2024屆安徽省淮南市壽縣中學高考壓軸卷物理試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5亳米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，吊籃A、物體B、物體C的質量均為機，兩物體分別固定在豎直彈簧兩端，彈簧的質量不計，整個系

統在輕繩懸掛下處于靜止狀態，現將懸掛吊籃的輕繩剪斷在輕繩剛被剪斷的時間（）

囪

A.物體B的加速度大小為gB.物體C的加速度大小為2g

C.吊籃A的加速度大小為gD.吊籃A與物體C間的彈力大小為0.5/g

2、銀川綠地中心雙子塔項目位于銀川閱海灣中央商務區中軸位置，高度301m,建成后將成為西北地區最高雙子塔。

據說，游客乘坐觀光電梯大約一分鐘就可以到達觀光平臺。若電梯簡化成只受重力與繩索拉力，已知電梯在》=0時由

靜止開始上升，。一，圖像如圖所示。則下列相關說法正確的是（）

A.E=4.5s時，電梯處于失重狀態B.5~55s時間內，繩索拉力最小

C.E=59.5s時，電梯處于超重狀態D.f=60s時，電梯速度恰好為零

3、如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個截面為四分之一圓弧的柱狀物體44的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻之間

放一光滑圓球員整個裝置處于靜止狀態.若把A向右移動少許后，它們仍處于靜止狀態,則下列判斷中正確的是

B

A.球〃對墻的壓力增大B.球B對柱狀物體A的壓力增大

C.地面對柱狀物體A的支持力不變D.地面對柱狀物體A的摩擦力不變

4、如圖所示，放在光滑水平桌面上的A、3木塊之間夾著一被壓縮的彈簧。現釋放彈簧，4、3木塊被彈開后，各

自在桌面上滑行一段距離飛離桌面。A的落地點到桌左邊的水平距離為0.5m,8的落地點到桌右邊的水平距離為1〃?,

則（）

A.A、4離開彈簧時的速度大小之比為1：2

B.A、8離開彈簧時的速度大小之比為2：I

C.A、3質量之比為1:2

D.A、8質量之比為1：1

5、1896年法國科學家貝可勒爾發現了放射性元素能夠自發地發出射線的現象，即天然放射現象。讓放射性元素鐳衰

變過程中釋放出的。、外了三種射線，經小孔垂直進入勻強電場中，如圖所示。下列說法正確的是（）

A.③是以射線，a粒子的電離能力最強，穿透能力也最強

B.①是//射線，是高速電子流，來自于原子的核外電子

C.原子核發生一次衰變的過程中，不可能同時產生夕兩種射線

D.原子序數大于83的元素，都具有放射性，原子序數小于或等于83的元素，都不具有放射性

6、生活中常見的手機支架，其表面采用了納米微吸材料，用手觸碰無粘感，接觸到平整光滑的硬性物體時，會牢牢吸

附在物體上。如圖是一款放置在高鐵水平桌面上的手機支架，支架能夠吸附手機，小明有一次搭乘高鐵時將手機放在

該支架上看電影，若手機受到的重力為G,手機所在平面與水平面間的夾角為則下列說法正確的是（）

A.當高鐵未啟動時，支架對手機的作用力大小等于--

cos6/

B.當高鐵未啟動時，支架受到桌面的摩擦力方向與高鐵前進方向相反

C.高鐵勻速行駛時，手機可能受到5個力作用

D.高鐵減速行駛時，手機可能受到3個力作用

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，粗糙絕緣的水平面附近存在一平行于水平面的電場，其中某一區域的電場線與x軸平行，在x軸上的電

勢0與坐標x的關系如圖中曲線所示，曲線過（0.1,4.5）和（0.15,3）兩點，圖中虛線為該曲線過點（0.15,3）的

切線。現有一質量為0.20kg、電荷量為+2.0x10-C的滑塊尸（可視為質點），從x=0.10m處由靜止釋放，其與水平

面的動摩擦因數為0.02,取重力加速度g=10m/s2。則下列說法中正確的是（）

x/m

A.滑塊P運動過程中的電勢能逐漸減小

B.滑塊P運動過程中的加速度逐漸增大

C.x=0.15in處的電場強度大小為2.0xl（）6N/C

D.滑塊P運動的最大速度為0.5m/s

8、矩形線框PQMN固定在一絕緣斜面上，長為LPN長為4L其中長邊由單位長度電阻為的均勻金屬條制成,

短邊電阻忽略不計，兩個短邊上分別連接理想電壓表和理想電流表。磁感應強度大小為B的勻強磁場，方向垂直

斜面向上，一與長邊材料、粗細完全相同的金屬桿與線框接觸良好，在沿導軌向上的外力作用下，以速度了從線框底

端勻速滑到頂端。已知斜面傾角為仇不計一切摩擦。則下列說法中正確的是（）

N

B

A.金屬桿上滑過程中電流表的示數先變大后變小

B.作用于金屬桿的外力一直變大

C.金屬桿運動到長邊正中間時，電壓表示數為與上

D.當金屬桿向上運動到距線框底端3.5L的位置時，金屬桿0M、PN上消耗的總電功率最大

9、有一臺理想變壓器及所接負載如下圖所示。在原線圈。、d兩端加上交變電流。已知力是原線圈中心抽頭，電壓表

和電流表均為理想交流電表，電容器的耐壓值足夠大。下列說法正確的是（）

A.開關吊始終接當滑片產向下滑動時電壓表》示數不變，電壓表V2示數變大，電流表Az示數變小

B.開關S始終接兒當滑片P向上滑動時r的電功率增大，V2示數的變化量與A2示數的變化量之比不變

C.保持滑片尸的位置不變，將開關8由力改接〃，變壓器輸入功率變大

D.保持滑片尸的位置不變，將開關與由。改接心電容器所帶電荷量將增大

10、以下說法正確的是________O

,,m

A.某物質的密度為〃，其分子的體積為匕，分子的質量為則夕二工

B.空氣中水蒸氣的壓強與同溫度下水的飽和汽壓的比值越大，空氣的相對濕度越大

C.在裝滿水的玻璃杯內，可以不斷地輕輕投放一定數量的大頭針，水也不會流出，這是由于大頭針填充了水分子間

的空隙

D.內能不同的物體，物體內部分子熱運動的平均動能可能相同

E.玻璃管裂口放在火上燒熔，它的尖銳處就變圓滑，是因為熔化的玻璃在表面張力的作用下，表面積要收縮到最小的

緣故

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）用如圖a所示的器材，測一節干電池的電動勢和內阻實驗。

⑴用筆面線代替導線，將圖a連接成可完成實驗的電路（圖中已連接了部分導線）;

（一）

⑵實驗過程中，將電阻箱拔到45。時，電壓表讀數為0.90V；將電阻箱拔到如圖b所示，其阻值是Q,此時

電壓表的讀數如圖c所示，其值是____________V；

⑶根據以上數據，可以算出該節干電池的電動勢E=V,內電阻r=

12.（12分）某同學設計了如下實驗裝置,用來測定小滑塊與桌面間的動摩擦因數.如圖甲所示.水平桌面上有一滑

槽，其末端與桌面相切，桌面與地面的高度差為/2。讓小滑塊從滑槽的最高點由靜止滑下，滑到桌面上后再滑行一段

距離L,隨后離開桌面做平拋運動，落在水面地面上的P點，記下平拋的水平位移不。平移滑槽的位置后固定，多次

改變距離L,每次讓滑塊從滑槽上同一高度釋放，得到不同的水平位移作出f—L圖像，即可根據圖像信息得到

滑塊與桌面間的動摩擦因數〃（重力加速度為g）

（1）每次讓滑塊從滑槽上同一高度釋放，是為了

⑵若小滑塊離開桌面時的速度為也隨著L增大v將會_____（選填增大、不變或減小）

⑶若已知/一￡圖像的斜率絕對值為左，如圖乙所示，則滑塊與桌面間的動摩擦因數〃二—（用本題中提供的物理

量符號表示）

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在xOy坐標平面的第一象限內有沿y軸正方向的勻強電場，在第四象限內有垂直于紙面向外

的勻強磁場。有一質量為用，電荷量為心帶負電的粒子（重力不計）從坐標原點。射入磁場，其入射方向與），軸負

方向成45。角。當粒子第一次進入電場到達F點時速度大小為vu,方向與x軸正方向相同，F點坐標為（4L,L）o求:

（1）粒子從。點射入磁場時速度y的大小;

（2）磁感應強度B的大小；

（3）粒子從0點運動到尸點所用的時間。

14.（16分）如圖甲所示，在平面直角坐標系xQy中關于x軸對稱放置兩平行金屬板A、B,A、B板的左端均在），軸

上，兩板間距離“6.0cm,板長A=L8cm,距兩板右端L2=28cm處放置有足夠長的垂直”軸方向的熒光屏，兩者之間

區域分布著勻強磁場，磁感應強度B=1.0T,方向垂直坐標平面向里。大量比荷為幺=5.0xl04C/kg帶負電粒子以速度

m

卬=6.0x1031nzs從坐標原點。連續不斷的沿“軸正向射入板間，離開板間電場后進入磁場，最后打在熒光屏上。在兩板

間加上如圖乙所示的交流電壓，不計粒子重力，不考慮場的邊緣效應和粒子的相對論效應，求:

（1）/=0時刻發射的粒子離開電場時的速度大小及偏轉距離;

⑵粒子打在熒光屏上的范圍;

乙

15.（12分）如圖所示，質量為必、直徑為d的小球，拴在長為/的細繩一端一組成一單擺。將球偏開一小角度a使

之做簡諧運動，求小球從左側最大偏角擺至最低點的過程中，繩子拉力產生的沖量大小。（重力加速度g已知）

O

a

參考答案

一、單項選擇題：木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.彈簧開始的彈力

F=mg

剪斷細線的瞬間，彈簧彈力不變，B的合力仍然為零，則B的加速度為0,故A錯誤；

BC.剪斷細線的瞬間.彈力不變.將C和A看成一個整體.根據牛頓第二定律得

F+2mging+2mg..

aAc=-...=------=1

2m2m

即A、C的加速度均為1.5g,故BC錯誤；

D.剪斷細線的瞬間，A受到重力和C對A的作用力，對A有

Fc+mg=ma

得

Fc=ma-mg=0.5mg

故D正確。

故選D。

2、D

【解析】

A.利用。一，圖像可判斷：，一4.5s時，電梯有向上的加速度，電梯處于超重狀態，則選項A錯誤；

BC.0~5s時間內，電梯處于超重狀態，拉力,重力；5~55s時間內，電梯處于勻速上升過程，拉力=重力；55~60s時

間內，電梯處于失重狀態，拉力＜重力；綜上所述，選項B、C錯誤；

D.因。一，圖線與，軸所圍的“面積”代表速度改變量，而圖中橫軸上方的“面積”與橫軸下方的“面積”相等，則電梯的

速度在f=60s時為零，選項D正確。

故選D。

3、C

【解析】對小球B受力分析，作出平行四邊形如圖所示:

A滑動前，5球受墻壁及A的彈力的合力與重力大小相等，方向相反；如圖中實線所示；而將A向右平移后，3受彈

力的方向將上移，如虛線所示，但5仍受力平衡，由圖可知A對8球的彈力及墻壁對球的彈力均減小，根據牛頓第三

定律可知，球8對墻的壓力減小，球B對柱狀物體A的壓力減小，故AB錯誤；以A5為整體分析，水平方向上受墻

壁的彈力和地面的摩擦力而處于平衡狀態，彈力減小，故摩擦力減小，故D錯誤；豎直方向上受重力及地面的支持力，

兩物體的重力不變，故4對地面的壓力不變，故C正確。所以C正確，ABD錯誤。

4、A

【解析】

AB.由于A、8下落的高度相同，則下落過程中的時間相同，兩者做平拋運動，水平方向的分運動為勻速直線運動，

則水平初速度之比等于水平位移之比

巳：以二1：2

則A正確，B錯誤；

CD.4、3被彈開的過程，對于A、3和彈簧構成的系統，動量守恒，則

可得

mA=

則C、D均錯誤。

故選A。

5、C

【解析】

A.由射線的帶電性質可知，①是/?射線，②是>射線，③是“射線，a粒子的電離能力最強，穿透能力最弱，A不符

合題意；

B./?射線是原子核發生少衰變時產生的，是高速電子流，來自于原子核，B不符合題意；

C.原子核發生一次衰變的過程中，只能發生a衰變或夕衰變，不能同時發生〃衰變和少衰變，故不可能同時產生。、

夕兩種射線，C符合題意；

D.原子序數大于83的元素，都具有放射性，原子序數小于或等于83的元素，有的也具有放射性，D不符合題意。

故選C。

6、D

【解析】

A.高鐵未啟動時，手機處于靜止狀態，受重力和支架對手機的作用力，根據平衡條件可知，支架對手機的作用力與

重力大小相等、方向相反，A錯誤；

B.高鐵未啟動時，以手機和支架整體為研究對象，受重力和桌面的支持力二力平衡，不受桌面摩擦力，B錯誤；

C.高鐵勻速行駛時，手機受重力、納米材料的吸引力、支架的支持力和摩擦力，共4個力作用，C錯誤；

D.高鐵減速行駛時，手機具有與高鐵前進方向相反的加速度，可能只受重力、納米材料的吸引力和支架的支持力共3

個力作用，D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、AC

【解析】

A.在什x圖像中，圖線的斜率表示電場強度，由圖可知，滑塊P運動過程中，電場方向不變，電場力始終做正功，

則電勢能逐漸減小，故A正確；

BC.由A可知，圖線的斜率表示電場強度，x=O.15m處的場強為

E=絲=3x10N/C=2X106N/C=2.0xl06N/C

Ax03-0.15

則此時的電場力大小為

F=^E=2xl(r8x2xl06N=0.04N

滑動摩擦力大小為

f=/〃咫=0.02x0.2x!0N=0.04N

此時電場力與滑動摩擦力大小相等，由圖可知圖線斜率逐漸減小，故在式=0.15m之前，電場力大于摩擦力，滑塊做

加速運動，加速度逐漸減小，在1=0.151”之后，電場力小于摩擦力，做減速運動，加速度逐漸增大，故B錯誤，C

正確；

D.滑塊加速度為零時，速度最大，由BC選項可知，在x=0.15m時，電場力和摩擦力大小相等，加速度為零，此時

滑塊的速度最大，根據動能定理得

qU-fx=^mv2-0

由圖可知0.10m處和0.15m處的電勢差大約為1.5xl0、V,代入解得最大速度大約為u=O.lm/s,故D錯誤。

故選AC,

8、BD

【解析】

A.金屬桿相當于電源，金屬桿上滑過程中，外電路的總電阻一直減小，則總電流即電流表的示數一直變大。故A錯

誤；

B.金屬桿勻速運動，作用于金屬桿的外力

F=mgsin0+BIL

由于總電流一直變大，所以作用于金屬桿的外力一直變大，故B正確；

C.由電磁感應定律，金屬桿運動時產生的感應電動勢為

E=BLv

金屬桿到達軌道正中間時，所組成回路的總電阻為

R=(4L+L)rQ=5L/Q

由閉合電路歐姆定律.問路電流為

EBLv

5M

電壓表測的是路端電壓，所以電壓表示數為

..,..BLv._4BLv

U=1x4%=——x=---

5L%5

故C錯誤；

D.設金屬桿向上運動x距離時，金屬桿。M、PN上消耗的總電功率即電源的輸出功率最大。電源電動勢一定，內外

電阻相等時電源輸出功率最大

(SL-2x)r0=Lr0

解得

x=3.5L

故D正確。

故選BD.

9、ABD

【解析】

A.開關》始終接。不變，變壓器輸入電壓不變，原、副線圈的匝數不變，變壓器輸出電壓不變，即電壓表V1示數不

變，當滑片P向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻變大，根據歐姆定律可知，所以電流乙會減小，電流表A2示

數變小，而

U?=U[I述、

所以U?會變大，即電壓表V2示數變大，故A正確；

B.開關S1始終接兒由于原、副線圈的匝數不變，變壓器輸入電壓不變，則變壓器輸出電壓不變，即電壓表V1示數

不變，當滑片產向上滑動時，滑動變阻器接入電路的阻值減小，根據歐姆定律可知，電流表A2示數增大，電阻與消

耗的電功率增大,將原線圈和電阻與看作等效電源，則V?示數的變化量與A2示數的變化量之比等于等效電源的內阻,

恒定不變，故B正確；

C.保持滑片尸的位置不變，將開關S1由力改接。時，原線圈匝數凡增大，根據變壓比可知

U2〃2

可知3變小，根據

消

可知副線圈輸出功率變小，則原線圈輸入功率變小，故C錯誤；

D.保持滑片尸的位置不變，將開關5由〃改接從原線圈匝數々減小，根據變壓比可知

幺=4

u2n2

可知心增大，電容器兩端電壓增大

Q=CU

所帶電荷量增大，故D正確。

故選ABDo

10、BDE

【解析】

m

A.密度是宏觀的物理量，分子的質量與體積是微觀的物理量，則。工方，故A錯誤；

B.根據相對濕度的定義式可知，空氣中水蒸氣的壓強與同溫度時水的飽和汽壓的比值越大，空氣的相對濕度越大，

故B正確：

C.在裝滿水的玻璃杯內，可以不斷地輕輕投放一定數量的大頭針，水也不會流出的原因是液體的表面張力作用，液

體表面層分子的分布要比內部稀疏些，分子之間的吸引力和排斥力都減弱了，其中斥力減弱更多，所以表面層分子之

間有相互吸引力，這種力叫表面張力，由于表面張力的作用，使水面形成一層彈性薄膜，所以水不會流出，故c錯誤;

D.物體的內能由溫度、體積和物質的量決定，內能不同的物體，溫度可能相同，溫度是分子平均動能的標志，溫度

相同，分子的平均動能相同，故D正確；

E.玻璃管道裂口放在火上燒熔，熔化的玻璃在表面張力的作用下收縮到最小，從而變得圓滑，故E正確。

故選BDEo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、1101.101320

【解析】

電路圖如圖;

⑵[2]網.電阻箱讀數為K=lxlOO+lxlO=110Q；電壓表讀數為U=1.10V；

⑶由閉合電路歐姆定律有

E=Ux^r

兩式聯立代入數據解得

E=1.3V

r=20ft

②保證滑塊到達滑槽末端的速度相同減小A

【解析】

a)[i]每次讓滑塊從滑槽上同一高度釋放，是為了保證到達斜面體底端的速度相同；

⑵⑵滑塊離開滑槽后，受到摩擦力作用，做勻減速直線運動，設離開滑槽的速度為羽0,根據運動學公式可知

Vo-V2=2〃gL

隨著L增大，丫將會減小；

⑶⑶滑塊從桌邊做平拋運動，則有

h=—gt2,x=vt

說

聯立解得

若x2一上圖像的斜率絕對值為A,則有

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13>(1)v=x/2v0(2)B=，(3)t=(2+^-}—

qL\2兀

【解析】

帶電粒子以與x軸成45。垂直進入勻強磁場后，在。點根據平行四邊性定則可得射入磁場時的速度；粒子在電場中運

動根據運動學方程和幾何關系求出半徑，再根據牛頓第二定律求出磁感應強度；求出粒子在電場中的運動時間和在磁

場中運的運動時間，即可求得總時間。

【詳解】

(1)粒子從。點射入磁場時的速度為U=-^77=夜?

cos45°

(2)粒子在電場中運動，沿)，軸方向：v=votan45°,L=^t.

2

沿x軸方向：X=%乙

解得：x=2L

I4L-2Lr~

粒子在磁場中的運動軌跡為:圓周，由幾何關系得：R=—衣「='2乙

4V2

粒子在磁場中做圓周運動，由牛頓第二定律得：qvB=m—

R

(3)粒子在電場中的運動時間為乙=——

v

1x2R

粒子在磁場中運的運動時間為,_4、"

V2%

則從O點運動到P點所用