…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年魯教五四新版高三物理上冊(cè)月考試卷451考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、（單選）如圖所示，在兩個(gè)等量異種電荷M、N的連線上有A、B兩點(diǎn)，已知MA=NB，MA＜NA．下列關(guān)于A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)的比較，正確的是（）A.EA＞EB，φA＞φBB.EA＜EB，φA＞φBC.EA＞EB，φA＜φBD.EA＜EB，φA＜φB2、如圖，一豎直向上的直線電流I，產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感線的方向（）A.水平向左B.水平向右C.從上往下看，逆時(shí)針?lè)较駾.從上往下看，順時(shí)針?lè)较?、如圖所示；在傾角為θ的光滑斜劈P的斜面上有兩個(gè)用輕質(zhì)彈簧相連的物塊A；B，C為一垂直固定在斜面上的擋板．A、B質(zhì)量均為m，斜面連同擋板的質(zhì)量為M，彈簧的勁度系數(shù)為k，系統(tǒng)靜止于光滑水平面．現(xiàn)開(kāi)始用一水平恒力F作用于P，（重力加速度為g）下列說(shuō)法中正確的是（）

A.若F=0；擋板受到B物塊的壓力為2mgsinθ

B.力F較小時(shí)A相對(duì)于斜面靜止；F大于某一數(shù)值，A相對(duì)于斜面向上滑動(dòng)。

C.若要B離開(kāi)擋板C，彈簧伸長(zhǎng)量需達(dá)到

D.若F=（M+2m）gtanθ且保持兩物塊與斜劈共同運(yùn)動(dòng)；彈簧將保持原長(zhǎng)Ks5u

4、質(zhì)點(diǎn)作直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示；不符合事實(shí)的是（）

A.0～6s內(nèi)物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B.2～4s內(nèi)物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)C.3s末物體的速度為零，且改變運(yùn)動(dòng)方向D.2s末物體的速度大小為4m/s5、如圖為學(xué)校自備發(fā)電機(jī)在停電時(shí)為教學(xué)樓教室輸電的示意圖，發(fā)電機(jī)輸出電壓恒為220V，發(fā)電機(jī)到教學(xué)樓的輸電線電阻用圖中r等效替代．若使用中，在原來(lái)工作著的日光燈的基礎(chǔ)上再增加教室開(kāi)燈的盞數(shù)，則（）A.整個(gè)電路的電阻將增大，干路電流將減小B.因?yàn)榘l(fā)電機(jī)輸出電壓恒定，所以原來(lái)工作著的日光燈的亮度將不變C.發(fā)電機(jī)的輸出功率將減小D.輸電過(guò)程中的損失功率（即輸電線路消耗的功率）將增大評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)6、（2010?集賢縣校級(jí)模擬）如圖所示為光電管的工作電路圖，則圖中電源的正極為_(kāi)___（填“a”或“b”）．若使這種光電管產(chǎn)生光電效應(yīng)的入射光的最大波長(zhǎng)為λ，則能使光電管工作的入射光光子的最小能量為_(kāi)___．7、（2012春?徐匯區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，為t1、t2兩時(shí)刻的波形圖，t1=0，t2=0.5s，3T＜t2-t1＜4T．若波由左向右傳，波速為_(kāi)___m/s；若v=74m/s，波應(yīng)向X軸____（填：正或負(fù)）方向傳播．8、（2011秋?福建月考）如圖所示，重為200N的A木塊被B木塊拉著在水平桌面上，當(dāng)B為100N時(shí)，A剛好開(kāi)始移動(dòng)，當(dāng)B為80N時(shí)，A可保持勻速運(yùn)動(dòng)，則A與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)___，如果B為50N，A受的摩擦力為_(kāi)___N．9、如圖所示；在“用描跡法畫出電場(chǎng)中平面上的等勢(shì)線”的實(shí)驗(yàn)中：

（1）實(shí)驗(yàn)中的電源選用____，兩個(gè)探針?biāo)B接的電表應(yīng)選用____（填寫選項(xiàng)代號(hào)）．

A．6.0V的交流電源。

B．6.0V的恒壓直流電源。

C．量程為15V的電壓表。

D．靈敏電流表。

（2）該實(shí)驗(yàn)中，在兩個(gè)電極的連線上選取間距相等的a、b、c、d、e五個(gè)點(diǎn)作基準(zhǔn)點(diǎn)，如圖2所示．若a、b兩點(diǎn)間的電壓為U1，b、c兩點(diǎn)間的電壓為U2，則U1____U2．（選填“大于”；“小于”或“等于”）

10、甲乙兩地相距50km，其間有兩條相同的電話線，在D處有一條因絕緣皮被老鼠咬破觸地而發(fā)生故障．為了確定觸地點(diǎn)到甲地的距離，甲地的檢修人員先讓乙地的工作人員把兩條電話線短接，（圖中D、E兩點(diǎn)都接地，可以認(rèn)為兩點(diǎn)間用導(dǎo)線連接且電阻不計(jì)）然后調(diào)節(jié)電阻箱的阻值R，使通過(guò)理想電流表G的電流為零，R1=R2，此時(shí)電阻箱的阻值為360Ω，已知每1km電話線的阻值為6Ω，則觸地點(diǎn)到甲地的距離為_(kāi)___km；若把電阻箱R阻值調(diào)大，則通過(guò)電流表G的電流方向____．

11、（2015春?靈寶市月考）如圖所示，用300N拉力F在水平面上拉車行走50m．已知拉力和水平方向夾角是37°，則拉力F對(duì)車做功是____J．若車受到的阻力是200N，則車克服阻力做功是____J．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)12、液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）13、某時(shí)刻一個(gè)分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強(qiáng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)榉肿記_擊力小，不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、兩個(gè)力的合力總是大于原來(lái)每一個(gè)力．____（判斷對(duì)錯(cuò)）18、重心就是物體上最重的一點(diǎn)．____．19、分力的大小一定小于合力的大?。甠___．評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共8分)20、圖所示為一列向左傳播的簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）21、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請(qǐng)畫出各圖中A物體所受的彈力．評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共3題，共24分)22、一半徑為R、密度均勻的自行旋轉(zhuǎn)的行星，其赤道處的重力加速度為極地處重力加速度的n倍（n＜1）．求該行星的同步衛(wèi)星距離地面的高度．23、同學(xué)們都經(jīng)歷過(guò)擦黑板，手拿黑板擦在豎直的黑板上，或上下或左右使黑板擦在黑板上運(yùn)動(dòng)，利用黑板擦與黑板之間的滑動(dòng)摩擦力，將黑板上的粉筆字擦干凈，已知黑板的規(guī)格是：4.5m×1.5m2，黑板的下邊沿離地的高度為0.8m，若小黑板擦（可視為質(zhì)點(diǎn)）的質(zhì)量為0.1kg，現(xiàn)假定某同學(xué)用力將黑板擦在黑板表面勻速豎直向上擦黑板，當(dāng)手臂對(duì)小黑板擦的作用力F與黑板面成θ=53°時(shí)，F(xiàn)=5N，他所能擦到的離地最大高度為2.05m，（g取10m/s2；sin53°=0.8，cos53°=0.6）求：

（1）此小黑板擦與黑板之間的滑動(dòng)摩擦系數(shù)；

（2）如該同學(xué)擦到最高位置時(shí)意外讓小黑板擦沿黑板面豎直向下滑落，則小黑板擦砸到黑板下邊沿的速度大?。?4、碲rm{(Te)}廣泛用于彩色玻璃和陶瓷。工業(yè)上用精煉銅的陽(yáng)極泥rm{(}主要含有rm{TeO}廣泛用于彩色玻璃和陶瓷。工業(yè)上用精煉銅的陽(yáng)極泥rm{(Te)}主要含有rm{(}rm{TeO}rm{{,!}_{2}}、少量rm{Ag}rm{Au)}為原料制備單質(zhì)碲的一種工藝流程如圖為原料制備單質(zhì)碲的一種工藝流程如圖rm{Ag}rm{Au)}已知rm{TeO}rm{TeO}“堿浸”時(shí)發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)_____________________________。rm{{,!}_{2}}堿浸后的“濾渣”可以部分溶于稀硝酸，發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式是_________。微溶于水，易溶于較濃的強(qiáng)酸和強(qiáng)喊。“沉碲”時(shí)控制溶液的rm{(1)}“堿浸”時(shí)發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)_____________________________。為rm{(1)}生成rm{(2)}堿浸后的“濾渣”可以部分溶于稀硝酸，發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式是_________。rm{(2)}rm{(3)}“沉碲”時(shí)控制溶液的rm{pH}為rm{4.5?5.0}生成rm{TeO}rm{(3)}“酸溶”后，將rm{pH}rm{4.5?5.0}rm{TeO}rm{{,!}_{2}}沉淀。酸性不能過(guò)強(qiáng)，其原因是______；防止局部酸度過(guò)大的操作方法是___________________。rm{(4)}“酸溶”后，將rm{SO}時(shí)，亞碲酸rm{(4)}rm{SO}rm{{,!}_{2}}通人rm{TeCl}rm{TeCl}的rm{{,!}_{4}}酸性溶液中進(jìn)行“還原”得到碲，該反應(yīng)的化學(xué)方程式是___________________________。rm{(5)25^{circ}C}時(shí)，亞碲酸rm{(H}rm{(5)25^{circ}C}rm{(H}rm{{,!}_{2}}rm{TeO}rm{TeO}rm{{,!}_{3}}rm{)}的rm{Ka}rm{)}rm{Ka}rm{{,!}_{1}}rm{=1隆脕10}rm{=1隆脕10}約為_(kāi)________。rm{{,!}^{-3}}rm{dfrac{脪脩碌莽脌毛脢媒脠玫碌莽陸芒脰脢路脰脳脫脢媒}{脠玫碌莽陸芒脰脢路脰脳脫脳脺脢媒}}，rm{Ka}rm{Ka}rm{{,!}_{2}}rm{=2隆脕10}rm{=2隆脕10}rm{{,!}^{-8}}rm{壟脵0.1mol?L}rm{壟脵0.1mol?L}rm{{,!}^{-1}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{TeO}rm{TeO}rm{{,!}_{3}}電離度rm{婁脕}約為_(kāi)________。rm{(婁脕=}rm{婁脕}rm{(婁脕=}rm{

dfrac{脪脩碌莽脌毛脢媒脠玫碌莽陸芒脰脢路脰脳脫脢媒}{脠玫碌莽陸芒脰脢路脰脳脫脳脺脢媒}}rm{隆脕100%)}rm{隆脕100%)}rm{壟脷0.lmol?L}rm{壟脷0.lmol?L}rm{{,!}^{-1}}的rm{NaH}rm{TeO}rm{NaH}rm{TeO}rm{{,!}_{3}}溶液中，下列粒子的物質(zhì)的量濃度關(guān)系正確的是______。A.rm{c(Na}rm{c(Na}rm{{,!}^{+}}rm{)>c(HTeO}rm{)>c(HTeO}rm{{,!}_{3}^{-}}rm{)>c(OH}rm{)>c(OH}rm{{,!}^{-}}rm{)>c(H}rm{)>c(H}rm{{,!}_{2}}rm{TeO}rm{TeO}rm{{,!}_{3}}rm{)>c(H}rm{)>c(H}rm{{,!}^{+}}rm{)}rm{)}B.rm{c(Na}rm{c(Na}rm{{,!}^{+}}rm{)+c(}rm{H}rm{)+c(}rm{H}rm{{,!}^{+}}rm{)=c(HTeO}評(píng)卷人得分六、綜合題(共2題，共12分)25、【題文】容積為2L的燒瓶，在壓強(qiáng)為1.0×105Pa時(shí)；用塞子塞住，此時(shí)溫度為27℃，當(dāng)把它加熱到127℃時(shí)，塞子被打開(kāi)了，稍過(guò)一會(huì)兒，重新把蓋子塞好，停止加熱并使它逐漸降溫到27℃，求：

（1）塞子打開(kāi)前的最大壓強(qiáng)。

（2）27℃時(shí)剩余空氣的壓強(qiáng)26、【題文】如圖所示，空間某平面內(nèi)有一條折線是磁場(chǎng)的分界線，在折線的兩側(cè)分布著方向相反、與平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小都為B。折線的頂角∠A＝90°，P、Q是折線上的兩點(diǎn)，AP=AQ=L。現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電微粒從P點(diǎn)沿PQ方向射出；不計(jì)微粒的重力。

求：（1）若P、Q間外加一與磁場(chǎng)方向垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)，能使速度為v0射出的微粒沿PQ直線運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)；則場(chǎng)強(qiáng)為多大？

（2）撤去電場(chǎng)，為使微粒從P點(diǎn)射出后，途經(jīng)折線的頂點(diǎn)A而到達(dá)Q點(diǎn)，求初速度v應(yīng)滿足什么條件？

（3）求第（2）中微粒從P點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)所用的時(shí)間。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】設(shè)MA=L，MN=r，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加列出A點(diǎn)、B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，進(jìn)行比較．在MN之間找一點(diǎn)C、使得A、C關(guān)于MN的中點(diǎn)對(duì)稱，知A、C電勢(shì)相等，通過(guò)比較B、C的電勢(shì)比較出A、B的電勢(shì)．【解析】【解答】解：A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)EA=k+k，B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)EB=k-k．知EA＞EB．

在MN之間找一點(diǎn)C；使得A、C關(guān)于MN的中點(diǎn)對(duì)稱；知A電勢(shì)高于C電勢(shì)；

因NB之間的場(chǎng)強(qiáng)小于NC之間的場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)U=Ed定性分析知，則UNB＜UNC，所以φC＞φB；

因?yàn)棣誂＞φC，所以φA＞φB．故A正確；B；C、D錯(cuò)誤．

故選：A．2、C【分析】【分析】由右手螺旋定則可判斷電流周圍磁場(chǎng)的分布，并注意平面圖及立體圖的區(qū)分即可正確判斷．【解析】【解答】解：電流方向向上；由右手螺旋定則可得磁場(chǎng)方向?yàn)槟鏁r(shí)針（從上向下看），故C正確；

故選：C3、A|D【分析】

A、F=0時(shí)，對(duì)物體A、B整體受力分析，受重力、斜面的支持力N1和擋板的支持力N2，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，沿平行斜面方向，有N2-（2m）gsinθ=0；故正確；

B；當(dāng)有力F作用時(shí)；斜面體和A、B整體受重力、地面支持力和推力，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，即物塊A活動(dòng)加速度，故彈簧彈力變化，行變量也應(yīng)該變化，故物體將會(huì)相對(duì)于斜面向上滑動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C；物體B恰好離開(kāi)擋板C的臨界情況是物體B對(duì)擋板無(wú)壓力；此時(shí)，整體向左加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)物體B受力分析，受重力、支持力、彈簧的拉力，如圖。

根據(jù)牛頓第二定律；有。

mg-Ncosθ-kxsinθ=0

Nsinθ-kxcosθ=ma

解得。

kx=mgsinθ-macosθ

故C錯(cuò)誤；

D；若F=（M+2m）gtanθ且保持兩物塊與斜劈共同運(yùn)動(dòng)；則根據(jù)牛頓第二定律，整體加速度為gtanθ；

對(duì)物體A受力分析；受重力，支持力和彈簧彈力，如圖。

根據(jù)牛頓第二定律；有。

mgsinθ-kx=macosθ

解得。

kx=0

故彈簧處于原長(zhǎng)；故D正確；

故選AD．

【解析】【答案】先對(duì)斜面體和整體受力分析；根據(jù)牛頓第二定律求解出加速度，再分別多次對(duì)物體A；B或AB整體受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律，運(yùn)用合成法列式分析求解．

4、A【分析】【分析】在速度-時(shí)間圖象中，某一點(diǎn)代表此時(shí)刻的瞬時(shí)速度，速度的符號(hào)表示物體的運(yùn)動(dòng)方向，勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度恒定不變．【解析】【解答】解：A；0-6s內(nèi)圖象的斜率發(fā)生了變化；即加速度發(fā)生了變化，因此0～6s內(nèi)物體做的不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤．

B；2～4s內(nèi)物體的加速度不變；做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確．

C；3s末物體的速度為零；速度由正向變負(fù)向，故C正確．

D；由圖知；2s末物體的速度大小為4m/s，故D正確．

本題選不符合事實(shí)的，故選：A5、D【分析】【分析】在原來(lái)工作著的日光燈的基礎(chǔ)上再增加教室開(kāi)燈的盞數(shù)，即并聯(lián)燈泡，總電阻減小，總電流增大，則輸電線上消耗的電壓就變大，從而判斷燈泡兩端電壓的變化情況，從而判斷燈泡的亮度，根據(jù)P=UI求解發(fā)電機(jī)輸出功率，根據(jù)P判斷輸電過(guò)程中的損失功率．【解析】【解答】解：A；增加教室開(kāi)燈的盞數(shù)；即并聯(lián)燈泡，總電阻減小，總電流增大，故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)歐姆定律可知；輸電線上消耗的電壓變大，則日光燈兩端電壓變小，亮度變暗，故B錯(cuò)誤；

C；發(fā)電機(jī)的輸出功率P=UI；電壓不變，電流變大，輸出功率變大，故C錯(cuò)誤；

D、電流電大，輸電線電阻不變，根據(jù)P可知；輸電過(guò)程中的損失功率將增大，故D正確．

故選：D二、填空題(共6題，共12分)6、a【分析】【分析】電源的作用在光電管中形成電場(chǎng)，使電子加速，產(chǎn)生較大的光電流，由此可知那端為電源的正極，根據(jù)產(chǎn)生光電效應(yīng)的條件求最小的入射光頻率，根據(jù)E=hγ，即可求出最小能量．【解析】【解答】解：電子向左做加速運(yùn)動(dòng)；所以電源a端接正極，電源的作用是在光電管兩極間形成電場(chǎng)，使光電子能定向移動(dòng)，產(chǎn)生較大光電流；

根據(jù)光電管產(chǎn)生光電效應(yīng)的入射光的最大波長(zhǎng)為λ，可知產(chǎn)生光電效應(yīng)的條件求最小的入射光頻率為：

因此光電管工作的入射光光子的最小能量為：E=hγ=．

故答案為：a，．7、54負(fù)【分析】【分析】若波由左向右傳，根據(jù)波形的平移法可知，波傳播的距離最短距離為3m，由題3T＜t2-t1＜4T，結(jié)合波在一個(gè)周期內(nèi)傳播的距離是一個(gè)波長(zhǎng)，即可得到在t2-t1時(shí)間內(nèi)波傳播的距離△x，由v=求出波速．

若v=74m/s，波傳播的距離為△x=vt，根據(jù)△x與波長(zhǎng)的關(guān)系，判斷波的傳播方向．【解析】【解答】解：（1）由圖讀出波長(zhǎng)λ=8m，若波由左向右傳，3T＜t2-t1＜4T，則在t2-t1時(shí)間內(nèi)波傳播的距離△x=3λ+3m=27m；

則波速v===54m/s

（3）若v=74m/s；波傳播的距離為△x=vt=74×0.5m=37m=4λ+5m，結(jié)合圖形，知波向x軸負(fù)方向傳播．

故答案為：54，負(fù)．8、0.450【分析】【分析】當(dāng)B為80N時(shí)，A保持勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，A受力平衡，可得到滑動(dòng)摩擦力大小等于B的重力，A對(duì)桌面的壓力大小等于A的重力，由f=μN(yùn)可求出A與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)．由題意，當(dāng)B為100N時(shí)，A剛好開(kāi)始移動(dòng)，則知A的最大靜摩擦力為100N，當(dāng)B為50N時(shí)，A處于靜止?fàn)顟B(tài)，由平衡條件可求出此時(shí)A所受的摩擦力大小．【解析】【解答】解：當(dāng)B為80N時(shí)，A保持勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，A受力平衡，則A所受的滑動(dòng)摩擦力為f=GB=80N，A對(duì)桌面的壓力大小為N=GA=200N，則μ==0.4；由題意；當(dāng)B為100N時(shí)，A剛好開(kāi)始移動(dòng)，則知A的最大靜摩擦力為100N，當(dāng)B為50N時(shí)，A處于靜止?fàn)顟B(tài)，由平衡條件得知此時(shí)A所受的摩擦力大小等于B的重力大小50N．

故答案為：0.4，509、略

【分析】

（1）因?yàn)槊枥L靜電場(chǎng)的電源必須是直流電；所以電源應(yīng)選B不能選A，由于當(dāng)通過(guò)靈敏電流計(jì)的電流為零時(shí)說(shuō)明電流計(jì)兩探針之間的電勢(shì)差為零，所以電表應(yīng)選D不能選C．

（2）由于兩個(gè)電極相當(dāng)于兩個(gè)等量的異號(hào)電荷，所以a與b間的平均電場(chǎng)強(qiáng)度一定大于b與c間的平均電場(chǎng)強(qiáng)度，根據(jù)U=Ed可知

故答案為（1）B；D

（2）大于。

【解析】【答案】本題（1）的關(guān)鍵是明確“用描跡法畫出電場(chǎng)中平面上的等勢(shì)線”是利用直流電源產(chǎn)生的電場(chǎng)來(lái)模擬靜電場(chǎng)；所以不能用交流電源．

（2）的關(guān)鍵是明確各基準(zhǔn)點(diǎn)中靠近兩個(gè)電極的點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度越大；再根據(jù)U=Ed即可求解．

10、略

【分析】

設(shè)D點(diǎn)到甲地的距離為x．

由題；理想電流表G的電流為零，橋式電路平衡，則有。

=

R1=R2；R=360Ω

解得；x=20km

原來(lái)理想電流表G的電流為零；說(shuō)明A；B兩點(diǎn)的電勢(shì)相等；

把電阻箱R阻值調(diào)大，電阻R2的電壓減小，而電阻R1的電壓不變；由于A；B兩點(diǎn)的電勢(shì)都低于C點(diǎn)，則B點(diǎn)的電勢(shì)將高于A點(diǎn)的電勢(shì)，通過(guò)電流表G的電流方向由B到A．

故答案為：20；B到A

【解析】【答案】理想電流表G的電流為零，橋式電路平衡，根據(jù)電路中電阻關(guān)系，求出觸地點(diǎn)D到甲地之間導(dǎo)線的電阻，即可得到距離；若把電阻箱R阻值調(diào)大，分析電阻R1、R2上電壓的變化；判斷AB兩點(diǎn)電勢(shì)的高低，即可判斷通過(guò)電流表的電流方向．

11、1.2×1041.0×104【分析】【分析】對(duì)物體受力分析，根據(jù)W=Fscosθ求出各力做的功，總功等于各力做功的代數(shù)和，等于合力做的功．【解析】【解答】解：拉力做功為：WF=Fscos37°=300×50×0.8J=1.2×104J

故拉力F對(duì)車做的功為1.2×104J

摩擦力做功：Wf=-fs=-200×50J=-1.0×104J

故車克服阻力做功為1.0×104J

故答案為：1.2×104；1.0×104三、判斷題(共8題，共16分)12、√【分析】【分析】人們熟悉的物質(zhì)狀態(tài)（又稱相）為氣、液、固，較為生疏的是電漿和液晶，液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)．【解析】【解答】解：液晶像液體一樣可以流動(dòng)；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)，所以液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√13、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，物體內(nèi)部個(gè)別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來(lái)看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計(jì)規(guī)律．【解析】【解答】解：對(duì)于大量分子；其運(yùn)動(dòng)有一定的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，但對(duì)于個(gè)別分子，其運(yùn)動(dòng)的速度完全是偶然的；

故答案為：√14、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無(wú)關(guān)．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×15、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)楦鱾€(gè)方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，不是因?yàn)榉肿拥臎_擊力?。砸陨系恼f(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．16、√【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)．【解析】【解答】解：熱平衡是兩個(gè)系統(tǒng)相互影響的最終結(jié)果；根據(jù)熱平衡的定義可知，熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】解答此題時(shí)；要從力的大小和方向兩個(gè)方面來(lái)考慮，在分析各選項(xiàng)時(shí)千萬(wàn)不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計(jì)算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間；【解析】【解答】解：當(dāng)兩個(gè)力方向相同時(shí)；合力等于兩分力之和，合力大于每一個(gè)分力；當(dāng)兩個(gè)分力方向相反時(shí)，合力等于兩個(gè)分力之差，合力可能小于分力，由此可見(jiàn)：合力可能大于分力也有可能小于分力，故錯(cuò)誤；

故答案為：×．18、×【分析】【分析】重心是物體的等效作用點(diǎn)，不是物體上最重的一點(diǎn)，重心可以在物體上，也可以不在物體上．【解析】【解答】解：重心是物體所受重力的等效作用點(diǎn)；不是物體上最重的一點(diǎn)；有的物體重心根本不在物體上，如玻璃杯，圓環(huán)，皮球等等，故說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×19、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計(jì)算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當(dāng)二力反向時(shí)；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯(cuò)誤的；

故答案為：×四、畫圖題(共2題，共8分)20、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長(zhǎng)，由波速公式求出周期．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)在一個(gè)周期內(nèi)通過(guò)的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時(shí)的波形圖．由圖直接可得波長(zhǎng)根據(jù)得：7秒內(nèi)波傳播的位移為：根據(jù)平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實(shí)線：考點(diǎn)：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m21、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題五、簡(jiǎn)答題(共3題，共24分)22、略

【分析】【分析】設(shè)行星的質(zhì)量為M，自轉(zhuǎn)角速度為ω，其極地處的重力加速度為g，對(duì)質(zhì)量為m的物體處于極地以及赤道時(shí)，根據(jù)萬(wàn)有引力定律列式，設(shè)同步衛(wèi)星的質(zhì)量為m1，距離地面的高度為h，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力列式，聯(lián)立方程求解即可．【解析】【解答】解：設(shè)行星的質(zhì)量為M；自轉(zhuǎn)角速度為ω，其極地處的重力加速度為g，對(duì)質(zhì)量為m的物體處于極地以及赤道時(shí)，根據(jù)萬(wàn)有引力定律得：

；

；

設(shè)同步衛(wèi)星的質(zhì)量為m1；距離地面的高度為h，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：

；

由上述三式解得h=

答：該行星的同步衛(wèi)星距離地面的高度為．23、略

【分析】【分析】（1）以黑板擦為研究對(duì)象；分析受力情況．黑板擦緩慢移動(dòng)時(shí)，合力為零，根據(jù)平衡條件和滑動(dòng)摩擦力公式f=μN(yùn)求解μ；

（2）黑板擦脫手后沿黑板面豎直向下滑落過(guò)程中與黑板之間無(wú)摩擦，做自由落體運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解速度v的大小．【解析】【解答】解：（1）黑板擦向上緩慢運(yùn)動(dòng)；根據(jù)受力分析得：

垂直于黑板方向有：Fsinθ-N=0，

沿黑板方向有：Fcosθ-mg-f=0；

由f=μN(yùn)得：μ=0.5

（2）黑板擦脫手后沿黑板面豎直向下滑落過(guò)程中與黑板之間無(wú)摩擦；做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落的高度為：

h=2.05m-0.8m=1.25m

由v=得：v=5m/s

答：（1）黑板擦與黑板間的摩擦因數(shù)為0.5；

（2）黑板擦砸到黑板下邊沿前瞬間的速度v的大小為5m/s24、（1）TeO2+2OH-=TeO32-+H2O

（2）3Ag+4HNO3=3AgNO3+NO↑+2H2O

（3）溶液酸性過(guò)強(qiáng)，TeO2會(huì)繼續(xù)與酸反應(yīng)