…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選擇性必修二物理上冊階段測試試卷384考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，電路中三個完全相同的燈泡a、b和c分別與電阻器R、電感線圈L和電容器C串聯，當電路兩端連接電壓為u1=220sin100πtV的交變電源時，三個燈泡亮度恰好相同。若將電路兩端接入的交變電源的電壓變為u2=220sin120πtV；則關于將要發生的現象下列說法正確的是（）

A.a燈亮度變亮B.b燈變亮C.c燈更亮D.三燈亮度都不變2、如圖所示；一水平的可自由移動的通電長直導線置于螺線管的右端，通入垂直紙面向外方向的電流，當開關K閉合瞬間，長直導線的運動方向為（）

A.向上B.向下C.向左D.向右3、如圖所示，某小型水電站發電機的輸出功率發電機的電壓經變壓器升壓后向遠處輸電，輸電線總電阻在用戶端用降壓變壓器把電壓降為已知輸電線上損失的功率假設兩個變壓器均是理想變壓器，下列說法正確的是（）

A.發電機輸出的電流B.輸電線上的電流C.降壓變壓器的匝數比D.用戶得到的電流4、在LC振蕩電路中，和時電感線圈中的磁感線和電容器中的極板帶電情況如圖所示，若則下列說法中正確的是（）

A.在時刻電容器正在充電B.在時刻電容器正在充電C.在時刻電路中的電流處在減小狀態D.在時刻電路中的電流處在增大狀態5、如圖，勻強磁場的磁感應強度為0.2T，矩形線圈abcd的長和寬分別為0.2m和0.1m，線圈匝數為100，總電阻為2Ω。現讓線圈繞垂直于磁場的軸（）以100r/s的轉速勻速轉動，已知t=0時刻；磁場方向垂直于線圈平面，則（）

A.t=0時刻穿過線圈的磁通量為0.4WbB.1s內線圈中電流的方向變化100次C.線圈消耗的電功率為1600π2WD.線圈中感應電流的瞬時值表達式為i=80πsin（200πt）A6、電阻為R的單匝閉合金屬線框；在勻強磁場中繞著與磁感線垂直的軸勻速轉動，產生的交變電動勢的圖像如圖所示。下列判斷正確的是（）

A.時刻線框平面與中性面平行B.穿過線框的磁通量最大為C.線框轉動一周做的功為D.從到的過程中，線框的平均感應電動勢為7、如圖所示，導體棒ab垂直放在水平面內兩根平行固定導軌上，導軌右端與理想變壓器原線圈A相連，線圈C接圖示電路，線圈A與線圈C的匝數比不計導體棒、導軌的電阻：兩導軌間距為20cm；磁感應強度B為0.2T，方向豎直向上：滑動變阻器（阻值0~20Ω），V為理想交流電壓表。導體棒在外力作用下做往復運動，其速度隨時間變化關系符合以下說法正確的是（）

A.電壓表示數為B.滑動變阻器滑片向下滑動時變壓器輸入功率減小C.滑動變阻器滑片滑到正中間位置，在1min內外力對導體棒做的功為192JD.導體棒的最大速度變為則變壓器的輸出功率也變為原來的一半評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，速度選擇器中勻強電場的電場強度為E，勻強磁場的磁感應強度為擋板右側質譜儀中勻強磁場的磁感應強度為速度相同的一束帶電粒子（不計重力），由左側沿垂直于E和的方向射入速度選擇器做直線運動；通過狹縫后進入質譜儀，其運動軌跡如圖所示，則下列說法中正確的是（）

A.該束帶電粒子帶負電B.能通過狹縫的帶電粒子的速率等于C.粒子打在膠片上的位置越遠離狹縫S0，粒子的比荷越小D.能通過狹縫S0的帶電粒子進入質譜儀后運動半徑都相同9、如圖甲所示有界勻強磁場I的寬度與圖乙所示圓形勻強磁場Ⅱ的半徑相等，不計重力的粒子從左邊界的M點以一定初速度水平向右垂直射入磁場I，從右邊界射出時速度方向偏轉了θ角；該粒子以同樣的初速度沿半徑方向垂直射入磁場Ⅱ，射出磁場時速度方向偏轉了2θ角，已知磁場I、Ⅱ的磁感應強度大小分別為B1、B2,粒子在磁場中的運動時間分別為t1、t2，則B1與B2的比值和t1與t2的比值分別為（）

A.B.C.D.10、壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小.有一位同學利用壓敏電阻設計了判斷小車運動狀態的裝置，其工作原理圖如圖甲所示.將壓敏電阻和一塊擋板固定在水平絕緣小車上，中間放置一個絕緣重球。小車在水平面內向右做直線運動的過程中，電流表示數如圖乙所示，壓敏電阻受力為零時，下列判斷正確的是（）

A.從到時間內，小車做勻加速直線運動B.從到時間內，小車做勻加速直線運動C.從到時間內，小車做勻加速直線運動D.從到時間內，小車可能做減速直線運動11、在如圖所示的電路中，兩定值電阻的阻值R1=R2=5Ω，變壓器為理想變壓器，兩電表均為理想電表，在a、b端輸入u=100sinωt的正弦交流電壓，原副線圈的匝數之比為1：2，則下列說法正確的是（）

A.電流表的示數為8AB.電壓表的示數為40VC.電路消耗的總功率為1600WD.電阻R1、R2消耗的功率之比為1：112、如圖所示，E為蓄電池，L是自感系數足夠大的線圈，其直流電阻為R，D1、D2是兩個規格相同的燈泡，阻值均為R，S是開關．下列說法正確的是。

A.閉合開關S后，D2逐漸變暗B.S斷開瞬間，D2立即熄滅，D1延時熄滅C.閉合開關S的瞬間，通過D1、D2的電流大小相等D.S斷開后，通過Dl的電流方向與原來相同13、筆記本電腦機身和顯示屏對應部位分別有磁體和霍爾元件。當顯示屏開啟時磁體遠離霍爾元件，電腦正常工作；當顯示屏閉合時磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進入休眠狀態。如圖所示，一塊寬為a、長為c的矩形半導體霍爾元件，元件內的導電粒子是自由電子，通入方向向右的電流時，電子的定向移動速度為v。當顯示屏閉合時元件處于垂直于上表面、方向向下的勻強磁場中，于是元件的前、后表面間出現電壓U；以此控制屏幕的熄滅，則霍爾元件的（）

A.前表面的電勢比后表面的高B.勻強磁場的磁感應強度大小為C.前、后表面間的電壓U與v無關D.前、后表面間的電壓U與a成反比14、某小型發電機產生的交變電動勢為e＝50sin100πt(V)，對此電動勢，下列表述正確的有A.最大值是50VB.頻率是100HzC.有效值是25VD.周期是0.02s評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖，兩平行放置的長直導線a和b中載有電流強度相等、方向相反的電流。則b右側O點處的磁感應強度方向為_________；在O點右側再放置一根與a、b平行共面且通有與導線a同向電流的直導線c后，導線a受到的磁場力大小將__________（選填“變大”、“變小”或“無法確定”）。16、傳感器正處于由傳統型向新型傳感器轉型的發展階段；作為自動控制設備中不可缺少的元件，已經滲透到宇宙開發；環境保護、交通運輸、家庭生活等領域。

如圖所示為三種電容式傳感器圖甲是測定位移x的傳感器，位移x發生變化時將引起電容C的變化；圖乙是測定壓力F的傳感器，壓力F發生變化時將引起電容C的變化；圖丙是測定角度的傳感器，角度θ發生變化時將引起電容C的變化。其中，圖________（選填“甲”或“乙”）所示的傳感器是通過改變電容器兩極板間的距離而引起電容C變化的。當圖丙中的________（選填“增大”或“減小”）時，電容C增大。17、如圖所示，在某一輸電線路的起始端和終點端各接入一個理想變壓器，原、副線圈的匝數比分別為n1∶n2=100∶1和n3∶n4=1∶50，圖中a、b表示電流表或電壓表，已知電壓表的示數為22V，電流表的示數為1A，每根輸電線的電阻為1Ω，則____（選填“a”或“b”）為電流表，輸電線上損失的電功率為______，線路輸送的電功率為___________。

18、如圖（甲）所示為一陰極射線管，電子射線由陰極向右射出，在熒光屏上會到一條亮線，要使熒光屏上的亮線向上偏轉，如圖（乙）所示，如加一電場，電場方向_______（填“豎直向上”或“豎直向下”）；如加一磁場，磁場方向_______（填“垂直熒光屏向內”或“垂直熒光屏向外”）

19、如圖所示是測定光電效應產生的光電子比荷的簡要實驗原理圖，兩塊平行板相距為d，其中N為金屬板，受紫外線照射后，將發射沿不同方向運動的光電子，形成電流，從而引起電流計G的指針偏轉，若調節R0逐漸增大極板間電壓，可以發現電流逐漸減小，當電壓表示數為U時，電流恰好為零．切斷開關S，在MN間加垂直于紙面的勻強磁場，逐漸增大磁感應強度，也能使電流為零，當磁感應強度為B時，電流恰為零．試求光電子的比荷＝________

20、判斷下列說法的正誤．

（1）正弦式交變電流的正負兩部分是對稱的，所以有效值為零。____

（2）交變電流的有效值就是一個周期內的平均值。____

（3）一個正弦式交變電流的峰值同周期、頻率一樣是不變的，但有效值是隨時間不斷變化的。____

（4）交流電路中，電壓表、電流表的測量值都是有效值。____評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)21、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

22、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

23、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

24、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)25、某同學設計了一個簡易的溫控裝置，實驗原理電路圖如圖所示，繼電器與熱敏電阻Rt、滑動變阻器R串聯接在電源E兩端，當通過繼電器的電流超過15mA時，銜鐵被吸合，加熱器停止加熱，實現溫控。繼電器的電阻約20n，熱敏電阻的阻值Rt與溫度t的關系如下表所示。

。t/°C

30.0

40.0

50.0

60.0

70.0

80.0

Rt/Ω

199.5

145.4

108.1

81.8

62.9

49.1

（1）提供的實驗器材有∶電源E1（3V，內阻不計）、電源E2（6V，內阻不計）滑動變阻器R1（0~200Ω）滑動變阻器R2（0~500Ω）、熱敏電阻Rt、繼電器、電阻箱（0~999.9Ω）開關S、導線若干。為使該裝置能實現對30~80°C之間任一溫度的控制，電源E應選用_______（選填“E1”或“E2”），滑動變阻器R應選用_____（選填“R1”或“R2”）。

（2）欲使銜鐵在熱敏電阻為50°C時被吸合，下列操作步驟的正確順序是_____①。（填寫各步驟前的序號）

①將熱敏電阻接入電路。

②觀察到繼電器的銜鐵被吸合。

③斷開開關；將電阻箱從電路中移除。

④合上開關；調節滑動變阻器的阻值。

⑤斷開開關；用電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調至108.1Ω

（3）若按（2）步驟正確操作后，發現在溫度達到50°C時加熱器仍在加熱。說明熱敏電阻在50°C時的阻值比表格中給出的阻值______。（填“偏大"或“偏小”）26、某同學利用伏安法描繪某熱敏電阻阻值隨溫度的變化關系。所用器材：電源E、開關S、滑動變阻器R（最大阻值為20Ω）；電壓表（可視為理想電表）和毫安表（可視為理想電表）。

（1）實驗電路圖如圖所示；

（2）實驗時，將熱敏電阻置于溫度控制室中，記錄不同溫度下電壓表和毫安表的示數，計算出相應的熱敏電阻阻值。實驗中得到的該熱敏電阻阻值R隨溫度t變化的曲線如圖所示。

（3）在某次操作中，升高溫控室的溫度，要想仍保持毫安表的示數不變，需要將滑動變阻器的滑片向________移動。（填“左”或“右”）

（4）將熱敏電阻從溫控室取出置于室溫下，室溫溫度為20°C，把此熱敏電阻、毫安表（可視為理想電表）和一節干電池（電動勢為1.5V，內阻不計）串聯成閉合回路，毫安表的示數為_______mA。（保留二位有效數字）

（5）利用實驗中的熱敏電阻可以制作溫控報警器，其電路的一部分如圖所示。當圖中熱敏電阻的輸出電壓小于等于3V時，便觸發報警系統報警。若要求開始報警時環境溫度為60°C，則圖中電阻箱R的阻值應為___________Ω。若要調高報警溫度，電阻箱R的阻值需要調___________（填“大”或“小”）。27、在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”實驗中；可拆變壓器如圖所示；

（1）為了確保實驗的安全，下列做法正確的是________

A．為了人身安全；只能使用低壓直流電源，所用電壓不要超過16V

B．即使副線圈不接用電器；原線圈也不能長時間通電。

C．為使接觸良好；通電時應用手直接捏緊裸露的接線柱。

D．為了多用電表的安全；使用交流電壓擋測電壓時，先用最大量程擋試測。

（2）某小組探究變壓器原、副線圈兩端的電壓與匝數之間的關系：可拆變壓器如圖所示，鐵芯B可以安裝在鐵芯A上形成閉合鐵芯。將原、副線圈套在鐵芯A的兩臂上，匝數分別選擇n1=800匝，n2=200匝，原線圈與12V正弦式交流電源相連，用理想電壓表測得輸出電壓U2=2V，輸出電壓測量值明顯小于理論值，可能的原因是________

A．原線圈匝數n1少于800匝。

B．副線圈匝數n2多于200匝。

C．副線圈阻值較大。

D．鐵芯B沒有安裝在鐵芯A上。

（3）如圖所示，b端是一理想變壓器副線圈中心抽頭，開始時單刀雙擲開關置于a端，開關S斷開。原線圈c、d兩端加正弦交流電，下列說法正確的是________

A．將可變電阻R調大，則R兩端電壓變小。

B．閉合開關S，則R1兩端電壓變小。

C．當單刀雙擲開關由a撥向b時；副線圈電流的頻率變小。

D．當單刀雙擲開關由a撥向b時，原線圈的輸入功率變大評卷人得分六、解答題(共4題，共32分)28、如圖所示，矩形有界磁場MNPQ的NP邊長為MN邊長為在該區域中存在垂直MNPQ平面向里的勻強磁場。一帶正電的粒子從P點垂直磁場邊界NP以初速度進入磁場，帶電粒子從MN的中點離開磁場。不計粒子的重力。求：

（1）帶電粒子在磁場中運動的時間；

（2）若該粒子從M點離開磁場，粒子從P點進入磁場的速度為多大?

29、帶電粒子在液氫氣泡室中運動時將使其路徑的一些分子發生電離，電離處所形成的小氣泡使粒子的軌跡清楚可見，而在此區域內的磁場則使路徑發生彎曲。下面的氣泡室照片顯示的是點處的一個幾乎靜止的電子吸收高能射線后沿著曲線運動。同時生正、負電子對（正電子是電子的反粒子，二者質量相同，帶電量相反），該反應可表示為已知均勻磁場與紙面垂直。

（1）曲線中的哪一條表示正電的軌跡？

（2）磁場的方向指向紙面內還是紙面外；簡述理由。

（3）試定型解釋曲線a，是旋線而非圓周的原因。

（4）正、負電子碰撞會湮滅并產生兩個光子：試解釋為什么正；負電子碰撞湮滅不可能只產生一個光子？

30、如圖，阻值不計的平行光滑金屬導軌與水平面夾角為導軌間距為L，下端接一阻值為R的定值電阻，磁感應強度大小為B的勻強磁場垂直于導軌平面向上。質量為m的金屬桿MN由靜止開始沿導軌運動一段距離時，速度恰好達到最大，且通過定值電阻的電荷量為q。已知MN接入電路的電阻為r，MN始終與導軌垂直且接觸良好，重力加速度為g；則在此過程中，求：

（1）導體棒沿導軌下滑的距離x；

（2）金屬桿運動的最大速度

31、如圖所示，在O點固定一個正點電荷，同時在以O為圓心、為半徑的虛線圓內有垂直紙面向里的勻強磁場(未畫出)，MSN是由細管制成的半徑為a的光滑絕緣圓軌道，其圓心位于O點．在M點以速度v0垂直MN向下射出一個質量為m(不計重力)、電荷量為q的帶負電的粒子，粒子恰好做勻速圓周運動，從N點進入圓軌道(細管的內徑略比粒子大)．粒子從N點進入時，虛線圓內磁場的磁感應強度按B=B0－βt(β>0)的規律開始變化，粒子從M點出來時磁感應強度的大小恰好變為零之后不再變化，此時撤去圓軌道，粒子軌跡變為橢圓且垂直穿過MN線上的P點，OP=7a，(以無窮遠處電勢為0，點電荷電場中某點的電勢k為靜電力常量，Q為點電荷帶電量、帶符號代入，r為電場中某點到點電荷的距離)求：

(1)固定在O點的正電荷的電荷量；

(2)B0；β的數值；

(3)粒子從出發到達到P點的時間．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

由題意可知，電路接入交變電流的頻率升高，則有，根據電感的特性：通低頻，組高頻，當電源的頻率變高時，電感對電流的感抗增大，b燈變暗；根據電容的特性：通高頻；阻低頻，當電源的頻率變高時，電容器的容抗減小，c燈變亮。而電阻的阻值與頻率無關，故a燈亮度不變。

故選C。2、A【分析】【分析】

【詳解】

當閉合開關K瞬間；根據右手螺旋定則可知通電螺線管產生的磁場在長直導線處的方向水平向右，再根據左手定則判斷出通電導線的受力方向向上。

故選A。3、C【分析】【詳解】

A．由功率

得發電機輸出的電流

故A錯誤；

B．由輸電線上損失的功率

得

故B錯誤；

C．由升壓變壓器的電流關系有

升壓變壓器電壓關系

解得

輸電線上損失的電壓

由電壓關系

解得

故C正確；

D．由降壓變壓器的電流關系

解得

故D錯誤。

故選C。4、B【分析】【詳解】

由題圖t1時刻感應電流的方向與放電電流方向相反，電流應增大，故此時正在放電；而t2時刻感應電流的方向與充電電流方向相同；電流應減小，此時電容器正在充電。

故選B。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．t=0時刻穿過線圈的磁通量為

故A錯誤；

B．依題意，可得線圈轉動的周期為

一個周期內；電流方向改變兩次，所以1s內線圈中電流的方向變化200次，故B錯誤；

CD．線圈從圖示位置開始轉動，產生正弦交流電，電動勢的最大值為

則線圈中感應電流的瞬時值表達式為

線圈消耗的電功率為

故C正確；D錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

A．由圖可知時刻感應電動勢最大；此時線圈所在平面與中性面垂直，A錯誤；

B．當感應電動勢等于零時，穿過線框回路的磁通量最大，且由得

B正確；

C．線圈轉一周所做的功為轉動一周的發熱量

C錯誤；

D．從到時刻的平均感應電動勢為

D錯誤。

故選B。7、B【分析】【詳解】

A．感應電動勢最大值

變壓器原線圈有效值

又

則電壓表示數

選項A錯誤；

B．滑動變阻器滑片向下滑動；變阻器接入電路的電阻增大，變壓器輸出電流減小，輸出功率減小，選項B正確；

C．滑動變阻器滑片滑到中間位置時接入電路的電阻為10Ω，可求得次級電阻為10Ω，則次級消耗的功率

則初級輸入功率即導體棒產生的功率P1=1.6W

在1min內外力對導體棒做的功為W=P1t=96J

選項C錯誤；

D．導體棒的最大速度變為則產生的感應電動勢最大值變為原來的一半，有效值變為原來的一半，變壓器次級電壓有效值變為原來的一半，則根據

變壓器次級功率變為原來的則變壓器的輸出功率也變為原來的選項D錯誤。

故選B。二、多選題(共7題，共14分)8、B:C【分析】【分析】

考查粒子在速度選擇器中受力平衡；粒子進入右側磁場后，根據圓周運動基本公式分析問題。

【詳解】

A．進入右側磁場B2后；粒子向下偏轉，根據左手定則，可知粒子帶正電荷，A錯誤；

B．在通過狹縫的過程中，粒子做直線運動，一定有

因此，粒子運動速度

B正確；

C．粒子在磁場中做勻速度圓周運動軌道半徑

又由于粒子在磁場中運動了半周，因此

可得

因此S0越大比荷越小；C正確；

D．根據

通過狹縫的粒子速度相等；而比荷不一定相等，因此軌道半徑不一定相等，D錯誤。

故選BC。9、B:D【分析】【詳解】

AB．粒子在磁場中做勻速圓周運動洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得

解得

粒子運動軌跡如圖所示：

由幾何知識得

則磁感應強度之比

故A錯誤，B正確；

CD．粒子在磁場中的運動時間為

所以

故C錯誤，D正確。

故選BD。10、A:C:D【分析】【詳解】

A．由電流表示數隨時間變化圖線可知，從到時間內，電流表示數不變且大于說明壓敏電阻的阻值不變，壓敏電阻所受壓力不變，小車做勻加速運動，選項A正確；

B．從到時間內；電流表示數逐漸增大，說明壓敏電阻的阻值隨時間減小，壓敏電阻所受壓力逐漸增大，小車做加速度逐漸增大的加速運動，選項B錯誤；

C．從到時間內，電流表示數不變且大于說明壓敏電阻的阻值不變，壓敏電阻所受壓力不變，小車做勻加速運動，選項C正確；

D．從到時間內，電流表示數不變，為根據題述可知壓敏電阻的阻值不變且所受壓力為零，小車可能做勻速直線運動或減速直線運動，選項D正確。

故選ACD。11、A:C【分析】【詳解】

設電流表示數為I2，副線圈兩端的電壓為

根據電壓與匝數成正比，得原線圈兩端的電壓

根據電流與匝數成反比得原線圈電流

由歐姆定律

即

代入數據解得：

電壓表的讀數等于原線圈兩端的電壓，即

電路消耗的總功率

電阻消耗的功率之比為

故AC正確．12、B:C【分析】【詳解】

A．S閉合穩定后，線圈相當于定值電阻，對電路的阻礙減弱，回路中總電阻減小，電流增大，D2比S剛閉合時亮；故A錯誤；

BD．S閉合穩定后再斷開開關，D2立即熄滅，但由于線圈的自感作用，L相當于電源，與D1組成回路，D1要過一會在熄滅；流過的電流方向相反，故B正確，D錯誤；

C．S閉合瞬間，由于自感線圈相當于斷路，所以兩燈是串聯，電流相等，一起亮，故C正確．13、A:B【分析】【詳解】

A．由左手定則可知；自由電子往后表面偏轉，故前表面的電勢比后表面的高，故A正確；

B．穩定時，自由電子不再偏轉，滿足

解得

故B正確；

CD．穩定時，自由電子不再偏轉，滿足

解得

故前、后表面間的電壓U與v成正比，前、后表面間的電壓U與a成正比；故CD錯誤。

故選AB。14、C:D【分析】【分析】

【詳解】

此交流電電動勢的最大值為50V，A錯誤；頻率=50Hz，B錯誤；有效值V，C正確；周期s，D正確．故選CD．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由右手定則可知，該磁場方向為垂直紙面向外。因c中通過的電流大小未知，故無法確定導線a受到的磁場力大小。【解析】垂直紙面向外無法確定16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]題圖甲所示的傳感器是通過改變電介質板進入電容器兩極板間的長度而引起電容C變化的，題圖乙所示的傳感器是通過改變電容器兩極板間的距離而引起電容C變化的。

[2]當題圖丙中的減小時，電容器兩極板間正對面積S增大，根據可知C增大。【解析】①.乙②.減小17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電表b串聯在電路中，所以b為電流表；

[2]由

知，輸電線上的電流為50A，所以5000W

[3]由

知，輸電線起始端的電壓為2200V，則線路輸送的電功率P=UI=【解析】①.b②.5000W③.110kW18、略

【分析】【詳解】

[1]要使電子向上偏轉；電子所受電場力向上，電子帶負電，則電場方向豎直向下；

[2]要使電子向上偏轉，電子所受洛倫茲力向上，根據左手定則可知磁場方向垂直熒光屏向外。【解析】豎直向下垂直熒光屏向外19、略

【分析】【詳解】

設光電子受紫外線照射后射出的速度為v．在MN間加電場，當電壓表示數為U時，由動能定理得：

在MN間加垂直于紙面的勻強磁場，當磁感強度為B時，光電子在磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑為：

光電子在磁場中做勻速圓周運動的向心力由洛侖茲力提供，所以有：

由上述三式解得：

【點睛】

根據動能定理，結合電子在磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，結合牛頓第二定律與幾何關系，即可求解．【解析】20、略

【解析】①.錯誤②.錯誤③.錯誤④.正確四、作圖題(共4題，共20分)21、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共3題，共12分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]要想控制30°C時的情況；此時熱敏電阻的阻值199.5Ω，需要的最小電動勢。

還要考慮滑動變阻器的阻值，電源電動勢為3V太小，因此電源應選擇電動勢為6V的E2；

[2]滑動變阻器采用限流接法；繼電器的電流為。

I=15mA=0.015A總電阻。

由表中數據可知；當溫度為80°時，滑動變阻器阻值應為。

因此滑動變阻器應采用R2。

(2)[3]要使時被吸合，由表格數據可知，電阻為108.1為了使銜鐵在熱敏電阻為

時被吸合，應先用電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調至108.1再合上開關，調節滑動變阻器。

的阻值；直到觀察到繼電器的銜鐵被吸合，此時再斷開開關將電阻箱取下，換下熱敏電阻即。

可實現實驗目的。故步驟為⑤④②③①。

(3)[4]發現在溫度達到50°C時加熱器仍在加熱。說明通過繼電器的電流沒有超過15mA，銜鐵未被吸合，說明熱敏電阻在50°C時的阻值比表格中給出的阻值偏大。【解析】E2R2⑤④②③①偏大26、略

【分析】【詳解】

（3）[1]升高溫控室的溫度；熱敏電阻阻值減小，要想仍保持毫安表的示數不變，需要減小電壓，將滑動變阻器的滑片向左移動。

（4）[2]室溫溫度為20℃，由圖像可知熱敏電阻阻值則毫安表的示數為

（5）[3]根據串聯電壓與電阻成正比，可得

環境溫度為60℃，解得電阻箱的阻值應為

[4]溫度升高時，該熱敏電阻阻值減小，根據串聯電壓與電阻成正比，若要調高報警溫度，電阻箱R的阻值需要調小。【解析】左0.54400小27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”實驗中；必須使用交流電源，故A錯誤；

B．為了用電安全；即使副線圈不接用電器，原線圈也不能長時間通電，故B正確；

C．為了用電安全；通電時不可以用手直接捏緊裸露的接線柱，故C錯誤；

D．為了多用電表的安全；使用交流電壓擋測電壓時，先用最大量程擋試測，故D正確。

故選BD。

（2）[2]AB．根據電壓比可知，輸出電壓應為

若原線圈匝數n1少于800匝或副線圈匝數n2多于200匝；都會導致輸出電壓偏大，故AB錯誤；

C．由上式知；副線圈阻值不影響輸出電壓，故C錯誤；

D．若鐵芯B沒有安裝在鐵芯A上；造成了漏磁，原線圈的磁通量并沒有完全通過副線圈，會導致輸出電壓偏小，故D正確。