安徽省合肥市皖智高級(jí)中學(xué)2024-2025學(xué)年高三下學(xué)期第七次月考-物理答案_第1頁
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第頁,共頁第5頁,共5頁安徽省合肥市皖智高級(jí)中學(xué)2024-2025學(xué)年高三下學(xué)期第七次月考物理參考答案一二、選擇題12345678910CDDABCDBABDAD1.C答案:電場(chǎng)線的疏密反映電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小,A處電場(chǎng)線比B處疏,則A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)的小,故A錯(cuò)誤;圖中正電荷從B點(diǎn)移到A點(diǎn)的過程中,電場(chǎng)力做正功,電荷的電勢(shì)能減小,故B錯(cuò)誤;若是條形磁鐵產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感線,由于P、Q關(guān)于中垂線對(duì)稱,P、Q處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小相等、方向相同,C正確。若是兩個(gè)異種電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)線,A、P處場(chǎng)的方向相反,故D錯(cuò)誤;故選C。2.D答案:由圖可知,線圈中的電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向。根據(jù)安培定則分析可知,環(huán)形導(dǎo)線內(nèi)部磁感線方向向里,由于磁感線是閉合的,所以環(huán)形導(dǎo)線外部磁感線方向向外。所以可知a、c向外,b向里。故選D。3.D答案:根據(jù)題圖可知,1和3粒子繞轉(zhuǎn)動(dòng)方向一致,則1和3粒子為正電子,2為電子,電子帶負(fù)電且逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),根據(jù)左手定則可知磁場(chǎng)方向垂直紙面向外,故A錯(cuò)誤,D正確;帶電粒子在云室中運(yùn)行,洛倫茲力不做功,而粒子受到云室內(nèi)填充物質(zhì)的阻力作用,粒子速度越來越小,故B錯(cuò)誤;帶電粒子若僅在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律可知,解得粒子運(yùn)動(dòng)的半徑為:,根據(jù)題圖可知軌跡3對(duì)應(yīng)的粒子運(yùn)動(dòng)的半徑更大,速度更大,粒子運(yùn)動(dòng)過程中受到云室內(nèi)物質(zhì)的阻力的情況下,此結(jié)論也成立,故C錯(cuò)誤。故選D。4.A答案:圖(a)中導(dǎo)體棒ab切割磁感線時(shí),閉合回路中磁通量發(fā)生變化,回路內(nèi)會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流,故A正確;圖(b)中線圈繞OO'軸旋轉(zhuǎn)時(shí),閉合回路中磁通量一直為零,線圈內(nèi)不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流,故B錯(cuò)誤;圖(c)中長(zhǎng)直導(dǎo)線中電流增大時(shí),閉合回路中磁通量左右相互抵消,一直為零,線圈內(nèi)不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流,故C錯(cuò)誤;圖(d)中閉合開關(guān)瞬間,B中產(chǎn)生感應(yīng)電流,小磁針偏離原來位置,但由于A所接為直流電源,B中感應(yīng)電流很快消失,小磁針又將重新回到原來的位置,故D錯(cuò)誤。故選A。5.B答案:甲圖中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為:,乙圖中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為:,兩次的電阻不變,所以第二次的感應(yīng)電流為。故選B。6.C答案:線圈a從磁場(chǎng)中勻速拉出的過程中穿過a線圈的磁通量在減小,則根據(jù)楞次定律可知a線圈的電流為順時(shí)針,由于線圈a從磁場(chǎng)中勻速拉出則a中產(chǎn)生的電流為恒定電流,則線圈a靠近線圈b的過程中線圈b的磁通量在向外增大,同理可得線圈b產(chǎn)生的電流為順時(shí)針,故AB錯(cuò)誤;由廣義楞次定律,線圈a靠近線圈b的過程中線圈b的磁通量在向外增大,線圈b有收縮趨勢(shì),故C正確;線圈b上下兩邊所受安培力大小相等,方向相反。線圈b左邊受到安培力向右,線圈b右邊受到安培力向左,右邊所處的磁感應(yīng)強(qiáng)度小,故向左的安培力小,線圈b整體受到水平向右的安培力,故D錯(cuò)誤。故選C。7.D答案:若芯片線圈中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的電流,根據(jù)右手螺旋定則,可知芯片中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向上,根據(jù)楞次定律可知,讀卡機(jī)中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)向上且逐漸減小或者向下且逐漸增大,再根據(jù)右手螺旋定則,可判斷出讀卡機(jī)中的電流為逆時(shí)針且逐漸減小,或者順時(shí)針逐漸增大。故選D。8.B答案:內(nèi)外膜之前可近似看成平行板電容器,根據(jù)平行板電容器電容可知根據(jù)電容可知,根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系可知聯(lián)立可得:分析可知,在平行板電容器中,兩極板的帶電量不變時(shí),電場(chǎng)強(qiáng)度不變,即電場(chǎng)強(qiáng)度與板間距無關(guān)。A錯(cuò)誤;由于此電場(chǎng)為內(nèi)外膜共同產(chǎn)生,因此一側(cè)膜受到另一側(cè)膜的電場(chǎng)力為:,內(nèi)外膜之間的彈力根據(jù)胡克定律可知:聯(lián)立可得:,B正確;根據(jù)對(duì)單側(cè)膜受力分析可知,每一側(cè)膜受到的合力為0,C錯(cuò)誤;根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系可知,D錯(cuò)誤。故選B。9.ABD答案:握住鹽水柱兩端將它豎直均勻拉伸的過程中,鹽水柱的橫截面積減小,長(zhǎng)度增大,根據(jù)可知,增大,根據(jù)串反并同規(guī)律可知,流過的電流減小,兩端電壓增大,即電容器兩極板間的電壓增大,根據(jù)可知,電容器中的電荷量增大,故AB正確;因,所以外電阻大于,由于增大,故外電阻增大,電源的輸出功率變小,故C錯(cuò)誤;等于與并聯(lián)的總電阻,由于增大,所以與并聯(lián)的總電阻增大,也增大,故D正確。故選ABD。10.AD答案:將小球的運(yùn)動(dòng)沿水平和豎直方向正交分解,水平分運(yùn)動(dòng)為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。豎直分運(yùn)動(dòng)為豎直上拋運(yùn)動(dòng),所以從到和從到點(diǎn)所用時(shí)間相等。對(duì)于初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),在連續(xù)相等的時(shí)間間隔內(nèi)位移之比為,則小球水平位移與的比值為,故A正確;由上分析知,從到所用時(shí)間為,豎直方向有,其中水平方向有,其中,聯(lián)立有,故B錯(cuò)誤;設(shè)物體在動(dòng)能為,水平分速度為,豎直分速度為,由豎直方向運(yùn)動(dòng)對(duì)稱性知對(duì)于水平分運(yùn)動(dòng)運(yùn)用動(dòng)能定理得:,又因?yàn)椋越獾茫海剩蔇正確;小球受力如圖所示小球受到的合外力為重力和電場(chǎng)力的合力,為恒力,在點(diǎn)時(shí),合力與速度之間的夾角為鈍角,在點(diǎn)時(shí),合力與速度之間的夾角為銳角,即合力先做負(fù)功后做正功,小球的動(dòng)能先減小后增大,小球從到的過程,合力一直做正功,動(dòng)能一直增大。則小球從運(yùn)動(dòng)到的過程中最小動(dòng)能一定小于,故C錯(cuò)誤。故選AD。三、非選擇題:11.(6分)(1)向左(2)順時(shí)針向右答案:(1)圖1所示閉合S時(shí),觀察到電流表指針向左偏,說明電流從負(fù)接線柱流入時(shí),電流表指針向左偏。磁體N極插入線圈A過程中,線圈A中磁通量向下增大,根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流將從電流表負(fù)接線柱流入,則此時(shí)電流表的指針將向左偏轉(zhuǎn);(2)[1]根據(jù)安培定則,螺線管內(nèi)部磁場(chǎng)向右,金屬環(huán)中的磁場(chǎng)向右,當(dāng)光照減弱時(shí),熱敏電阻的阻值增大,回路電流減小,金屬環(huán)的磁通量減小,根據(jù)增反減同,感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向右,根據(jù)安培定則,從左向右看,金屬環(huán)A中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針;[2]金屬環(huán)A是順時(shí)針電流,螺線管是順時(shí)針的電流,同向電流相互吸引,金屬環(huán)將向右運(yùn)動(dòng)。12.(10分)(1)2.3256.700(2)R1(3)670.10答案:(1)[1]根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)律,該讀數(shù)為23mm+5×0.05mm=23.25mm=2.325cm[2]根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)律,該讀數(shù)為6.5mm+0.01×20.0mm=6.700mm(2)由于未知電阻約為65Ω,則流過最大電流約為:為了確保電流表的安全與精度,測(cè)量電路中電流表應(yīng)選用A2,同時(shí)應(yīng)將電流表A1(內(nèi)阻為r1)改裝成電壓表,由于電源電動(dòng)勢(shì)約為3.0V,則改裝成量程為3.0V的電壓表,需要串聯(lián)的電阻為,則串聯(lián)電阻應(yīng)選R1。(3)[1]根據(jù)部分電路歐姆定律得:,變形得:由關(guān)系圖像可得:,解得:[2]根據(jù)電阻定律可得:,解得:13.(10分)(1)(2)答案:(1)小環(huán)P在A點(diǎn)受力分析有(2)A點(diǎn)的電勢(shì),C點(diǎn)的電勢(shì)根據(jù)動(dòng)能定理:解得:14.(14分)(1)(2)0.5(3)6T,方向?yàn)樗较蛴掖鸢福?1)金屬棒必然受到豎直向下的重力,以及導(dǎo)軌對(duì)金屬棒豎直向上的支持力;由電路圖可知,金屬棒中的電流有a指向b,由左手定則可知,金屬棒受到的安培力垂直于磁場(chǎng)指向左上方,與豎直方向的夾角為θ;由安培力斜向左上方可知,金屬棒有相對(duì)導(dǎo)軌向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì),導(dǎo)軌會(huì)對(duì)金屬棒有水平向右的摩擦力,金屬棒受力分析如圖所示。(2)由題意可知,金屬棒恰好平衡,此時(shí)摩擦力為最大靜摩擦力,與滑動(dòng)摩擦力大小相等,受力分析可知,對(duì)導(dǎo)體棒在豎直方向上,在水平方向上滑動(dòng)摩擦力,安培力,聯(lián)立可得:(3)若金屬棒受到的支持力為0,則金屬棒對(duì)導(dǎo)軌的壓力也為0,摩擦力也為0,對(duì)金屬棒受力分析如圖所示對(duì)金屬棒受力分析可知,解得:即B′至少為6T,由左手定則可知,此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向?yàn)樗较蛴摇?5.(18分)(1)(2),(3),答案:(1)電子從A點(diǎn)沿y軸正方向射入磁場(chǎng),經(jīng)過C點(diǎn),由題意知電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑,洛倫茲力提供向心力,解得:(2)電子在第II象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間電子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2,有由牛頓第二

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