…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版必修三物理上冊月考試卷462考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關于電磁場和電磁波，下列說法正確的是（）A.電磁波與機械波的傳播都需要介質B.法拉第首先預言了電磁波的存在C.移動電話通訊是通過電磁波來實現的D.在電場周圍一定產生磁場，在磁場周圍一定產生電場2、圖中虛線所示為靜電場中的等勢面1、2、3、4，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，其中等勢面3的電勢為0。一帶正電的點電荷在靜電力的作用下運動，經過點時的動能分別為和當這一點電荷運動到某一位置，其電勢能變為時；它的動能就為（）

A.B.C.D.3、如圖所示電路中，電流表和電壓表均可視為理想電表，閉合開關后，將滑動變阻器的滑片向右移動；下列說法正確的是（）

A.電流表的示數變大B.電壓表的示數變大C.電容器所帶的電荷量增加D.電源的效率減小4、如圖所示的電路；電介質板與被測量的物體A相連，當電介質向左或向右移動時，通過相關參量的變化可以將A定位。開始單刀雙擲開關接1，然后將單刀雙擲開關接2.則下列說法正確的是（）

A.開關接1時，x增大，平行板電容器的電荷量增大B.開關接1時，x增大，電路中的電流沿順時針方向C.開關接2時，x減小，靜電計的指針偏角減小D.開關接2時，x減小，平行板間的電場強度不變5、內陸鹽礦中開采的氯化鈉稱為巖鹽。如圖所示，巖鹽晶體結構中相鄰的四個離子處于正方形的四個頂點，O點為正方形中心，A、B、C、D為四邊中點，M點為A、O的中點，N點為O、D的中點；取無窮遠處電勢為零，關于這四個離子形成的電場，下列說法正確的是（）

A.M點的電勢高于N點的電勢B.A、M兩點電場強度相等C.M、N兩點電場強度方向互相垂直D.把一個負點電荷從A點沿直線移到C點，電勢能先增大后減小6、計算機鍵盤每個鍵下面都連有一塊小金屬片；與該金屬片隔有一定空氣間隙的另一塊固定的小金屬片組成一個可變電容器，如圖所示。當連接電源不斷電，按下某個鍵時，與之相連的電子線路就給出該鍵相應的信號。當按下該鍵時，下列說法正確的是（）

A.電容減小B.極板間的電壓增大C.極板間的電場強度變大D.極板間的電量不變7、電阻率是用來表示不同物質材料電阻特性的物理量，某種材料制成的長為米，橫截面積為平方米的導體的電阻，在數值上等于這種材料的電阻率。采用國際單位制中基本單位來表示電阻率的單位，以下正確的是（）A.B.C.D.8、在如圖所示的電路中，R1=10Ω，R2=20Ω，R3=8Ω，電容器的電容C=10mF，電源電動勢e=12V，內阻不計．要使電容器上板帶正電，電量Q=2×10-5C，則可變電阻R4的取值為()

A.8ΩB.16ΩC.32ΩD.40Ω評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、勻強電場中有相距cm的a、b兩點，電勢差V，在該電場中電荷量C的帶電粒子受到的電場力大小可能為（）A.0.03NB.0.30NC.3.0ND.4.0N10、如圖所示，有兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球（可視為點電荷），兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的為光敏電阻（其阻值隨所受光照強度的增大而減小），為滑動變阻器，為定值電阻，當的滑片在中間時閉合電鍵此時電流表和電壓表的示數分別為和帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板的夾角為電源電動勢和內阻一定；下列說法中正確的是（）

A.若將的滑動觸頭向端移動，則不變B.若將的滑動觸頭向端移動，則減小，減小C.保持滑動觸頭不動，用較強的光照射則小球重新達到穩定后變小D.保持滑動觸頭不動，用較強的光照射則變化量的絕對值與變化量的絕對值的比值不變11、如圖，在方向水平向右、磁感應強度為B的勻強磁場中，垂直于磁場和紙面放入一根通電直導線，以導線為中心，半徑為R的圓周上有a、b、c、d四個點，已知c點的實際磁感應強度小于B；下列說法正確的是。

A.導線的電流方向垂直紙面向外B.b、d兩點的實際磁感應強度大小相等C.b、d兩點的實際磁感應強度方向相同D.a點的實際磁感應強度小于B12、將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場強度大小和極板所帶的電荷量分別用d、U、E和Q表示．下列說法正確的是A.保持U不變，將d變為原來的兩倍，則E變為原來的一半B.保持E不變，將d變為原來的一半，則U變為原來的兩倍C.保持d不變，將Q變為原來的兩倍，則U變為原來的一半D.保持d不變，將Q變為原來的一半，則E變為原來的一半13、如圖所示，在x軸上相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷＋Q、－Q，虛線是以＋Q所在點為圓心、為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關于x軸對稱。下列判斷正確的是（）

A.b、d兩點處的電勢相同B.四個點中c點處的電勢最低C.b、d兩點處的電場強度相同D.將一試探電荷＋q沿圓周由a點移至c點，＋q的電勢能增大14、如圖，勻強電場區域內，由a、b、c、d、a′、b′、c′、d′作為頂點構成一正方體空間，電場方向與面abcd垂直。若在c點固定一正點電荷；則()

A.b、d兩點的電場強度大小相等，電勢相等B.a、b兩點的電場強度大小相等，電勢相等C.b′、d′兩點的電場強度大小相等，電勢相等D.a′、b′兩點的電場強度大小相等，電勢相等15、某電場的電場線分布如圖所示；下列說法正確的是（）

A.a點的電勢高于b點的電勢B.c點的電場強度小于d點的電場強度C.若將一正電荷由b點移到a點，電場力做正功D.正電荷在a點的電勢能大于在b點的電勢能16、如圖，平行板電容器與直流電源連接，電源正極接地。初始電容器不帶電，閉合開關，電路穩定后，一個帶電油滴位于電容器中的P點且處于靜止狀態。下列說法正確的是（）

A.帶電油滴帶正電B.保持開關閉合，上極板下移，帶電油滴向上運動C.保持開關閉合，上極板上移，P點電勢降低D.電路穩定后，斷開開關，下極板下移，帶電油滴保持靜止評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、電場力做功的特點是：______，因此可以引入電勢能。______是反映電源將其他形式的能轉化為電能本領大小的物理量。18、常用電容器。

（1）分類∶

①按電容是否可變分∶______電容器、______電容器。

②按電介質分∶空氣電容器、_______電容器；陶瓷電容器、電解電容器等。

（2）常見的電容器∶

①固定電容器∶

②可變電容器∶

19、作用：

（1）移送電荷，使電源正、負極間有一定的___________。

（2）使電路中有___________的電流。20、用多用電表進行了幾次測量，指針分別處于a和b的位置，如圖所示，若多用電表的選擇開關處于下面表格中所指的擋位，a和b的相應讀數是多少？請填在表格中。

指針位置選擇開關所處擋位讀數a直流電流10mA______mA直流電壓50V______V______Vb電阻×100______Ω21、為了探究影響電荷間相互作用力的因素，某老師做了如下實驗：把一個帶正電荷的導體球A固定在絕緣支架上，然后把系在絕緣絲線上的帶電小球先后掛在圖中位置，使帶電小球與導體球A的球心在同一水平線上，小球靜止時的狀態如圖所示。可以判斷絲線上的小球帶______（選填“正”或“負”）電荷，兩個電荷之間的作用力大小隨它們之間距離的增大而______（選填“增大”或“減小”）。

22、同一直線上相距為L的兩個點電荷，A、B點處的電荷電量分別為QA、QB，QA＜0、QB＞0，則二者間的庫侖力的大小為_____，在B的右側相距也為L的C點電場強度的大小為_________。

23、判斷下列說法的正誤．

（1）處于靜電平衡狀態下的導體內部的外加電場與附加電場的矢量和為零，即導體內部的電場強度處處為零．（____）

（2）靜電平衡時，導體內部表現為電中性，電荷都分布在外表面，導體內部沒有凈剩電荷．（____）

（3）一個孤立的帶電體，在自身所帶電荷的電場中，處于靜電平衡狀態，不具有靜電平衡的特點．（____）

（4）用金屬網把驗電器罩起來，再使帶電金屬球靠近驗電器，則驗電器箔片能張開．（____）

（5）電工穿的高壓作業服是用銅絲編織的，目的是銅絲衣服有屏蔽作用，使體內場強為零．（____）24、某同學利用螺旋測微器和游標卡尺分別測量一圓柱體工件的直徑和高度，測量結果如圖所示，該工件的直徑為______cm，高度為______cm。

評卷人得分四、實驗題(共4題，共24分)25、現有兩組同學要測定一節干電池的電動勢E和內阻r（已知E約為1.5V，r約為1Ω）。

（1）①第一組采用圖a所示電路，a、b間應接入________。

A．一個定值電阻。

B．阻值適當的不同阻值的定值電阻。

C．滑動變阻器。

②為了調節方便且測量精度更高，以下器材中，電流表可選________，電壓表可選________。

A．電流表（0～0.6A）

B．電流表（0～3A）

C．電壓表（0～3V）

D．電壓表（0～15V）

③第一小組經過多次測量，記錄了多組電流表示數I和電壓表示數U，并在圖b中畫出了U-I圖象。由圖象可以得出，若將該干電池與一個阻值為2.2Ω的定值電阻組成閉合回路，電路中的電流約為________A（保留兩位有效數字）。

（2）第二組在沒有電壓表的情況下；設計了如圖c所示的電路，完成了對同一電池的測量。

①改變電阻箱接入電路中的電阻值，記錄了多組電流表示數I和電阻箱示數R，通過研究圖象的信息，他們發現電動勢的測量值與第一組的結果非常接近，但是內阻的測量值與第一組的結果有明顯偏差，將上述實驗重復進行了若干次，結果依然如此。請說明哪個組內阻的測量結果較大？________。并說明形成這個結果的原因：____________。

②A．第二組對實驗進行深入的理論研究，在是否可以忽略電流表內阻這兩種情況下，繪制兩類圖象。第一類圖象以電流表讀數I為縱坐標，將電流表和電阻箱讀數的乘積IR記為U作為橫坐標。第二類圖象以電阻箱讀數R為縱坐標，電流表讀數的倒數為橫坐標。請在圖d的甲、乙兩坐標系中分別用實線代表電流表內阻可忽略的情況，虛線代表電流表內阻不可忽略的情況，定性畫出相關物理量之間的關系______。

B．在第二組的實驗中有電阻箱（最大阻值為999.9Ω，可當標準電阻用）、電流表（滿偏電流Ig＝0.6A，內阻rg＝0.1Ω）。通過改變電阻箱接入電路的電阻值，記錄了多組電流表示數I和電阻箱示數R，并畫出了如圖e所示的R-圖象。根據圖象中的信息可得出這個電池的電動勢E＝________V，內阻r＝________Ω。26、小明；小亮共同設計了圖甲所示的實驗電路；電路中的各個器材元件的參數為：

電池組（電動勢約6V，內阻r約3Ω）

電流表（量程20A，內阻RA＝0.7Ω）

電阻箱R1（0～99.9Ω）

滑動變阻器R2（0～10Ω）

開關三個及導線若干。

他們認為該電路可以用來測電源的電動勢、內阻和R2接入電路的阻值。

（1）小華先利用該電路準確地測出了R2接入電路的阻值。他的主要操作步驟是：先將滑動變阻器滑片調到某位置，接著閉合S、S2，斷開S1，讀出電流表的示數I；再閉合S、S1，斷開S2，調節電阻箱的電阻值為3.6Ω時，電流表的示數也為I。此時滑動變阻器接入電路的阻值為______Ω；

（2）小剛接著利用該電路測出了電源電動勢和內電阻。

①他的實驗步驟為：

a．在閉合開關前，調節電阻R1或R2至______（選填“最大值”或“最小值”），之后閉合開關S，再閉合______（選填“S1”或“S2”）。

b．調節電阻______（選填“R1”或“R2”），得到一系列電阻值R和電流I的數據；

c．斷開開關；整理實驗儀器。

②圖乙是他由實驗數據繪出－R的圖像，電源電動勢E＝______V，內阻r＝______Ω。（計算結果保留2位有效數字）27、在“測量金屬絲電阻率”的實驗中，某同學取來一段粗細均勻、長為的金屬絲進行實驗。

（1）用螺旋測微器測得該金屬絲的直徑d如圖甲所示，則___________mm。

（2）用一電阻擋有三個倍率（分別是×1、×10、×100）的多用電表粗測該金屬絲電阻Rx。選用×10擋測量某電阻時，操作步驟正確，發現表頭指針偏轉角度很大，為了較準確地進行測量，應換到___________擋，重新正確操作后，表盤的示數如圖乙所示，則該金屬絲電阻約為___________Ω。

（3）為進一步準確測量該金屬絲的電阻；實驗室提供如下器材：

A．直流電源E（電動勢3V；內阻不計）

B．電流表A1（量程0~0.6A；內阻約1Ω）

C．電流表A2（量程0~150mA；內阻約2Ω）

D．電壓表V（量程0~3V；內阻約10kΩ）

E．滑動變阻器R1（阻值范圍0~15Ω；允許通過的最大電流2.0A）

F．滑動變阻器R2（阻值范圍0~2kΩ；允許通過的最大電流0.5A）

G．待測金屬絲Rx；開關、導線若干。

①實驗中，該同學設計了如圖丙所示的電路，其中電流表應選用___________，滑動變阻器應選用___________。（填寫正確答案的序號）

②按照圖丙電路，用筆畫線代替導線在圖丁中完成實物電路連接。___________

③若實驗中測得該金屬絲的電阻為R0，則該電阻絲的電阻率表達式為___________（用題中測得的物理量符號表示）。28、探究感應電流方向的實驗所需器材包括：條形磁鐵；電流表、線圈、導線、一節干電池（用來查明線圈中電流的流向與電流表中指針偏轉方向的關系）。

(1)實驗現象：如圖1所示；根據實驗現象，完成以下內容：

a

①比較甲圖和______；發現電流表指針偏轉的方向相同，這是因為______；

②實驗結論：感應電流具有這樣的方向；即感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的______；

(2)為進一步弄清電流表指針擺動方向與電流方向的關系；可以使用一個已知正負極性的直流電源進行探究。某同學想到了多用電表內部某一檔含有直流電源，他應選用多用電表的______檔對電流表進行測試。實驗發現當電流從正接線柱流入電流表時，指針向右擺動；

(3)為了能進一步了解感應電流大小隨時間變化的關系，要使用電流傳感器，連接好后，以甲圖為例，你認為在磁體穿過整個線圈的過程中，傳感器顯示的電流i隨時間t的圖象應該是______。

A.B.C.D.評卷人得分五、解答題(共3題，共24分)29、如圖所示絕緣的水平軌道與處于豎直平面內的半圓形絕緣光滑軌道平滑連接，為豎直直徑，半圓形軌道的半徑在左側所在空間存在豎直向下的勻強電場（B、C兩點恰好不在勻強電場中），電場強度現有一電荷量質量的帶電體A（可視為質點）在水平軌道上的P點以一定的速度沖上半圓，帶電體A恰好能通過半圓形軌道的最高點C，然后落至水平軌道上的D點（圖中未畫出）g取求：

（1）帶電體運動到半圓形軌道B點時對軌道的壓力大小；

（2）D點到B點的距離

30、在如圖所示的電場中，A點的電場強度將電荷量的點電荷放在電場中的A點。

（1）求該點電荷在A點所受電場力F的大小；

（2）在圖中畫出該點電荷在A點所受電場力F的方向。

31、如圖所示，為電阻箱，為理想電壓表，當電阻箱讀數為Ω時，電壓表讀數為當電阻箱讀數為為Ω時，電壓表讀數為

（1）求電源的電動勢和內阻

（2）當電阻箱讀數為多少時，電源的輸出功率最大？最大值為多少？（注意寫出推導過程）

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電磁波傳播不需要介質；機械波的傳播需要介質，選項A錯誤；

B．麥克斯韋首先預言了電磁波的存在；選項B錯誤；

C．移動電話通訊是通過電磁波來實現的；選項C正確；

D．在穩定的電場周圍不會產生產生磁場；在穩定的磁場周圍不會產生電場，選項D錯誤。

故選C。2、C【分析】【分析】

【詳解】

該電荷在各等勢面間的電勢能的差為

在靜電力作用下，正電荷由a到b動能減小，電勢能增大，等勢面3為零等勢面，則該電荷在等勢面4的電勢能為7eV。電勢能與動能的和為7eV+5eV=12eV

根據能量守恒，則有

解得

故選C。3、C【分析】【詳解】

AB．將滑動變阻器R1的滑片向右移動，R1有效電阻增大，則外電路總電阻增大，總電流減小，由歐姆定律知，R3的電壓變小，所以電壓表V的示數變小。根據串聯電路電壓與電阻成正比的規律知：電路中并聯部分的電壓增大，則通過R2的電流變大；而總電流變小，所以電流表A的示數變小，故AB錯誤；

C．電容器板間電壓變大，由Q=CU

可知電容器C所帶的電荷量增加；故C正確；

D．電路中總電流變小，電源的內電壓變小，則路端電壓U變大，電源的效率為

可知電源的效率增加；故D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．開關接1時，平行板間的電壓不變，x增大，電介質常數減小，由公式

可知電容器的電容減小，又由

知平行板電容器的電荷量減小；A錯誤；

B．電容器放電；由電路圖可知,電路中的電流沿逆時針方向，B錯誤；

C．開關接2時，電容器所帶的電荷量保持不變，x減小，電容器的電容增大，由公式

可知兩極板的電勢差減小；則靜電計的指針偏轉角度減小，C正確；

D．由

可知平行板間的電場強度減小；D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．將四個電荷看成兩組等量異種電荷，均在兩組等量異種電荷的中垂線上；電勢相等且都為零，A錯誤；

B．左邊一組等量異種電荷在的電場強度大于在的電場強度，右邊一組等量異種電荷在的電場強度小于在的電場強度，兩組等量異種電荷在A、M兩點的方向相反，根據電場的疊加可知A點電場強度大于M點的電場強度；B錯誤；

C．M點豎直向下，N點的電場強度水平向左；相互垂直，C正確；

D．把一個負點電荷從A點沿直線移到C點；先離正電荷近后離正電荷遠，電勢先增大后減小，負點電荷的電勢能先減小后增大，D錯誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．當按下該鍵時，兩金屬片間距d減小，由可知，電容C變大；故A錯誤；

B．由于電容器保持與電源相連；極板間的電壓不變，故B錯誤；

C．由U不變，d減小；所以極板間的場強變大，故C正確；

D．由U不變，C變大；所以極板的電量變大，故D錯誤；

故選C。7、B【分析】【分析】

【詳解】

由

可知，材料的電阻率在數值上等于這種材料做成的長1m、橫截面積為1m2的導體的電阻。

由

則

又

則

位移、長度單位為m，截面積單位為m2，力的單位電流的單位是A，時間的單位是s，可知電阻率ρ的單位為

故選B。8、A【分析】【詳解】

根據可知電容器兩端電壓為上極板帶電，故根據歐姆定律可得故根據歐姆定律可得解得A正確．二、多選題(共8題，共16分)9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

在勻強電場中，若a、b兩點在同一電場線，由

解得

則帶電粒子受到的電場力

若a、b兩點不在同一電場線，由

則

即

故選CD。10、A:C:D【分析】【詳解】

AB．滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，，R1和R3所在電路中電流I不變，U不變；電容器兩端的電壓也不變，則θ不變。故A正確；B錯誤；

C．保持滑動觸頭P不動，用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，外電路總電阻減小，電流I增大，內電壓和R3的電壓增大，則電容器板間電壓減小，板間電場強度變小，小球所受的電場力變小，則θ減小；故C正確；

D．保持滑動觸頭P不動，逐漸增加照射R1的光強，總電阻減小，電流I增大，外電壓U減小，根據閉合電路歐姆定律得

解得

可見保持不變；故D正確；

故選ACD。11、A:B【分析】【詳解】

A．由題，c點的磁感應強度小于B，說明通電導線在c點產生的磁感應強度大小應滿足

方向與勻強磁場的磁感應強度相反；根據安培定則判斷可知，直導線中的電流方向垂直紙面向外。故A正確；

BC．直導線在b點的磁感應強度大小為方向向下；直導線在d點的磁感應強度大小也為方向向上，則b、d兩點的實際磁感應強度大小均為

但是b點的磁感應強度方向指向左下方，而d點的磁感應強度方向指向右上方；方向不同，選項B正確；C錯誤；

D．直導線在a點的磁感應強度大小為方向與原磁場方向相同，則a點的實際磁感應強度大于B；選項D錯誤；

故選AB。

點睛：本題關鍵掌握安培定則和平行四邊形定則，知道空間任意一點的磁感應強度都通電導線產生的磁場和勻強磁場的疊加而成的。12、A:D【分析】【詳解】

試題分析：保持U不變，根據公式E=分析E與d的關系；保持E不變，U與d正比；保持d不變，C不變，根據C=分析Q與U的關系；保持d不變，將Q變為原來的一半，由C=分析U的變化，由E=分析E的變化．

解：A、保持U不變，將d變為原來的兩倍，根據公式E=可知；E變為原來的一半．故A正確．

B；保持E不變；將d變為原來的一半，由U=Ed可知，U變為原來的一半．故B錯誤．

C、保持d不變，電容C不變，將Q變為原來的兩倍，由公式C=分析可知；U變為原來的兩倍．故C錯誤．

D、保持d不變，電容C不變，將Q變為原來的一半，由公式C=分析可知，U變為原來的一半，由E=分析知；E變為原來的一半．故D正確．

故選AD

【點評】

本題關鍵要掌握E=C=兩個公式，同時，要明確d不變時，電容C不變．13、A:B【分析】【詳解】

A.等量異種點電荷的電場線及等勢線的分布如圖所示。

由于b、d兩點關于x軸對稱，故b、d兩點電勢相等；故A正確；

B.a、b、c、d四個點中，只有c點電勢為零；其余各點的電勢均大于零，故B正確；

C.b、d兩點的電場強度大小相等；方向不同，故C錯誤；

D.將一正的試探電荷由a點移動到c點的過程中，由于a點電勢高于c點電勢；故該電荷的電勢能減小，故D錯誤。

故選AB。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．點電荷在b、d兩點的電場強度大小相等，方向與勻強電場方向垂直，所以兩點的合電場大小相等。點電荷在b、d兩點的電勢相等，b、d兩點在勻強電場中為等勢點；故在合電場中兩點等勢。A正確；

B．a、b兩點距點電荷距離不等，所以點電荷在兩點處電場強度大小不等，所以兩點的合電場大小不相等。a、b兩點距點電荷距離不等；點電荷在兩點處電勢不等，故兩點電勢在合電場中也不是等勢點。B錯誤；

C．點電荷在b′、d′兩點的電場強度大小相等，方向與勻強電場方向成45°，所以兩點的合電場大小相等。點電荷在b′、d′兩點的電勢相等，b′、d′兩點在勻強電場中為等勢點；故在合電場中兩點等勢。C正確；

D．a′、b′兩點距點電荷距離不等，所以點電荷在兩點處電場強度大小不等，所以兩點的合電場大小不相等。a′、b′兩點距點電荷距離不等；點電荷在兩點處電勢不等，故兩點電勢在合電場中也不是等勢點。D錯誤。

故選AC。15、B:C【分析】【詳解】

A．沿著電場線的方向電勢逐漸降低，則a點的電勢低于b點的電勢；故A錯誤；

B．電場線的疏密表示電場強度的大小，則可知c點的電場強度小于d點的電場強度；故B正確；

C．根據由于b點的電勢高于a點的電勢，即且q>0，所以將一正電荷由b點移到a點；電場力做正功，故C正確。

D．根據可知，由于a點的電勢低于b點的電勢，所以正電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能；故D錯誤。

故選BC。16、B:C:D【分析】【詳解】

A．電容器上極板與電源正極相連；上極板帶正電，油滴受到的電場力方向向上，則油滴帶負電。故A錯誤；

B．保持開關閉合，電容器兩極板間電壓不變，上極板下移，兩板間距離減小，根據

可知電場強度增大；則帶電油滴向上運動。故B正確；

C．同理，保持開關閉合，電容器兩極板間電壓不變，上極板上移，兩板間距離變大，電場強度變小，P點到下極板的距離不變，根據

可知P到下極板的電勢差變小，而下極板的電勢不變，則P點的電勢降低。故C正確；

D．電路穩定后，斷開開關，電容器電荷量不變，根據

可得電場強度為

下極板下移；電場強度不變，帶電液滴受力情況不變，帶電油滴保持靜止。故D正確。

故選BCD。三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

[1]由公式可知；電場力做功的特點是與路徑無關，只與初末位置有關，因此可以引入電勢能；

[2]電動勢是反映電源將其他形式的能轉化為電能本領大小的物理量。【解析】與路徑無關，只與初末位置有關電動勢18、略

【分析】【分析】

【詳解】

常用電容器。

（1）分類∶

①[1][2]按電容是否可變分∶可變電容器；固定電容器。

②[3]按電介質分∶空氣電容器、聚苯乙烯電容器、陶瓷電容器、電解電容器等。【解析】①.可變②.固定③.聚苯乙烯19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]電源的作用為移送電荷；使電源正；負極間有一定的電勢差；

（2）[2]電源的作用還有使電路中有持續的電流。【解析】電勢差持續20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]指針在a位置時；直流電流10mA擋，讀第二行刻度“0～10”一排，最小分度值為0.2mA，估讀到0.1mA就可以了，讀數為2.0mA。

[2]指針在a位置時；直流電壓50V擋，讀第二行刻度“0～50”一排，最小分度值為1V，估讀到0.1V就可以了，讀數為10.0V。

[3]指針在b位置時，電阻×100擋，讀第一行刻度，測量值等于表盤上讀數“3.2”乘以倍率100，讀數為320Ω。【解析】①.2.0②.10.0③.32021、略

【分析】【詳解】

[1]由電荷間相互作用規律知；同種電荷相互排斥。現導體球A固定，通過圖中細線偏轉的角度，可以判斷小球受到導體球A向右的排斥力，故絲線上的小球帶正電；

[2]帶電小球靜止時，有

可見:帶電小球偏轉角度越大，受到的作用力越大，由圖可知懸掛的小球離帶正電的A球越遠，受到的作用力越小，故兩個電荷之間的作用力大小隨它們之間距離的增大而減小。【解析】正減小22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]二者間的庫侖力的大小為

[2]在B的右側相距也為L的C點電場強度的大小為【解析】①.②.23、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正確正確錯誤錯誤正確24、略

【分析】【詳解】

[1]工件的直徑為d=6mm+0.01mm×12.0=6.120mm=0.6120cm

[2]工件的高度為h=50mm+0.05mm×18=50.90mm=5.090cm【解析】0.61205.090四、實驗題(共4題，共24分)25、略

【分析】【詳解】

（1）①[1]根據閉合電路歐姆定律E＝U＋Ir

要測電動勢E和內阻r，必須要改變電路的電流，獲得多組數據，則在電路的a、b兩點間可接入阻值適當的不同阻值的定值電阻或者滑動變阻器。

故選BC。

②[2][3]結合電源的電動勢（1.5V）可知電壓表可選量程0～3V；為了調節方便且測量精度更高，使電流表指針偏轉角較大，電流表可選量程0～0.6A，故電流表可選A，電壓表可選C。

③[4]由圖b可知，電源電動勢、內阻分別為E=1.48V，

則若將該干電池與一個阻值為2.2Ω的定值電阻組成閉合回路，電路中的電流為＝A≈0.49A

（2）①[5][6]第一組內阻的測量值為電源內阻與電壓表內阻的并聯值；比真實值偏小，而第二組內阻的測量值為電源內阻與電流表內阻的串聯值，比真實值大，原因是電流表內阻不能忽略引起的誤差。

②[7]A．根據閉合電路歐姆定律可得E＝I(R＋r)＝Ir＋U

整理得

若考慮電流表內阻，則

則圖象如圖甲所示，根據E＝I(R＋r)

整理得

若考慮電流表內阻，則-(r＋RA)

則圖象如圖乙所示。

B．[8][9]由題圖e可知＝1.5Vr＋rg＝0.4Ω

則r＝0.3Ω【解析】BCAC0.49（0.48～0.50均可）第二組的測量結果較大電流表內阻不能忽略引起的誤差1.5（1.46～1.54）0.3（0.25～0.35）26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]用等值替代法可測出R2接入電路的阻值；電阻箱的示數等于接入電路的阻值為3.6Ω；

（2）①[2][3][4]要用電阻箱與電流表結合測量電動勢與內阻；則要改變電阻箱的值，則：

a．在閉合開關前，調節電阻R1或R2至最大值，之后閉合開