…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版必修3物理下冊階段測試試卷721考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、動車組列車進站前的減速過程分為兩個階段進行：第一階段采用“再生剎車”技術，速度從250km/h減至90km/h，這期間停止動力供給，列車依靠慣性繼續前行，并帶動發電機發電；第二階段采用機械剎車，速度從90km/h開始不斷減小直至停止；關于列車進站過程中的能量轉化，下列說法中正確的是（）A.第一階段減小的動能全部轉化為電能，即電能等于減小的動能B.第一階段減小的動能有一部分轉化為電能，即電能小于減小的動能C.第二階段減小的動能主要轉化為內能，且內能等于減小的動能D.第二階段減小的動能主要轉化為內能，且內能大于減小的動能2、如圖所示，勻強電場中有直角三角形，三個頂點A、B、C的電勢分別為-12V、12V和0V，電場線與三角形所在平面平行。∠A=30°，水平邊AC長3m。則帶電量為-1.0×10-8C的電荷在電場中所受電場力（）

A.大小為8×10-8N，方向朝左上且與水平方向夾60°角B.大小為8×10-8N，方向朝右下且與水平方向夾60角C.大小為4×10-8N，方向水平向右D.大小為4×10-8N，方向豎直向上3、如圖所示的坐標系中，在位置放置電荷量為的正點電荷，在位置放置電荷量為的負點電荷，現要在兩坐標軸上的某點放置一個點電荷使得點的電場強度為零，則關于Q的說法正確的是（）

A.點電荷的坐標為帶負電荷，電荷量B.點電荷的坐標為帶正電荷，電荷量C.點電荷的坐標為帶負電荷，電荷量D.點電荷的坐標為帶正電荷，電荷量4、一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運動，其電勢能Ep隨位移x變化的關系如圖所示，其中O～x2段是關于直線x=x1對稱的曲線，x2～x3段是直線；則下列說法不正確的是（）

A.x1處電場強度最小，但不為零B.粒子在O～x3段做變速運動，x2～x3段做勻變速運動C.x2～x3段的電場強度大小方向均不變，為一定值D.在O、x1、x2、x3處電勢φ0、φ1、φ2、φ3的關系為φ1>φ2=φ0>φ35、如圖是某電阻R的I—U圖像，U=4V時圖像的切線交I軸于1A處。將該電阻與電動勢E=8V，內阻r=2Ω的電源連成閉合回路，根據圖中給出的信息可以得出（）

A.該電阻的電阻率隨電壓的增大而減小B.該閉合回路接通時，電阻的阻值R=4ΩC.該閉合回路接通時，電阻的電功率P=16WD.該閉合回路接通時，電源的總功率P=16W6、如圖所示，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1、R2為可變電阻，開關S閉合．質量為m的帶正電的微粒從P點以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點，若經下列調整后，微粒仍從P點以水平速度v0射入；則關于微粒打在N板上的位置說法正確的是。

A.保持開關S閉合，增大R1，微粒打在O點左側B.保持開關S閉合，增大R2，微粒打在O點左側C.斷開開關S，M極板稍微上移，微粒打在O點右側D.斷開開關S，M極板稍微下移，微粒打在O點右側評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、在如圖甲所示的電路中，為三個相同規格的小燈泡；這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示。當開關S閉合后，電路中的總電流為0.25A，則此時（）

A.兩端的電壓為兩端電壓的2倍B.消耗的電功率為0.75WC.的電阻為D.消耗的電功率的比值大于48、鋰離子電池在生活中的應用非常廣泛，包括手機、平板、筆記本電腦、移動電源（充電寶）、電動汽車、無人機，以及各類電動工具等。鋰離子電池內部一般包括正極、負極、隔離膜、電解質等組成部分。鋰離子電池最顯著的優點就是可用來反復充電的電池。其充放電原理簡圖如圖2，充電時相當于給電池一個外加電場，使正極材料LiCoO2上的鋰元素脫離出來變成鋰離子（Li+），在電場力的作用下從正極移動到負極，與負極的碳原子發生化學反應生成LiC6，使鋰離子很“穩定”的嵌入負極石墨層狀結構中。放電過程（即使用電池的過程）剛好相反，鋰離子（Li+）從負極脫離出來，順著電場的方向，又跑回到正極，重新變成鈷酸鋰分子（LiCoO2）。在每一次充放電循環過程中，鋰離子（Li+）充當了電能的搬運載體；與正；負極材料發生化學反應，將化學能和電能相互轉換，周而復始的從正極→負極→正極來回的移動，好像一把搖椅，所以電池專家們又稱鋰離子電池為“搖椅式電池”。根據上述材料可推斷下列說法不正確的是（）

A.鋰離子電池可簡化成一個電容模型來研究B.鋰離子電池可簡化成一個電動機模型來研究C.充電過程中從正極跑出來轉移到負極的鋰離子越多，該電池存儲的能量也越多D.放電過程中從負極跑出來轉移到正極的鋰離子越多，該電池放出的能量也越多9、如圖所示；平行板電容器兩極板與電源兩極相連。G為電流表，若將電容器的兩極板靠近，則在這一過程中（）

A.G中有電流，方向是a→bB.G中有電流，方向是b→aC.電容器兩極板的帶電量都增大D.電容器兩極板間的場強增大10、如圖所示，一勻強電場的電場線與圓O所在平面平行，AB為圓的一條直徑，C為圓周上點，圓的半徑為R，∠AOC＝30°，在A點有一粒子源，能向圓O所在平面內各個方向以動能Ek發射同種帶電粒子（不計重力），粒子質量為m，電荷量為q，由觀察可知經過B、C的粒子動能分別為7Ek和4Ek；則（）

A.勻強電場的方向與OC平行B.勻強電場的電場強度為C.粒子經過圓周上各點時動能的最大值為10EkD.帶電粒子能夠經過圓周上任意一點11、如圖所示，豎直平面內相距的A、B兩點（AB水平）均固定有電荷量為Q的正點電荷，半徑為a的光滑絕緣細圓管（圓管的大小不計）固定在A、B兩點間，其圓心O位于AB的中點，細管與AB以及AB中垂線的交點分別為C、E、D、F。一電荷量為q的帶負電小球（視為質點）在圓管內沿順時針方向運動，以大小為（g為重力加速度大小）的速度通過D點時，小球恰好對細管無壓力。靜電力常量為k；不計空氣阻力。下列說法正確的是（）。

A.小球通過C、E兩點時的合力相同B.小球通過F點時的速率為C.小球的質量為D.小球在C點的電勢能等于其在E點的電勢能12、如圖所示的電場中，實線為電場線，虛線為某帶電粒子只在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c是軌跡上的三個點；則（）

A.電場中c點電勢比a點高B.粒子一定是從a點運動b點的C.粒子在c點加速度一定大于在b點的加速度D.粒子在a、b、c三點時的速度，c點速度最小13、下列說法中正確的是（）A.沿著電場線的方向電勢一定越來越低B.電場線就是電荷運動的軌跡C.勻強電場中，各點的場強一定大小相等，方向相同D.勻強電場中，各點的電勢一定相等14、如圖所示，電荷量分別為+q、-q（）的等量異種點電荷分別固定于正六邊形abcdef的兩個頂點b、e上，O點是該正六邊形的幾何中心；規定無窮遠處的電勢為0。則（）

A.a、d兩點的電場強度相同B.c、f兩點的電勢相等C.將一帶負電的試探電荷沿直線從a點移動到c點，電場力先做正功后做負功D.a、d之間的電勢差與f、c之間的電勢差相等，即評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關系圖線如圖所示。該電源的內阻為________，電源消耗的總功率為________W。

16、電動勢單位：______，用“V”表示．17、判斷下列說法的正誤．

（1）只要閉合電路內有磁通量，閉合電路中就有感應電流產生。（____）

（2）穿過螺線管的磁通量發生變化時，螺線管內部就一定有感應電流產生。（____）

（3）閉合電路的一部分導體做切割磁感線運動時，電路中會產生感應電流。（____）

（4）不論電路是否閉合，只要電路中磁通量發生變化，電路中就有感應電流。（____）18、判斷下列說法的正誤。

（1）公式UAB=Ed適用于計算任何電場中A、B兩點間的電勢差。____

（2）根據公式UAB=Ed，在勻強電場中A點和B點間距離越大，則這兩點的電勢差越大。____

（3）在勻強電場中，沿電場線方向，相同距離上降低的電勢必相等。____

（4）由公式得，電場強度E與電勢差U成正比，與兩點間距離d成反比。____19、一個靈敏電流計允許通過的最大電流（滿刻度電流）為表頭電阻若將其改裝成量程為的電流表，應__________（填串聯或并聯）一個電阻，阻值為__________若將其改裝成量程為的電壓表，應__________（填串聯或并聯）一個阻值為__________的電阻．評卷人得分四、作圖題(共2題，共4分)20、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

21、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)22、實驗室購買了一捆標稱長度為100m的銅導線，某同學想通過實驗測定其實際長度．該同學首先測得導線橫截面積為1.0mm2，查得銅的電阻率為1.7×10－8Ω·m，再利用圖甲所示電路測出銅導線的電阻Rx；從而確定導線的實際長度．可供使用的器材有：

電流表：量程0.6A；內阻約0.2Ω；

電壓表：量程3V；內阻約9kΩ；

滑動變阻器R1：最大阻值5Ω；

滑動變阻器R2：最大阻值20Ω；

定值電阻：R0=3Ω；

電源：電動勢6V；內阻可不計；

開關；導線若干．

回答下列問題：

（1）實驗中滑動變阻器應選________(填“R1”或“R2”)，閉合開關S前應將滑片移至________端(填“a”或“b”)；

（2）在實物圖中，已正確連接了部分導線，請根據圖甲電路完成剩余部分的連接_______；

（3）調節滑動變阻器，當電流表的讀數為0.50A時，電壓表示數如圖乙所示，讀數為________V；

（4）導線實際長度為________m(保留兩位有效數字)．23、在伏安法測電阻的實驗中；實驗室備有下列器材：

A．待測電阻Rx阻值約為10Ω左右。

B．電壓表V1；量程6V，內阻約2kΩ

C．電壓表V2；量程15V，內阻約10kΩ

D．電流表A1；量程0.6A，內阻約0.2Ω

E．電流表A2；量程3A，內阻約0.02Ω

F．電源，電動勢E＝12V

G．滑動變阻器1；最大阻值10Ω，最大電流為2A

H．滑動變阻器2；最大阻值50Ω，最大電流為0.2A

I．導線；開關若干。

(1)為了較精確測量電阻阻值，盡可能多測幾組數據，且兩表讀數大于量程一半．除A、F、I以外，還要在上述器材中選出該實驗所用器材__________(填器材前面的字母代號)．

(2)在虛線框內畫出該實驗電路圖____________．

24、如圖所示；將一根銅棒和一根鋅棒插入一只蘋果內，就成了一個簡單的“水果電池”。小明同學做了兩個這樣的水果電池，并依次進行以下實驗：

(1)用多用電表的直流電壓2.5V擋粗測其中一個水果電池的電動勢，指針位置如圖所示，其示數為______V（保留3位小數）。

(2)將兩個水果電池串聯起來組成電池組給“1.5V、0.3A”的小燈泡供電，小燈泡不能發光。再將多用電表串聯在電路中測量電流，發現讀數不足3mA。小燈泡不發光的原因是此電池組的______（選填選項前的字母）。

A．水果電池的電動勢太大。

B．水果電池的電動勢太小。

C．水果電池的內阻太大。

D．小燈泡的電阻太大。

(3)用如圖所示的器材測量該電池組的電動勢和內阻，為了盡可能準確的測出該電池組的電動勢和內阻，請用筆畫代替導線將電路補充完整______。

已知：電流表A（0~3mA，內阻約8Ω），電壓表V（0~2V，內阻約1100Ω）。若有兩種規格的滑動變阻器：A（0~20Ω）、B（0~2kΩ），實驗中應該選用的滑動變阻器是______（選填“A”或“B”）。該實驗中，電動勢的測量值______真實值，內阻的測量值______真實值（選填“大于”或“等于”或“小于”）。評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)25、在靜電場中，把電荷量為q＝5×10－6C的點電荷從A點移動到B點，靜電力做功WAB＝2×10－4J，把這個電荷從A點移動到C點，靜電力做功WAC＝6×10－4J，若設電荷在B點時的電勢能等于零，試求該電荷在A點和C點的電勢能，以及A點和C點的電勢．26、如圖所示在勻強電場中，將一電荷量為C的負電荷由A點移到B點，其電勢能增加了0.2J，已知A、B兩點間距為2cm；兩點連線與電場方向成60°角，求：

(1)在電荷由A移到B的過程中；電場力做了多少功；

(2)A、B兩點間的電勢差為多少；

(3)該勻強電場的電場強度為多大。

27、在勻強電場中有A、B、C三點，AB⊥BC且AB=10cm，BC=30cm，將一帶電量為1×10－8C的負電荷由A移到B，電場力做功為2×10－8J，若將一帶電量為1×10－8C的正電荷由C移到A，要克服電場力做功為4×10－8J，求出場強E的大小及方向。

28、如圖所示，勻強電場中一帶負電的點電荷在恒力F作用下，從A點沿水平方向勻速運動至B點。已知點電荷帶電荷量為之間的距離A點的電勢不計點電荷重力。求：

（1）勻強電場場強的大小和方向；

（2）從A到B的過程中；點電荷電勢能的變化量；

（3）間的電勢差及B點的電勢。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

第一階段減速過程中，由于速度變小，所以動能變小，由于繼續行駛并帶動發電機發電，故將一部分動能轉化為電能．減小的動能有一部分轉化為電能，即電能小于減小的動能，A錯誤B正確；第二階段減小的動能有一部分轉化為內能，有一部分轉化成了電能，所以內能小于減小的動能，故CD錯誤．2、A【分析】【詳解】

因AB兩點的電勢分別為-12V和12V，可知中點D的電勢為零，則CD為等勢面，場強方向垂直CD斜向右下；

帶電量為-1.0×10-8C的電荷在電場中所受電場力

方向朝左上且與水平方向夾60°角。

故選A。3、C【分析】【詳解】

和兩點處的電荷量為q的點電荷在P點產生的電場強度的矢量和

方向如圖所示，由P指向N，要求在兩坐標軸上的某點處放置一個點電荷使得P點的電場強度為零，可知可以在M點放置負電荷或N點放置正電荷，M和N距P的距離都為設電荷量Q，則要滿足的條件為

解得

故選C。

4、A【分析】【詳解】

A．根據

得場強與電勢的關系

電勢能Ep=qφ

聯立可得

可知Ep-x圖像切線的斜率

x1處切線斜率為零，所以x1處電場強度為零；故A錯誤；

BC．由題圖可知，O～x1，x1～x2，x2～x3三段圖線斜率大小變化情況為變小；變大，不變，則可知三段圖線反映的粒子所受電場力變小，變大，不變，故BC正確；

D．根據電勢能與電勢的關系Ep=qφ，粒子帶負電，q<0，可知電勢能越大，粒子所在處的電勢越低，所以故D正確。

本題選錯誤的，故選A。5、D【分析】【詳解】

A.圖線上某點和原點連線的斜率表示電阻的倒數，可知該電阻的倒數隨電壓的增大而減小，該電阻的阻值隨電壓的增大而增大，根據電阻定律

可知該電阻的電阻率隨電壓的增大而增大；故A錯誤；

B.根據閉合電路歐姆定律有

即

在I—U圖像中作出上述表達式的圖線；如下圖所示。

可知電阻的工作電壓為4V，電流為2A，故電阻阻值為

故B錯誤；

C.該閉合回路接通時，電阻的功率為

故C錯誤；

D.該閉合回路接通時，電源的總功率為

故D正確。

故選D。6、A【分析】【詳解】

MN兩極板間電壓和R0兩端電壓相同；故兩極板間電場強度方向向上，微粒所受電場力方向向上；

A．保持S閉合，增大R1，那么，R0兩端電壓減小，兩極板間電壓減小，故電場強度減小，微粒所受電場力減小，合外力增大，粒子加速度增大，粒子打在O點左側；故A正確；

B．保持S閉合，增大R2，兩極板間電壓不變，故電場強度不變，微粒受力不變，粒子運動不變，仍打在O點；故B錯誤；

CD．斷開S，極板兩端電荷保持不變，那么由電容可知電場強度

不變，那么微粒受力不變，粒子運動不變，仍打在O點，故CD錯誤；二、多選題(共8題，共16分)7、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．和并聯后與串聯，和的電壓相等，電流也相等，的電流是的兩倍，由于燈泡不是線性元件，所以兩端的電壓不是兩端電壓的2倍；故A錯誤；

B．根據圖像可知，當電流是0.25A時，電壓為3V，所以

故B正確；

C．L2的電流為0.125Ａ；由圖可知。

此時L2的電壓約為0.25Ｖ，則電阻約為

故C正確；

Ｄ．根據

可知，L2消耗的功率

則

故D正確。

故選BCD。8、A:B【分析】【詳解】

A．電容器兩極板之間沒有電荷通過；與鋰電子原理不同，故A錯誤，符合題意；

B．電動機和鋰離子電池原理完全不同；故B錯誤，符合題意；

CD．轉移的鋰離子越多；說明充放電時參與化學反應的物質的量越多，儲存或釋放的能量越大，故CD正確，不符合題意。

故選AB。9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．平行板電容器兩極板與電源兩極相連，則兩極板電壓保持不變，根據電容的決定式

將電容器的兩極板靠近則d減小，C增大，再根據

則兩極板所帶的電荷量將增大，則電容器處于充電過程，G中有電流，方向是a→b；AC正確；B錯誤；

D．由公式

分析可知，U不變，d減小，E增大；D正確。

故選ACD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據出射帶電粒子的初動能為Ek，經過B、C點的動能分別為7Ek和4Ek，可知帶電粒子增加的動能分別為6Ek和3Ek，即二者之比為2：1，根據幾何關系以及相似三角形關系可知勻強電場的方向應該與OC垂直；故A錯誤；

B．結合題干中的條件，圓的半徑為R，∠AOC＝30°，結合電場與電勢的關系qU＝W

可知電場強度

代入數值，可得

故B正確；

C．由勻強電場的方向垂直與OC可知，電場力做功最大的位置應該過O點垂直于OC的直線與圓相交的點，根據幾何關系可知動能的最大值為10Ek；故C正確；

D．因為3Ek對應的在電場線上的距離為若帶電粒子克服電場力做功，則電勢能增加，若帶電粒子的初動能Ek完全轉化為電勢能，則在電場線方向上移動已知圓心O到過A點的等勢面的距離為則有

即帶電粒子不能達到圓周上任意一點；故D錯誤；

故選BC。11、B:C:D【分析】【詳解】

AD．C、E兩點高度相同，重力勢能相同，并且C、E兩點關于O點對稱，故小球電勢能相同，由能量守恒可知，小球在C、E兩點速度相同，故需要的向心力大小相同，故小球通過C、E兩點時的合力大小相同；但方向不同，A錯誤，D正確；

B．D和F兩點關于O點對稱，故小球電勢能相同，小球從D到F過程中只有重力做功，故

解達

故B正確；

C．由幾何關系可知

由平行四邊形定則，可知小球在D點時得電場力（q為帶負電小球）

方向向下，在D點，合力提供向心力

故

故C正確；

故選BCD。12、C:D【分析】【詳解】

A．由于僅僅受到電場力，則帶電粒子在電場中運動時，受到的電場力的方向指向運動軌跡的內側，即帶電粒子受到的電場力的方向為沿電場線向左，由于粒子電性未知，電場方向未知，所以c點與a點電勢高低無法判斷；A錯誤；

B．粒子不一定是從a點沿軌跡運動到b點，也可能從b點沿軌跡運動到a點；B錯誤；

C．由電場線的分布可知，電場線在c點位置分布密集一些，所以在c點電場強度大一些，則粒子在c點加速度一定大于在b點加速度；C正確。

D．由受力分析可知粒子從a到c過程，電場力做負功，根據動能定理，動能減小。從c到b過程，電場力做正功，根據動能定理，動能增大，所以粒子在c點的速度最小；D正確。

故選CD。13、A:C【分析】【詳解】

A．根據電場線的物理意義可知；沿著電場線的方向電勢一定越來越低，故A正確；

B．電場線與電荷運動的軌跡不是一回事；有時兩者重合，有時不重合，與電荷受到的電場力和初速度有關，故B錯誤；

C．勻強電場中；場強處處相同，即場強的大小一定相同，方向一定相同，故C正確；

D．勻強電場中；各點的電勢不一定相等，順著電場線方向電勢會逐漸降低，故D錯誤。

故選AC。

【點睛】

解答本題關鍵要理解并掌握電場線的兩個方面的物理意義．知道電場線可以形象表示電場的強弱和方向：電場線的疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場的方向．順著電場線方向電勢逐漸降低．14、A:C【分析】【詳解】

A．a、d兩點O點，即關于兩異種點電荷連線的中點對稱，關于根據等量異種點電荷的電場線的分布規律，a、d兩點位置的電場線分布的密集程度相同，a、d兩點的電場強度大小相等，方向相同，即a、d兩點的電場強度相同；A正確；

B．根據等量異種點電荷的等勢線的分布規律，可知，c點的電勢高于f點的電勢；B錯誤；

C．根據等量異種點電荷的等勢線的分布規律，可知，將一帶負電的試探電荷沿直線從a點移動到c點，等勢線升高后降低，根據

可知，將一帶負電的試探電荷沿直線從a點移動到c點；電場力先做正功后做負功，C正確；

D．根據等量異種點電荷的等勢線的分布規律，可知，a點的電勢等于c點的電勢，f點的電勢等于d點的電勢，則有

D錯誤。

故選AC。三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據閉合電路歐姆定律得

當時

由圖可知電源電動勢

內阻等于圖像的斜率的絕對值，因此有

代入數據可得

由圖可知，此時電流

因此有

代入數據可得【解析】0.5616、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】伏特17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤錯誤正確錯誤18、略

【解析】①.錯②.錯③.對④.錯19、略

【分析】【詳解】

[1][2]把靈敏電流計改裝成的電流表需要并聯分流電阻，并聯電阻阻值為

[3][4]把靈敏電流計改裝成的電壓表需要串聯分壓電阻，串聯電阻阻值為【解析】并聯串聯四、作圖題(共2題，共4分)20、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯，后再與第三個電阻串聯，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環形電流的安培定則，可知環形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】五、實驗題(共3題，共18分)22、略

【分析】【詳解】

（1）根據限流解法的要求，滑動變阻器的阻值大于被測電阻，需要選擇R2；閉合開關前使滑動變阻器阻值最大，即滑片在a端．

（2）根據電路圖連接實物圖；應先串后并，先連控制電路后連測量電路，如圖所示：

（3）電壓表量程3V；最小分度為0．1V，估讀一位，讀數為2．30V．

（4）根據歐姆定律得，R0＋Rx＝＝4．6Ω，根據電阻定律得，Rx＝ρ聯立解得，L＝94m．

【點睛】

應明確：①電流表的讀數不能小于量程的②應根據電路中需要的最大電阻來選擇變阻器阻值的大小；③若電表每小格讀數中出現數字“1”則應進行估讀，出現“2”則應進行“估讀”，出現“5”應進行“估讀”．【解析】R2a2.30V（2.29、2.31均正確）94（93、95均正確）23、略

【分析】【詳解】

(1)[1]兩表量程大于讀數一半，根據題意電壓表選B.由歐姆定律知電路電流最大值I＝＝A＝0.6A；故電流表選D，又題中有“要求盡可能多的測量數據”，說明滑動變阻器應用分壓式接法，應選G

(2)[2]因待測電阻遠小于電壓表內阻；電流表應用外接法，又變阻器采用分壓式接法，電路如圖所示．

【解析】BDG24、略

【分析