…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、比值定義法是用兩個物理量的“比值”來定義一個新的物理量的方法，一下物理量的定義式采用比值法定義的是（）A.加速度B.勁度系數C.電流強度D.電場強度2、某家用臺燈可通過調節(jié)開關使它的亮度逐漸增大到最亮，若燈最亮時的電壓為工作電流為則當電壓為時，燈絲的電阻為（）A.等于B.等于0C.小于D.大于3、于黑體與黑體輻射，下列說法錯誤的是（）A.一般物體輻射電磁波的情況與溫度無關，只與材料的種類及表面情況有關B.黑體能完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發(fā)生反射C.帶電微粒輻射和吸收的能量，只能是某一最小能量值的整數倍D.黑體輻射隨著溫度的升高，各種波長的輻射強度都增加且輻射強度的極大值向波長較短的方向移動4、下列關于勻強電場中電場強度和電勢差關系的說法中，正確的是（）A.在相同距離上，電勢差大的其電場強度也必定大B.沿著電場線方向，相同距離上的電勢降落必定相等C.任意兩點的電勢差，等于電場強度與這兩點間距離的乘積D.電勢降低的方向，必定是電場強度的方向5、從奧斯特發(fā)現電流周圍存在磁場后；法拉第堅信磁一定能生電。他使用下面裝置進行實驗研究，把兩個線圈繞在同一個鐵環(huán)上（如圖），甲線圈兩端A；B接著直流電源，乙線圈兩端C、D接電流表。始終沒發(fā)現“磁生電”現象。主要原因是（）

A.甲線圈中的電流較小，產生的磁場不夠強B.甲線圈中的電流是恒定電流，不會產生磁場C.乙線圈中的匝數較少，產生的電流很小D.甲線圈中的電流是恒定電流，產生的是穩(wěn)恒磁場6、如圖所示，在粗糙絕緣的水平地面上放置一帶正電的物體甲，現將另一個也帶正電的物體乙沿著以甲為圓心的豎直平面內的圓弧由M點移動到N點；若此過程中甲始終保持靜止，甲；乙兩物體可視為質點，則下列說法正確的是（）

A.乙的電勢能先增大后減小B.甲對地面的壓力先增大后減小C.甲受到地面的摩擦力不變D.甲受到地面的摩擦力先增大后減小7、在如圖所示的電路中，電池的電動勢為E，內阻為r，R1和R2是兩個固定的電阻，C為電容器．當可變電阻的滑片向b端移動時：

A.I1變大，I2變小，電容器帶電量增加B.I1變大，I2變大，電容器帶電量增加C.I1變小，I2變大，電容器帶電量減少D.I1變小，I2變小，電容器帶電量減少8、如圖所示，勻強電場中有一個以O為圓心、半徑為R的圓，電場方向與圓所在平面平行，A、O兩點電勢差為U，一帶正電的粒子在該電場中運動，經A、B兩點時速度大小均為粒子重力不計，以下說法正確的是（）

A.粒子在A、B間是做圓周運動B.粒子從A到B的運動過程中，動能先增大后減小C.勻強電場的電場強度D.圓周上電勢最高的點與O點的電勢差為評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O為圓心，兩實線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點不計重力下列說法正確的是

A.M帶負電荷，N帶正電荷B.M在b點的動能小于它在a點的動能C.N在d點的電勢能等于它在e點的電勢能D.N在從c點運動到d點的過程中克服電場力做功10、如圖；在豎直向上的勻強電場中，A球位于B球的正上方，質量相等的兩個小球以相同初速度水平拋出，它們最后落在水平面上同一點，其中只有一個小球帶電，不計空氣阻力，下列判斷正確的是（）

A.如果A球帶電，則A球一定帶正電B.如果A球帶電，則A球的電勢能一定減小C.如果B球帶電，則B球一定帶正電D.如果B球帶電，則B球的機械能一定增加11、如圖，電荷量分別為＋Q和－Q（Q>0）的點電荷固定在正四面體的兩個頂點a、b上，c、d是四面體的另外兩個頂點，E、F、G、H分別是ab、bc、ca、cd的中點，選無窮遠處為零電勢點。則（）

A.E點的電場強度為零B.E、H兩點的電勢均為零C.c、d兩點的電場強度大小相等、方向相同D.將一檢驗正電荷從G點移到F點，電荷的電勢能增大12、下列事例中不屬于靜電應用的是（）A.油罐車拖一條鐵鏈B.靜電除塵C.織地毯時夾一些不銹鋼絲D.靜電復印13、如圖所示，a、b是兩個點電荷，它們的電荷量分別為Q1、Q2，MN是ab連線的中垂線，P是中垂線上的一點。下列哪種情況能使P點電場強度方向指向MN的左側（）

A.Q1、Q2都是正電荷，且Q12B.Q1是正電荷，Q2是負電荷，且Q1>|Q2|C.Q1是負電荷，Q2是正電荷，且|Q1|2D.Q1、Q2都是負電荷，且|Q1|>|Q2|14、如圖，一橢圓的兩焦點M、N處固定兩個等量異種電荷+Q、-Q，O為橢圓中心，ab是橢圓短軸上的兩個端點，c是OM上的一點，d是Oa上的一點，ef是橢圓上關于O點對稱的兩個點；設無窮遠處電勢和電勢能為零，下列說法中正確的是（）

A.a、b兩點電勢相等，但電場強度不同B.e、f兩點電場強度相同，電勢也相同C.一電子在c點受到的靜電力大于在d點受到的靜電力，且在c點的電勢能小于在d點的電勢能D.一質子從d點移到無窮遠處，靜電力做功為零15、兩個帶等量正電荷的點電荷，固定在P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線，交PQ于點O，a、b為中垂線上兩點，c、d為PQ連線上兩點，a、b、c、d四點與O點距離相等，將帶負電的試探電荷1從a由靜止開始釋放，之后將帶正電的試探電荷2從c由靜止開始釋放，不計重力，下列說法正確的是（）

A.試探電荷1由a向O的運動過程中加速度一定一直減小B.試探電荷1由a向O的運動過程中電勢能逐漸減小C.試探電荷2運動到d點時速度為0D.試探電荷2運動到O點時電勢能最大16、如圖所示；用兩節(jié)干電池點亮幾只小燈泡，當逐一閉合開關，接入燈泡增多時，以下說法正確的是：()

A.燈少時各燈較亮，燈多時各燈較暗B.燈多時各燈兩端的電壓較低C.燈多時通過電池的電流較大D.燈多時通過各燈的電流較大17、如圖所示；關于磁鐵；電流間的相互作用，下列說法正確的是()

A.甲圖中，電流不產生磁場，電流對小磁針力的作用是通過小磁針的磁場發(fā)生的B.乙圖中，磁體對通電導線的力的作用是通過磁體的磁場發(fā)生的C.丙圖中電流間的相互作用是通過電流的磁場發(fā)生的D.丙圖中電流間的相互作用是通過電荷的電場發(fā)生的評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、在點電荷+Q的電場中，常正電檢驗電荷q=2.0×10-9C在A點受到的電場力F=2.0×10-7N，則A點的電場強度EA=______N/C．將q從A點移至無窮遠處，電場力做了4.0×10-7J的功，取無窮遠處電勢為零，則A點的電勢φA=_______V．19、真空中有一電場，在電場中的P點放一電量為4.0×10﹣8C的檢驗電荷，它受到的電場力為2.0×10﹣5N，則P點的場強為______N/C；把檢驗電荷電量減小為2.0×10﹣8C，則該電荷在P點受到的電場力為______N。20、電子伏是研究微觀粒子時常用的能量單位，1eV就是在電勢差為1V的點間移動一個電子，電場力所做的功，則1eV=________J。21、電勢差。

（1）定義：電場中兩點之間___________的差值，也叫作___________。UAB=___________，UBA=___________，UAB=-UBA。

（2）電勢差是___________，有正負，電勢差的正負表示電勢的___________。UAB>0，表示A點電勢比B點電勢___________。

（3）單位：在國際單位制中，電勢差與電勢的單位相同，均為___________，符號是___________

（4）靜電力做功與電勢差的關系。

a.公式：WAB=___________或

b.UAB在數值上等于___________電荷由A點移到B點時靜電力所做的功。22、平行金屬帶電極板A、B間可看成勻強電場，場強E＝1.2×102V/m，極板間距離d＝5cm，電場中C點和D點分別到A、B兩板的距離均為0.5cm；B板接地。則。

（1）D點的電勢為_____V；

（2）若該金屬板所帶電荷量為6×10﹣8C，將其視為平行板電容器，其電容值為_____F；23、__________提出光是一種__________波，__________用實驗驗證了這一預言．紅外線最顯著的作用是__________，__________都會發(fā)出紅外線，紅外線波長比紅光__________，所以__________現象較顯著，易透過云霧，可用于高空攝影；紫外線的主要作用是__________，__________能發(fā)出紫外線，紫外線還有__________效應和__________作用，倫琴射線又叫__________射線．評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)24、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

25、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短26、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

27、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)28、在測量某電源電動勢和內阻時，因為電壓表和電流表的影響，不論使用內接法還是外接法，都會產生系統(tǒng)誤差，為了消除電表內阻造成的系統(tǒng)誤差，某實驗興趣小組設計了如圖甲實驗電路進行測量。實驗操作步驟如下：（已知R0=2Ω）

①將滑動變阻器滑到最左端位置；

②單刀雙擲開關S與1接通，閉合開關S0，調節(jié)滑動變阻器R，記錄下若干組數據U1-I1的值；

③斷開開關S0，將滑動變阻器調到最左端，單刀雙擲開關S與2閉合，閉合開關S0，調節(jié)滑動變阻器R，記錄下若干組數據U2-I2的值；

④分別作出兩種情況所對應的U1-I1和U2-I2圖像。

（1）單刀雙擲開關接1時，某次讀取電表數據時，兩個電表指針如圖乙所示，此時U1=___________V，I1=___________A。

（2）當單刀雙擲開關接2位置時，即使將R0看作電源內阻，測出的電源電動勢和內阻也存在系統(tǒng)誤差，原因是___________（填“電壓”或“電流”）表的示數偏___________（填“大”或“小”）。

（3）根據測得數據，作出U1-I1和U2-I2圖像如圖丙所示，根據圖線求得電源電動勢E=___________，內阻r=___________。（結果均保留兩位小數）

29、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中；小燈泡的規(guī)格為“4V2W”，除導線和開關外，還有以下器材可供選擇：

A.直流電源（電動勢約為5V；內阻可不計）

B.直流電壓表（量程0~15V；內阻約為15kΩ）

C.直流電壓表（量程0~5V；內阻約為8kΩ）

D.直流電流表（量程0~3A；內阻約為0.1Ω）

E.直流電流表（量程0~600mA；內阻約為5Ω）

F.滑動變阻器（最大阻值1kΩ；允許通過的最大電流為0.6A）

G.滑動變阻器（最大阻值5Ω；允許通過的最大電流為2A）

實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能測多組數據。

（1）實驗中電壓表應選用___________，電流表應選用___________，滑動變阻器應選用___________。（均用序號字母表示）

（2）請按實驗要求將如圖1中所示的器材連成實驗電路___________。

（3）某同學作出小燈泡的伏安特性曲線如圖2甲所示。現把實驗中使用的小燈泡接到如圖2乙所示的電路中，其中電源電動勢E=5V，內阻r=2Ω，定值電阻R=8Ω，此時燈泡的實際功率為___________W。（結果保留兩位有效數字）30、某同學將一量程為的電壓表改裝成可測量電阻的儀表-歐姆表。

（1）先用如圖（a）所示電路測量該電壓表的內阻，圖中電源內阻可忽略不計，閉合開關，將電阻箱阻值調到時，電壓表V恰好滿偏；將電阻箱阻值調到時，電壓表指針指在如圖（b）所示位置，則電壓表的讀數為_______V。由以上數據可得電壓表的內阻_______

（2）將圖（a）的電路稍作改變，在電壓表兩端接上兩個表筆，就改裝成了一個可測量電阻的簡易歐姆表，如圖（c）所示，為將表盤的電壓刻度轉換為電阻刻度，進行了如下操作：將兩表筆斷開，閉合開關，調節(jié)電阻箱，使指針指在“”處，此處刻度應標阻值為_______（填“0”或“”）；

（3）再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻找出對應的電壓刻度，則改表完畢；則“”處對應的電阻刻度應為_______（保留兩位有效數字）31、（1）某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內阻；現備有下列器材：

A.被測干電池一節(jié)。

B.電流表：量程0~0.6A

C.電壓表：量程0~3V

D.滑動變阻器：0~10Ω；2A

E.開關；導線若干。

①實驗電路圖應選擇圖中___；（填“甲”或“乙”）

②根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U－I圖像，則所測干電池的電動勢為____V，內電阻為____Ω。

（2）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中；小燈泡的規(guī)格為“3.8V，0.3A”。除了開關；導線外，還有如下器材：

電壓表V；量程0~5V，內阻約5kΩ；

電流表A1；量程0~500mA，內阻約0.5Ω；

電流表A2；量程0~100mA，內阻約4Ω；

滑動變阻器R1；最大阻值10Ω，額定電流2.0A；

滑動變阻器R2；最大阻值100Ω，額定電流1.0A；

直流電原E；電動勢約為6V，內阻約為0.5Ω。

①上述器材中，電流表應選___，滑動變阻器應選___。（填器材符號）

②請根據所選的器材，在圖甲中用筆畫線代替導線，連接實驗電路___。

③將被測小燈泡與一個電動勢為1.5V，內電阻為5Ω的電源串聯(lián)組成閉合回路，則通過小燈泡的電流____A。評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)32、如圖所示，直流電動機和電爐并聯(lián)后接在直流電源上，電源的內阻r=2Ω，電爐的電阻R1=18Ω，電動機線圈的電阻R2=1Ω，當開關S斷開時，電源內電路消耗的熱功率P=72W；當S閉合時，干路中的電流I=15A。求：

（1）電源的電動勢E；

（2）S閉合后電動機的機械功率。

33、光滑水平面上方存在水平向左的勻強電場，電場強度大小帶負電的絕緣滑塊（可視為質點）置于帶負電的絕緣長木板左端，與長木板保持相對靜止共同向右運動，當長木板右端距墻時，滑塊與長木板的速度長木板與墻碰撞時間極短，碰后長木板速度大小不變，方向反向。已知長木板帶電量質量滑塊帶電量質量滑塊與長木板之間的動摩擦因數重力加速度g取求：

（1）長木板與墻碰撞前瞬間的速度大小；

（2）第一次碰墻反彈后滑塊不從木板上滑下；求第一次碰墻反彈后木板離墻的最大距離是多少；

（3）第二次碰墻反彈后滑塊恰好不從木板上滑下；求木板長度；

（4）若最終滑塊未從木板上滑下；求木板至少多長。

34、如圖所示，虛線左側有一場強為E1=E的勻強電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E2=2E的勻強電場，在虛線PQ右側距PQ為L處有一與電場E2平行的屏。現將一電子（電荷量為e，質量為m，重力不計）無初速度地放入電場E1中的A點，最后電子打在右側的屏上，A點到MN的距離為AO連線與屏垂直，垂足為O；求：

(1)電子從釋放到打到屏上所用的時間；

(2)電子剛射出電場E2時的速度方向與AO連線夾角的正切值

(3)電子打到屏上的點到點O的距離x。

35、家用電熨斗的銘牌上標有“220V400W”．求:

(1)電熨斗正常工作時的電流；（保留到小數點后兩位）

(2)電熨斗正常工作30分鐘消耗的電能．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．加速度的定義式為不是運用比值定義法定義的，A錯誤；

B．彈簧的勁度系數k與F、Dx無關；反映的是彈簧的軟硬程度，所以該式屬于比值法定義，B正確；

C．電流強度的的定義式為不是運用比值定義法定義的；C錯誤；

D．電場強度的的定義式為不是運用比值定義法定義的；D錯誤。

故選B。2、C【分析】【分析】

【詳解】

燈最亮時的電壓為工作電流為則電阻為

當電壓為時，燈絲的電流減小，溫度降低，則電阻減小，則電阻小于

故選C。3、A【分析】【詳解】

A．一般物體輻射電磁波的情況與溫度有關；與材料的種類及表面情況有關，但黑體輻射電磁波的情況只與溫度有關，A錯誤；

B．黑體能完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發(fā)生反射；B正確；

C．根據量子化的理論；帶電微粒輻射和吸收的能量，只能是某一最小能量值的整數倍，C正確；

D．根據量子化的理論；黑體輻射隨著溫度的升高，各種波長的輻射強度都增加且輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，D正確。

故選A。4、B【分析】【詳解】

A．在勻強電場中，由

可知；沿電場方向電勢差大的其電場強度也必定大，A錯誤；

B．沿著電場線方向；相同距離上的電勢降落必定相等，B正確；

C．由

可知；任意兩點的電勢差，等于電場強度與這兩點間沿電場方向的距離的乘積，C錯誤；

D．電勢降低最快的方向；必定是電場強度的方向，D錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

勵磁線圈AB中的電流發(fā)生變化時；穿過線圈CD的磁通量發(fā)生變化，電流表G中產生感應電流。勵磁線圈AB中的電流是恒定電流，產生穩(wěn)恒磁場，穿過線圈CD的磁通量都不發(fā)生變化，電流表G中沒有感應電流。故D正確，ABC錯誤。

故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．乙運動的軌跡正好在等勢面上；電勢能不變，A錯誤；

B．甲乙之間的電場力大小不變；方向有斜向右下方逐漸變到斜向左下方，對甲應用平衡條件知：甲對地面的壓力先增大后減小，B正確；

CD．甲受到地面的摩擦力先減小后增大；CD錯誤。

故選B。7、A【分析】【分析】

在閉合電路中，R與R2串聯(lián)，再與R1并聯(lián)，電容器并聯(lián)在R的兩端，電容器兩端的電壓等于R兩端間的電壓．當可變電阻R的滑片向上端移動時，電阻R的阻值減小，抓住電源的電動勢和內阻不變，根據閉合電路歐姆定律，判斷通過R1和R2的電流以及R兩端的電壓．

【詳解】

當可變電阻R的滑片向b端移動時，R的阻值增大，整個電路的總電阻增大，電動勢不變，根據閉合電路歐姆定律，總電流減小，內電壓減小，外電壓增大，所以I1增大．總電流減小，則I2減小，R2兩端的電壓減小；則R兩端的電壓增大，根據Q=CU，可知電容器帶電量增加．故A正確，BCD錯誤．

故選A．8、D【分析】【詳解】

A．帶電粒子僅在電場力作用下，由于粒子在A、B兩點動能相等，則電勢能也相等．因為勻強電場，所以兩點的連線AB即為等勢面．根據等勢面與電場線垂直特性，從而畫出電場線CO．

由曲線運動條件可知，正粒子受到的電場力沿CO方向，因此粒子從A到B做拋體運動；A錯誤；

B．由A選項分析可知；粒子速度方向與電場力方向夾角先大于90°后小于90°，電場力對于運動來說先是阻力后是動力，所以粒子動能先減小后增大，B錯誤；

C．勻強電場的場強。

號中d是沿場強方向的距離；由幾何關系可知。

故。

C錯誤；

D．圓周上電勢最高的點與O點的電勢差為。

D正確．二、多選題(共9題，共18分)9、A:B:C【分析】試題分析：由粒子運動軌跡可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M帶負電荷，N帶正電荷，故A正確．M從a到b點，庫侖力做負功，根據動能定理知，動能減小，則b點的動能小于在a點的動能；故B正確．d點和e點在同一等勢面上，電勢相等，則N在d點的電勢能等于在e點的電勢能，故C正確．

D；N從c到d；庫侖斥力做正功，故D錯誤．故選ABC

考點：帶電粒子在電場中的運動。

【名師點睛】本題關鍵是根據曲線運動的條件判斷出靜電力的方向，掌握判斷動能和電勢能變化的方向，一般的解題思路是根據動能定理判斷動能的變化，根據電場力做功判斷電勢能的變化。10、B:C【分析】【詳解】

兩個小球以相同初速度水平拋出，它們最后落在水平面上同一點，根據公式有

可知兩球下落時間相同，兩小球下落高度不同，根據公式

可知A球的加速度大于B球加速度；故若A球帶電，必定帶負電，受到向下的電場力作用，電場力做正功，電勢能減小。若B球帶電，必定帶正電，受到向上的電場力作用，電場力做負功，電勢能增加，機械能減小。

故選BC。11、B:C【分析】【詳解】

A．在E點，＋Q和－Q的場強方向均由a點指向b點；故合場強不為零，A錯誤；

B．過中點E且與＋Q和－Q連線垂直的平面為等勢面，H點也在該等勢面上，且零電勢點在無窮遠處，E、H兩點的電勢均為零；B正確；

C．因正四面體的邊長均相等，故＋Q和－Q獨自在c、d兩點產生的場強大小相等，進一步分析知，在c、d兩點，＋Q和－Q的場強方向的夾角均為120°，由平行四邊形定則可得：c、d兩點的合場強大小相等、方向均平行于ab向右；C正確。

D．因G點電勢高于F點，故將檢驗正電荷從G點移到F點；電勢能減小，D錯誤。

故選BC。12、A:C【分析】【詳解】

A．油罐車拖一條鐵鏈是為了有效地導出所產生的靜電；防止靜電危害，故A符合題意；

B．靜電除塵是靜電的利用；故B不符合題意；

C．織地毯時夾一些不銹鋼絲；是為了有效地導出所產生的靜電，防止靜電危害，故C符合題意；

D．靜電復印是靜電的利用；故D不符合題意。

故選AC。13、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．當兩點電荷均為正電荷時，若電荷量相等，則它們在P點的電場強度方向沿MN背離N方向，當Q12時，則b點電荷在P點的電場強度比a點強；所以電場強度合成后，方向偏左。故A正確；

B．當Q1是正電荷，Q2是負電荷時，a點電荷在P點的電場強度方向沿aP連線背離a點，而b點電荷在P點的電場強度方向沿bP連線指向b點；則合電場強度方向偏右，不論電量大小關系，仍偏右。故B錯誤；

C．當Q1是負電荷，Q2是正電荷，a點電荷在P點的電場強度方向沿aP連線指向a點，而b點電荷在P點的電場強度方向沿bP連線背離b點；則合電場強度方向偏左。不論它們的電量大小關系，仍偏左。故C正確；

D．當Q1、Q2都是負電荷時，b點電荷在P點的電場強度方向沿bP連線指向b點，而a點電荷在P點的電場強度方向沿aP連線指向a點，由于|Q1|>|Q2|；則合電場強度方向偏左。故D正確。

故選ACD。14、C:D【分析】【詳解】

AB．根據等量異種電荷電場線和等勢面的分布規(guī)律可知，a、b兩點電場強度相同，電勢均為零，e、f兩點關于O點對稱，則電場強度相同，根據沿電場線方向電勢降低，則e點的電勢大于f點的電勢；即電勢不同，故AB錯誤；

C．根據等量異種電荷電場分布規(guī)律可知，c點電場強度大于O點的電場強度，O點的電場強度又大于d點的電場強度，則電子在c點受到的靜電力大于在d點受到的靜電力，根據沿電場線方向電勢降低，知c點的電勢大于d點的電勢，根據電勢能又因為電子帶負電，則電子在c點的電勢能小于在d點的電勢能；故C正確；

D．由題意可知，無窮遠處電勢為零，則兩電荷在d點產生的電勢大小相等，符號相反，代數和為零，即d點電勢為零，一質子在d點和無窮遠處具有的電勢能都為零，即電勢能相等，所以將質子從d點移到無窮遠處；靜電力做功為零，故D正確。

故選CD。15、B:C【分析】【詳解】

A．根據題意可知，中垂線上，從無窮遠到點，電場強度先增大后減小，則試探電荷1由a向O的運動過程中加速度可能先增大后減小；也可能一直減小，故A錯誤；

B．試探電荷1由a向O的運動過程中；電場力做正功，則電勢能減小，故B正確；

C．由對稱性可知，試探電荷2由運動到d點時，電場力做功為0，由動能定理可知，動能變化量為0，則到d點時速度為0；故C正確；

D．探電荷2由運動到d點過程中，從電場力做正功，電勢能減小，從電場力做負功，電勢能增加，則試探電荷2運動到O點時電勢能最小；故D錯誤。

故選BC。16、A:B:C【分析】【詳解】

試題分析：由并聯(lián)電路的規(guī)律可知外部總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可判斷路端電壓和通過電池的電流變化．

解：A；B、C由圖可知；燈泡均為并聯(lián)．當點亮的電燈數目增多時，并聯(lián)的支路增多，由并聯(lián)電路的電阻規(guī)律可知，外部總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，通過電池的電流增大，則電池的內電壓增大，故路端電壓減小，燈泡兩端的電壓變小，燈泡變暗，故ABC正確；

D；由上分析可知；燈多時，通過電池的總電流減小，而支路的數目增大，所以各燈的電流較小，故D錯誤．

故選ABC

【點評】解答本題應掌握：并聯(lián)電路中并聯(lián)支路越多，總電阻越小；同時注意閉合電路歐姆定律在電路動態(tài)分析中的應用方法，一般可按外電路﹣內電路﹣外電路的思路進行分析．17、B:C【分析】【詳解】

A．甲圖中；電流產生磁場，電流對小磁針力的作用是通過電流的磁場發(fā)生的；故A項錯誤；

B．乙圖中；磁體對通電導線力的作用是通過磁體的磁場發(fā)生的；故B項正確；

CD．丙圖中，電流對另一個電流力的作用是通過該電流的磁場發(fā)生的；故C項正確，D項錯誤．三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【詳解】

根據電場強度的定義可知根據電勢的定義式可知，．

【點晴】

解決本題關鍵理解電勢的定義，即電場中某點的電勢等于將單位正電荷從電場中某點移動到零電勢點電場力所做的功．【解析】10020019、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由電場強度的定義式有

得P點的場強為

[2]檢驗電荷電量減小，但電場強度仍保持不變，這時電荷受到的電場力為【解析】①.②.20、略

【分析】【詳解】

根據題意【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

電勢差。

（1）[1][2][3][4]定義：電場中兩點之間電勢的差值，也叫作電壓。UAB=UBA=UAB=-UBA。

（2）[5][6][7]電勢差是標量，有正負，電勢差的正負表示電勢的高低。UAB>0，表示A點電勢比B點電勢高。

（3）[8][9]單位：在國際單位制中；電勢差與電勢的單位相同，均為伏特，符號是V；

（4）[10][11]靜電力做功與電勢差的關系。

a.公式：WAB=或

b.UAB在數值上等于單位正電荷由A點移到B點時靜電力所做的功。【解析】①.電勢②.電壓③.④.⑤.標量⑥.高低⑦.高⑧.伏特⑨.V⑩.?.單位正22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]由于B板接地，所以B的電勢為零，又由于B板是正極板，所以電場線的方向是豎直向上的，則有

則D點的電勢為

（2）[2]兩極板間的電勢差為

根據平行板電容器公式，得其電容值為【解析】①.②.23、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]麥克斯韋提出光是一種電磁波；后來赫茲用實驗驗證了這一預言；

[4]紅外線最顯著的作用是熱效應；

[5][6]一切物體都會發(fā)出紅外線；紅外線波長比紅光長；

[7]由衍射條件可知；當障礙物的尺寸與波長相差不多或小得多時，能發(fā)生明顯衍射，所以衍射現象較顯著，易透過云霧，可用于高空攝影；

[8]紫外線的主要作用是化學效應；

[9][10][11]高溫物體發(fā)出紫外線；紫外線還有熒光和殺菌作用；

[12]倫琴射線又叫x射線。【解析】麥克斯韋電磁赫茲熱效應一切物體長衍射化學效應高溫物體熒光殺菌X四、作圖題(共4題，共20分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據可知電容器的電荷量將變小；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD。【解析】ABDABD26、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析27、略

【分析】【詳解】

根據電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】五、實驗題(共4題，共8分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]電壓表讀數為1.30V。

[2]電流表讀數為0.10A。

(2)[3][4]電壓表分流；導致電流表示數偏小。

(3)[5]單刀雙擲開關接1時，電流表示數為零時，電壓表測量準確，故電源電動勢為U1-I1的縱截距；即1.80V。

[6]當單刀雙擲開關接2位置時，電壓表示數為零時，電流表測量準確，電路中的短路電流為0.4A，則有

解得【解析】1.300.10電流小1.80V2.50Ω29、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3]小燈泡的額定電壓為4V，故電壓表應選擇0~5V的量程，即電壓表應選擇C；小燈泡的額定電流為

故電流表選E；實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能測多組數據；故滑動變阻器采用分壓接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇最大阻值較小的，故滑動變阻器應選擇G。

（2）[4]描繪燈泡的伏安特性曲線；電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；燈泡電阻與電流表內阻相差不多，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，故電流表應采用外接法，據此將實物電路連接完整如圖所示。

（3）[5]把定值電阻R=8Ω與電源整體看做等效電源，根據閉合電路歐姆定律得U=5-10I

在圖2甲中作出等效電源的U-I圖像如圖所示。

由上圖圖像可知，此時燈泡兩端電壓U=1.7V，燈泡電流I=0.33A，燈泡的實際功率P=UI=1.7×0.33W≈0.56W【解析】①.C②.E③.G④.⑤.0.5630、略

【分析】【詳解】

（1）[1]圖（b）所示電壓表表盤可知，其分度值為0.1V，示數為1.50V；[2]電源內阻不計，由圖a所示電路圖可知，電源電動勢：E＝U＋IR＝U＋R

由題意可知：E＝3＋×3000E＝1.5＋×24000

解得RV＝18000Ω＝18kΩ，E＝3.5V