…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版選擇性必修2物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關于電磁場理論，下列敘述不正確的是（）A.變化的磁場周圍一定存在著電場，與是否有閉合電路無關B.周期性變化的磁場產生同頻率變化的電場C.變化的電場和變化的磁場相互關聯，形成一個統一的場，即電磁場D.電場周圍一定存在磁場，磁場周圍一定存在電場2、質量為M的銅環放在水平桌面上，質量為m的圓柱形永磁體軸線與銅環軸線重合，下端為N極，將永磁體由靜止釋放，下落高度h到達P點時速度大小為v，向下的加速度大小為a，重力加速度為g；不計空氣阻力，則（）

A.俯視看，銅環中感應電流沿順時針方向B.永磁體下落的過程中，圓環對它的作用力方向可能豎直向下C.在P點，銅環對桌面的壓力大小為D.在P點，銅環中產生的焦耳熱為3、狄拉克曾經預言，自然界應該存在只有一個磁極的磁單極子，如果自然界真的存在這樣一個磁單極子，其周圍磁感線呈均勻輻射狀分布，與正點電荷的電場線分布相似，如圖所示。若空間中的P點僅存在磁單極子N或正點電荷Q，并且位置固定不動，現將一帶正電微粒置于P點附近，下列說法正確的是（）

A.P點放置的若是正點電荷Q，微粒可以在P點上方做圓周運動B.P點放置的若是正點電荷Q，微粒可以在P點下方做圓周運動C.P點放置的若是磁單極子N，微粒可以在P點正上方做圓周運動，并且沿順時針方向運動（俯視）D.P點放置的若是磁單極子N，微粒可以在P點正下方做圓周運動，并且沿逆時針方向運動（俯視）4、如圖所示，在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極B，緊貼邊緣內壁放一個圓環形電極A，把A、B分別與電源的兩極相連；然后在玻璃皿中放入導電液體，現把玻璃皿放在如圖所示的磁場中，液體就會旋轉起來．若從上向下看，下列判斷正確的是（）

A.A接電源正極，B接電源負極，液體順時針旋轉B.A接電源負極，B接電源正極，液體順時針旋轉C.同時改變電源的正、負極和磁體的N、S極，液體將不會旋轉D.僅改變電源的正、負極或僅改變磁體的N、S極，液體旋轉方向不變5、物理學的發展是許多物理學家奮斗的結果，下面關于一些物理學家的貢獻說法正確的是（）A.安培通過實驗發現了通電導線對磁體有作用力，首次揭示了電與磁的聯系B.奧斯特認為安培力是帶電粒子所受磁場力的宏觀表現，并提出了著名的洛倫茲力公式C.庫侖在前人工作的基礎上通過實驗研究確認了真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用力遵循的規律﹣﹣庫侖定律D.安培不僅提出了電場的概念，而且采用了畫電場線這個簡潔的方法描述電場6、某一空間可能存在電場，也可能存在磁場，將一電子靜止釋放，忽略其所受的重力和空氣阻力，下列判斷正確的是（）A.如果空間只存在勻強電場，電子將做勻速直線運動B.如果空間只存在勻強磁場，電子將做勻速圓周運動C.如果空間只存在勻強電場，電子將做勻加速直線運動D.如果空間只存在勻強磁場，電子將做勻加速曲線運動評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、磁流體發電是一項新興技術．如圖所示；平行金屬板之間有一個很強的磁場，將一束含有大量正；負帶電粒子的等離子體，沿圖中所示方向噴入磁場．圖中虛線框部分相當于發電機．把兩個極板與用電器相連，則。

A.用電器中的電流方向從B到AB.用電器中的電流方向從A到BC.若只減小磁場，發電機的電動勢增大D.若只增大噴入粒子的速度，發電機的電動勢增大8、實驗室經常使用的電流表是磁電式儀表，這種電流表的構造如圖甲所示，蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻地輻向分布的。當線圈通以如圖乙所示的穩恒電流（b端電流流向垂直紙面向內）；下列說法正確的是（）

A.當線圈在如圖乙所示的位置時，b端受到的安培力方向向上B.線圈轉動時，螺旋彈簧被扭動，阻礙線圈轉動C.線圈的框架選擇鋁質材料，不僅考慮鋁的密度小、強度高，更主要的是因為鋁框轉動時產生渦流，阻礙線圈的轉動，這樣有利于指針很快地穩定指到讀數位置上D.由于這種儀表是一種比較精密、容易損壞的儀器，所以在搬動運輸這種電流表過程中，應該用導線將圖中兩接線柱直接連接，這樣可以有效的減小線圈產生的擺動，以防止電表受損9、如圖，水平面內固定著足夠長的光滑平行導軌導軌寬度是導軌寬度的2倍，導軌寬度為L，導軌處于方向垂直于軌道平面向里的勻強磁場中，金屬棒PQ和MN分別垂直導軌放置在導軌段和段上，金屬棒PQ和MN的質量之比為2:1，長度分別為2L和L，兩金屬棒電阻均為R。現給金屬棒MN一個向右的初速度；運動過程中兩棒始終沒有離開各自的導軌段，并與導軌接觸良好，其余部分的電阻均不計，則（）

A.運動過程中金屬棒PQ和MN的加速度大小之比為1:2B.運動過程中金屬棒PQ和MN所受的安培力的沖量大小之比為2:1C.運動到速度穩定時金屬棒PQ和MN的速度之比為1:2D.運動到速度穩定時金屬棒PQ和MN兩端的電壓之比為2:110、如圖，足夠長的光滑平行金屬軌道ad、bc水平放置，cd端連有一電阻R，整個裝置處于方向豎直向下的勻強磁場中（圖中未畫出）。金屬桿MN在水平向右的恒力F作用下，從靜止開始做加速運動，一段時間后以最大速度做勻速運動。金屬桿始終保持與軌道垂直且接觸良好；軌道和金屬桿的電阻及空氣阻力均可忽略不計。則（）

A.金屬桿開始做勻加速運動，最終達到速度B.金屬桿加速運動過程中的平均速度大于C.當金屬桿的速度為時，它的加速度大小也等于最大加速度大小的一半D.金屬桿從開始運動到獲得最大速度的過程中，克服安培力做的功等于動能的增加量11、疫情期間，為保障醫院用電安全，供電部門專門為醫院ICU病房區設計供電系統以及輸電電路如圖所示，發電機的矩形線框ABCD處于磁感應強度大小為B的水平勻強磁場中，線框面積S=0.25m2，匝數n=100匝，電阻不計。線框繞垂直于磁場的軸OO?以3000轉/分的轉速勻速轉動，其輸出端通過電刷與升壓變壓器的原線圈相連，圖中電壓表示數為250V，降壓變壓器原、副線圈的匝數之比為5:1，降壓變壓器的副線圈接入到病房區供電，兩變壓器間的輸電線等效電阻R=20Ω，變壓器均為理想變壓器。醫院有五間標準ICU病房，病房內醫療設備額定工作電壓均為U=220V，每間病房的最大功率為P=4400W。當五間病房均滿負荷工作時（）

A.輸電線上損失的電壓為500VB.勻強磁場B的大小為C.升壓變壓器原、副線圈匝數之比為1:6D.該供電系統的輸電效率為80%12、下列說法正確的是（）A.用透明的標準樣板和單色光檢查平面的平整度是利用了光的偏振B.由黃光和藍光組成的一細光束從水中射向空氣，在不斷增大入射角時水面上首先消失的是藍光C.電子束通過雙縫實驗裝置后可以形成干涉圖樣E.機械波和電磁波都能發生衍射和干涉現象E.機械波和電磁波都能發生衍射和干涉現象評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、電視信號的接收：電視機接收到的高頻電磁波信號經過_________將得到的信號轉變為圖像信號和伴音信號。14、互感現象應用：利用互感現象可以把能量由一個線圈傳遞到______，如變壓器就是利用______制成的．15、溫度傳感器的核心元件是________，它具有將________轉化為________的性質。16、如圖甲所示，為熱敏電阻的R－t圖像，圖乙為用此熱敏電阻R和繼電器組成的一個簡單恒溫箱溫控電路，繼電器的電阻為100Ω。當線圈的電流大于或等于20mA時，繼電器的銜鐵被吸合。為繼電器線圈供電的電池的電動勢E＝9.0V；內阻可以不計。圖中的“電源”是恒溫箱加熱器的電源。則。

(1)應該把恒溫箱內的加熱器接在________（填“A、B端”或“C、D端”）。

(2)如果要使恒溫箱內的溫度保持50℃，可變電阻R′的阻值應調節為________Ω。17、導體棒中帶電粒子的定向移動形成電流；電流可以從宏觀和微觀兩個角度來認識，安培力與洛倫茲力也有宏觀與微觀的對應關系。

如圖所示，靜止不動的勻強磁場的磁感應強度大小為B，方向豎直向下。一段直導體棒長為L，橫截面積為S，單位體積的自由電荷個數為n，自由電荷的電荷量為導體棒中通有恒定電流，自由電荷的定向移動速率為（本題中兩問均認為始終不變）。導體棒水平放置處于磁場中（垂直于磁感應強度）。

（1）若導體棒相對磁場靜止，電荷定向運動時所受洛倫茲力的矢量和，在宏觀上表現為導體棒所受的安培力。按照這個思路，請你由安培力的表達式推導出洛倫茲力大小的表達式。()

（2）概念學習中，類比與比較是常用的學習方法。我們已經知道，垂直于勻強磁場磁感線的通電導線所受的安培力由此，我們用來定義磁感應強度。同樣，運動方向垂直于勻強磁場磁感線的帶電粒子所受的洛倫茲力由此也可用洛倫茲力來定義磁感應強度，定義式是_________，把該定義式與電場強度的定義式進行對比，兩個定義式（而非物理量）的差別在于：__________________

18、如圖所示為磁流體發電機的發電原理圖，將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負電的微粒，而從整體上來說呈電中性）噴入磁場，由于等離子體在磁場力的作用下運動方向發生偏轉，磁場中的兩塊金屬板A和B上就會聚集電荷，從而在兩板間產生電壓．請判斷：在圖示磁極配置的情況下，金屬板____（選填“A”或“B”）的電勢較高，通過電阻R的電流方向是____（選填“a→b”或“b→a”）．19、如圖，電阻均勻的正方形閉合金屬框在外力作用下，第一次以速率v向左勻速拉出勻強磁場、第二次以速率2v向右勻速拉出勻強磁場，則在金屬框第一次和第二次移出磁場的過程中，邊兩端電壓大小之比為______，外力做功的功率之比為______。

20、理想變壓器的原、副線圈匝數比n1:n2=1:10，副線圈與阻值R=20的電阻相連。原線圈接在以速度v40m/s向右勻速運動的金屬棒兩端，金屬棒的電阻可忽略不計，棒所切割磁場的邊界變化規律為y副線圈輸出交流電的頻率為_________；勻強磁場的磁感應強度B=0.25T，則交流電壓表的示數為_________；電阻R上消耗的電功率為_________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)21、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

22、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

23、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

24、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)25、在利用熱敏電阻制作一個簡易電子溫度計時；某同學進行了如下操作，請完成下列問題。

（1）描繪熱敏電阻的Rt-t圖線。

該同學將熱敏電阻放在恒溫箱內，利用圖1的電路進行實驗，其中R0為保護電阻；實驗步驟如下：

①將恒溫箱的溫度調節為t1，單刀雙擲開關S擲向1，穩定后記下電流表的相應示數I1；

②將單刀雙擲開關S擲向2，調節電阻箱使電流表的示數為________，記下電阻箱R相應的示數為Rt，則溫度為t1時熱敏電阻的阻值為Rt；

③不斷調節恒溫箱的溫度；每一溫度下重復步驟①～②；

④根據實驗的數據作出Rt隨t變化的圖像如圖2所示，由圖像可知，當溫度為20℃時，熱敏電阻的阻值為________。

（2）制作測量范圍為0℃到50℃的電子溫度計。

電路如圖3所示，電源電動勢E=1.5V，內阻可忽略不計，R2=80Ω，R3是調零電阻（最大阻值為20Ω）；電流表量程為10mA，內阻為10Ω。

①當溫度為0℃時，閉合開關，調節調零電阻，當阻值，R3=________時；電流表指針滿偏，然后保持調零電阻不變；

②電流值I（A）和溫度值t（℃）的關系式為________；

③將電流表的刻度值改為溫度值，其中6mA的刻度對應的溫度值為________；

④電池用久了電動勢不變、內阻增大，但仍可通過調節調零電阻使指針指向0℃，用其測量溫度時結果將會________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。26、某同學了解到，給大貨車“稱重”利用了壓阻應變片元件，當改變對壓阻應變片壓力時，其阻值發生變化，這種效應稱為“壓阻效應”。現用如圖（a）所示的電路研究某壓阻應變片的壓阻效應，己知的阻值變化范圍為幾歐姆到幾十歐姆，所用電源的電動勢內阻忽略不計。除圖（a）中的器材外，實驗室還提供了如下器材可供選擇：

A．電壓表V（量程為內阻約為）

B．電流表（量程為內阻）

（1）為盡量減少測量誤差，圖（a）中的未知電表M選擇電流表而不選擇電壓表V，請說明理由：______。

（2）圖（a）中的未知電表M選擇電流表給電阻加上一定的壓力后，閉合開關S，調節滑動變阻器記下電流表和電流表的讀數分別為和可得______（用題目中給定的字母符號表示）。

（3）該同學用提供的器材設計了如圖（b）所示電路，想把電流表改成簡單壓力表，即直接在電流表盤上對應電流位置處標上壓力大小，若與壓力F的函數關系為（單位均取國際單位）；回答下列問題：

①該同學通過調節圖（b）中的滑動變阻器當電流表的讀數為時，在此刻度處標上則此時滑動變阻器的阻值為______（計算結果保留兩位有效數字），之后保持阻值不變，在電流表表盤上對應電流位置處標上壓力F的刻度，則該壓力表盤的刻度線______（選填“均勻”或“不均勻”）；

②根據上述壓力表的標定方法，此壓力表能測得的壓力最大值為______N（計算結果保留兩位有效數字）。27、在“研究磁通量變化時感應電流的方向”的實驗中：

（1）①某同學用通電螺線管代替條形磁鐵進行如下實驗操作：

A.將靈敏電流計直接與電池兩極相連；檢測靈敏電流計指針偏轉方向與電流流向的關系；

B.按圖接好電路；

C.把原線圈放入副線圈中；接通；斷開電鍵觀察并記錄靈敏電流計指針偏轉方向；

D．歸納出感應電流的方向與磁通量變化的關系。

其中錯誤之處是___________、___________。

②已知一靈敏電流計，當電流從正接線柱流入時，指針向正接線柱一側偏轉，現把它與線圈串聯接成圖8所示電路，條形磁鐵的磁極、運動方向及靈敏電流計的正負接線柱和指針偏轉方向均如圖所示，試畫出螺線管上導線的繞向。___________

28、在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”實驗中；可拆變壓器如圖所示；

（1）為了確保實驗的安全，下列做法正確的是________

A．為了人身安全；只能使用低壓直流電源，所用電壓不要超過16V

B．即使副線圈不接用電器；原線圈也不能長時間通電。

C．為使接觸良好；通電時應用手直接捏緊裸露的接線柱。

D．為了多用電表的安全；使用交流電壓擋測電壓時，先用最大量程擋試測。

（2）某小組探究變壓器原、副線圈兩端的電壓與匝數之間的關系：可拆變壓器如圖所示，鐵芯B可以安裝在鐵芯A上形成閉合鐵芯。將原、副線圈套在鐵芯A的兩臂上，匝數分別選擇n1=800匝，n2=200匝，原線圈與12V正弦式交流電源相連，用理想電壓表測得輸出電壓U2=2V，輸出電壓測量值明顯小于理論值，可能的原因是________

A．原線圈匝數n1少于800匝。

B．副線圈匝數n2多于200匝。

C．副線圈阻值較大。

D．鐵芯B沒有安裝在鐵芯A上。

（3）如圖所示，b端是一理想變壓器副線圈中心抽頭，開始時單刀雙擲開關置于a端，開關S斷開。原線圈c、d兩端加正弦交流電，下列說法正確的是________

A．將可變電阻R調大，則R兩端電壓變小。

B．閉合開關S，則R1兩端電壓變小。

C．當單刀雙擲開關由a撥向b時；副線圈電流的頻率變小。

D．當單刀雙擲開關由a撥向b時，原線圈的輸入功率變大評卷人得分六、解答題(共2題，共8分)29、下圖為某種離子加速器的設計方案.兩個半圓形金屬盒內存在相同的垂直于紙面向外的勻強磁場.其中和是間距為的兩平行極板，其上分別有正對的兩個小孔和P為靶點，（為大于1的整數）。極板間存在方向向上的勻強電場，兩極板間電壓為質量為帶電量為的正離子從點由靜止開始加速，經進入磁場區域.當離子打到極板上區域（含點）或外殼上時將會被吸收。兩虛線之間的區域無電場和磁場存在；離子可勻速穿過。忽略相對論效應和離子所受的重力。求：

（1）離子經過電場僅加速一次后能打到P點所需的磁感應強度大小；

（2）能使離子打到P點的磁感應強度的所有可能值；

（3）打到P點的能量最大的離子在磁場中運動的時間和在電場中運動的時間。30、如圖所示，圓心為O1、半徑的圓形邊界內有垂直紙面方向的勻強磁場B1，邊界上的P點有一粒子源，能沿紙面同時向磁場內每個方向均勻發射比荷速率的帶負電的粒子，忽略粒子間的相互作用及重力。其中沿豎直方向PO1的粒子恰能從圓周上的C點沿水平方向進入板間的勻強電場（忽略邊緣效應）。兩平行板長（厚度不計），位于圓形邊界最高和最低兩點的切線方向上，C點位于過兩板左側邊緣的豎線上，上板接電源正極。距極板右側處有磁感應強度為垂直紙面向里的勻強磁場，EF、MN是其左右的豎直邊界（上下無邊界），兩邊界間距O1C的延長線與兩邊界的交點分別為A和O2，下板板的延長線與邊界交于D，在AD之間有一收集板；粒子打到板上即被吸收（不影響原有的電場和磁場）。求：

(1)磁感應強度B1的方向和大小；

(2)為使從C點進入的粒子出電場后經磁場偏轉能打到收集板上，兩板所加電壓U的范圍；

(3)當兩板所加電壓為(2)中最大值時，打在收集板上的粒子數與總粒子數的比值η。（可用反三解函數表示，如）

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據麥克斯韋的電磁場理論；變化的磁場周圍一定存在電場，與是否有閉合電路無關，故A正確，不符合題意；

B．周期性變化的磁場產生同頻率變化的電場；故B正確，不符合題意；

C．由電磁場的定義可知C正確；不符合題意；

D．只有變化的電場周圍才存在磁場；只有變化的磁場周圍才存在電場，故D錯誤，符合題意。

故選D。2、C【分析】【詳解】

A．根據楞次定律；俯視看，圓環中感應電流沿逆時針方向，A錯誤；

B．根據楞次定律；感應電流的磁場阻礙永磁體和圓環的相對運動，圓環對它的作用力豎直向上，B錯誤；

C．永磁體運動到P點時，設圓環電流對永磁體的作用力為F，則

根據牛頓第三定律，永磁體磁場對電流的作用力向下，大小也為此時圓環對桌面的壓力大小為C正確；

D．根據能量守恒定律，永磁體運動到P點時，圓環中的焦耳熱為

D錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

AB．P點放置的若是正點電荷Q，微粒受重力和電場力的作用，由于微粒帶正電，無論在P點的上方還是下方都不可能做圓周運動；故AB錯誤；

CD．P點放置的若是磁單極子N；與正點電荷的電場線分布相似，微粒受到重力和洛倫茲力的作用，若在P點上方且順時針方向運動，洛倫茲力斜向上方，與重力的合力可以指向圓心，同理可判斷，洛倫茲力方向斜向下，重力與洛倫茲力的合力不指向圓心，故C正確，D錯誤。

故選C。4、A【分析】【詳解】

AB．若A接電源正極，B接電源負極，在電源外部電流由正極流向負極，因此電流由邊緣流向中心；器皿所在處的磁場豎直向下，由左手定則可知，導電液體受到的磁場力沿順時針方向，因此液體沿順時針方向旋轉；同理，若B接電源正極，A接電源負極；根據左手定則得，液體沿逆時針作圓周運動；故A正確，B錯誤；

C．若同時改變電源的正；負極和磁體的N、S極；液體仍旋轉，其旋轉方向不發生改變，故C錯誤；

D．若僅磁場N；S極或電源的正、負極互換后；安培力方向發生變化，重做該實驗發現液體旋轉方向變化。故D錯誤；

故選A。5、C【分析】【詳解】

A．奧斯特將通電導體放在小磁針上方時；小磁針發生了偏轉，說明通電導體周圍存在磁場，在世界上是第一個發現了電與磁之間的聯系的物理學家，故A錯誤；

B．洛倫茲認為安培力是帶電粒子所受磁場力的宏觀表現；并推出了洛倫茲力公式，故B錯誤；

C．真空中兩個點電荷間存在相互的作用．庫侖利用扭秤裝置；研究出兩個靜止點電荷間的相互作用規律：點電荷間的相互作用力跟兩個點電荷的電荷量有關，跟它們之間的距離有關，發現這個規律的科學家是庫侖，這個規律就是庫侖定律，故C正確；

D．19世紀30年代；法拉第提出電荷周圍存在一種場，而非“以太”，并且是最早提出用電場線描述電場的物理學家，故D錯誤；

故選C。

【點睛】

本題考查了通電直導線周圍的磁場、奧斯特的電流磁效應實驗的結論及法拉第的貢獻、庫侖定律的發現等物理學史方面的知識。6、C【分析】【詳解】

AC．如果空間只存在勻強電場；電子只受電場力，由于是勻強電場，所受電場力為恒力，所以電子做初速度為零的勻加速直線運動，故C正確，A錯誤；

BD．如果空間只存在勻強磁場；所以電子不受任何力的作用，所以電子將靜止，故BD錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)7、B:D【分析】【詳解】

AB；首先對等離子體進行動態分析：開始時由左手定則判斷正離子所受洛倫茲力方向向上（負離子所受洛倫茲力方向向下）；則正離子向上板聚集，負離子則向下板聚集，兩板間產生了電勢差，即金屬板變為一電源，且上板為正極，下板為負極，所以通過用電器的電流方向從A到B，故B正確，A錯誤；

CD、此后的正離子除受到向上的洛倫茲力f外還受到向下的電場力F，最終兩力達到平衡，即最終等離子體將勻速通過磁場區域，因則q；解得E=Bdv，所以電動勢E與速度v及磁場B成正比，故D正確，C錯誤；

故選BD．

【點睛】等離子體受到洛倫茲力發生偏轉，根據正電荷的偏轉方向確定直流電源的正極．最終電荷在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據平衡求出電源的電動勢．8、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．首先利用圖示的裝置分析出其制成原理，即通電線圈在磁場中受力轉動，線圈的轉動可以帶動指針的偏轉；然后找出與電流表的原理相同的選項即可，同時由左手定則來確定安培力的方向。由左手定則可判定：當線圈轉到如圖乙所示的位置，b端受到的安培力方向向下；A錯誤。

B．通電后；處于磁場中的線圈受到安培力作用，使其轉動，螺旋彈簧被扭動，從而阻礙線圈轉動，B正確。

C．在鋁框轉動時產生渦流；阻礙線圈的轉動，這樣有利于指針很快地穩定指到讀數位置，說法準確，C正確。

D．用導線將圖中兩接線柱直接連接；在線圈擺動時會產生感應電流阻礙其擺動，這樣可以有效的減小線圈產生的擺動，以防止電表受損，D正確。

故選BCD。9、B:C【分析】【詳解】

A．運動過程中對PQ有

對MN有

所以運動過程中加速度大小之比為1∶1；故A錯誤；

B．因為運動過程中PQ所受安培力大小為MN的兩倍，在相同時間內安培力的沖量大小之比故B正確；

C．金屬棒運動到速度穩定時有

故運動到速度穩定時，金屬棒PQ和MN的速度之比

故C正確；

D．P、M兩點電勢相等，Q、N兩點電勢相等，任意時刻都有

即金屬棒PQ和MN兩端的電壓之比為1∶1；故D錯誤。

故選BC。10、B:C【分析】【詳解】

A．設軌道間距為根據安培力公式、閉合電路歐姆定律及法拉第電磁感應定律有

可知金屬桿受到的安培力隨著速度的增大而增大，對金屬桿根據牛頓第二定律有

可知金屬桿的加速度越來越小，故金屬桿做加速度減小的加速運動，最終達到速度故A錯誤；

B．作出金屬桿的圖像如圖所示

由圖像可知金屬桿加速運動過程中圖線與時間軸所圍圖形的面積大于金屬桿在相同時間內速度從零勻加速到時的圖線與時間軸所圍圖形的面積，故金屬桿加速運動過程中的平均速度大于故B正確；

C．當金屬桿的速度為時，安培力和恒力大小相等，即有

當金屬桿的速度為時，金屬桿所受安培力

加速度

剛施加力時，金屬桿的加速度最大，最大值為

即當金屬桿的速度為時；它的加速度大小也等于最大加速度大小的一半，故C正確；

D．根據功能關系可知；金屬桿克服安培力做的功等于電路中產生的熱量，故D錯誤；

故選BC。11、B:C【分析】【詳解】

A．當五間病房均滿負荷工作時，降壓變壓器副線圈的電流

根據變壓器原副線圈電流關系

代入數據得降壓變壓器原線圈的電流為

所以輸電線上損失的電壓為

故A錯誤；

B．線框轉動的角速度為

線框在勻強磁場中勻速轉動產生交變電流，感應電動勢最大值

解得

故B正確；

C．根據變壓器原副線圈電流關系

解得

設升壓變壓器原線圈電壓為U1，副線圈電壓為U2，在輸電回路中有

則升壓變壓器得原副線圈匝數之比

故C正確；

D．該供電系統的輸電效率為

故D錯誤。

故選BC。12、B:C:E【分析】【詳解】

A．用透明的標準樣板和單色光檢查平面的平整度是利用了光的薄膜干涉；選項A錯誤；

B．藍光的折射率大于黃光的折射率，由臨界角公式知；藍光的臨界角小于黃光的臨界角，當光從水中射到空氣，在不斷增大入射角時水面上，藍光先發生全反射，從水面消失，選項B正確；

C．電子束通過雙縫實驗裝置后可以形成干涉圖樣；選項C正確；

D．電磁波可以在真空中傳播；機械波的傳播需要介質，選項D錯誤；

E．機械波和電磁波都能發生衍射和干涉現象；選項E正確。

故選BCE。三、填空題(共8題，共16分)13、略

【解析】解調14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.另一個線圈②.互感現象15、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]溫度傳感器的核心元件是熱敏電阻，它具有將溫度轉化為電阻的性質。【解析】①.熱敏電阻②.溫度③.電阻16、略

【分析】【詳解】

(1)[1]恒溫箱內的加熱器應接在A、B端。隨著恒溫箱內溫度升高，熱敏電阻R的阻值變小，則線圈中的電流變大，當線圈中的電流大于或等于20mA時，繼電器的銜鐵被吸到下方來，則恒溫箱加熱器與電源斷開，加熱器停止工作，恒溫箱內溫度降低。隨著恒溫箱內溫度降低，熱敏電阻R的阻值變大；則線圈中的電流變小，當線圈的電流小于20mA時，繼電器的銜鐵又被釋放到上方，則恒溫箱加熱器又開始工作，這樣就可以使恒溫箱內保持在某一溫度。

(2)[2]要使恒溫箱內的溫度保持50℃，即50℃時線圈內的電流為20mA。由閉合電路歐姆定律

r為繼電器的電阻，由圖甲可知，50℃時熱敏電阻的阻值為90Ω，所以R′＝－R－r＝260Ω【解析】①.A、B端②.26017、略

【分析】【詳解】

（1）[1]導線受安培力的大小為

長L的導線內的總的帶電粒子數為

又

電荷定向運動時所受洛倫茲力的矢量和，變現為導線所受的安培力，即

聯立可以推導出洛倫茲力的表達式為

（2）[2][3]用洛倫茲力來定義磁感應強度，定義式為

兩個定義式（而非物理量）的差別在于：磁感應強度是描述磁場力的性質的物理量，它的方向是小磁針靜止時N極的受力方向；電場強度是描述電場力的性質的物理量，它的方向與正電荷的受力方向相同。【解析】磁感應強度是描述磁場力的性質的物理量，它的方向是小磁針靜止時N極的受力方向；電場強度是描述電場力的性質的物理量，它的方向與正電荷的受力方向相同18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]．根據左手定則，正離子向上偏，負離子向下偏，A聚集正電荷，電勢高，電流從高電勢流向低電勢．所以通過電阻的電流方向為．【解析】A19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]以速度v向左拉出線框時有

以速度2v向右拉出線框時有

所以兩次過程ad邊兩端的電勢差之比為3：2。

[2]因為是勻速拉出，所以外力做功的功率等于熱功率，即

可見外力做功的功率與v2成正比，所以兩次過程外力做功的功率之比為1：4。【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]．原線圈產生的交流電的周期

則頻率為

[2]．產生交流電的最大值

則交流電壓表的示數為

[3]．變壓器次級電壓值

電阻R上消耗的電功率為【解析】10Hz20V2kW四、作圖題(共4題，共24分)21、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共4題，共28分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]將開關S擲向2時，應與開關S擲向1時效果相同，故電流表的讀數為I1；

[2]由圖2可知

當t=20℃時，Rt=90Ω；

（2）[3][4][5][6]根據閉合電路歐姆定律可得

當t=0℃時，Rt=50Ω，結合已知量可得

所以

將I=6mA代入可得

電池用久了電動勢不變，重新調零后，關系式不變，故測量結果不變。【解析】I190Ω10Ω50℃不變26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由于電壓表V量程過大，讀數精確度低，所以將電流表A1作電壓表使用（A1內阻已知，可以由兩電流表讀數表示出Rx上電流）；如圖所示。

（2）[2]根據歐姆定律得

（3）[3]當電流表的讀數為時，在此刻度處標上由

可知

由閉合電路歐姆定律

解得R0=0.50Ω

[4]由閉合電路歐姆定律

可知該壓力表盤的刻度線不均勻。

[5]當I=0.6A時，代入可得Fm=9.0N【解析】見解析0.50不均勻9.027、略

【分析】【分析】

不能用導線直接把電源兩極連接起來；否則會造成電源短路，損壞電源，應串聯保護電阻再接到電源上，故A錯誤；原線圈應用小線圈，副線圈應用大線圈，故B錯誤。

根據楞次定律判斷出感應電流磁場方向；然后由安培定則判斷出線圈的繞向，最后作圖。

【詳解】

（1）[1][2]A．將靈敏電流計直接與電池兩極相連；會造成電源短路，損壞電源，電流計要串接保護電阻后接到電池上，故A操作錯誤；

B．原線圈應該用小線圈；副線圈應用用大線圈，由圖示電路圖可知，原副線圈弄反了，故B操作錯誤。

（2）[3]由圖示可知；穿過螺線管的磁場方向向下，磁鐵向螺線管靠近，穿過螺線管的磁通量變大，由楞次定律可知，感應電流磁場方向應向上，由安培定則可知，從上向下看，螺線管的繞向是沿逆時針方向，如下圖所示。