名校聯盟年上學期高一開學質量檢測物理本試卷共6頁。全卷滿分分，考試時間分鐘。注意事項：答題前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上。橡皮擦干凈后，再選涂其他答案；回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.人類自古以來就對自然界充滿好奇，對自然規律進行著不懈的探索。物理學就是在這些探索過程中結出的最重要的果實之一、則下列說法正確的是（）A.質點是真實存在的，只要人類需要可以將任何物體在任何情況下視為質點B.牛頓提出慣性的大小只與質量有關，是最早提出力不是維持物體運動的原因觀點的人C.力是指物體間相互作用，所以任何力的產生物體間必須相互接觸D.一個質量不變的物體所受的合外力越大，則其速度變化一定越快【答案】D【解析】A將物體看成質點，反之則不能，故錯誤；B．在牛頓之前的伽利略和笛卡兒就已經提出力不是維持物體運動的原因，故B錯誤；C．地球對物體的吸引力，不需要接觸就可以產生，故C錯誤；D．由牛頓第二定律可知，質量不變，合外力大，則加速度一定大，加速度大則表示速度變化快，故正確。故選D2.雷諾數為流體密度、為流體第1頁/共17頁流速、為一特征長度、為黏性系數。已知黏性系數的單位為。則下列關于雷諾數的單位說法正確的是（）A.是基本單位B.雷諾數是一個無量綱量（即沒有單位的物理量）C.雷諾數Re的單位與力的單位相同D.雷諾數的單位與加速度的單位相同【答案】B【解析】【詳解】A”是導出單位，故A錯誤；BCD．由雷諾數的表達式為則雷諾數的單位為故B正確，CD錯誤。故選B。3.AO輕桿固定輕質光滑定滑輪C（與長桿AOa和小球b，已知物塊a穿在長桿AO上，小球b豎直懸掛，輕繩伸直，某時刻從A點由靜止釋放物塊a，當a運動至aC段輕繩與水平長桿間夾角為時，小球b的速度大小為v，則此時物塊a的速度大小為（）A.B.C.D.v【答案】A【解析】【詳解】將物塊的速度沿繩和沿垂直繩的兩個方向分解，、在沿繩方向速度相等，則有第2頁/共17頁解得故選A。4.如圖所示，用長為的輕繩的兩端各拴一個小球A、BA、B豎直懸掛，站在一定高處，某時刻由靜止釋放，測得B、A兩球先后落地的時間差為，不計空氣阻力，重力加速度。則小球的釋放點到地面的高度為（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】設球落地時間為，則有解得則球釋放點離地高度為故選B。5.1樓運行到17傳感器得到如圖所示圖像，以豎直向上為正，已知時，電梯處于靜止狀態，則（）第3頁/共17頁A.內處于失重狀態B.電梯運行的最大速度為C.電梯上升高度為D.該居民樓的平均層高為【答案】D【解析】【詳解】A．1~2s內，電梯加速度方向為豎直向上，處于超重狀態，故A錯誤；B圖像與故B錯誤；C．由圖可知內電梯做勻加速運動，內電梯做勻速運動，內電梯做勻減速運動，則電梯上升的高度為故C錯誤；D．平均層高為故D正確。故選D。6.如圖所示是一種自助餐廳的保溫儲盤裝置的內部結構示意圖，三根完全相同的輕質彈簧等間距豎直懸掛在水平固定圓環上，下端連接一托盤，現在托盤上放著6個相同的盤子處于靜止狀態，并從上到下編號依次為123456.托盤與盤子的質量相等，不計任何摩擦阻力，彈簧在彈性限度內。則某人快速取走1號盤子的瞬間，托盤對6號盤子的作用力與每根彈簧的彈力大小之比等于（）第4頁/共17頁A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】設托盤和每個盤子的質量為，某人快速取走1號盤子的瞬間，托盤和剩余盤子的整體所受合力為，則有設托盤對6號盤子的作用力大小為，對剩余的盤子為整體有解得取走1號盤子的瞬間，彈簧還未來得及發生形變，故此時彈力大小與取走1號盤子前大小相等，則由平衡條件有解得每根彈簧的彈力大小為則有故選。二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7.滑塊以某一初速度從斜面底端O上滑到最高點D，用頻閃儀記錄的上滑過程如圖所示，則（）A.滑塊在B點的速度大小為在C點的兩倍第5頁/共17頁B.滑塊在A點的速度大小為在C點的兩倍C.AB和CD的距離之比為D.AB和CD的距離之比為【答案】AD【解析】【詳解】AB．滑塊從O到D做勻減速運動，可看成從D到O的初速度為零的勻加速直線運動，設頻閃儀記錄的時間間隔為T，滑塊的加速度為a，則，，滑塊在B點的速度大小為在C點的兩倍，滑塊在A點的速度大小為在C點的三倍，故A正確，B錯誤；CD．由初速度為零的勻加速直線運動推論知AB和CD的距離之比為，故C錯誤，D正確。故選AD。8.某無人機運輸質量為20kgx軸方向和豎直y軸方向的速度—所示，以豎直向上為正方向．重力加速度。下列說法正確的是（）A.該無人機在空中一直做曲線運動B.在時，無人機的速度大小為，方向與水平面間夾角的正切值為C.在時，物件所受合力大小為40N，方向豎直向上D.0~20s內無人機運動的位移大小為250m【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖可知，在內無人機水平和豎直方向均做勻速直線運動，可知該段時間合運動為勻速直線運動，A錯誤；第6頁/共17頁B．在時，無人機的速度大小為方向與水平面間夾角的正切值為B正確；C第二定律可得此時物件所受合力大小為40N，方向豎直向下，C錯誤；D．內無人機水平方向運動位移大小為豎直方向運動位移大小為故合位移大小為D正確。故選BD9.如圖所示是一小型吊車的簡化示意圖，滑輪，質量不計的鋼索繞過定滑輪，一端連接電動機，另一端懸掛重物，在電動機的帶動下豎直向上勻速。不計滑輪的質量和大小，則下列說法正確的是（）第7頁/共17頁A.鋼索對定滑輪的作用力方向一定沿桿方向B.鋼索對定滑輪的作用力方向一定沿的角平分線方向C.鋼索對定滑輪的作用力大小一定等于重物重力的2倍D.鋼索對定滑輪的作用力大小一定小于重物重力的2倍【答案】BD【解析】【詳解】AB．由于定滑輪光滑，重物勻速上升，故跨過滑輪的鋼索兩側拉力大小均等于重物的重力，所以鋼索對定滑輪的作用力一定沿的角平分線方向，與的大小無關，不一定沿桿的方向，故錯誤，正確；CD．設重物重力為，由平行四邊形定則，可得鋼索對定滑輪的作用力大小為故C錯誤，正確。故選BD。10.如圖甲所示，質量為的長木板A靜置于光滑水平地面上，時刻，小物塊B（可視為質點）以水平向右的初速度從A的左端滑上木板，此后兩者的速度隨時間變化的圖像如圖乙所示，時刻兩者速度均變為，且B恰好到達A的右端。重力加速度為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（）A.A的長度為第8頁/共17頁B.B的質量為C.B與A間的動摩擦因數為D.若B以水平向右的初速度從A的左端滑上木板，最終B與A右端的距離為【答案】ACD【解析】【詳解】A．根據速度時間圖像與時間軸圍成的面積表示位移，由圖乙可知，時刻兩者相對靜止，且B恰好到達A的右端，則此段時間內兩者的相對位移大小即為A的長度，大小為故A正確；BC．根據速度時間圖像的斜率表示加速度，由圖乙可知，A的加速度大小為B的加速度大小為根據牛頓第二定律，對A有，對B有，由牛頓第三定律可知聯立可得，故B錯誤，正確；DBAB為，則有解得此過程B對地位移大小為第9頁/共17頁A對地位移大小為故最終B與A右端的距離大小故D正確。故選ACD。三、非選擇題：本題共5小題，共分。某實驗小組利用如圖甲所示裝置以及頻閃照相機（圖中未畫出）研究平拋運動規律。（1）關于該實驗，下列說法正確的是_____A.斜槽軌道必須光滑B.斜槽軌道末端必須調節至水平C.應使小球每次從斜槽上相同的位置由靜止釋放D.實驗前不需要用重垂線檢查方格紙上的豎線是否豎直（2O標系的建立正確的是______A.B.C.（3abcd為軌跡上4已知圖中每個方格的邊長為2.45cma點______（填“是”或“不是”）小球平拋運動的拋出點，小球平拋運動的初速度大小為______m/s。【答案】（1）BC（2）A第10頁/共17頁（3）①.不是②.0.98【解析】【小問1詳解】AC．斜槽不必光滑，只要每次從斜槽上同一位置由靜止釋放，到達斜槽末端時的速度相等即可，C正確，A錯誤；B．斜槽軌道末端必須保持水平，小球才能做平拋運動，落地時間才會相同，B正確；D．實驗前要用重垂線檢查方格紙上的豎線是否豎直，D錯誤。故選BC。【小問2詳解】該實驗中坐標原點的位置，應該在小球在斜槽末端時球心的投影點，故選A。【小問3詳解】1:2:31:3:5運動推論可知圖中a點不是小球平拋運動的拋出點；豎直方向，根據可得小球平拋水平初速度大小為12.利用如圖甲實驗裝置“探究加速度與物體受力、物體質量的關系”。（1）圖乙是實驗得到紙帶的一部分，每相鄰兩計數點間有四個點未畫出，相鄰計數點的間距已在圖中給出，打點計時器電源頻率為，則小車的加速度___________（用、、、、、、第11頁/共17頁（2）實驗得到的理想圖像應是一條過原點的直線，但由于實驗誤差影響，常出現如圖丙所示的①、②、③三種情況。則圖線①的產生原因是___________；圖線②的產生原因是___________；圖線③的產生原因是___________A．未平衡阻力B．未滿足砝碼和砝碼盤的質量遠小于小車質量C．平衡阻力時長木板的傾角過大（3）實驗小組的某同學在探究小車加速度與小車質量間關系時，遺漏了補償阻力這一步驟（其他操度與其質量的數據，并作出小車加速度與其質量倒數的圖像如圖丁所示，已知圖中直線在縱軸的截距為，重力加速度為，則小車與長木板間的動摩擦因數___________【答案】（1）（2）①.B②.C③.A（3）【解析】【小問1詳解】每相鄰兩計數點間有四個點未畫出，則相鄰兩計數點間的時間間隔為根據逐差法可得小車的加速度大小為【小問2詳解】[1]根據牛頓第二定律可得，可得第12頁/共17頁當滿足時，圖像的斜率近似等于保持不變，當不滿足時，圖像的斜率將隨于小車質量，故選B。[2]由圖線②可知，當時，小車已經有了一定的加速度，所以圖線②的產生原因是平衡阻力時長木板的傾角過大，故選C。[3]由圖線③可知，只有當達到一定數值時，小車才開始有一定的加速度，所以圖線③的產生原因是未平衡阻力，故選A。【小問3詳解】由牛頓第二定律可得可得則有解得13.A、B兩點。已知甲、乙兩球的落地點A、B與拋出點的水平距離之比為，不計空氣阻力，求：（1）甲、乙兩小球水平拋出的初速度大小之比；（2）甲、乙兩小球從拋出到落地過程的速度變化量大小之比；（3）甲、乙兩小球落地前瞬間的速度與水平方向間夾角的正切值之比。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳解】第13頁/共17頁設拋出點到水平地面高度，空中飛行時間為，豎直方向，有可知兩球空中飛行時間相等，水平方向由于聯立解得【小問2詳解】由速度時間關系可知【小問3詳解】對甲球，落地前瞬間的速度與水平方向間夾角的正切值為對乙球，落地前瞬間的速度與水平方向間夾角的正切值為由上可知聯立解得14.上的滑塊（視為質點，可沿桿滑動）組成。現將整個裝置豎直立在水平地面上，開始時滑塊靜止在A處，某時刻，啟動彈射器，滑塊瞬間以初速度向上彈出，滑塊恰好能運動到滑桿的上端處，滑塊向上運動第14頁/共17頁過程中受到滑桿恒定的阻力A、間距離為，滑塊質量為，滑桿和彈射器（兩者固定連接）的總質量為，重力加速度為，整個裝置始終未離開地面，空氣阻力不計。求：（1）阻力的大小；（2）滑塊向上運動的過程中，整個彈射裝置對地面的壓力的大小。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】設滑塊向上運動過程的加速度大小為，由勻變速直線運動規律有解得對滑塊由牛頓第二定律有解得【小問2詳解】對滑桿和彈射器整體，由平衡條件有又解得第15頁/共17頁由牛頓第三定律可知，整個彈射裝置對地面的壓力大小15.1與傾斜傳送帶2在逆時針勻速運行。已知傳送