伊美區(qū)第二中學(xué)2021-2022學(xué)年度第二學(xué)期期中考試高二物理試題（考試時(shí)間90分鐘，滿分100分）一、選擇題（1-8為單選題，每題4分，9-14為多選題，每題4分，總計(jì)56分）1.下列說法中正確的是（）A.在探究求合力方法的實(shí)驗(yàn)中利用了理想模型的方法B.牛頓首次提出“提出假說，數(shù)學(xué)推理，實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，合理外推"的科學(xué)推理方法C.用點(diǎn)電荷來代替實(shí)際帶電物體是采用了等效替代的思想D.奧斯特通過實(shí)驗(yàn)觀察到電流的磁效應(yīng)，揭示了電和磁之間存在聯(lián)系【1題答案】【答案】D【解析】【詳解】在探究求合力方法的實(shí)驗(yàn)中利用了等效替代的方法，故A錯(cuò)誤；伽利略首次提出“提出假說，數(shù)學(xué)推理，實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，合理外推“的科學(xué)推理方法，故B錯(cuò)誤；用點(diǎn)電荷來代替實(shí)際帶電物體是采用了理想模型的方法，故C錯(cuò)誤；奧斯特通過實(shí)驗(yàn)觀察到電流的磁效應(yīng)，揭示了電和磁之間存在聯(lián)系，故D正確?！久麕燑c(diǎn)睛】本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一．2.下列說法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映B.沒有摩擦的理想熱機(jī)可以把吸收的能量全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能C.知道某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度可求出阿伏加德羅常數(shù)D.內(nèi)能不同的物體，它們分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能可能相同【2題答案】【答案】D【解析】【詳解】布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知熱機(jī)不可以把吸收的能量全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能而不引起其他的變化，故B錯(cuò)誤；知道某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度，無法求出一個(gè)分子質(zhì)量或體積，因此無法求出阿伏加德羅常數(shù)，故C錯(cuò)誤；物體的內(nèi)能與物質(zhì)的量、溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)，內(nèi)能不同的物體，它們的溫度可能相等，即分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能可能相同，故D正確．故選D．3.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷如圖所示的狀態(tài)變化，變化順序由a→b→c→a，ab線段延長(zhǎng)線過坐標(biāo)原點(diǎn)，bc線段與t軸垂直，ac線段與V軸垂直．氣體在此狀態(tài)變化過程中（）A.從狀態(tài)a到狀態(tài)b，壓強(qiáng)不變B.從狀態(tài)b到狀態(tài)c，壓強(qiáng)增大C.從狀態(tài)b到狀態(tài)c，氣體內(nèi)能增大D.從狀態(tài)c到狀態(tài)a，單位體積內(nèi)的分子數(shù)減少【3題答案】【答案】B【解析】【詳解】A．過各點(diǎn)的等壓線如圖，從狀態(tài)a到狀態(tài)b，斜率變大，則壓強(qiáng)變小，故A錯(cuò)誤；B．從狀態(tài)b到狀態(tài)c，斜率變小，則壓強(qiáng)變大，故B正確；C．從狀態(tài)b到狀態(tài)c，溫度不變，則內(nèi)能不變，故C錯(cuò)誤；D．從狀態(tài)c到狀態(tài)a，體積不變，則單位體積內(nèi)的分子數(shù)不變，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在平面直角坐標(biāo)系的整個(gè)第Ⅰ象限內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直于紙面向里．一質(zhì)量為m、電荷量絕對(duì)值為q、不計(jì)重力的粒子，以某速度從O點(diǎn)沿著與y軸夾角為30°的方向進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)，粒子速度沿x軸正方向．下列判斷正確的是A.粒子帶正電B.運(yùn)動(dòng)過程中，粒子的速度不變C.粒子由O到A經(jīng)歷的時(shí)間為t＝D.離開第Ⅰ象限時(shí)，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為30°【4題答案】【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，根據(jù)左手定則判斷知，此粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度大小不變，但方向改變，所以速度是變化的，故B錯(cuò)誤．C．粒子由O運(yùn)動(dòng)到A時(shí)速度方向改變了60°角，所以粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為θ=60°，則粒子由O到A運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故C正確；D．粒子在O點(diǎn)時(shí)速度與x軸正方向的夾角為60°，x軸是直線，根據(jù)圓的對(duì)稱性可知，離開第一象限時(shí)，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為60°，故D錯(cuò)誤；故選C。5.穿過某閉合回路的磁通量Φ隨時(shí)間t變化的圖象分別如圖中的①~④所示，下列說法正確的是（）

A.圖①有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，且大小恒定不變B.圖②產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一直在變大C.圖③在時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的2倍D.圖④產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先變大再變小【5題答案】【答案】C【解析】【詳解】A、圖①中磁通量沒有變，因此沒有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B、圖②中的磁通量均勻增加，則圖象的斜率不變，因此感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變．故B錯(cuò)誤；C、圖③在0～t1時(shí)間內(nèi)的斜率是t1～t2時(shí)間內(nèi)斜率的2倍，所以在0～t1時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是t1～t2時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的2倍，故C正確；D、圖④的斜率大小先減小后增大，故產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先變小再變大，故D錯(cuò)誤；故選C．【點(diǎn)睛】當(dāng)穿過磁閉合回路的磁通量發(fā)生變化時(shí)，電路中出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)磁通量均勻變化時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是不變的．6.圖甲為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的原理圖，其矩形線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直于磁場(chǎng)方向的固定軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻連接，與電阻R并聯(lián)的交流電壓表為理想電壓表，示數(shù)是10V。圖乙是矩形線圈磁通量隨時(shí)間t變化的圖像則（）A.電阻R上的熱功率為20WB.0.02s時(shí)R兩端的電壓瞬時(shí)值為零C.R兩端的電壓u隨時(shí)間t變化的規(guī)律是D.通過R的電流i隨時(shí)間t變化的規(guī)律是【6題答案】【答案】C【解析】【詳解】A.電阻R上的熱功率，故A錯(cuò)誤；B.在，磁通量為零，線圈平面處在與中性面垂直的平面上，R兩端的瞬時(shí)電壓最大，故B錯(cuò)誤；C.R兩端的電壓最大值為，時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，即R兩端電壓按余弦規(guī)律變化，即而，則故C正確；D.又，則，則故D錯(cuò)誤。故選C。7.關(guān)于減小遠(yuǎn)距離輸電線上的功率損耗，下列說法正確的是()A.由功率P＝U2/R，應(yīng)降低輸電電壓，增大導(dǎo)線電阻B.由P＝IU，應(yīng)低電壓小電流輸電C.由P＝I2R，應(yīng)減小導(dǎo)線電阻或減小輸電電流D.上述說法均不對(duì)【7題答案】【答案】C【解析】【詳解】由功率P＝U2/R，應(yīng)降低輸電電線的分壓，減小導(dǎo)線電阻，公式中的U應(yīng)該為輸電導(dǎo)線損失的電壓，A錯(cuò)；由公式P=UI,U也是指輸電導(dǎo)線損失的電壓，I為輸電電流，所以利用此公式，應(yīng)該是減小輸電損失的電壓，減小輸電電流，B錯(cuò)；輸電損失的功率就是熱功率，由P＝I2R，應(yīng)減小導(dǎo)線電阻或減小輸電電流，所以只有C對(duì)，其余均錯(cuò)．思路分析：根據(jù)公式中字母表示的物理量的物理意義；找到合適的公式進(jìn)行解析．試題點(diǎn)評(píng)：考查對(duì)遠(yuǎn)距離輸電能量損失的計(jì)算8.如圖所示，導(dǎo)軌間的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，當(dāng)導(dǎo)體棒MN在導(dǎo)軌上向右加速滑動(dòng)時(shí)，正對(duì)電磁鐵A的圓形金屬環(huán)B中

A.有感應(yīng)電流，且B被A吸引 B.無感應(yīng)電流C.可能有，也可能沒有感應(yīng)電流 D.有感應(yīng)電流，且B被A排斥【8題答案】【答案】D【解析】【詳解】導(dǎo)線MN向右加速滑動(dòng)，導(dǎo)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv增大，通過電磁鐵A的電流增大，電磁鐵A產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，穿過金屬環(huán)B的磁通量增大，B中產(chǎn)生感應(yīng)電流，由楞次定律可知，為阻礙磁通量的增加，感應(yīng)電流方向與A中的相反，B被A排斥，向左運(yùn)動(dòng)；故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選D．9.右圖為兩分子系統(tǒng)的勢(shì)能Ep與兩分子間距離r的關(guān)系曲線．下列說法正確的是A.當(dāng)r大于r1時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為引力B.當(dāng)r小于r1時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力C.當(dāng)r等于r2時(shí)，分子間的作用力為零D.在r由r1變到r2過程中，分子間的作用力做負(fù)功【9題答案】【答案】BC【解析】【詳解】因?yàn)楫?dāng)分子間相互作用力為零時(shí)，分子勢(shì)能最小，從圖中可得分子勢(shì)能最小時(shí)，分子間的距離為r2，故當(dāng)r等于r2時(shí)分子間作用力為零，故C正確；當(dāng)r小于r1時(shí)，隨著距離的減小，分子勢(shì)能增大，即減小分子間距離分子力做負(fù)功，所以表現(xiàn)為斥力，B正確；當(dāng)r大于r1時(shí)，當(dāng)r大于r1而小于r2時(shí)分子力為斥力，故從當(dāng)r由r1變到r2的過程中，分子間的作用力做正功，大于r2時(shí)分子力為引力，故AD錯(cuò)誤；【點(diǎn)睛】正確理解分子力、分子勢(shì)能與分子之間距離的變化關(guān)系，注意分子力與分子勢(shì)能變化的一個(gè)臨界點(diǎn)為r=r2，注意將分子力與分子之間距離和分子勢(shì)能與分子之間距離的圖象比較進(jìn)行學(xué)習(xí)10.一電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)由靜止釋放，只受電場(chǎng)力作用，沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，它運(yùn)動(dòng)的v－t圖像如圖所示。則A、B兩點(diǎn)所在區(qū)域的電場(chǎng)線分布情況可能是圖乙中的（）A. B.C. D.【10題答案】【答案】CD【解析】【詳解】根據(jù)v-t圖像可知電荷的加速度逐漸增大，即電荷所受電場(chǎng)力逐漸增大，又根據(jù)電場(chǎng)線越密集電場(chǎng)強(qiáng)度越大可知，從A到B電場(chǎng)線逐漸密集，由于題干沒說明是帶正電還是負(fù)電，故電荷所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向可能相同、可能相反，綜上所述可知，AB錯(cuò)誤，CD正確。故選CD。11.如圖所示，直線B為電源的U—I圖線，直線A為電阻R的U—I圖線，該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電源輸出功率和電源的效率分別是（）A.電源的輸出功率為4W B.電源的輸出功率為2WC.電源效率約為33.3% D.電源效率約為66.7%【11題答案】【答案】AD【解析】【詳解】AB.由A圖線得到，電阻

由B圖線得到，電源的電動(dòng)勢(shì)為E=3V，短路電流為，電源內(nèi)阻為

用該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電路中電流為路端電壓為U=E-Ir=2V則電源的輸出功率為P=UI=4W故A正確，B錯(cuò)誤；BD.電源的效率為故C錯(cuò)誤，D正確故選AD。12.如圖所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域中有一光滑斜面體，在斜面體上放了一根長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量為m的導(dǎo)線，當(dāng)通以如圖方向的電流I后，導(dǎo)線恰能保持靜止，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B滿足（）A.B，方向水平向左B.，方向垂直紙面向外C.，方向沿斜面向上D.，方向豎直向下【12題答案】【答案】AD【解析】【詳解】磁場(chǎng)方向水平向左時(shí)，安培力豎直向上，與重力平衡，有mg=BIL解得，故A正確；磁場(chǎng)垂直向外時(shí)，由于電流與磁場(chǎng)方向平行，故安培力為零，不可能平衡，故B錯(cuò)誤；方向沿斜面向上，安培力垂直于斜面向上，不可能平衡，故C錯(cuò)誤；磁場(chǎng)豎直向下時(shí)，安培力水平向左，導(dǎo)體棒還受到重力和支持力，根據(jù)平衡條件和安培力公式，有mgtanα=BIL解得，故D正確；故選AD．【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是對(duì)物體受力分析，然后根據(jù)左手定則判斷出各個(gè)選項(xiàng)中的安培力方向，最后根據(jù)平衡條件列方程求解即可．13.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為11：2，原線圈兩端的輸入電壓u=220sin100πt（V），電表均為理想電表，滑動(dòng)變阻器R接入電路部分的阻值為10Ω。下列敘述中正確的是（）

A.該交流電的頻率為50Hz B.電壓表的讀數(shù)為40VC.電流表的讀數(shù)為4A D.若滑動(dòng)變阻器的滑片P向a端移動(dòng)，電流表的讀數(shù)變大【13題答案】【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．由電壓公式知交流電的ω=100π，則f===50Hz故A正確；B．原線圈兩端的輸入電壓有效值為220V，由電壓與匝數(shù)成正比知，副線圈兩端電壓為U2=U1=×220V=40V(即為電壓表的讀數(shù))，故B錯(cuò)誤；C．電流表的讀數(shù)為故C正確；D．若滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向a端移動(dòng)，則負(fù)載接入電路的電阻增大，電壓不變，所以電流表示數(shù)減小，故D錯(cuò)誤。故選AC。14.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球從M點(diǎn)自由下落，M點(diǎn)距場(chǎng)區(qū)水平邊界PQ的高度為h，邊界PQ下方有方向豎直向下、大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，同時(shí)還有垂直于紙面的大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。小球從邊界上的a點(diǎn)進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)后，恰能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并從邊界上的b點(diǎn)穿出，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是（）

A.小球帶負(fù)電，電荷量大小B.勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外C.小球從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，小球的電勢(shì)能先減小后增大D.小球在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑【14題答案】【答案】AD【解析】【分析】【詳解】A．因小球在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故電場(chǎng)力和重力平衡，電場(chǎng)力向上，故粒子帶負(fù)電；由Eq=mg可知，故A正確；B．由圖可知，小球受到的洛倫茲力向左，小球帶負(fù)電，由左手定則可知，磁場(chǎng)向里，故B錯(cuò)誤；C．小球從a到b的過程中，電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，故電勢(shì)能先增大后減小，故C錯(cuò)誤；D．粒子進(jìn)入混合場(chǎng)時(shí)速度由機(jī)械能守恒得解得由可得，半徑故D正確。故選AD。二、實(shí)驗(yàn)題（15題6分，16題6分，總計(jì)12分）15.如圖所示為“驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒”的裝置示意圖．(1)設(shè)小球A的質(zhì)量為mA，小球B的質(zhì)量為mB，為保證實(shí)驗(yàn)成功，必須滿足mA________(選填“大于”“等于”或“小于”)mB.(2)下列說法中符合本實(shí)驗(yàn)要求的是________．(選填選項(xiàng)前面的字母)A．加速的斜槽軌道必須光滑B．在同一組實(shí)驗(yàn)的不同碰撞中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放C．安裝軌道時(shí)，軌道末端必須水平D．需要使用的測(cè)量?jī)x器有天平、刻度尺和秒表(3)實(shí)驗(yàn)中小球的落點(diǎn)情況如圖所示，P為不放B球時(shí)將A球從斜槽某一高度靜止釋放后A球的落點(diǎn)，M、N分別為A球從同一高度靜止釋放到達(dá)斜槽水平端與B球相碰后A、B球落點(diǎn)，現(xiàn)已測(cè)得O到M、P、N的距離分別為s1、s2、s3，若關(guān)系式________成立，則驗(yàn)證了A、B相碰動(dòng)量守恒．【15題答案】【答案】①.大于②.BC③.mAs2=mAs1+mBs3【解析】【分析】A球和B球相撞后，B球的速度增大，A球的速度減小，都做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直高度相同，所以水平方向，B球在A球的前面，所以碰撞前A球的落地點(diǎn)是P點(diǎn)，碰撞后A球的落地點(diǎn)是M點(diǎn)，B球的落地點(diǎn)是N點(diǎn)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式求解碰撞前后小球的速度，然后驗(yàn)證動(dòng)量是否守恒即可．【詳解】（1）為了防止A球反彈，入射球的質(zhì)量必須大于被碰球的質(zhì)量．

（2）只要每次加速的環(huán)境完全相同即可，不需加速軌道光滑，故A錯(cuò)誤；為了保證小球每次平拋的初速度相同，每次入射小球必須從同一高度由靜止釋放，故B正確；為了使小球做平拋運(yùn)動(dòng)，軌道末端必須水平，故C正確；本實(shí)驗(yàn)中不需要測(cè)量時(shí)間，故測(cè)量?jī)x器不需要秒表，故D錯(cuò)誤．故選BC.

（3）由動(dòng)量守恒定律，mAv2=mAv1+mBv3，三次平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相同，則mAv2t=mAv1t+mBv3t，即mAs2=mAs1+mBs3．【點(diǎn)睛】在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律中，要學(xué)會(huì)在相同高度下，用水平射程來間接測(cè)出速度的方法，同時(shí)明確動(dòng)量守恒定律的基本應(yīng)用．16.某實(shí)驗(yàn)小組在“用油膜法估測(cè)油酸分子大小”的實(shí)驗(yàn)中，所用的油酸酒精溶液的體積分?jǐn)?shù)為0.1%，1mL上述溶液有50滴，實(shí)驗(yàn)中用滴管吸取該油酸酒精溶液向浮有痱子粉的水面中央滴入一滴：(1)該實(shí)驗(yàn)中的理想化假設(shè)是________；A.將油膜看作單分子層薄膜B.不考慮油酸分子間的間隙C.不考慮油酸分子間的相互作用力D.將油酸分子看成球形(2)實(shí)驗(yàn)中描出油酸薄膜輪廓如圖所示，已知每一個(gè)正方形小方格的邊長(zhǎng)為2cm，則該油酸薄膜的面積為________m2（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）；(3)經(jīng)計(jì)算，油酸分子的直徑為________m。（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）【16題答案】【答案】①.ABD②.3×10-2③.7×10-10【解析】【詳解】(1)[1]用油膜法測(cè)量分子的直徑，不考慮分子間的間隙，將油膜看成單分子層薄膜，將油酸分子看成球形，因此ABD正確，C錯(cuò)誤。故選ABD。(2)[2]由于每個(gè)小方格的邊長(zhǎng)為2cm，則每一個(gè)小方格的面積就是4cm2，估算油膜面積時(shí)超過半格的按一格計(jì)算，小于半格的舍去，由題圖所示，可估算出油酸薄膜占75格，則油酸薄膜面積S=75×4cm2=3×10－2m2(3)[3]1滴油酸酒精溶液中含油酸的體積V=×01%mL=2×10-5mL=2×10－11m3則油酸分子的直徑三、計(jì)算題（17題8分，18題12分，19題12分?？傆?jì)32分，請(qǐng)寫出必要的文字說明）17.如圖所示，一導(dǎo)熱性能良好、內(nèi)壁光滑的汽缸豎直放置，在距汽缸底部l=36cm處有一與汽缸固定連接的卡環(huán)，活塞與汽缸底部之間封閉了一定質(zhì)量的氣體。當(dāng)氣體的溫度T0=300K、大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa時(shí)，活塞與汽缸底部之間的距離l0=30cm，不計(jì)活塞的質(zhì)量和厚度?，F(xiàn)對(duì)汽缸加熱，使活塞緩慢上升，求：（1）活塞剛到卡環(huán)處時(shí)封閉氣體的溫度T1；（2）封閉氣體溫度升高到T2=540K時(shí)的壓強(qiáng)p2。【17題答案】【答案】（1）360K；（2）1.5×105Pa【解析】【詳解】（1）設(shè)汽缸的橫截面積為S，由題意可知，此過程為等壓膨脹由蓋－呂薩克定律得解得T1=T0=360K（2）由題意可知，此過程體積保持不變，由查理定律得解得p2=p0=1.5×105Pa18.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN．PQ間距為l=0.5m，其電阻不計(jì)，兩導(dǎo)軌及其構(gòu)成的平面均與水平面成30o角．完全相同的兩金屬棒ab、cd分別垂直導(dǎo)軌放置，每棒兩端都與導(dǎo)軌始終有良好接觸，已知兩棒質(zhì)量均為m=0.02kg，電阻均為R=0.1Ω，整個(gè)裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，棒ab在平行于導(dǎo)軌向上的力F作用下，沿導(dǎo)軌向上勻速運(yùn)動(dòng)，而棒cd恰好能夠保持靜止．g取10m/s2，求：（1）通過棒cd的電流