入最大阻值為R的

滑動變阻器和阻值為R的定值電阻，電壓表和電流表均為理想交流電表。在變阻器滑片從。

端向b端緩慢移動的過程中（）

C.定值電阻R消耗的功率減小D.原線圈的輸入功率先減小后增大

6.如圖所示，在水平光滑絕緣桌面上有一等腰直角三角形單匝均勻金屬線框必c,直角邊

長為乙。空間存在豎直向下的有界勻強磁場，有界磁場的寬度為2L。線框在水平拉力歹作

用下向右勻速穿過磁場區域，若圖示位置為/=。時刻，設逆時針方向為電流的正方向，水

平向右為拉力的正方向，則線框中的感應電流i和拉力廠隨時間/的關系圖像可能正確的是

（時間單位為古，圖中曲線為拋物線）（）

V

試卷第2頁，共8頁

XXX

a

XXX

cbXXX

B

XXX

7.給小滑塊一初速度，使其從粗糙斜面底端沿斜面上滑，上滑到最高點后又滑回斜面底端,

則下列說法正確的是（）

A.小滑塊沿斜面上滑和下滑兩過程的時間相等

B.小滑塊沿斜面上滑過程的加速度小于下滑過程的加速度

C.小滑塊沿斜面上滑過程損失的機械能大于下滑過程損失的機械能

D.小滑塊沿斜面上滑過程合力的沖量大于下滑過程合力的沖量

二、多選題

8.如圖所示，一輕彈簧原長為20cm,其一端固定在傾角為37。的固定直軌道AC的底端A

處，軌道AC長為40cm,8為AC中點。在軌道AC的右側有一高為0.69m的水平桌面。用質

量為0.2kg的小物塊從B點開始緩慢壓縮彈簧，當壓縮量達到10cm時撤去外力，小物塊從C

點飛出后恰好從。點沿水平方向滑上桌面。已知小物塊與直軌道AC間的動摩擦因數為0.5,

重力加速度大小為g=10m/s2,sin37°=0.6,cos370=0.8,貝U()

A.C點與桌面左端。點的水平距離為Im

B.小物塊運動到C點時重力的瞬時功率為10W

C.彈簧的最大彈性勢能為3.1J

D.小物塊從C點運動到D點的過程中動量變化量的大小為0.6N-s

9.如圖（。）所示，握住軟繩的一端周期性上下抖動，在繩上激發了一列簡諧波。圖3）是該

簡諧橫波在傳播方向上相距5m的兩個質點的振動圖像，則波的傳播速度可能為（）

A.5m/sB.—m/sC.O.5m/sD.一m/s

613

10.如圖所示，平行光滑金屬導軌間距為L,導軌處在豎直向上的勻強磁場中，兩個相同的

金屬棒ab、cd垂直于導軌平行放置，與導軌始終接觸良好，每個金屬棒質量為加，接入電

路的電阻均為開始時〃棒鎖定在軌道上，對仍棒施加水平向右的恒定拉力尸，經時間

，，疑棒的速度達到最大值v,此時撤去拉力，同時解除對〃棒的鎖定，導軌足夠長且電阻

不計。則（

A.勻強磁場的磁感應強度大小3為工、1亞B.撤去拉力前必棒前進的距離為

Lvv

cmv2

2vt-------

F

試卷第4頁，共8頁

C.撤去拉力前而棒前進的距離為*苧

D.全過程中回路產生的焦耳熱為

5mv2

Fvt-

三、實驗題

11.某科技小組想驗證向心力大小的表達式，實驗裝置如圖（。）所示。

A.等效法B.放大法C.控制變量法

（2）考慮到實驗環境、測量條件等實際因素，對于這個實驗的操作，下列說法中正確的是

（填選項前的字母）。

A.相同體積的小球，選擇密度大一些的小球可以減小空氣阻力的影響

B.應使小球的釋放位置盡量高一點，使小球獲得較大的初速度，減小實驗誤差

C.每組實驗過程中力傳感器的示數一直變化，小組成員應記錄力傳感器示數的平均值

（3）固定在懸點。處的力傳感器通過長度為/的細繩連接小球，小球直徑為d,懸點正下方的

光電門可以測量小球直徑的擋光時間加。在細繩/和小球不變的情況下，改變小球釋放的高

度，獲得多組數據。以力傳感器示數/為縱坐標、右，為橫坐標建立坐標系，描出多組數

據點，作出如圖S）所示圖像，圖線斜率為左,在縱軸上的截距為6。則小球的質量為

（可用“、I、k、人和重力加速度g表示）

12.某實驗小組測定一節干電池的電動勢和內阻。

（1）實驗前，他們討論并提出的實驗方案中有如下四種器材組合。為使實驗結果盡可能準確，

最不可取的一組器材是（）

A.一個電流表、一個電壓表和一個滑動變阻器B.一個電壓表和多個定值電阻

C.一個電流表和一個電阻箱D.兩個電流表和一個滑動變阻器

(2)實驗小組成員走進實驗室，根據實驗室中的實驗器材和老師的建議，最終確定了如圖(a)

所示的實驗電路，其中電壓表量程為3V,電流表量程為0.6A,及為保護定值電阻。某次測

(3)實驗小組的同學閉合開關S,多次調節滑動變阻器，讀出多組電流表示數/和對應的電壓

表示數U,由測得的數據繪出了如圖所示的圖線，則電源的電動勢￡=，內阻

:(結果用4、6和&表示)。

圖(c)

(4)在上述實驗中存在系統誤差。在下列所繪圖像中，虛線代表沒有誤差情況下電壓真實值

與電流真實值關系的圖像,則下圖中能正確表示二者關系的是()

四、解答題

試卷第6頁，共8頁

13.如圖所示，一粗細均勻的U型的玻璃管豎直放置，左側豎直管上端封閉，右側豎直管

上端與大氣相通且足夠長,左側豎直管中封閉一段長為〃=48cm的空氣柱(可視為理想氣體),

氣體的溫度為力=300K,水平管內充滿水銀，右側豎直管中水銀柱長歷=24cm,如果從右側

豎直管內緩慢注入/z=36cm水銀柱，注入的水銀與原來右側管內水銀之間沒有空氣，注入過

程空氣柱的溫度保持不變，水銀柱長度遠遠大于玻璃管的直徑，大氣壓強為po=76cmHg。

(1)求穩定后空氣柱的長度以

(2)如果要使空氣柱再恢復到原來的長度48cm,求需要將空氣柱的溫度變為多少。

14.一款彈珠游戲簡化示意圖如圖所示，質量為機的均勻圓環B靜止平放在粗糙的水平桌

面上，其半徑為R=0.5m。另一質量為2根的光滑彈珠A以水平速度vo=0.3m/s穿過圓環

上的小孔正對環心射入環內，與圓環發生第一次碰撞后到第二次碰撞前彈珠恰好不會從小孔

中穿出。假設彈珠與圓環內壁的碰撞為彈性正碰，忽略彈珠與桌面間的摩擦，只考慮圓環與

桌面之間的摩擦(且桌面粗糙程度各處相同)，桌面足夠長。求：

(1)第一次碰撞后瞬間彈珠的速度大小和方向；

(2)第鞏次碰撞后瞬間圓環的速度大小；

(3)圓環從開始運動至最終停止的過程中通過的總位移。

15.如圖所示，在42d的區域中，存在沿y軸正方向、場強大小為E的勻

強電場，電場的周圍分布著垂直于紙面向外的恒定勻強磁場。一個質量為辦電量為4的帶

正電粒子從O尸中點A無初速度進入電場(不計粒子重力)，粒子從上邊界垂直于QN第一次

離開電場后，垂直于NP再次進入電場。求:

川

Q9-

AA

E

O*Z?P

⑴磁場的磁感應強度大小B；

(2)粒子第二次在電場中運動的位移大小s.

(3)粒子自A點運動到第一次從QN邊進入電場所需的時間兀

試卷第8頁，共8頁

《2025屆湖北華大新高考聯盟高三上學期11月教學質量測評物理試題》參考答案

題號12345678910

答案ACADCDDCDBCAC

1.A

【詳解】設電場強度大小為E,電場強度方向與水平方向夾角為凡O點電勢為

心號=6V

因為

(P°=(Pe

所以0、c為等電勢點，電場線方向與0c垂直。根據幾何關系可知

6=30°,E=5=Uok=4百V/m

dRcosd

故A正確。BCD錯誤。

【詳解】A.a射線的穿透能力比|3射線弱。故A錯誤；

B.半衰期由原子核內部結構決定，與環境溫度無關，所以高溫下置U的半衰期不變。故B

錯誤；

C.依題意，鈾核衰變時釋放能量，質量虧損，所以鈾核的質量大于a粒子與社核的質量之

和。故C正確；

D.置u是反應物，其比結合能小于生成物記Th的比結合能。故D錯誤。

故選C。

3.A

【詳解】作出光束在玻璃磚內傳播的光路圖。

答案第1頁，共15頁

設半圓形玻璃磚的半徑為R,真空中的光速為c,紫光、紅光在A點的折射角分別為a、

對紫光有

sin。c_2Rcosa

%=------,vi=—,fi=

sina4匕

解得

27?sin6(cota

%=

同理得

t_27?sin0cot/3

由于故選項A正確BCD錯誤。

故選A。

4.D

【詳解】A.根據

cMm4n2

Ijrr

v=-----

T

解得

ITIGM

可知衛星a、6的線速度之比為

選項A錯誤;

答案第2頁，共15頁

B.根據

可知

選項B錯誤；

C.在衛星功中的物體都處于完全失重狀態，則對支持物的壓力均為零，選項C錯誤;

D.衛星a下一次經過P點正上方時經過的時間為

了〒為

4

解得

，=#（“尸1、2、3……）

衛星b下一次經過P點正上方時經過的時間為

’2’2_”

T-T~2

2

解得

二〃2T（及2=1、2、3........）

當釘=/2時可得

m=3M2=l

則經過的時間為T,衛星〃繞地心轉過的角度為4萬，選項D正確。

故選D。

5.C

【詳解】B.根據

￡i_=Zl

U2%

可知副線圈電壓保持不變，即電壓表V示數不變，故B錯誤；

A.分析右端電路可知，R與滑動變阻器下半部分并聯后，再與上半部分串聯接入電路。設

滑動變阻器下邊的電阻為無，則副線圈中的總電阻為

答案第3頁，共15頁

xRI

=nR-x-\--------=Rn——-——-

x+R1

X2X

當變阻器滑片從。端向b端緩慢移動的過程中，副線圈的阻值增大，根據

可知副線圈電流減小，由

A_n2

1]"1

可知原線圈電流減小，即電流表A示數減小，故A錯誤;

C.在變阻器滑片從。端向b端緩慢移動的過程中，滑動變阻器下半部分和R并聯部分電壓

減小，定值電阻R消耗的功率

P=￡1

RR

減小，故C正確;

D.原線圈的輸入功率

與入=5

隨著原線圈電流的減小而減小，故D錯誤。

故選C。

6.D

【詳解】AB.在時間為0到一范圍內，由幾何關系可知，線框有效切割長度為佑-日），可

得感應電動勢

E=B（L-vt）y

可知感應電動勢隨時間線性減小，根據右手定則可判斷電流方向由匕指向。，所以感應電流

為正方向，且線性減小到0；在時間為自到23范圍內，線框的磁通量保持不變，沒有感應

VV

電流；在時間為2。至IJ3：范圍內，線框有效切割長度為（乙-1力，可得感應電動勢

E=B（L-vZ）v

可知感應電動勢線性減小，根據右手定則可判斷電流方向由c指向a,所以感應電流為負方

向，且線性減小到0,故AB錯誤；

CD.由以上分析可知，在時間為。到。范圍內，線框處于磁場中的實際長度為（乙-W），可

答案第4頁，共15頁

得安培力大小為

B\L-vt)2v

安R

根據左手定則可判斷安培力方向為水平向左，拉力與安培力二力平衡，所以拉力水平向右，

即拉力方向為正方向，其大小為

同理得在時間為2人至IJ3人到范圍內，有

VV

F=y巴彳必

且拉力方向為正。在時間為且到23范圍內，線框的磁通量保持不變，沒有感應電流，安培

VV

力為零，拉力也為零，故C錯誤，D正確。

故選D。

7.D

【詳解】B.物體先減速上滑后加速下滑，根據牛頓第二定律可得

mgsin0+jumgcos0=ma匕

mgsin6-jumgcos0=ma下

所以

〃上〉〃下

故B錯誤；

A.根據

12

x=—at

2

可知，由于上滑過程加速度大于下滑過程加速度，則小滑塊沿斜面上滑所用時間小于下滑過

程的時間，故A錯誤；

C.根據功能關系可得

AE=jumgcos0x=jumgxcos0

所以小滑塊沿斜面上滑過程損失的機械能等于下滑過程損失的機械能，故c錯誤；

D.由于小滑塊滑動過程中需要克服摩擦力做功，所以機械能減小，當返回到斜面底端時速

答案第5頁，共15頁

度小于上滑的初速度，所以上滑過程動量變化量較大，根據動量定理可得，小滑塊沿斜面上

滑過程合力的沖量大于下滑過程合力的沖量，故D正確。

故選D。

8.CD

【詳解】D.小物塊從C點運動到。點的過程，逆向看為平拋運動，根據平拋運動規律有

1,

h-LACsin37°=產

解得

t—0.3s

由動量定理得該過程中動量變化量的大小為

Ap=mgt=0.6N-s

故D正確；

AB.根據速度時間公式可得

vy=gt=3m/s

則有

v

%=舄=5m/s,v=-----——=4m/s

7口ntan37°

則c點與桌面左端。點的水平距離

x=vDt=1.2m

小物塊運動到C點時重力瞬時功率

P=mgvy=6W

故AB錯誤;

C.小物塊在直軌道上運動的過程,由能量守恒定律得彈簧的最大彈性勢能為

LAB)sin37°+/img

2

故C正確。

故選CD。

9.BC

【詳解】根據題意知，周期

T=4s

0秒時相距5m的這兩個質點左側的在波峰位置，右側在波谷位置，據圖及題意知，波向右

答案第6頁，共15頁

傳播，則

——F〃之=5m(n=0,1,2???)

2

根據

2

v=—

T

當

n=0

時解得

2=10m

v=2.5m/s

是最大值，當

n=l

時解得

c10

Z=——m

3

5,

v=-m/s

6

當

n=2

時解得

2=2m

v=0.5m/s

當

n=3

時解得

c10

Z=——m

7

5,

v=-m/s

14

故BC正確。

故選BC。

10.AC

【詳解】A.4棒勻速時受力平衡，有

答案第7頁，共15頁

F=BIL

E=BLv

故A正確；

BC.4棒從開始運動到勻速，列動量定理

故B錯誤，C正確。

D.解除鎖定后兩棒相互作用過程中動量守恒，最后共同運動速度為v共,

對全過程由能量守恒定律

Q=Fvt——mV

?4

故D錯誤。

故選AC?

11.(1)C

(2)AB

"、kQl+d)

(3)777=—或者m=———

g2d2

【詳解】(1)本實驗采用的實驗方法是控制變量法，故選C。

(2)A.相同體積的小球，選擇密度大一些的小球可以減小空氣阻力的影響，選項A正確；

B.應使小球的釋放位置盡量高一點，使小球獲得較大的初速度，減小實驗誤差，選項B正

確；

答案第8頁，共15頁

C.每組實驗過程中力傳感器的示數一直變化，小組成員應記錄小球到達最低點時力傳感器

示數的最大值，選項C錯誤;

故選AB,

（3）根據

2

「V

r-mg=m----

Z+-

2

其中

d

v=一

Ar

可得

_2md之1

F=+----------

2l+d(Ar)2

可知

mg=b

解得

b

m=—

g

或者

2mJ2

-2l+d

解得

左(2/+d)

m=----；——

2d2

12.(1)D

⑵0.401.30

(3)a

b

⑷A

【詳解】（1）A.一個電流表、一個電壓表和一個滑動變阻器，即伏安法，根據閉合電路歐

姆定律

E=U+Ir

調節滑動變阻器，從而得到多組U、I,進而求得E、r,故A正確，不符合題意;

B.一個伏特表和多個定值電阻，即伏阻法，根據閉合電路歐姆定律

答案第9頁，共15頁

換用不同的定值電阻，從而得到多組U、R,進而求得E、r,故B正確，不符合題意；

C.一個電流表和一個電阻箱，即安阻法，根據閉合電路歐姆定律

E=I(R+r)

調節電阻箱的阻值，從而得到多組人R,進而求得及r,故C正確，不符合題意；

D.兩個電流表和一個滑動變阻器，因無法知道滑動變阻器的確切阻值，無法根據歐姆定律

測出￡、r,故D錯誤，符合題意。

故選D。

(2)[1]由于電流表量程為0.6A,一小格為0.02A,所以電流為0.40A；

⑵電壓表量程為3V,一小格為0.1V,所以電壓為L30V。

(3)山⑵根據閉合電路歐姆定律可得

U=E-I(r+R0)

結合圖像可得

E=a

Ca

r+Ro=T

b

所以

r=--R

b°

(4)本實驗方案的系統誤差是由于電壓表分流，所以

/真=/測+/V=/測+

Rv

由此可知，隨著電壓u增大，/撅與扁差增大，則真實圖線縱截距更大，當U等于零時,

/姆與/真相等，即兩圖線的橫截距相等。

故選Ao

13.(1)40cm；(2)408K

【詳解】(1)初始狀態下氣體的壓強為

B々=76cmHg+24cmHg=lOOcmHg

空氣柱長度

/]=48cm

答案第10頁，共15頁

設玻璃管橫截面積為S,氣體的體積為

匕=3

設注入水銀后水平管進入左側豎直管內水銀長度為尤，則氣體的壓強為

2=%+\+h-2x

氣體的體積為

匕=(4一尤)s

注入過程氣體溫度不變，根據玻意耳定律得

喇=PNZ

解得

x=8cm

則穩定后空氣柱的長度

4=/1-無=40cm

(2)要使空氣柱變為原來長度則氣體壓強變為

2=pQ+hx+h=136cmHg

根據查理定律

ZT2

解得空氣柱的溫度變為

r2=408K

14.(1)大小為O.lm/s,方向與入射的方向相同

⑵|吟

(3)2m

【詳解】(1)設彈珠入射的方向為正方向，第一次碰撞后瞬間彈珠和圓環的速度分別為四

和vi',碰撞瞬間根據動量守恒和機械能守恒有

2mv0=2mvx+mv[

；?2mv^=；?2mv^+mv^2

兩式聯立，解得

答案第11頁，共15頁

Vjv0=O.lm/s

4

v[=-v0=0.4m/s

即第一次碰撞后瞬間彈珠的速度大小為0.1m/s,方向與入射的方向相同。

(2)發生第一次碰撞后，圓環做勻減速直線運動，彈珠做勻速直線運動，因為彈珠與圓環

發生第一次碰撞后到第二次碰撞前彈珠恰好不會從小孔中穿出，所以，圓環勻減速到與彈珠

速度相等時二者相對位移恰好等于2R,設第一次碰撞后到二者速度相等所用時間為f,圓環

勻減速的加速度大小為則有

3卬=2R

求得

20

t=——S

3

a=0.045m/s2

二者速度相等后，圓環繼續勻減速至停止通過的位移和所用時間分別為

，V；1

x=-=—m

2a9

a9

這段時間內彈珠的位移為

,2

x=v.t=—m

19

因為

x-xr=—m<2R=lm

9

所以，圓環停止前，彈珠與圓環未發生