…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版選修三物理上冊月考試卷622考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內電阻為r，三個可變電阻分別用R1、R2和R3表示。那么，在三個可變電阻的阻值變化的過程中，一定能夠使得通過R3的電流變大的方案是。

A.R1變大，R3變小B.R1變小，R2變大C.R1、R2都變大D.R1、R2都變小2、如圖所示，三根相互平行的固定長直導線L1、L2和L3兩兩等距，通過L1、L2、L3中的電流大小相等，L1、L2中的電流方向垂直紙面向里，L3中的電流方向垂直紙面向外；在三根導線與紙面的交點所構成的等邊三角形的中心上放有一電流方向垂直紙面向外的通電長直導線則該導線受到的安培力的方向為。

A.指向L1B.指向L2C.背離L3D.指向L33、學過電和磁的相關知識后，老師和同學共同設計了如下探究實驗．如圖，在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極，內壁沿邊緣放一個圓環形電極．兩電極分別與電池組的正負極相連，并在兩極間接有標準數字萬用表（型號UT58E），萬用表調至直流電壓檔．然后進行如下實驗操作：

①在玻璃皿中放入硫酸銅溶液，發現溶液旋轉，此時電壓表的示數為5.20V;

②將圖中的磁鐵撤去后，發現電壓表的示數變為5.30V；

③將硫酸銅溶液換成蒸餾水重復①②兩步驟，發現電壓表的示數始終為5.99V.

關于上述實驗的分析合理的是())A.電池組的電動勢為5.30VB.因硫酸銅溶液旋轉而產生的電動勢約為0.10VC.步驟②中電壓相比步驟①變大主要是因為溶液電阻變小了D.步驟③中也能觀察到蒸餾水的旋轉現象4、如圖，光滑斜面的傾角為，斜面上放置一矩形導體線框，邊的邊長為，邊的邊長為，線框的質量為，電阻為，線框通過絕緣細線繞過光滑的滑輪與重物相連，重物質量為，斜面上線（平行底邊）的右方有垂直斜面向上的勻強磁場，磁感應強度為，如果線框從靜止開始運動，進入磁場的最初一段時間是做勻速運動的，且線框的邊始終平行底邊，則下列說法正確的是

A.線框進入磁場前運動的加速度為B.該勻速運動過程產生的焦耳熱為(Mg－mgsin)l2C.線框做勻速運動的總時間為D.線框進入磁場時勻速運動的速度為5、某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中P、Q兩點的電場強度的大小分別為EP和EQ，電勢分別為φP和φQ；則()

A.EP>EQ，φP>φQB.EP>EQ，φP<φQC.EPQ，φP>φQD.EPQ，φP<φQ6、如圖所示；一單擺在做簡諧運動，下列說法正確的是。

A.單擺的幅度越大，振動周期越大B.擺球質量越大，振動周期越大C.若將擺線變短，振動周期將變大D.若將單擺拿到月球上去，振動周期將變大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、關于熱力學溫度，下列說法正確的是（）A.相當于B.溫度變化也就是溫度變化C.攝氏溫度與熱力學溫度都可能取負值D.溫度由升至對應的熱力學溫度升高了8、在做毛細現象實驗時，我們可以看到的現象是（）A.毛細管插入水中，管內徑越小，管內水面升高的越高；管內徑越粗，管內水面升高的越低B.毛細管插入水銀中，管內徑越小，管內水銀面升高的越高；管內徑越粗，管內水銀面升高的越低C.毛細管插入浸潤的液體中時管內液面上升，插入跟它不浸潤的液體中時，管內液面降低D.毛細管插入跟它不浸潤的液體中時管內液面上升，插入浸潤的液體中時管內液面下降9、一個閉合線圈固定在垂直紙面的勻強磁場中，設磁場方向向里為磁感應強度B的正方向,線圈中的箭頭所指方向為電流I的正方向。線圈及線圈中感應電流I隨時間變化的圖線如圖所示，則磁感應強度B隨時間變化的圖線可能是圖中的（）

A.B.C.D.10、如圖所示，矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動，產生的交流電動勢．下列說法正確的是。

A.交流電的頻率為100HzB.交流電動勢的有效值為100VC.當線圈轉到如圖所示的位置時電動勢為零D.當線圈轉到如圖所示的位置時穿過線圈的磁通量為零11、下列說法中正確的是____．A.一定量氣體膨脹對外做功100J，同時從外界吸收120J的熱量，則它的內能增大20JB.在使兩個分子間的距離由很遠（r>10-9m）減小到很難再靠近的過程中，分子間作用力先減小后增大，分子勢能不斷增大C.由于液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，故液體表面存在張力E.空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近同溫度下水的飽和汽壓，水蒸發得就越慢E.空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近同溫度下水的飽和汽壓，水蒸發得就越慢12、如圖所示，電源電動勢E=8V，內阻r=4Ω，電燈A的電阻為10Ω，電燈B的電阻為8Ω，滑動變阻器的總電阻為6Ω。閉合開關S，并滑片P由a端向b端滑動的過程中（不考慮電燈電阻的變化）；下列說法正確的是（）

A.電燈A的亮度不斷增大B.電源的最大輸出功率為4WC.電流表的示數先減小后增大D.電壓表的示數先增大后減小13、關于日食和月食，下列說法中正確的是A.在月球的本影區里可看到日全食B.在月球的半影區里可看到日偏食C.在月球進入地球的半影區時，可看到月偏食D.在月球完全進入地球的本影區時，可看到月全食評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、熱平衡：兩個相互接觸的熱力學系統，經過一段時間，各自的狀態參量_______，說明兩個系統達到了平衡，這種平衡叫作熱平衡。15、帶有活塞的汽缸中封有一定質量的理想氣體，缸內氣體從狀態A變化到狀態B，如圖所示。設氣體在狀態A時的壓強為pA，體積為VA，溫度為TA，到狀態B時的溫度為TB。此過程中，汽缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力____（選填“變大”“不變”或“減小”），____（選填“氣體對外做功”或“外界對氣體做功”）的絕對值為____，缸內氣體____（選填“吸收”或“放出”）熱量。

16、如圖所示是壓縮式電冰箱的工作原理示意圖。經過干燥過濾器后液體制冷劑進入蒸發器，汽化吸收箱體內的熱量，壓縮機使低溫低壓的制冷劑氣體變成高溫高壓的氣體，然后制冷劑在冷凝器中液化放出熱量到箱體外。電冰箱將熱量從低溫物體轉移到高溫物體的工作過程_______（填“違背”或“不違背”）熱力學第二定律。制冷劑在蒸發器中由液態變成氣態的過程中，________（選填“氣體對外做功”“外界對氣體做功”或“氣體對外不做功”）。

17、一定質量的理想氣體從初狀態A分別經不同過程到達末狀態B、C、D，它們的PV圖象如圖所示．其中AB是等容過程，AC是等溫過程，AD是等壓過程．則內能減小的過程是________(選填“AB”“AC”或“AD”)；氣體從外界吸收熱量的過程是________(選填“AB”“AC”或“AD”)．18、如圖，一個是振動圖像，一個是波動圖像，其中是___________是振動圖像(選填：“a”或“b”)，圖a的物理意義是：___________．19、閱讀下列資料并完成相關問題．

資料：如圖所示；冰箱的致冷設備由蒸發器；壓縮機、冷凝器、毛細管等部件組成．電冰箱工作過程中，致冷劑氟利昂（一種既容易汽化又容易液化的化學物質）在蒸發器中迅速蒸發①熱，使冷凍室內溫度②，氣態的氟利昂經壓縮機壓縮后，送入冰箱外面的冷凝器，在此致冷劑液化③熱，液態的致冷劑通過很細的毛細管回到蒸發器，又開始了新的循環．電冰箱就這樣源源不斷地將冷凍室內的熱吸出來，并散發到冰箱的外面．

(1)在資料的①、②、③三處，補寫上適當的內容分別是①________、②________、③________．

(2)冰箱冷凍室內溫度很低，那么在室內多放幾臺打開冷凍室門的冰箱長時間工作能不能降低室內溫度？20、研究光電效應電路如圖甲所示，用頻率都為強度不同的兩束光B、C分別照射密封真空管的鈉極板（陰極K），鈉極板發射出的光電子（帶電荷量為e）被陽極A吸收，在電路中形成光電流，其光電流I與A、K之間的電壓UAK的關系如圖所示，可知B光的強度________C光的強度（選填“大于”、“等于”或“小于”），金屬鈉的逸出功為___________（已知普郎克常量為h）。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共24分)24、為了節能和環保；一些公共場所用光控開關控制照明系統，光控開關可用光敏電阻控制，如圖甲所示是某光敏電阻阻值隨光的照度變化曲線，照度可以反映光的強弱，光越強照度越大，照度單位為：勒克斯（lx）．

（1）如圖乙所示，電源電動勢為3V，內阻不計，當控制開光兩端電壓上升至2V時控制開光自動啟動照明系統．要求當天色漸暗照度降至1.0（lx）時控制開光接通照明系統，則R1=______kΩ．

（2）某同學為了測量光敏電阻在不同照度下的阻值，設計了如圖戊所示的電路進行測量，電源（E=3V，內阻未知），電阻箱（0-99999Ω）．實驗時將電阻箱阻值置于最大，閉合S1，將S2與1相連，減小電阻箱阻值，使靈敏電流計的示數為I，圖丙為實驗時電阻箱的阻值，其讀數為______kΩ；然后將S2與2相連，調節電阻箱的阻值如圖丁所示，此時電流表的示數恰好為I，則光敏電阻的阻值R0=______kΩ（結果保留3位有效數字）．

25、某實驗小組要測量兩個電壓表的內阻；實驗室提供的實驗器材如下：

A．待測電壓表V1（量程為5V）

B．待測電壓表V2（量程為3V）

C．滑動變阻器R1（最大阻值為20Ω；額定電流為1A）

D．滑動變阻器R2（最大阻值為500Ω；額定電流為1A）

E．電阻箱R（0—9999Ω）

F．電源（電動勢約9V；內阻約1Ω）

G．開關兩個；導線若干。

(1)研究小組設計的電路圖如圖所示，選用的滑動變阻器為_____（填“R1”或“R2”）。

(2)實驗步驟如下：

①按電路圖連接好電路，兩開關均要打開，滑動變阻器的觸頭要在最_____端（填“右”或“左”）。

②閉合開關S1、S2，調節滑動變阻器，使兩個電壓表的示數逐漸增加，當電壓表V1示數為4V時，電壓表V2示數為2V。

③保持滑動變阻器的位置不變，斷開開關S2，調整電阻箱，當電阻箱的阻值為R=3kΩ時，電壓表V2的示數變為1V，則電壓表V1的內阻為________kΩ。

(3)電壓表V2內阻的測量值________（填“大于”“等于”或“小于”）真實值。26、某同學用伏安法測量電阻Rx(約為100Ω)的阻值．準備的實驗器材除了導線和開關外；還有下列器材：

A．電源(電動勢E約為10V；內阻未知)

B．電流表A1(0~200mA，內阻r=10Ω)

C．電流表A2(0~300mA；內阻約為15Ω)

D．電阻箱R(最大阻值999.9Ω，符號)

E．滑動變阻器R1(0～10Ω；額定電流5A)

F．滑動變阻器R2(0～1kΩ；額定電流0.5A)

(1)由于準備的器材中沒有電壓表，需要用電流表改裝一個量程為10V的電壓表，應選電流表___________(填寫器材前的字母序號)，將選定的電流表與電阻箱_______(填“并聯”或“串聯”)，并把電阻箱的阻值調至__________Ω．

(2)實驗要求待測電阻兩端的電壓能夠從零開始變化，滑動變阻器應選________(填寫器材前的字母序號)．

(3)在答題卡的虛線框內畫出電路圖，并標上所用器材的代號，要求盡量減小誤差_____．

(4)某一次實驗讀出電流表A1的示數I1=146mA，電流表A2的示數I2=218mA，待測電阻Rx=_____Ω(結果保留一位小數)．評卷人得分六、解答題(共2題，共14分)27、如圖所示，粗細均勻的氣缸A、B，A的底面積是B的4倍，其下端由體積可忽略的細管連通，并安裝有電熱絲，A上端封閉，B上端與大氣連通，兩氣缸除A頂部導熱外，其余部分均絕熱。兩氣缸中各有一活塞a、b，活塞下方充有氮氣，活塞a上方充有氧氣。現將整個裝置置于大氣壓為溫度為280K環境中，當氮氣溫度與環境溫度相同時，活塞a離氣缸頂的距離是活塞b在距離氣缸頂部距離是大氣壓強保持不變；不計活塞的質量和體積，忽略摩擦。

（1）環境溫度緩慢升高，求活塞b升至頂部時氧氣的溫度；

（）保持（1）中環境溫度不變，繼續用電熱絲緩慢加熱氮氣，當活塞a距離氣缸頂部的距離為時；求氮氣的壓強。

28、如圖所示，一條帶有圓軌道的長軌道水平固定，圓軌道豎直，底端分別與兩側的直軌道相切，半徑R＝0.5m，物塊A以v0＝6m/s的速度滑入圓軌道，滑過最高點Q，再沿圓軌道滑出后，與直軌道上P處靜止的物塊B碰撞，碰后粘在一起運動，P點左側軌道光滑，右側軌道呈粗糙段、光滑段交替排列，每段長度都為L＝0.1m，物塊與各粗糙段間的動摩擦因數都為μ＝0.1，A、B的質量均為m＝1kg(重力加速度g取10m/s2；A、B視為質點；碰撞時間極短)。

(1)求A滑過Q點時的速度大小v和受到的彈力大小F；

(2)若碰后AB最終停止在第k個粗糙段上，求k的數值；

(3)求碰后AB滑至第n個(n＜k)光滑段上的速度vn與n的關系式。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】當R1變大，R3變小，則并聯支路的電阻變小，則總電阻的變化無法判斷，則總電流無法判斷，選項A錯誤；R1變小，R2變大，則并聯支路的電阻變大，并聯支路的分壓變大，即R3上的電壓變大，則R3電流變大，選項B正確；R1、R2都變大，則并聯支路的電阻變大，并聯支路的分壓變化無法判斷，選項C錯誤；R1、R2都變小，則并聯支路的電阻變小，并聯支路的分壓變化無法判斷，選項D錯誤；故選B.2、D【分析】【分析】

根據同向電流相吸；異向電流相斥的原理，判斷三條直導線對中心處的合力方向．

【詳解】

根據同向電流相吸，異向電流相斥的原理可知，L1和L2對放在中心處的導線均為斥力，合力的方向指向L3；L3對放在中心處的導線為吸引力，方向指向L3；則三條直導線對放在中心處的導線的作用力的合力方向指向L3；故選D.3、B【分析】【詳解】

AB、玻璃皿中的液體相當于一段導體，該段導體通電后在磁場中發生運動，運動后產生反電動勢，所以對于該段導體不再適用歐姆定律來計算通過電流，在玻璃皿中放入硫酸銅溶液，發現溶液旋轉，此時電壓表的示數為將圖中的磁鐵撤去后，發現電壓表的示數變為由于萬用表調至直流電壓檔，阻值大，所以因硫酸銅溶液旋轉而產生的電動勢約為故A錯誤，B正確；

C；步驟②中電壓相比步驟①變大主要是因為磁鐵撤去后；該段導體通電后沒有產生反電動勢，故C錯誤；

D；將硫酸銅溶液換成蒸餾水不能觀察到蒸餾水的旋轉現象；故D錯誤；

故選B．4、B【分析】【分析】

線框進入磁場的過程做勻速運動，M的重力勢能減小轉化為m的重力勢能和線框中的內能；根據能量守恒定律求解焦耳熱．線框進入磁場前，根據牛頓第二定律求解加速度．由平衡條件求出線框勻速運動的速度，再求出時間．

【詳解】

線框進入磁場前，根據牛頓第二定律：解得：故A錯誤；線框進入磁場的過程做勻速運動，M的重力勢能減小轉化為m的重力勢能和線框中的內能，根據能量守恒定律得：焦耳熱為Q=（Mg-mgsinθ）l2，故B正確；設線框勻速運動的速度大小為v，則線框受到的安培力大小為根據平衡條件得：F=Mg-mgsinθ，聯立兩式得：勻速運動的時間為故CD錯誤．所以B正確，ACD錯誤．

【點睛】

本題是電磁感應與力平衡的綜合，安培力的計算是關鍵．本題中運用的是整體法求解加速度．5、A【分析】【分析】

本題考查電場線和電勢。

【詳解】

據題意，從上圖可以看出，P點所在位置電場線較密集，該位置電場強度也較大，則有：沿電場線方向電勢降低，則P點電勢較高，有：．6、D【分析】【詳解】

單擺的與幅度和質量無關，AB錯誤；擺線變短，則L減小，故周期減小，C錯誤；若將單擺拿到月球上去，重力加速度g減小，故T增大，D正確．二、多選題(共7題，共14分)7、A:B【分析】【詳解】

A．由可知相當于A正確；

B．由可知，即熱力學溫標溫度的變化總等于攝氏溫標溫度的變化，溫度變化也就是溫度變化B正確；

C．因絕對零度達不到；故熱力學溫度不可能取負值，C錯誤；

D．初態熱力學溫度為末態為溫度變化D錯誤。

故選AB。8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．毛細管插入水中；管內徑越小，管內水面升高的越高；管內徑越粗，管內水面升高的越低，選項A正確；

B．將毛細管插入水銀中；管內液面會下降，選項B錯誤；

CD．毛細管插入浸潤的液體中時管內液面上升；插入跟它不浸潤的液體中時，管內液面會降低，選項C正確，D錯誤。

故選AC。9、C:D【分析】【詳解】

A．在內；電流為負，即逆時針方向，則感應電流的磁場方向垂直紙面向外，根據楞次定律，若原磁場均勻增大，則方向向里，為正向增大；若原磁場均勻減小，則原磁場向外，為負向減小，故A錯誤；

BCD．在內；電流為正，即順時針方向，則感應電流的磁場方向垂直紙面向里，根據楞次定律，若原磁場均勻增大，則方向向外，為負向增大；若原磁場均勻減小，則原磁場向里，為正向減小，故B錯誤，CD正確。

故選CD。10、B:C【分析】【詳解】

試題分析：根據感應電動勢的瞬時表達式求解頻率和周期；當感應電動勢為零時；線圈平面跟磁感線垂直，磁通量最大，磁通量變化率為0．

因為交流電的表達式為所以所以交流電的頻率為有效值A錯誤B正確；圖示位置磁通量最大，磁通量變化率為零，感應電動勢為零，C正確D錯誤．11、A:C:E【分析】試題分析：A、根據熱力學第一定律知：△U=W+Q=-100+120=20J，A正確；B、在使兩個分子間的距離由很遠（r＞10-9m）減小到很難再靠近的過程中；分子間作用力先減小后增大，分子勢能先減小后增大，B錯誤；C；由于液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，液體表面存在張力，C正確；D、用油膜法測出油分子的直徑后，要測定阿伏加德羅常數，只需再知道油的摩爾體積即可，D錯誤；E、空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發越慢，E正確；故選ACE．

考點：考查熱力學第一定律；阿伏加德羅常數；相對濕度．

【名師點睛】該題考查熱學中的多個知識點的內容，掌握熱力學第一定律的應用過程中的符號法則，知道分子力與分子間距的關系，會利用油膜法測分子的直徑．12、C:D【分析】【詳解】

CD．當滑動觸頭P由a端向b端滑動的過程中，該并聯電路的總電阻為（R是和燈A串聯部分滑動變阻器的阻值）

解得

由數學知識分析知，當時，該電路的總電阻最大為所以滑動觸頭P由a端向b端滑動的過程中總電阻由逐漸增大到再由逐漸減少到根據閉合電路歐姆定律電路中電流先減少再增大即電流表的示數先減少后增大，電壓表的示數為

可知先增大后減小；由于燈A的支路電阻一直在增加；而電壓表先增大后減小，導致A的電流一直在減少，故A燈變暗。故CD正確；

AB．依題意

由數學知識分析知，當外電路電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，則電源的最大輸出功率為4W，而以上分析可知，外電路總電阻最小為所以電源的最大輸出功率小于4W。故AB錯誤。

故選CD。13、A:B:D【分析】位于月球本影中，月球擋住了太陽射向地球的全部光線，能看到日全食，故A正確；位于月球半影中，月球擋住了太陽射向地球的部分光線，能看到日偏食，B正確；當月球全部處于地球的半影內，任然有光線照到整個月球上，不會出現月偏食，故C錯誤；月球處于地球的本影內，地球擋住了太陽射向月球的部分光線出現月全食，故D正確；故選ABD．三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不再變化15、略

【分析】【詳解】

[1]．缸內氣體從狀態A變化到狀態B為等壓變化，故氣缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力不變；

[2][3]．氣體體積變大；對外做功；

由可得

則氣體對外做功的絕對值

[4]．理想氣體對外做功的同時，溫度升高，內能增大，根據熱力學第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即氣體吸收熱量．【解析】不變氣體對外做功吸收16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]熱力學第二定律的克勞修斯表述為熱量不能自發地從低溫物體傳到高溫物體；電冰箱依靠壓縮機實現了將熱量從低溫物體轉移到高溫物體，不違背熱力學第二定律。

[2]制冷劑在蒸發器中由液態變成氣態的過程中，體積膨脹，對外做功。【解析】不違背氣體對外做功17、略

【分析】【詳解】

從A到B，體積不變，壓強減小，則溫度降低，內能減小，因氣體不對外也不對內做功，則氣體放熱；從A到C，溫度不變，則內能不變；體積變大，對外做功，則吸收熱量；從A到D，體積變大，壓強不變，則溫度升高，內能增大，氣體對外做功，則吸收熱量；則氣體從外界吸收熱量的過程是AC和AD．【解析】ABAC和AD18、略

【分析】【分析】

振動圖像描述的是一個質點在不同時刻離開平衡位置的位移；波的圖像描述的是同一時刻各個質點的位移.

【詳解】

振動圖像描述的是一個質點在不同時刻離開平衡位置的位移，則圖像b是振動圖像；圖a是波的圖像；物理意義是同一時刻各個質點的位移(或者相對平衡位置的位移)．

【點睛】

本題要理解振動圖象和波動圖象各自的物理意義；知道振動圖像是“照相機”；波的圖像是“錄像機”.【解析】b同一時刻各個質點的位移(或者相對平衡位置的位移)19、略

【分析】（1）氟利昂在冰箱內部的蒸發器里面汽化；吸收冰箱內的內能，使冰箱內的溫度降低．攜帶有冰箱里面內能的氟利昂，到了冰箱外面的冷凝器里液化，液化放熱，將冰箱內部的內能轉移到冰箱的外面．故答案為①吸；②降低；③放；

（2）冰箱工作時，只不過是將冰箱內部的能量轉移到冰箱的外面．冰箱工作一段時間，內部的溫度雖然降低了，但外界的溫度由于能量的增加而升高．若打開冰箱門，會出現部分內能從冰箱內到冰箱外的房間，再由房間到冰箱內的循環．室內的總內能并沒有減少，所以，室內溫度不會降低．故答案為不能．【解析】吸降低放不能20、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像可知，B光的飽和光電流大于A光，所以B光的強度大于C光的強度；

[2]由圖像可知，反向截止電壓為則光電子的最大初動能為由光電效應方程可知，金屬鈉的逸出功為【解析】大于四、作圖題(共3題，共6分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

（1）電阻和串聯，當照度1.0（lx）時，電阻則

（2）由圖可知，圖丙的電阻為圖丁的電阻本題采用等效法測電阻，前后兩次電路中的電流相等，則電路中的電阻相等，則有所以．【解析】1062.540.025、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由圖示電路圖可知，滑動變阻器采用分壓接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇

(2)[2]滑動變阻器采用分壓接法；為保護電路，滑動變阻器的觸頭要在最左端。

[3]閉合開關S1、S2；由串聯電路特點得。

斷開開關S2時；由串聯電路特點得。

閉合開關S1、S2和斷開開關S2時；由于滑動變阻器的位置不變，所以前后支路上的總電壓不變。

聯立解得。

(3)[4]斷開開關電阻箱接入電路時電路總電阻變大，干路電流減小，分壓電路兩端電壓變大，分壓電路分壓大于當電壓表的示數變為時，電壓表的示數為時，電阻箱兩端電壓大于由[3]得。

由于U的計算值小于真實值，故大于真實值，即電表2內阻測量值大于真實值。【解析】R1左2大于26、略

【分析】【分析】

（1）選擇內阻確切已知的電流表作為改裝的表用，根據電表的改裝原理結合歐姆定律即可分析求解；

（2）因為要求待測電阻兩端的電壓能夠從零開始變化，故選擇分壓式電路，在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；

（