撫州市2024-2025學年度上學期學生學業質量監測高一年級生物試題卷說明：1.本試卷共6頁，21小題，滿分100分，考試時間75分鐘.2.本試卷為試題卷和答題卡，答案要求寫在答題卡上，在試題卷上作答不給分.3.所有考試結束3天后，考生可憑準考證號登錄智學網（）查詢考試成績，密碼與準考證號相同。一、單項選擇題（本題共12小題，每小題2分，共24分。在每小題的四個選項中，只有一個是符合題目要求的。）1.細胞學說是現代生物學基礎理論之一，具有極為重要的意義。細胞學說的建立漫長而曲折，凝聚了多位科學家的不懈努力，是一個在科學探究中開拓、繼承、修正和發展的過程。下列相關敘述錯誤的是哪幾項（）①列文虎克通過觀察植物的木栓組織發現并命名了細胞②羅伯特·胡克用自制的顯微鏡觀察到了不同形態的細菌、紅細胞等③馬爾比基用顯微鏡廣泛觀察了動植物的微細結構，如細胞壁和細胞質④施萊登通過完全歸納法得出動植物細胞都有細胞核這一結論⑤魏爾肖通過觀察植物分生區細胞，發現新細胞的產生是細胞分裂的結果A.①②④⑤ B.①②③④C.②③④⑤ D.①③④⑤【答案】A【解析】【分析】細胞學說的主要內容：（1）細胞是一個有機體，一切動植物都是由細胞發育而來，并由細胞和細胞產物所構成；（2）細胞是一個相對獨立的單位，既有它自己的生命，又對與其他細胞共同組成的整體的生命起作用。揭示了細胞的統一性和生物體結構的統一性；（3）新細胞可以從老細胞中產生。【詳解】①羅伯特虎克通過觀察植物的木栓組織發現并命名了細胞，①錯誤；②列文虎克用自制的顯微鏡觀察到不同形態的細菌、紅細胞和精子等，②錯誤；③馬爾比基用顯微鏡廣泛觀察了動植物微細結構，如細胞壁和細胞質，③正確；④施萊登通過不完全歸納法得出植物細胞都有細胞核這一結論，④錯誤；⑤耐格里發現植物分生區新細胞的產生是細胞分裂的結果，⑤錯誤。綜上，①②④⑤錯誤，A正確，BCD錯誤。故選A。2.某同學在《使用高倍顯微鏡觀察幾種細胞》探究·實踐活動過程中，用顯微鏡觀察多種玻片標本，下列相關敘述正確的是（）A.圖①為目鏡鏡頭，安裝在鏡筒的上方，先選擇b鏡頭對光B.圖④中100倍下視野中細胞為64個，則400倍下可看到16個細胞C.若在顯微鏡下觀察到圖③中葉綠體隨細胞質順時針流動，則實際上葉綠體也是順時針流動的D.圖②是光學顯微鏡下的真核細胞局部圖像，裝片向左下方移動可將其核仁移至視野中央【答案】C【解析】【分析】顯微鏡的放大倍數是將長或者是寬放大，顯微鏡放大倍數=目鏡放大倍數×物鏡放大倍數。顯微鏡放大倍數越大，細胞數目越少，細胞越大；反之，放大倍數越小，細胞數目越多，細胞越小。【詳解】A、圖①有螺紋，所以為物鏡，物鏡鏡頭安裝在轉換器上，對光應先選擇低倍物鏡a對光，A錯誤；B、顯微鏡放大的是物體的長度或寬度，由題干信息可知，在100倍下視野中細胞為64個，則400倍下，該細胞的長度或寬度都在原來的基礎上又放大4倍，故此時視野中看見的細胞數目為64÷（4×4）=4個細胞，B錯誤；C、顯微鏡下呈左右顛倒，上下顛倒的像，圖③中葉綠體隨細胞質順時針流動，實際上葉綠體仍是順時針流動，C正確；D、圖②為低等植物細胞（含葉綠體和中心體）在電子顯微下的部分亞顯微結構，核仁位于視野的右上方，故裝片向右上方移動，可將該細胞的核仁移至視野中央，D錯誤。故選C。3.下列關于生物組織中相關物質鑒定實驗的說法中，正確的是（）A.甘蔗汁含有豐富的蔗糖，是鑒定還原糖的理想材料B.在稀釋的雞蛋清溶液中加入雙縮脲試劑，溶液會變成紫色C.在淀粉溶液中加入斐林試劑，經水浴加熱后，溶液會變成磚紅色D.用蘇丹Ⅲ染液染花生子葉時，顯微鏡下發現紅色充滿整個細胞【答案】B【解析】【分析】糖類中的還原糖與斐林試劑發生作用，生成磚紅色沉淀。脂肪可以被蘇丹Ⅲ染液染成橘黃色。蛋白質與雙縮脲試劑發生作用，產生紫色反應。【詳解】A、還原糖包括葡萄糖、果糖、麥芽糖等，蔗糖不屬于還原糖，不能用斐林試劑鑒定。所以甘蔗汁不是鑒定還原糖的理想材料，A錯誤；B、蛋白質可與雙縮脲試劑產生紫色反應，雞蛋清中富含蛋白質，在稀釋的雞蛋清溶液中加入雙縮脲試劑，溶液會變成紫色，B正確；C、淀粉不屬于還原糖，不能用斐林試劑鑒定，在淀粉溶液中加入斐林試劑，經水浴加熱后，溶液不會變成磚紅色，C錯誤；D、蘇丹Ⅲ染液可將脂肪染成橘黃色，用蘇丹Ⅲ染液染花生子葉時，顯微鏡下發現橘黃色充滿整個細胞，D錯誤。故選B。4.“文化撫州夢想之舟”，撫州是才子之鄉，勤學、勤思并善于解決問題是撫州學子的特點。下列是小張同學在校園內看到的幾種狀況和他的處理辦法，其中不太恰當的是（）A.學校銀杏樹越冬，他告訴學校管理人員減少灌溉以抵抗寒冷B.學校運動會上運動員大量流汗時，他告訴運動員要喝淡鹽水C.室友最近視力下降了，小張告訴室友可以多吃點魚眼，話說吃什么補什么D.學校香樟樹葉片泛黃，他告訴學校管理人員需施用一定濃度的Mg2+溶液【答案】C【解析】【分析】細胞內根據元素含量的高低分為大量元素和微量元素兩大類。大量元素：C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg；微量元素如：Fe、Mn、Zn、Cu、B、Mo等。【詳解】A、結合水的比例上升，有利于提高抗逆性，減少灌溉，減少自由水的含量，一定程度上可提高其抗寒能力，A正確；B、汗液中含有水和無機鹽，故運動員運動后要喝淡鹽水，補充水和無機鹽以維持水鹽平衡，B正確；C、視力下降了的原因有很多，可能是缺乏維生素，也可能是用眼不當，而“吃什么補什么”的說法不一定科學，因此吃魚眼不一定能達到輔助效果，C錯誤；D、鎂是構成葉綠素的重要成分，缺鎂會使葉片發黃，故學校桂花樹葉片泛黃，他告訴學校管理人員可能需施用一定濃度的Mg2+溶液，D正確。故選C。5.關于水能成為良好溶劑及具有支持生命的獨特性質的原因的敘述中，不正確的是（）A.水分子之間易形成氫鍵，氫鍵易斷裂和形成，使水在常溫下呈液體狀態，具有流動性B.水是良好的溶劑，原因是水分子是極性分子，易與帶正電荷或負電荷的分子或離子結合C.氫鍵的存在使水有較高的比熱容，使水的溫度不易發生改變，有利于維持生命系統穩定D.水在細胞中以自由水和結合水的兩種形式存在，自由水和結合水都能直接參與生化反應【答案】D【解析】【分析】生物體的一切生命活動離不開水，水是活細胞中含量最多的化合物；細胞內水的存在形式是自由水和結合水，結合水是細胞結構的主要組成成分，自由水是良好的溶劑、是許多化學反應的介質、自由水還參與許多化學反應，自由水對于營養物質和代謝廢物的運輸具有重要作用；自由水與結合水的比值越大，細胞代謝越旺盛，反之亦然。【詳解】A、水分子之間易形成氫鍵，氫鍵易斷裂和形成，使水在常溫下呈液體狀態，具有流動性，A正確；B、水之所以是良好的溶劑，是由于水分子是極性分子，易與帶正電荷或負電荷的分子或離子結合，B正確；C、氫鍵的存在使水有較高的比熱容，水的溫度不易發生改變，對維持生命系統的穩定具有重要作用，C正確；D、水在細胞中以自由水和結合水的兩種形式存在，自由水可直接參與生化反應，結合水不可以，D錯誤。故選D。6.下列有關細胞結構和功能的敘述，錯誤的是（）A.液泡內有細胞液，充盈的液泡可以使植物細胞保持堅挺B.小張同學的肌細胞在進行無氧呼吸時，其產物有乳酸C.溶酶體中富含多種水解酶，能吞噬并殺死侵入細胞的病毒或細菌D.核糖體是“生產蛋白質的機器”，經核糖體生產的蛋白質都能夠直接承擔生命活動【答案】D【解析】【分析】溶酶體是動植物細胞均有的單層膜形成的泡狀結構，是細胞中的“消化車間”，內含多種水解酶，能分解衰老、損傷的細胞器，吞噬并且殺死侵入細胞的病毒和細菌。【詳解】A、液泡內有細胞液，充盈的液泡可以使植物細胞保持堅挺，A正確；B、小張同學的肌細胞在進行無氧呼吸時，其產物有乳酸，B正確；C、溶酶體中富含水解酶，能分解細胞內衰老、損傷的細胞器，能吞噬并殺死侵入細胞的病毒或細菌，C正確；D、核糖體是“生產蛋白質的機器”，經核糖體生產的蛋白質部分不成熟，需要經過內質網和高爾基體的加工后才能夠承擔生命活動，D錯誤。故選D。7.在如下圖所示的裝置中，A、B、C中均為一定濃度的蔗糖溶液，溶液之間均用半透膜隔開，一段時間后達到滲透平衡形成一定的高度差，如圖所示，h1＞h2，在達到平衡后，A、B、C中蔗糖溶液的濃度大小關系為（）A.A<C<B B.A＞C＞BC.A＞B＞C D.無法確定【答案】B【解析】【分析】滲透作用的發生必須具備兩個條件：一是具有半透膜，二是半透膜兩側的溶液具有濃度差。水分子是順相對含量的梯度（從低濃度的溶液向高濃度的溶液）進行擴散的，且半透膜兩側的溶液所具有的濃度差越大，則半透膜兩側溶液的液面高度差越大。【詳解】達到滲透平衡時，A液面高于B液面、C液面高于B液面，且在單位時間內，水分子通過半透膜從A到B及從B到A的擴散速率相等，由于影響水分子擴散速率的因素有兩個，即溶液的濃度和水柱h1形成的靜水壓，所以A中蔗糖溶液濃度＞B中蔗糖溶液濃度；同理可知，C中蔗糖溶液濃度＞B中蔗糖溶液濃度。水柱h1＞h2，說明h1形成的靜水壓比水柱h2形成的靜水壓大，進而推知A中蔗糖溶液濃度＞C中蔗糖溶液濃度。綜上分析可推知，在達到平衡后，A、B、C中蔗糖溶液的濃度大小關系為A＞C＞B，B正確，ACD錯誤。故選B。8.下表是與“植物細胞的吸水與失水”實驗相關的考試題目和小張同學的作答情況，請判斷小張同學的答案正確的有幾項？（）題序題目小張的答案1發生失水的洋蔥鱗片葉細胞液濃度比外界蔗糖溶液的濃度大×2失水導致原生質層和細胞壁分開，原因是原生質層伸縮性比細胞壁小√3若換用某種動物細胞，讓其處于0.3g/mL的蔗糖溶液中也會出現質壁分離√4洋蔥鱗片葉細胞在失水過程中，細胞液濃度會不斷變大，其吸水能力逐漸減弱×A.4個 B.3個 C.2個 D.1個【答案】C【解析】【分析】當細胞液的濃度小于外界溶液的濃度時，細胞液中的水分就透過原生質層進入到外界溶液中，由于原生質層比細胞壁的伸縮性大，當細胞不斷失水時，原生質層就會與細胞壁逐漸分離開來，即發生了質壁分離。濃度差越大，細胞失水也多，質壁分離現象越明顯。【詳解】1、發生失水的洋蔥鱗片葉細胞液濃度可能小于（正在失水的過程中）或等于（達到滲透平衡）外界蔗糖溶液的濃度，說法錯誤，1判斷正確；2、失水導致原生質層和細胞壁分開，原因是原生質層的伸縮性比細胞壁大，說法錯誤，判斷錯誤；3、動物細胞沒有細胞壁，不會出現質壁分離，說法錯誤，判斷錯誤；4、洋蔥鱗片葉細胞在失水的過程中，細胞液濃度會不斷變大，其吸水能力逐漸增強，說法錯誤，判斷正確。綜上所述，小張的答案1和4是正確，即小張的答案正確的有2項，ABD錯誤，C正確。故選C。9.物質在通過被動運輸和主動運輸方式進行跨膜運輸過程中，其運輸速度受多種因素的影響，如圖的四種曲線可分別對應某種（些）跨膜運輸方式。下列對這四種曲線的理解，正確的是（）A.曲線①可對應細胞吸進O2的方式，運輸O2的速度和細胞內外O2濃度差呈負相關B.若曲線②對應被動運輸方式，其應是協助擴散，該運輸方式只需要載體蛋白的協助C.曲線③能對應主動運輸方式，也可以表示O2這種分子的跨膜運輸方式D.限制曲線④運輸速度不再增大的因素主要是載體蛋白的數量等【答案】D【解析】【分析】1、被動運輸：物質進出細胞是順濃度梯度的擴散，叫做被動運輸，包括自由擴散和協助擴散。（1）自由擴散：物質通過簡單的擴散進出細胞的方式；（2）協助擴散：進出細胞的物質借助轉運蛋白的擴散方式。2、主動運輸：物質逆濃度梯度進行跨膜運輸，需要載體蛋白的協助，同時還需要消耗細胞內化學反應所釋放的能量。【詳解】A、曲線①表示自由擴散，可對應細胞吸進O2的方式，運輸O2的速度和細胞內外O2濃度差呈正相關，A錯誤；B、曲線②中運輸速率與物質濃度有關，且物質濃度超過一定值后，物質運輸速率不再受物質濃度的影響，故曲線②為協助擴散，協助擴散不僅需要載體蛋白的協助，還需要通道蛋白的協助?，B錯誤；C、曲線③表示運輸速率與氧氣濃度無關，故運輸方式為自由擴散或協助擴散，也可表示哺乳動物成熟紅細胞通過主動運輸轉運某種物質的過程，O2跨膜運輸方式為自由擴散，受自身濃度影響，與曲線③不相符，C錯誤；D、曲線④表示該運輸過程消耗能量，故運輸方式為主動運輸，限制曲線④運輸速度不再增大的因素主要是載體蛋白的數量等，D正確。故選D。10.酶制劑是應用物理或化學方法，將生物體細胞或組織中產生的酶提取出來，并經加工后制成的仍具有催化活性的生物化學藥品。它們具有高效性和專一性，在適宜條件（pH和溫度）下具有生物學活性。下列相關敘述正確的是（）A.酶制劑需要在最適溫度和最適pH條件下保存B.酶是活細胞產生的，具有催化作用的有機物C.在適宜的條件下，酶制劑的催化效率與無機催化劑差不多D.酶的作用條件較溫和，在堿性條件下，人體內所有酶的活性都會降低【答案】B【解析】【分析】1、酶大多數是蛋白質，少量是RNA。2、胃蛋白酶發揮催化作用的最適pH是1.5-2.2，小腸是堿性環境。【詳解】A、酶制劑需要在低溫和最適pH條件下保存，A錯誤；B、酶是活細胞產生的，具有催化作用的有機物，B正確；C、酶具有高效性，在適宜的條件下，酶制劑的催化效率遠遠高于無機催化劑，C錯誤；D、酶的作用條件較溫和，動物體體的酶的最適pH大多是6.5-8.0，所以在堿性條件下，并不是所有酶的活性都會減低，D錯誤。故選B。11.某研究小組在探究“溫度對酶活性的影響”實驗時，設計了如下實驗操作步驟：①向A、B、C、D試管內各加入2mL新配制的體積分數為3%的可溶性淀粉溶液；②向A、B、C、D試管內各加入5滴新鮮的質量分數為2%的淀粉酶溶液；③將四支試管分別保溫在30℃、40℃、50℃、70℃水浴鍋內；④觀察試管中發生的變化；下列相關敘述正確的是（）A.上述實驗步驟順序不存在錯誤，能達到既定的實驗目的B.上述實驗缺少檢測步驟，但不宜選用斐林試劑檢測產物的生成量C.若將實驗材料換成新鮮的肝臟研磨液和過氧化氫溶液也能達到實驗目的D.若經過正確的操作后測得40℃時淀粉分解量最大，則說明“淀粉酶的最適溫度是40℃”【答案】B【解析】【分析】探究“溫度對酶活性的影響”，實驗的自變量是溫度的不同，因變量是酶促反應速率，因變量的檢測指標是一定時間內的底物的剩余量或產物的生成量。【詳解】A、探究“溫度對酶活性的影響”，其實驗合理的操作順序是：先將酶和底物分別在設定的溫度下保溫，然后將同樣溫度下的酶和底物混合后再保溫讓其反應，A錯誤；B、探究溫度對酶活性影響時選用淀粉水解實驗，但不能用斐林試劑檢測產物生成量，因為斐林試劑使用時需要水浴加熱，會影響實驗的溫度，B正確；C、若將實驗材料換成新鮮的肝臟研磨液和過氧化氫溶液，則不能達到實驗目的，這是因為溫度會直接影響H2O2溶液的分解，C錯誤；D、若經過正確的操作后測得40℃時淀粉分解量最大，則不能說明“淀粉酶的最適溫度是40℃”，這是因為本實驗設置的溫度梯度太大，若要進一步探究淀粉酶的最適溫度，還需要在30～50℃之間設立較小溫度梯度的分組實驗，D錯誤。故選B。12.癌細胞即使在氧氣充足的條件下也主要依賴無氧呼吸產生ATP,這種現象稱為“瓦堡效應”。研究表明，癌細胞和正常分化的細胞在有氧條件下產生的ATP總量沒有明顯差異，但攝取并用于細胞呼吸的葡萄糖量不同。藥物研發應盡量不影響正常細胞的代謝。下圖是癌細胞在有氧條件下葡萄糖的部分代謝過程，下列敘述錯誤的是（）A.癌細胞中丙酮酸轉化為乳酸的過程也會生成ATPB.過程①②③④發生在細胞質基質，⑤發生在線粒體C.發生“瓦堡效應”的癌細胞吸收的葡萄糖量比正常細胞的多D.葡萄糖通過細胞膜上的轉運蛋白進入細胞，生成的五碳糖可作為合成核酸的原料【答案】A【解析】【分析】題圖分析，①②③過程是葡萄糖逐步分解成丙酮酸的過程，④過程是癌細胞無氧呼吸的第二階段，⑤過程是癌細胞有氧呼吸過程的第二、三階段。【詳解】A、無氧呼吸過程中，丙酮酸轉化為乳酸的過程不生成ATP，A錯誤；B、過程①葡萄糖轉化為葡萄糖-6-磷酸，②葡萄糖-6-磷酸轉化為果糖-6-磷酸，③果糖-6-磷酸轉化為果糖-1,6-二磷酸，④果糖-1,6-二磷酸轉化為丙酮酸，這些過程都發生在細胞質基質，⑤丙酮酸轉化為CO2和H2O，發生在線粒體，B正確；C、因為癌細胞主要依賴無氧呼吸產生ATP，無氧呼吸產生的ATP少，消耗葡萄糖多，所以發生“瓦堡效應”的癌細胞吸收的葡萄糖量比正常細胞多，C正確；D、葡萄糖通過細胞膜上的轉運蛋白進入細胞，圖中生成的五碳糖可作為合成核酸的原料，D正確。故選A。二、多項選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題的選項中，有兩個或有兩個以上選項符合題目要求，全部選對得4分，選對但選不全的得2分，有選錯的得0分）13.有一條鏈狀“十五肽”的化學式為CxHyNzOdSe（z>15,d>16）。已知將其徹底水解后會得到下列幾種氨基酸，下列有關說法中正確的是（）A.水解可得e個半胱氨酸B.水解可得（d-16）/2個天門冬氨酸C.水解可得z-14個賴氨酸D.水解時消耗14個水分子【答案】ABD【解析】【分析】1、明確多肽的命名是以氨基酸是的數目稱為某肽，而不是以肽鍵的數目命名；2、n個氨基酸形成的一條多肽，至少含有n個N原子，至少含有（n+1）個O原子，多出的N、O原子位于氨基酸的R基中；3、分析四種氨基酸：四種氨基酸中只有半胱氨酸含有S原子，因此根據S原子數目可計算出半胱氨酸的數目；四種氨基酸中只有天門冬氨酸含有4個氧原子，其余氨基酸均含有2個氧原子，因此根據氧原子數目可計算出天門冬氨酸的數目；四種氨基酸中只有賴氨酸含有2個N原子，其余氨基酸均只有1個N原子，因此根據N原子數目可計算出賴氨酸的數目。【詳解】A、四種氨基酸中只有半胱氨酸含有S原子，因此根據化學式（CxHyNzOdSe）中S原子數目可知該多肽含有e個半胱氨酸，A正確；B、四種氨基酸中只有天門冬氨酸含有4個氧原子，其余氨基酸均含有2個氧原子，因此根據氧原子數目計算，4×天門冬氨酸+2（15-天門冬氨酸）-14=d，解得天門冬氨酸數目為（d－16）/2，B正確；C、四種氨基酸中只有賴氨酸含有2個N原子，其余氨基酸均只有1個N原子，因此根據N原子數目計算，賴氨酸的數目=z-15，C錯誤；D、該“十五肽”含有的肽鍵數=氨基酸數-肽鏈數=15-1=14個，所以水解該“十五肽”時消耗水分子個數為14個，D正確。故選ABD。14.細胞中進入內質網加工的蛋白質含有相應的信號序列，不進入內質網的蛋白質不含信號序列。某科研小組除去內質網蛋白的信號序列后，將該信號序列和細胞質基質蛋白重組，重組前和重組后蛋白質在細胞中的分布如圖所示。下列有關敘述正確的是（）A.合成的蛋白質能否進入內質網取決于其是否有相應的信號序列B.進入內質網的信號序列并非對所有蛋白質發揮生物功能都是必需的C.進行胃蛋白酶的前期合成時的肽鏈不含有進入內質網的信號序列D.研究分泌蛋白的合成與分泌過程，可采用同位素標記法【答案】ABD【解析】【分析】在同一元素中，質子數相同、中子數不同的原子為同位素，如16O與18O，12C與14C。同位素的物理性質可能有差異，但組成的化合物化學性質相同。用物理性質特殊的同位素來標記化學反應中原子的去向，就是同位素標記法。【詳解】A、合成的蛋白質能否進入內質網取決于其是否有相應的信號序列，含有信號序列的蛋白質可進入內質網，A正確；B、含有信號序列的蛋白質可進入內質網，但部分蛋白質不需要進入內質網，如細胞質基質蛋白、線粒體蛋白等，B正確；C、胃蛋白酶屬于分泌蛋白，需要內質網和高爾基體的加工，故進行胃蛋白酶的前期合成時的肽鏈含有進入內質網的信號序列，C錯誤；D、研究分泌蛋白的合成與分泌過程，可采用同位素標記法，一般用3H標記氨基酸，觀察放射性存在的部位，D正確。故選ABD。15.為探究酵母菌細胞的呼吸方式，某同學設計了如圖三個裝置，下列相關敘述正確的是（）A.b裝置中的溶液遇CO2的顏色變化為由黃變綠再變藍B.若要探究酵母菌的有氧呼吸，則需將裝置從左至右按c、a、b順序連接C.若要探究酵母菌的無氧呼吸，則直接將a、b裝置連接起來即可D經過短時間培養，a裝置中加入酸性重鉻酸鉀溶液有可能觀察到顏色變化【答案】BD【解析】【分析】酵母菌在有氧和無氧的條件下都能生存，屬于兼性厭氧菌，可以用重鉻酸鉀溶液檢測是否有酒精產生，若有酒精產生，則該溶液會由橙色變為灰綠色；可以用澄清石灰水和溴麝香草酚藍溶液檢測是否有CO2產生。【詳解】A、b裝置中的溴麝香草酚藍溶液遇CO2的顏色變化為由藍變綠再變黃，而不是由黃變綠再變藍，A錯誤；B、若要探究酵母菌的有氧呼吸，則需要將裝置按c、a、b順序連接，其中裝置c中的NaOH溶液可除去空氣中的CO2，酵母菌在裝置a中進行有氧呼吸，裝置b中溴麝香草酚藍溶液用于檢測有氧呼吸產物CO2，B正確；C、若要探究酵母菌的無氧呼吸，不能直接用a裝置，需要隔絕外界空氣，C錯誤；D、經過短時間培養，a裝置中葡萄糖還未耗盡，加入酸性重鉻酸鉀后，葡萄糖會與之反應發生顏色變化，D正確。故選BD。16.下列三幅圖描述的是環境因素與呼吸作用間的關系，下列敘述正確的是（）A.圖甲中的變量①可表示在一定范圍內細胞中的含水量B.圖乙中的變量②可表示溫度，而溫度主要通過影響酶的活性來影響呼吸速率C.圖丙中的曲線①代表無氧呼吸，且氧濃度為5%時無氧呼吸停止D.圖丙中的曲線②代表有氧呼吸，且呼吸作用強度隨氧濃度增大而不斷增強【答案】AB【解析】【分析】題圖分析：甲圖呼吸速率隨著變量①的升高而升高；乙圖呼吸速率隨著變量②的升高而先升高后下降；丙圖表示隨著氧氣含量的增加，兩條曲線二氧化碳的變化情況。甲圖可以表示在一定呼吸強度范圍內細胞中的含水量不斷升高；由于溫度可以影響呼吸酶的活性，乙圖可以表示呼吸速率與溫度之間的關系；圖丙中的曲線①隨著氧氣濃度的升高而不斷降低，可以代表無氧呼吸，且氧濃度為10%時無氧呼吸停止；從圖丙中可以看出在一定范圍內，隨著氧氣含量的增加，曲線②不斷上升，但是當氧濃度達到一定值時，曲線②不再上升，所以圖丙中曲線②不能表示呼吸作用強度隨氧濃度增大而不斷增強。【詳解】A、細胞中含水量增加，代謝增強，故圖甲中的變量①可表示在一定呼吸強度范圍內細胞中的含水量，A正確；B、一定范圍內隨著溫度升高，酶的活性增強，超過最適溫度后，隨著溫度升高，酶的活性減弱，酶的活性大小直接影響細胞呼吸的速率，故圖乙中的變量②可表示溫度，B正確；C、隨著氧氣濃度增加，丙中曲線①逐漸減弱，直至氧濃度為10%時消失，可表示無氧呼吸，C錯誤；D、從圖丙中可以看出當氧濃度達到一定值時，曲線②不再上升，所以圖丙中曲線②不能表示呼吸作用強度隨氧濃度增大而不斷增強，D錯誤。故選AB。三、非選擇題（共5道題，共60分）17.撫州三江濕地公園是一個集濕地保護、涵養水源、鳥類棲息等為一體的生態公園，園內檉紅柳綠，蘆花飛舞，物種資源非常豐富。以下是該濕地中常見的幾種生物，結合生物學知識回答以下問題：（1）在生命系統的結構層次中，該濕地公園屬于_______層次；流感病毒的結構與上圖生物相比，最典型的區別是_______。（2）圖中屬于原核細胞的是_______，主要判斷依據是_______,其能進行光合作用的主要原因是細胞內含_______；圖中細胞都具有的細胞結構是_______（至少寫出2個），其中與水稻葉肉細胞的結構最相似的生物是_______。（3）采集該濕地公園水樣進行顯微觀察，下圖是在顯微鏡下觀察到的不同視野，若將視野1轉為視野2，正確的操作步驟是______（選擇下列需要進行的操作進行排序，填序號）：若使用顯微鏡時，視野出現一半亮一半暗，可能的原因是_______。①調節粗準焦螺旋抬高鏡筒②調節光圈使視野明亮③調節細準焦螺旋使物像清晰④轉動轉換器換上高倍鏡⑤向右下移動裝片⑥向左上移動裝片【答案】（1）①.生態系統②.流感病毒無細胞結構（2）①.藍細菌②.藍細菌沒有以核膜為界限的細胞核③.葉綠素和藻藍素④.細胞膜、細胞質、核糖體⑤.衣藻（3）①.⑥④②③②.反光鏡角度調整不到位、遮光器的光圈調整不到位、轉換器調整不到位【解析】【分析】1、生命系統的結構層次由小到大依次是細胞、組織、器官、系統、個體、種群、群落、生態系統和生物圈；2、原核生物和真核生物的區別：（1）本質區別：真核生物與原核生物最本質的區別是有無成型的細胞核（或有無真正的細胞核或有無核膜包被的細胞核）；（2）分類不同真核生物分為動物、植物和真菌；原核生物有細菌、藍藻、衣原體、支原體、立克次氏體、放線菌等等；（3）與蛋白質結合不同：真核生物的細胞核內的DNA與蛋白質結合，構成染色質（或染色體）；原核生物的DNA呈裸露的環狀，一般不與蛋白質結合；（4）基因存在位置不同：真核生物的基因存在于細胞核、線粒體和葉綠體內；原核生物的基因主要位于擬核和質粒；（5）細胞器不同：真核生物有多種細胞器和復雜的膜系統；原核生物只有一種細胞器——核糖體。【小問1詳解】在生命系統的結構層次中，生態系統是指在一定的空間內生物成分和非生物成分通過物質循環和能量流動相互作用、相互依存而構成的一個生態學功能單位。撫州三江濕地公園包含了生物群落以及非生物環境，所以該濕地公園屬于生態系統層次；流感病毒沒有細胞結構，而圖中衣藻、變形蟲、藍細菌、酵母菌、水稻葉肉細胞都具有細胞結構，這是流感病毒與圖中生物相比最典型的區別；【小問2詳解】圖中屬于原核細胞的是藍細菌。判斷依據是藍細菌沒有以核膜為界限的細胞核，而衣藻、變形蟲、酵母菌、水稻葉肉細胞都有以核膜為界限的細胞核。藍細菌能進行光合作用的主要原因是細胞內含有葉綠素和藻藍素。圖中細胞都具有的細胞結構是細胞膜、細胞質、核糖體等。其中與水稻葉肉細胞結構最相似的生物是衣藻，因為衣藻和水稻葉肉細胞都具有細胞壁、葉綠體、細胞核等結構；【小問3詳解】要將視野1轉為視野2，首先由于視野2中物像位于視野中央偏左上方，所以需要向左上方移動裝片，將物像移到視野中央；然后轉動轉換器換上高倍鏡；接著調節光圈使視野明亮；最后調節細準焦螺旋使物像清晰，故正確的操作步驟是⑥④②③。若使用顯微鏡時，視野出現一半亮一半暗，可能的原因是反光鏡角度調整不到位、遮光器的光圈調整不到位、轉換器調整不到位，導致光線沒有均勻照射到視野中。18.如圖1為與糖類相關的概念圖，圖2為C、H、O、N、P等元素構成大分子物質甲、乙、丙及結構丁的示意圖，圖3、圖4分別為油料種子成熟和萌發過程中營養物質的含量變化示意圖，請回答下列問題：（1）圖1中，若某種單糖A為葡萄糖，則①在植物細胞中是______，③在動物細胞中______;若某種單糖A與磷酸和堿基結合形成物質②，其中堿基是尿嘧啶，則形成的物質②是____;若某種單糖A與磷酸和堿基結合形成物質④，且其中的某種堿基是胸腺嘧啶，則由④所形成的生物大分子是_______，該生物大分子______（填“能”或“不能”）通過核孔進出細胞核。（2）圖2中，若丁是一種細胞器，則單體1為_______：若丁能被堿性染料染成深色，則丁為______。（3）在油料種子成熟與萌發過程中，糖類和脂肪是相互轉化的，圖3和圖4中給出的依據是______;油料種子萌發初期，干重會先增加。結合上圖及有機物的化學元素組成特點，推測其原因：______。【答案】（1）①.淀粉②.糖原③.尿嘧啶核糖核苷酸④.脫氧核糖核酸（或答DNA）⑤.不能（2）①.氨基酸②.染色質或染色體（3）①.兩者含量變化相反②.糖類中的O含量高于脂肪，萌發初期大量脂肪轉變為葡萄糖和蔗糖，導致種子干重增加【解析】【分析】1、糖類可分為單糖、二糖和多糖等。單糖是不能再水解的糖，常見的有葡萄糖、果糖、半乳糖、核糖、脫氧核糖，其中葡萄糖是細胞的重要能源物質，核糖和脫氧核糖一般不作為能源物質，它們是核酸的組成成分；二糖中蔗糖和麥芽糖是植物糖，乳糖是動物糖；多糖中糖原是動物糖，淀粉和纖維素是植物糖，糖原和淀粉是細胞中重要的儲能物質；2、細胞中的脂質主要包括以下幾種?：?（1）脂肪?：脂肪也稱為甘油三酯，是細胞內的良好儲能物質，具有保溫、緩沖和減壓的作用。脂肪是細胞內能量的主要儲存形式；（2）磷脂?：磷脂是細胞膜的重要組成部分，也存在于多種細胞器膜中。它們由親水的頭基與兩條疏水的酰基鏈組成。磷脂包括磷脂酰膽堿、磷脂酰絲氨酸、磷脂酰乙醇胺、磷脂酸、溶血磷脂、磷脂酰肌醇等；（3）固醇?：固醇包括膽固醇、性激素和維生素D。膽固醇是構成細胞膜重要成分，參與血液中脂質的運輸，對維持細胞膜的穩定性和流動性具有重要作用。性激素可以促進生殖器官的發育和生殖細胞的形成，而維生素D則促進腸道對鈣、磷的吸收。【小問1詳解】若單糖A為葡萄糖，在植物細胞中，葡萄糖脫水縮合形成的多糖①是淀粉；在動物細胞中，葡萄糖脫水縮合形成的多糖③是糖原；若單糖A與磷酸和堿基結合形成物質②，其中堿基是尿嘧啶，尿嘧啶是RNA特有的堿基，所以形成的物質②是尿嘧啶核糖核苷酸；若單糖A與磷酸和堿基結合形成物質④，且其中的某種堿基是胸腺嘧啶，胸腺嘧啶是DNA特有的堿基，所以由④所形成的生物大分子是DNA（或脫氧核糖核酸），DNA不能通過核孔進出細胞核；【小問2詳解】圖2中，若丁是一種細胞器，含有C、H、O、N、P等元素的細胞器，且由單體構成，可能是核糖體，核糖體的單體1為氨基酸；若丁能被堿性染料染成深色，則丁為染色體（或染色質），染色體主要由DNA和蛋白質組成，含有C、H、O、N、P等元素；【小問3詳解】圖3中油料種子成熟過程中脂肪含量增加，可溶性糖含量減少，圖4中油料種子萌發過程中脂肪含量減少，可溶性糖含量增加，即兩者的含量變化相反，這給出了在油料種子成熟與萌發過程中，糖類和脂肪是相互轉化的依據；油料種子萌發初期，干重會先增加，原因是油料種子中脂肪含量較高，脂肪的組成元素中氫的含量較高，氧的含量較低，而糖類中氧的含量較高，在種子萌發初期，大量脂肪轉變為葡萄糖和蔗糖，導致種子干重增加。

19.中科院課題組對多種細胞膜結構進行了系統深入研究，提出了如下圖1所示的哺乳動物組織細胞膜模型；通過查閱資料，某同學了解到關于真核細胞線粒體和葉綠體的內共生起源學說，由美國生物學家馬古利斯（LynnMargulis）于1970年出版的《真核細胞的起源》一書中正式提出。她認為，需氧菌被變形蟲狀的原始真核生物吞噬后、經過長期共生能成為線粒體，藍藻（藍細菌）被吞噬后經過共生能變成葉綠體，其過程如下圖2所示。請回答：（1）圖1中的3代表______，哺乳動物有核組織細胞膜外多了一層致密的蛋白層，而細胞膜內側相對粗糙，由此推知圖中_______側為細胞膜的內側。A側還應該含有______分子，可與蛋白質或脂質結合，這些分子的作用是_______。（2）根據“內共生起源學說”，推測線粒體和葉綠體含有兩層膜，試分析這兩層膜的來源分別是_______。（3）已知核糖體在原核細胞和真核細胞中有所不同：現將原核細胞中的核糖體稱為A型，將真核細胞細胞質基質中的核糖體稱為B型。若內共生假說成立，則真核細胞線粒體中的核糖體的種類是_______型。若某廣譜抗生素能通過抑制細菌的核糖體（A型）合成蛋白質而生效，且該抗生素不能通過連續的兩層膜結構，則在一定劑量內使用該抗生素對人體細胞是否有害？請簡述理由。______（有害/無害），理由：_______。【答案】（1）①.磷脂雙子分層②.B③.糖類④.與細胞表面識別，細胞間的信息傳遞等有密切關系（2）外膜來源于原始真核生物（或先祖厭氧真核生物）的細胞膜，內膜來源于需氧菌、藍藻（藍細菌）的細胞膜（3）①.A②.無害③.人體細胞有兩種核糖體，細胞質基質中的B型不受該藥物影響，線粒體中的A型被線粒體的雙層膜保護，也不受該藥物影響，故無害【解析】【分析】1、原核細胞：沒有被核膜包被的成形的細胞核，沒有核膜、核仁和染色質；沒有復雜的細胞器（只有核糖體一種細胞器）；只能進行二分裂生殖，屬于無性生殖，不遵循孟德爾的遺傳定律；含有細胞膜、細胞質，遺傳物質是DNA；真核細胞：有被核膜包被的成形的細胞核，有核膜、核仁和染色質；有復雜的細胞器（包括線粒體、葉綠體、內質網、高爾基體、核糖體等）；能進行有絲分裂、無絲分裂和減數分裂；含有細胞膜、細胞質，遺傳物質是DNA；2、細胞膜的結構?：細胞膜主要由磷脂雙分子層和蛋白質組成，其中磷脂雙分子層構成了膜的基本骨架。磷脂分子具有親水的頭部和疏水的尾部，這種特性使得它們能在水環境中自發形成雙層結構。蛋白質則鑲嵌或貫穿于磷脂雙分子層中，它們具有多種功能，如物質運輸、信號傳導等。此外，細胞膜的外側還可能有糖蛋白，它們與細胞的識別、黏附等功能有關；3、細胞膜的功能?：?分隔細胞內外?：細胞膜將細胞內部與外部環境分隔開來，為細胞提供了一個相對穩定的內部環境。?控制物質進出?：細胞膜具有選擇透過性，能夠控制哪些物質可以進入細胞，哪些物質可以離開細胞。這種控制是通過膜上的蛋白質實現的，如通道蛋白、載體蛋白等。?細胞間信息交流?：細胞膜上的蛋白質和其他分子可以作為信號受體或信號發射器，參與細胞間的信息交流。【小問1詳解】圖1展示了哺乳動物組織細胞膜模型，根據細胞膜的結構可知，3代表磷脂雙分子層，它是細胞膜的基本骨架；由于哺乳動物有核組織細胞膜外多了一層致密的蛋白層，而細胞膜內側相對粗糙，可推知圖中A側為細胞膜的外側，那么B側為細胞膜的內側；A側還應該含有糖類分子，可與蛋白質或脂質結合形成糖蛋白或糖脂，這些分子的作用是與細胞表面的識別，細胞間的信息傳遞等有密切關系；【小問2詳解】根據“內共生起源學說”，線粒體是需氧菌被變形蟲狀的原始真核生物吞噬后經過長期共生形成的，所以線粒體的外膜來自原始真核生物的細胞膜，內膜來自需氧菌的細胞膜；葉綠體是藍藻（藍細菌）被吞噬后經過共生形成的，所以葉綠體的外膜來自原始真核生物的細胞膜，內膜來自藍藻（藍細菌）的細胞膜，即外膜來源于原始真核生物的細胞膜，內膜來源于需氧菌、藍藻（藍細菌）的細胞膜；【小問3詳解】若內共生假說成立，線粒體起源于原核生物需氧菌，所以真核細胞線粒體中的核糖體的種類是A型；由于人體細胞中細胞質基質的核糖體是B型，而抗生素不能通過連續的兩層膜結構（線粒體具有雙層膜），所以該抗生素不會影響人體細胞細胞質基質中核糖體的功能，即不會影響人體細胞內蛋白質的合成，因此在一定劑量內使用該抗生素對人體細胞無害。20.下圖1是物質跨膜運輸的幾種常見方式示意圖，其中I～IV表示細胞膜上的相關結構或物質，a～e表示不同的跨膜運輸方式。已知小腸上皮細胞能從腸腔吸收多種營養物質并跨膜運輸到組織液中，相關物質的運輸方式如圖2所示。請據圖回答下列問題。（1）圖1主要體現了細胞膜具有______功能，據圖2可知，腸腔內的葡萄糖以_______方式進入小腸上皮細胞，與該方式相比，③運輸葡萄糖的特點有_______;葡萄糖進、出小腸上皮細胞的跨膜運輸方式分別與圖1中的_______（填字母）所示的運輸方式最接近。（2）小腸上皮細胞通過②同時運輸Na+和K+，可以維持細胞內Na+_______（填“高濃度”或“低濃度”）狀態，以保障小腸上皮細胞正常吸收葡萄糖。若機體短暫供氧不足，小腸上皮細胞吸收葡萄糖的速率將______（填“增大”、“減小”或“不變”）。（3）水分子除了圖2所示的運輸方式之外，主要是以圖1中的______（填字母）方式進行運輸。圖2中多肽從腸腔進入小腸上皮細胞的方式是______。（4）用含18O標記的氨基酸培養液培養該細胞，結果發現在合成分泌蛋白的過程中產生了H218O，則生成H2O的細胞結構是______。【答案】（1）①.控制物質進出細胞②.主動運輸③.順濃度梯度運輸、不消耗能量④.a、d（2）①.低濃度②.減小（3）①.c②.胞吞（4）核糖體【解析】【分析】（1）分析圖1：Ⅰ是載體蛋白，Ⅱ是通道蛋白，Ⅲ是分布在細胞膜外側的糖類分子，Ⅳ是磷脂雙分子層。a、e過程所示的物質，都是從低濃度一側運輸到高濃度一側，均需要載體蛋白的協助，同時還需要消耗能量，因此所示的運輸方式都是主動運輸，但a、e過程分別表示物質進入細胞、排出細胞；b過程所示的物質是從高濃度一側運輸到低濃度一側，不需要轉運蛋白的協助，不需要消耗能量，所示的運輸方式是自由擴散；c、d過程所示的物質都是從高濃度一側運輸到低濃度一側，分別需要通道蛋白與載體蛋白的協助，但都不消耗能量，所示的運輸方式均為協助擴散。（2）分析圖2：在運輸方式①中，Na+、葡萄糖進入小腸上皮細胞的方式分別是協助擴散、主動運輸；在運輸方式②中，K+進入小腸上皮細胞、Na+排出小腸上皮細胞的方式都是主動運輸；在運輸方式③中，葡萄糖排出小腸上皮細胞的方式是協助擴散；在運輸方式④中，多肽進入小腸上皮細胞的方式是胞吞。【小問1詳解】圖1表示物質跨膜運輸的幾種常見方式，主要體現了細胞膜具有控制物質進出細胞的功能；Ⅲ是糖類分子，分布在細胞膜外側，a表示物質以主動運輸的方式進入細胞，d表示物質以協助擴散的方式排出細胞。圖2顯示，腸腔中葡萄糖的濃度低于小腸上皮細胞，所以腸腔內的葡萄糖進入小腸上皮細胞是從低濃度一側運輸到高濃度一側，且需要Na+跨膜運輸時產生的電化學梯度的勢能提供能量，其跨膜運輸方式①是主動運輸；葡萄糖從小腸上皮細胞中被運輸到腸腔的方式③是順濃度梯度的協助擴散。與①相比，③運輸葡萄糖的特點有：順濃度梯度運輸、不消耗能量。綜上分析，葡萄