2025屆重慶市第十一中學校教育集團高三第一次質量檢測物理

學校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.某瑜伽運動員以如圖所示的姿勢保持身體平衡在水平地面上,則下列說法正確的是（）

A.運動員一定受到摩擦力

B.運動員受到的支持力和重力是一對平衡力

C.運動員所受支持力就是重力

D.運動員受到的支持力是由于手掌形變產生的

2.八6兩車在同一平直公路上行駛，。車做勻速直線運動，6車做勻減速直線運動，兩車

的位置x隨時間，的變化關系圖線如圖所示，直線。和曲線b剛好在時相切，則（）

A.。時刻兩車剛好并排行駛

B.。車的速度一直小于6車的速度

C.。時刻。車的速度大于6車的速度

D.從0至此時間內，兩車運動的位移相等

3.CBA（中國男子籃球職業聯賽）籃球筐距地面高度3.05m,某籃球運動員站立舉手能達

到高度2.53m。如圖所示，他豎直跳起將籃球扣入欄中，重力加速度g=10m/s2,他起跳的

初速度約為（）

試卷第1頁，共8頁

A.Im/sB.2.5m/sC.3.8m/sD.lOm/s

4.“笛音雷”是春節期間常放的一種鞭炮，其著火后一段時間內的速度一時間圖像如圖所示

(取豎直向上為正方向)，其中為時刻為“笛音雷”起飛時刻、DE段是斜率大小為重力加速度

g的直線。不計空氣阻力，則關于“笛音雷”的運動，下列說法正確的是()

A.“笛音雷”在3時刻上升至最高點

B.時間內“笛音雷''做自由落體運動

C.小f時間內“笛音雷”的平均速度為會

D.t3~t.時間內“笛音雷，，的平均速度用以

5.炎熱夏天，人們都安裝空調，圖甲是某小區高層住宅外安裝空調主機的情境。為安全起

見，要求吊運過程中空調主機與樓墻保持一定的距離。原理如圖乙，一人在高處控制一端系

在主機上的輕繩P,另一人在地面控制另一根一端系在主機上的輕繩Q,二人配合可使主機

緩慢豎直上升。主機質量加，當P繩與豎直方向的夾角e=37°時，Q繩與豎直方向的夾角

〃=53°。主機視為質點，重力加速度g(sin53°=08cos53°=0.6)。貝I]()

試卷第2頁，共8頁

甲乙

A.P繩中拉力為藍機gB.P繩中拉力為4加g

C.Q繩中拉力為］'/wgD.Q繩中拉力為

6.帆船是人類的偉大發明之一，船員可以通過調節帆面的朝向讓帆船逆風行駛，如圖所示

為帆船逆風行駛時的簡化示意圖，此時風力尸=2000?4方向與帆面的夾角。=30。，航向與帆

面的夾角〃=37。，風力在垂直帆面方向的分力推動帆船逆風行駛。已知sin37°=0.6,則帆

船在沿航向方向獲得的動力為（）

A.200NB.400NC.600ND.800N

7.如圖，是一段傾角為6=30。的傳送帶，質量為〃?=1kg的小物塊，以沿傳送帶向下的

速度%=4m/s從初點開始沿傳送帶運動。物塊運動過程的部分v-/圖像如圖所示，取

B.傳送帶的速度v=lm/s,方向逆時針

試卷第3頁，共8頁

C.物塊相對傳送帶滑動的距離為4m

D.物塊將在5s時回到原處

二、多選題

8.某實驗小組測得在豎直方向飛行的無人機飛行高度y隨時間/的變化曲線如圖所示，E、

F、M、N為曲線上的點，EF、"N段可視為兩段直線，其方程分別為夕=4/-26和

y=-2?+140,無人機及其載物的總質量為2kg,取豎直向上為正方向。則（）

A.此段無人機的速度大小為4m/s

B.*1/段無人機的貨物處于失重狀態

C.跖段無人機處于超重狀態

D."N段無人機處于失重狀態機

9.如圖所示，光滑水平桌面放置著物塊A,它通過輕繩和輕質滑輪懸掛著物塊B,已知A

的質量為m,B的質量為3m,重力加速度大小為g,靜止釋放物塊A、B后（）

A.相同時間內，A、B運動的路程之比為2:1

B.物塊A,B的加速度之比為1：1

C.細繩的拉力為警

D.當B下落高度h時，速度為『p

10.如圖所示，一輕彈簧放在傾角。=30。且足夠長的光滑斜面上，下端固定在斜面底端的

擋板上，上端與放在斜面上的物塊A連接，兩質量均為加的小物塊A,B疊放在斜面上且

保持靜止，現用大小為g?7g的恒力平行于斜面向上拉物塊B。已知彈簧的勁度系數為左，彈

試卷第4頁，共8頁

簧始終在彈性限度內，重力加速度大小為g,下列說法正確的是（)

A.剛施加恒力的瞬間，物塊B的加速度大小為:g

B.剛施加恒力的瞬間，物塊A給物塊B的彈力大小為:

C.物塊B與物塊A分離的瞬間，彈簧的彈力大小為7g

D.物塊B從開始運動到與物塊A分離的過程中，運動的距離為第

三、實驗題

11.一同學利用如圖所示的實驗裝置來驗證“力的平行四邊形定則”。一長木板被鐵架臺豎直

固定，其上固定一張白紙。甲，乙兩個力傳感器分別固定在木板上的/、8兩點，/、8兩

點可在木板上移動。

（1）如圖（°）所示，將質量未知的重物用細繩豎直懸掛在力傳感器甲上，重物靜止時，記

錄力傳感器甲的示數

（2）如圖（6）所示，三根細繩通過結點。連接在一起，另一端分別與力傳感器或重物相

連，調節/、2兩點的位置，重物靜止時，記錄結點。的位置、豎直細繩方向、甲、乙力傳

感器的小數Fz、F3和o

（3）在。點根據B、F2、B的大小和方向作力的圖示。

（4）改變/、8兩點的位置重復步驟（2）、（3）,此過程（選填“需要”或“不需

要”）保持結點。位置不變。

試卷第5頁，共8頁

(5)初始時三根細繩互成120。，若保持結點。和甲傳感器的位置不變，乙傳感器繞。點

順時針緩慢轉動30。的過程中，乙傳感器的示數會(選填“變大”“變小”“先變大后

變小”或“先變小后變大”)。

12.小黃同學在暗室中用圖示裝置做測定“重力加速度”的實驗，用到的實驗器材有：分液漏

斗、閥門、支架、接水盒、一根有熒光刻度的米尺、頻閃儀。具體實驗步驟如下：

圖甲

①在分液漏斗內盛滿清水，旋松閥門，讓水滴以一定的頻率一滴滴的落下：

②用頻閃儀發出的閃光將水滴流照亮，由大到小逐漸調節頻閃儀的頻率，當頻率為25Hz時,

第一次看到一串仿佛固定不動的水滴；

③用豎直放置的米尺測得各個水滴所對應的刻度；

④處理數據，得出結論：

(1)水滴滴落的時間間隔為SO

(2)小黃同學測得連續相鄰的五個水滴之間的距離如圖乙所示，根據數據計算當地重力加速

度8=m/s20(結果均保留三位有效數字)

(3)小黃同學又根據圖乙依次計算出8、C、D、￡點到/點的距離x與所用時間f的比值土，

作出了土一的圖像，如圖丙所示，坐標系中已標出的坐標值為已知量，則/點的速度為

t

VA=,重力加速度為g=(均用。、b、c表示)。

四、解答題

13.在一次機器人滅火比賽中，機器人在直軌道上取水后向著火點運動。機器人開始時加速

運動，當速度達到6m/s時開始勻速運動，當距離目標3.6m時開始勻減速運動，其運動的

v-f以圖像如圖所示，f=0時刻在起點處，求：

(1)機器人加速和減速時加速度分別是多少？

試卷第6頁，共8頁

(2)目標與出發點的距離是多少？

Mv/(m/s)

67^x.

036t/s

14.如圖1所示，將質量為3機、傾角為。(。＜45。)的木楔置于水平面上。

(1)若將木楔固定，并對木楔斜面鍍膜使其變粗糙，將質量為機的木塊放在木楔粗糙斜面上

時，正好能勻速下滑。求物塊與斜面間的動摩擦因數〃；

(2)在第(1)小問的基礎上，如圖2所示，用與木楔斜面成&角的外力拉木塊使其勻速上升,

求外力的大小；

(3)若木楔不固定且不計一切摩擦，質量為機的木塊在水平外力的作用下與木楔保持相對靜

止，一起做勻加速直線運動，求水平外力的大小。

15.一質量為止5kg的木板放在傾角6=37。的光滑斜面上，并在外力作用下保持著靜止狀

態。木板左端距斜面底端的距離為s=10.25m,斜面底端固定著一彈性薄擋板，與之相碰的

物體會以原速率彈回。片0時刻，撤去作用在木板上的外力，同時將一質量加=10kg的小物

塊從距離木板左端/=54m處，以沿木板向上的初速度vo=4m/s滑上木板，并對小物塊施加沿

3

斜面向上的外力叱80N(該力在1s時變為1無)。當木板第二次與彈性薄擋板相碰時，撤

去施加在小物塊上的外力。已知木板與物塊間的動摩擦因數〃=0.5,小物塊可以看作質點，

且整個過程中小物塊不會從木板右端滑出，取g=10m/s2,求：

(1)0至1s時間內，小物塊和木板的加速度的大小和方向；

(2)木板第一次與擋板碰撞時的速度的大小；

(3)小物塊從木板左端滑出之前木板與擋板碰撞的次數，及滑出瞬間小物塊與擋板間的距

離。

試卷第7頁，共8頁

F/N4

試卷第8頁，共8頁

《2025屆重慶市第十一中學校教育集團高三第一次質量檢測物理》參考答案

題號12345678910

答案BACDCCDABACACD

1.B

【詳解】A.運動員以題圖所示的姿勢在水平地面上，處于平衡狀態，在水平方向沒有相對

運動，也沒有相對運動的趨勢，因此不受摩擦力的作用，故A錯誤；

B.運動員受到的支持力和重力大小相等，方向相反，是一對平衡力，故B正確；

C.運動員所受的支持力是水平地面的形變產生的作用，重力是地球的吸引力產生，因此所

受支持力不是重力，故C錯誤；

D.運動員受到的支持力是由于水平地面的形變產生的，故D錯誤。

故選B。

2.A

【詳解】ABC.4時刻，a,b兩車均在x=x/位置處，且此時刻切線與a相同，所以此時刻

%=2，A正確，BC錯誤；

D.，=0時亥！］,a,6兩車初始位置不同，4時刻末位置相同，所以0~6時間內兩車位移不同，

D錯誤。

故選Ao

3.C

【詳解】根據Fgh可得

v=12gh=，2x10x(3.05-2.53)m/s=3.2m/s

因運動員豎直跳起將籃球扣入欄中，可知起跳的略大于3.2m/s；

故選C。

4.D

【詳解】A.由圖可知，0~、時間內“笛音雷”的速度一直為正值，表明其速度方向始終向

上，可知，“笛音雷”在"時刻并沒有上升至最高點，上升至最高點應該在。時刻之后，故A

錯誤；

B)3~。時間內“笛音雷''速度方向向上，圖像斜率為一恒定的負值，表明與?。時間內“笛音

雷”實際上是在向上做豎直上拋運動，其加速度就是重力加速度g,故B錯誤；

答案第1頁，共12頁

C.將/、B用直線連起來，該直線代表勻加速直線運動，其平均速度為而42線段與

Av

橫軸所圍的面積大于曲線與橫軸所圍的面積，該面積表示位移，根據"=芋可知，直線

代表的勻加速直線運動的平均速度大于曲線代表的變加速直線運動的平均速度，即

%?時間內“笛音雷”的平均速度小于］,故C錯誤；

D.根據上述，與?乙時間內“笛音雷”做豎直上拋運動，做勻變速直線運動，故平均速度為

2

故D正確。

故選D。

5.C

【詳解】對空調主機受力分析，建坐標系如圖所示

Fpcosa=mg+FQcos{3尤方向有

Fpsina=FQsin0

聯立可得

L20L15

FP=-mg,FQ=-mg

故選C。

6.C

【詳解】對風力尸在沿著帆面和垂直于帆面方向進行分解，根據力的平行四邊形法則可得

其垂直于帆面的分力

耳=Fsina=1000N

再對垂直作用于帆面上的風力片沿帆船航向方向和垂直航向方向進行分解，則帆船在沿航

答案第2頁，共12頁

向方向獲得的動力為

鳥=Ksin"=600N

故選C。

7.D

【詳解】AB.從圖像可知，物體速度減為零后反向向上運動，最終的速度大小為lm/s,因

此沒從N點離開，并且能推出傳送帶斜向上運動，速度大小為lm/s,故AB錯誤；

CD.根據V—圖像中斜率表示加速度，可知物塊沿傳送帶下滑時的加速度

4-(-1)

a=---------m/s29=2.5m/s72

2

由圖可知，物塊的速度為0時

之后物塊沿斜面向上運動，速度圖像與時間軸圍成的面積表示位移，所以物塊沿斜面向下運

動的位移

x1=1x4x|m=ym4=ms至々=2s時，物塊沿斜面向上加速運動的位移

2-8I

M=-5x1m=—1m

225

物塊沿斜面向上勻速運動的時間

%=九二Js

V

所以物塊回到原處的時間

，=3s+2s=5s

物塊相對傳送帶滑動的距離為

Ax=gx2x(4+1)%=5加

故C錯誤，D正確。

故選D。

8.AB

【詳解】AC.根據7-圖像中斜率表示速度，由所直線方程可知，環段無人機做勻速直

線運動，速度大小為4m/s,跖段無人機處于平衡狀態，故C錯誤，A正確；

B.根據了一圖像中斜率表示速度，由圖可知，無人機先向上做減速運動，然后向下做加速

運動，則無人機在段具有向下的加速度，處于失重狀態，故B正確；

答案第3頁，共12頁

D.根據yt圖像中斜率表示速度，由兒w直線方程可知，兒w段無人機做勻速直線運動，

處于平衡狀態，故D錯誤。

故選AB-

9.AC

【詳解】同時間內，圖中A向右運動h時，B下降一半的距離，即為h/2,故A、B運動的

路程之比為2：1,故A正確；任意相等時間內，物體A、B的位移之比為2：1,故速度和

加速度之比均為2：1,故B錯誤；設A的加速度為a,則B的加速度為0.5a,根據牛頓第

二定律，對A,有：T=ma,對B,有：3mg-2T=3m?0.5a,聯立解得：T=,答,a=yg,故

C正確；對B,加速度為a，=0.5a=mg，根據速度位移公式，有：解得：v=肉,

故D錯誤；故選AC.

【點睛】本題考查連接體問題，關鍵是找出兩物體的位移、速度及加速度關系，結合牛頓第

二定律和運動學公式列式分析，也可以結合系統機械能守恒定律分析.

10.ACD

【詳解】AB.剛施加恒力的瞬間，對A、B整體分析，由牛頓第二定律可得

1.

—mg=2ma

解得

1

a=4S

對物塊B分析，設剛施加恒力的瞬間，物塊A給物塊B的彈力大小為片，由牛頓第二定律

有

gmg+F{-mgsin300=ma

解得

L1

K=~mg

故A正確，B錯誤；

C.物塊A與物塊B分離瞬間，物塊A對物塊B的彈力恰好為零，此時刻二者加速度相同，

則對B由牛頓第二定律有

~mg~mSsin30°=加a1

解得

答案第4頁，共12頁

Q1=0

即此時B的速度達到最大值，而對A由牛頓第二定律有

F彈一mgsin30°=max

解得

廠1

辱=5mg

此時A速度同樣達到了最大值，故C正確；

D.未施加恒力時，A、B整體處于靜止狀態，根據平衡條件有

J

2mgsin30=kx{

解得

_mg

1-k

當A、B分離瞬間，根據胡克定律有

kx2=1g

解得

_mg

l2k

由此可知，物塊B從開始運動到與物塊A分離的過程中，運動的距離為

心37,=整

122k

故D正確。

故選ACDo

II.連接甲、乙力傳感器細繩的方向不需要變大

【詳解】(2)[1]該題目的為驗證“力的平行四邊形定貝U”所以不僅需要力的大小，還需要力

的方向，所以需要記錄連接甲、乙力傳感器細繩的方向。

(4)[2]/、2兩點的位置重復步驟(2)、(3)的過程中可以改變。點的位置，不需要保持

不變；

(5)[3]初始時三根細繩互成120。，若保持結點。和甲傳感器的位置不變，乙傳感器繞。

點順時針緩慢轉動30。的過程中，如圖所示

答案第5頁，共12頁

由平行四邊形定則，乙傳感器的示數會變大。

12.(1)0.04

(2)9.69

⑶b2(_c—bL}

a

【詳解】(1)水滴滴落的時間間隔為

r=—=—s=0.04s

f25

(2)由逐差法可知，當地重力加速度為

=也&=(33.48-13.64x2)x10-^。周命

(27)24x0.042

(3)由勻變速直線運動的位移與時間的關系

12

x=vAt+-gt

化簡可得

X1

~=VA+2gt

則斜率

.1c-b

k=-g=—

2a

縱截距為

b=vA

所以/點的速度為

VA=b

重力加速度為

2(c-b)

g=-----

a

答案第6頁，共12頁

13.（1）2m/s2,-5m/s2;（2）30.6m

【詳解】（1）機器人加速時加速度

a=-=—m/s2=2m/s2

At3

減速時

0-v2=2a'x

解得

ar=-5m/s2

（2）由圖可知6s內的位移為

3+6,M

x6=2-6m=27m

目標與出發點的距離是

x=27+3.6m=30.6m

14.（l）tan0

mgsin20

⑵cos（。-a）

⑶Wan。

【詳解】（1）木塊在木楔斜面上勻速向下運動時，由平衡條件

mgsin=jumgcos6

即物塊與斜面間的動摩擦因數為

〃=tan。

（2）木塊在力尸的作用下沿斜面向上勻速運動，沿斜面方向

Feosa=mgsin0+//FN

垂直于斜面方向

Fsina+&=加geos0

整理得

F_mgsin23

cos（。-a）

（3）根據題意對整體做受力分析如下圖所示

答案第7頁，共12頁

(m+M)g

根據受力分析則有

4=4加q

=mg

Fx-=max

整理有

F1=^tan0

3

15.(1)4=2m/s2,小物塊的加速度的方向沿斜面向下，出=2m/s2,木板的加速度的方向

14

沿斜面向上；(2)7m/s；(3)5次，-m

【詳解】(1)0至1s時間內，小物塊的加速度的大小為

mgsin37°+jumgcos37°-FQ=max

解得

答案第8頁，共12頁

2

ax=2m/s

小物塊的加速度的方向沿斜面向下

0至1s時間內，木板的加速度的大小為

Mgsin37°-jumgcos37°=Ma2

解得

2

a2=2m/s

木板的加速度的方向沿斜面向上

(2)0至Is時間內，小物塊沿斜面向上做勻減速運動有

匕=v0一*=2m/s

5i=vo?i--a/i2=3m

0至Is時間內，木板沿斜面向上做勻加速運動有

v2=a2tl=2m/s

121

s2=—a2t1=Im

3

則Is時，小物塊與木板達到共同速度，且外力變為^耳，此時小物塊和木板一起做勻減速

度運動，則有

3

A/gsin37°+mgsin37°~~+m)a3

解得

2

a}=2m/s

加速度的方向沿斜面向下

小物塊和木板一起做勻減速度運動到速度為0時，通過的位移為

小物塊和木板一起做勻減速度運動到速度為0后，再相同的加速度沿斜面向下做勻加速度直

線運動，則有

丫3)=2%(S+M+S3)

解得木板第一次與擋板碰撞時的速度的大小為

答案第9頁，共12頁

v3=7m/s

(3)Is時，小物塊到木板左端的距離為

4=/+(52-sj=56m

當木板第一次與彈性薄擋板相碰時，撤去施加在小物塊上的外力，則木板的加速度的大小為

Mgsin37°+jumgcos37°=Ma4

2

a4=14m/s

小物塊的加速度的大小為

mgsin37°+pimgcos37°=ma5

2

a5=2m/s

木板做減速度運動，減速到0時，所用時間為

%=~~=0.5s

此過程小物塊的位移大小為

%=v3t2+—a5t2=3.75m

此過程木板的位移大小為

則這段時間內，小物塊與木板的相對位移為

AZj=x{+s；=5.5m

木板速度減為0時，小物塊的速度大小為

v4=V3+磯=8mzs

設再經過&，木板與擋板第二次碰撞，且碰撞時的速度為M,則有

v