2024年高考真題PAGEPAGE12024年普通高等學校招生全國統一考試物理注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上，并將自己的姓名、準考證號、座位號填寫在本試卷上。2.回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。涂寫在本試卷上無效。3.作答非選擇題時，將〖答案〗書寫在答題卡上，書寫在本試卷上無效。4.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1~5題只有一項符合題目要求，第6~8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.氘核可通過一系列聚變反應釋放能量，總的反應效果可用表示，式中x、y的值分別為（）A.， B.， C.， D.，〖答案〗C〖解析〗【詳析】根據反應前后質量數和電荷數守恒可得解得，故選C。2.如圖，一輕繩跨過光滑定滑輪，繩的一端系物塊P，P置于水平桌面上，與桌面間存在摩擦；繩的另一端懸掛一輕盤（質量可忽略），盤中放置砝碼。改變盤中砝碼總質量m，并測量P的加速度大小a，得到圖像。重力加速度大小為g。在下列圖像中，可能正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗【詳析】設P的質量為，P與桌面的動摩擦力為；以P為對象，根據牛頓第二定律可得以盤和砝碼為對象，根據牛頓第二定律可得聯立可得可知，a-m不是線性關系，排除AC選項,可知當砝碼的重力小于物塊P最大靜摩擦力時，物塊和砝碼靜止，加速度為0，當砝碼重力大于時，才有一定的加速度，當趨于無窮大時，加速度趨近等于。故選D。3.2024年5月，嫦娥六號探測器發射成功，開啟了人類首次從月球背面采樣返回之旅。將采得的樣品帶回地球，飛行器需經過月面起飛、環月飛行、月地轉移等過程。月球表面自由落體加速度約為地球表面自由落體加速度的。下列說法正確的是（）A.在環月飛行時，樣品所受合力為零B.若將樣品放置在月球正面，它對月球表面壓力等于零C.樣品在不同過程中受到的引力不同，所以質量也不同D.樣品放置在月球背面時對月球的壓力，比放置在地球表面時對地球的壓力小〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．在環月飛行時，樣品所受合力提供所需的向心力，不為零，故A錯誤；BD．若將樣品放置在月球正面，它對月球表面壓力大小等于它在月球表面的重力大小；由于月球表面自由落體加速度約為地球表面自由落體加速度的，則樣品在地球表面的重力大于在月球表面的重力，所以樣品放置在月球背面時對月球的壓力，比放置在地球表面時對地球的壓力小，故B錯誤，D正確；C．樣品在不同過程中受到引力不同，但樣品的質量相同，故C錯誤。故選D。4.如圖，一光滑大圓環固定在豎直平面內，質量為m的小環套在大圓環上，小環從靜止開始由大圓環頂端經Q點自由下滑至其底部，Q為豎直線與大圓環的切點。則小環下滑過程中對大圓環的作用力大?。ǎ〢.在Q點最大 B.在Q點最小 C.先減小后增大 D.先增大后減小〖答案〗C〖解析〗【詳析】方法一（分析法）：設大圓環半徑為，小環在大圓環上某處（點）與圓環的作用力恰好為零，如圖所示設圖中夾角為，從大圓環頂端到點過程，根據機械能守恒定律在點，根據牛頓第二定律聯立解得從大圓環頂端到點過程，小環速度較小，小環重力沿著大圓環圓心方向的分力大于小環所需的向心力，所以大圓環對小環的彈力背離圓心，不斷減小，從點到最低點過程，小環速度變大，小環重力和大圓環對小環的彈力合力提供向心力，所以大圓環對小環的彈力逐漸變大，根據牛頓第三定律可知小環下滑過程中對大圓環的作用力大小先減小后增大。方法二（數學法）：設大圓環半徑為，小環在大圓環上某處時，設該處與圓心的連線與豎直向上的夾角為，根據機械能守恒定律在該處根據牛頓第二定律聯立可得則大圓環對小環作用力的大小根據數學知識可知的大小在時最小，結合牛頓第三定律可知小環下滑過程中對大圓環的作用力大小先減小后增大。故選C。5.在電荷量為Q的點電荷產生的電場中，將無限遠處的電勢規定為零時，距離該點電荷r處的電勢為，其中k為靜電力常量，多個點電荷產生的電場中某點的電勢，等于每個點電荷單獨存在的該點的電勢的代數和。電荷量分別為和的兩個點電荷產生的電場的等勢線如圖中曲線所示（圖中數字的單位是伏特），則（）A.， B.， C.， D.，〖答案〗B〖解析〗【詳析】根據兩點電荷周圍的電勢分布可知帶正電，帶負電；由圖中電勢為0的等勢線可知由圖中距離關系可知聯立解得故選B。6.如圖，理想變壓器的副線圈接入電路的匝數可通過滑動觸頭T調節，副線圈回路接有滑動變阻器R、定值電阻和、開關S。S處于閉合狀態，在原線圈電壓不變的情況下，為提高的熱功率，可以（）A.保持T不動，滑動變阻器R的滑片向f端滑動B.將T向b端移動，滑動變阻器R的滑片位置不變C.將T向a端移動，滑動變阻器R的滑片向f端滑動D.將T向b端移動，滑動變阻器R的滑片向e端滑動〖答案〗AC〖解析〗【詳析】A．保持T不動，根據理想變壓器的性質可知副線圈中電壓不變，當滑動變阻器R的滑片向f端滑動時，R與串聯后的總電阻減小，電流增大，根據可知此時熱功率增大，故A正確；B．將T向b端移動，副線圈匝數變小，故副線圈兩端電壓變小，滑動變阻器R的滑片位置不變時，通過的電流減小，故熱功率減小，故B錯誤；C．將T向a端移動，副線圈匝數增加，故副線圈兩端電壓變大，滑動變阻器R的滑片向f端滑動，R與串聯后的總電阻減小，電流增大，此時熱功率增大，故C正確；D．將T向b端移動，副線圈匝數減少，故副線圈兩端電壓變小，滑動變阻器R的滑片向e端滑動，R與串聯后的總電阻增大，電流減小，此時熱功率減小，故D錯誤。故選AC。7.蹦床運動中，體重為的運動員在時剛好落到蹦床上，對蹦床作用力大小F與時間t的關系如圖所示。假設運動過程中運動員身體始終保持豎直，在其不與蹦床接觸時蹦床水平。忽略空氣阻力，重力加速度大小取。下列說法正確的是（）A.時，運動員的重力勢能最大B.時，運動員的速度大小為C.時，運動員恰好運動到最大高度處D.運動員每次與蹦床接觸到離開過程中對蹦床的平均作用力大小為〖答案〗BD〖解析〗【詳析】A．根據牛頓第三定律結合題圖可知時，蹦床對運動員的彈力最大，蹦床的形變量最大，此時運動員處于最低點，運動員的重力勢能最小，故A錯誤；BC．根據題圖可知運動員從離開蹦床到再次落到蹦床上經歷的時間為，根據豎直上拋運動的對稱性可知，運動員上升時間為1s，則在時，運動員恰好運動到最大高度處，時運動員的速度大小故B正確，C錯誤；D．同理可知運動員落到蹦床時的速度大小為，以豎直向上為正方向，根據動量定理其中代入數據可得根據牛頓第三定律可知運動員每次與蹦床接觸到離開過程中對蹦床的平均作用力大小為，故D正確。故選BD。8.如圖，一絕緣細繩跨過兩個在同一豎直面（紙面）內的光滑定滑輪，繩的一端連接一矩形金屬線框，另一端連接一物塊。線框與左側滑輪之間的虛線區域內有方向垂直紙面的勻強磁場，磁場上下邊界水平，在時刻線框的上邊框以不同的初速度從磁場下方進入磁場。運動過程中，線框始終在紙面內且上下邊框保持水平。以向上為速度的正方向，下列線框的速度v隨時間t變化的圖像中可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗AC〖解析〗【詳析】設線圈的上邊進入磁場時的速度為v，設線圈的質量M，物塊的質量m，圖中線圈進入磁場時線圈的加速度向下，則對線圈由牛頓第二定律可知對滑塊其中即線圈向上做減速運動，隨速度的減小，向下的加速度減?。划敿铀俣葹榱銜r，即線圈勻速運動的速度為A．若線圈進入磁場時的速度較小，則線圈進入磁場時做加速度減小的減速運動，線圈的速度和加速度都趨近于零，則圖像A可能正確；B．因t=0時刻線圈就進入磁場，則進入磁場時線圈向上不可能做勻減速運動，則圖像B不可能；CD．若線圈的質量等于物塊的質量，且當線圈進入磁場時，且速度大于v0，線圈進入磁場做加速度減小的減速運動，完全進入磁場后線圈做勻速運動；當線圈出離磁場時，受向下的安培力又做加速度減小的減速運動，最終出離磁場時做勻速運動，則圖像C有可能，D不可能。故選AC。二、非選擇題：9.學生小組為了探究超重和失重現象，將彈簧測力計掛在電梯內，測力計下端掛一物體。已知當地重力加速度大小為。（1）電梯靜止時測力計示數如圖所示，讀數為_____N（結果保留1位小數）；（2）電梯上行時，一段時間內測力計的示數為，則此段時間內物體處于_____（填“超重”或“失重”）狀態，電梯加速度大小為_____（結果保留1位小數）?！即鸢浮剑?）5.0（2）①.失重②.1.0〖解析〗【小問1詳析】由圖可知彈簧測力計的分度值為0.5N，則讀數為5.0N。【小問2詳析】[1]電梯上行時，一段時間內測力計的示數為，小于物體的重力可知此段時間內物體處于失重狀態；[2]根據根據牛頓第二定律代入數據聯立解得電梯加速度大小10.電阻型氧氣傳感器的阻值會隨所處環境中的氧氣含量發生變化。在保持流過傳感器的電流（即工作電流）恒定的條件下，通過測量不同氧氣含量下傳感器兩端的電壓，建立電壓與氧氣含量之間的對應關系，這一過程稱為定標。一同學用圖（a）所示電路對他制作的一個氧氣傳感器定標。實驗器材有：裝在氣室內的氧氣傳感器（工作電流）、毫安表（內阻可忽略）、電壓表、電源、滑動變阻器、開關、導線若干、5個氣瓶（氧氣含量分別為、、、、）。（1）將圖（a）中的實驗器材間的連線補充完整_____，使其能對傳感器定標；（2）連接好實驗器材，把氧氣含量為1%的氣瓶接到氣體入口；（3）把滑動變阻器的滑片滑到_____端（填“a”或“b”），閉合開關；（4）緩慢調整滑動變阻器的滑片位置，使毫安表的示數為，記錄電壓表的示數U；（5）斷開開關，更換氣瓶，重復步驟（3）和（4）；（6）獲得的氧氣含量分別為、、和的數據已標在圖（b）中；氧氣含量為時電壓表的示數如圖（c），該示數為______V（結果保留2位小數）?，F測量一瓶待測氧氣含量的氣體，將氣瓶接到氣體入口，調整滑動變阻器滑片位置使毫安表的示數為，此時電壓表的示數為1.50V，則此瓶氣體的氧氣含量為_____（結果保留整數）。〖答案〗①.②.③.1.40④.17〖解析〗【詳析】（1）[1]為了保持流過傳感器的電流恒定，電阻型氧氣傳感器兩端的電壓調節范圍較大，所以滑動變阻器采用分壓式接法，由于毫安表內阻可忽略，所以電流表采用內接法，實物連接圖如圖所示（3）[2]為了保護電路，閉合開關前，需要電阻型氧氣傳感器兩端的電壓為零，故滑動變阻器的滑片滑到端口；（6）[3]由圖可知，電壓表的分度值為0.1V，需要估讀到分度值下一位，其讀數為1.40V；[4]當瓶氣體的氧氣含量為時，電壓為1.40V，在圖（b）中描出該點，用平滑的曲線將各點連接起來，如圖所示可知電壓表的示數為1.50V時，此瓶氣體的氧氣含量為。11.為搶救病人，一輛救護車緊急出發，鳴著笛沿水平直路從時由靜止開始做勻加速運動，加速度大小，在時停止加速開始做勻速運動，之后某時刻救護車停止鳴笛，時在救護車出發處的人聽到救護車發出的最后的鳴笛聲。已知聲速，求：（1）救護車勻速運動時的速度大??；（2）在停止鳴笛時救護車距出發處的距離?！即鸢浮剑?）20m/s；（2）680m〖解析〗【詳析】（1）根據勻變速運動速度公式可得救護車勻速運動時的速度大小（2）救護車加速運動過程中的位移設在時刻停止鳴笛，根據題意可得停止鳴笛時救護車距出發處的距離代入數據聯立解得12.如圖，金屬導軌平行且水平放置，導軌間距為L，導軌光滑無摩擦。定值電阻大小為R，其余電阻忽略不計，電容大小為C。在運動過程中，金屬棒始終與導軌保持垂直。整個裝置處于豎直方向且磁感應強度為B的勻強磁場中。(1)開關S閉合時，對金屬棒施加以水平向右的恒力，金屬棒能達到的最大速度為v0。當外力功率為定值電阻功率的兩倍時，求金屬棒速度v的大小。(2)當金屬棒速度為v時，斷開開關S，改變水平外力并使金屬棒勻速運動。當外力功率為定值電阻功率的兩倍時，求電容器兩端的電壓以及從開關斷開到此刻外力所做的功?！即鸢浮剑?）；（2），〖解析〗【詳析】（1）開關S閉合后，當外力與安培力相等時，金屬棒的速度最大，則由閉合電路歐姆定律金屬棒切割磁感線產生的感應電動勢為聯立可得，恒定的外力為在加速階段，外力的功率為定值電阻的功率為若時，即化簡可得金屬棒速度v的大小為（2）斷開開關S，電容器充電，則電容器與定值電阻串聯，則有當金屬棒勻速運動時，電容器不斷充電，電荷量q不斷增大，電路中電流不斷減小，則金屬棒所受安培力不斷減小，而拉力的功率定值電阻功率當時有可得根據可得此時電容器兩端電壓為從開關斷開到此刻外力所做的功為其中聯立可得（二）選考題：共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目題號后的方框涂黑。注意所做題目的題號必須與所涂題目的題號一致，并且在解答過程中寫清每問的小題號，在答題卡指定位置答題。如果多做則每學科按所做的第一題計分。[物理——選修3-3]（15分）13.如圖，四個相同的絕熱試管分別倒立在盛水的燒杯a、b、c、d中，平衡后燒杯a、b、c中的試管內外水面的高度差相同，燒杯d中試管內水面高于試管外水面。已知四個燒杯中水的溫度分別為、、、，且。水的密度隨溫度的變化忽略不計。下列說法正確的是（）A.a中水的飽和氣壓最小B.a、b中水飽和氣壓相等C.c、d中水的飽和氣壓相等D.a、b中試管內氣體的壓強相等E.d中試管內氣體的壓強比c中的大〖答案〗ACD〖解析〗【詳析】A．同一物質的飽和氣壓與溫度有關，溫度越大，飽和氣壓越大，a中水的溫度最低，則a中水的飽和氣壓最小，故A正確；B．同理，a中水的溫度小于b中水的溫度，則a中水的飽和氣壓小于b中水的飽和氣壓，故B錯誤；C．c中水的溫度等于d中水的溫度，則c、d中水的飽和氣壓相等，故C正確；D．設大氣壓強為，試管內外水面的高度差為，則a、b中試管內氣體的壓強均為故D正確；E．d中試管內氣體的壓強為c中試管內氣體的壓強為可知故E錯誤。故選ACD。14.如圖，一豎直放置的汽缸內密封有一定量的氣體，一不計厚度的輕質活塞可在汽缸內無摩擦滑動，移動范圍被限制在卡銷a、b之間，b與汽缸底部的距離，活塞的面積為。初始時，活塞在卡銷a處，汽缸內氣體的壓強、溫度與活塞外大氣的壓強、溫度相同，分別為和。在活塞上施加豎直向下的外力，逐漸增大外力使活塞緩慢到達卡銷b處（過程中氣體溫度視為不變），外力增加到并保持不變。（1）求外力增加到時，卡銷b對活塞支持力的大?。唬?）再將汽缸內氣體加熱使氣體溫度緩慢升高，求當活塞剛好能離開卡銷b時氣體的溫度?！即鸢浮剑?）100N；（2）327K〖解析〗【詳析】（1）活塞從位置到過程中，氣體做等溫變化，初態、末態、根據解得此時對活塞根據平衡條件解得卡銷b對活塞支持力的大小（2）將汽缸內氣體加熱使氣體溫度緩慢升高，當活塞剛好能離開卡銷b時，氣體做等容變化，初態，末態，對活塞根據平衡條件解得設此時溫度為，根據解得[物理——選修3-4]（15分）15.一列簡諧橫波沿x軸傳播，周期為，時刻的波形曲線如圖所示，此時介質中質點b向y軸負方向運動，下列說法正確的是（）A.該波的波速為B.該波沿x軸正方向傳播C.時質點a和質點c運動方向相反D.時介質中質點a向y軸負方向運動E.時介質中質點b的速率達到最大值〖答案〗ACD〖解析〗【詳析】A．由圖可知波長為則該波的波速為故A正確；B．此時介質中質點b向y軸負方向運動，根據波形平移法可知，該波沿x軸負方向傳播，故B錯誤；C．由于質點a和質點c之間距離為半個波長，則質點a和質點c的振動完全相反，所以時質點a和質點c的運動方向相反，故C正確；D．時刻質點a處于波峰位置，則時，質點a剛好經過平衡位置向y軸負方向運動，故D正確；E．時刻質點b處于平衡位置向y軸負方向運動，則時，質點b剛好處于波峰位置，此時質點b的速率為0，故E錯誤。故選ACD。16.一玻璃柱的折射率，其橫截面為四分之一圓，圓的半徑為R，如圖所示。截面所在平面內，一束與AB邊平行的光線從圓弧入射。入射光線與AB邊的距離由小變大，距離為h時，光線進入柱體后射到BC邊恰好發生全反射。求此時h與R的比值?！即鸢浮健冀馕觥皆斘觥咳鐖D，畫出光路圖可知設臨界角為C，得，根據可得解得故可得故可知2024年普通高等學校招生全國統一考試物理注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上，并將自己的姓名、準考證號、座位號填寫在本試卷上。2.回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。涂寫在本試卷上無效。3.作答非選擇題時，將〖答案〗書寫在答題卡上，書寫在本試卷上無效。4.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1~5題只有一項符合題目要求，第6~8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.氘核可通過一系列聚變反應釋放能量，總的反應效果可用表示，式中x、y的值分別為（）A.， B.， C.， D.，〖答案〗C〖解析〗【詳析】根據反應前后質量數和電荷數守恒可得解得，故選C。2.如圖，一輕繩跨過光滑定滑輪，繩的一端系物塊P，P置于水平桌面上，與桌面間存在摩擦；繩的另一端懸掛一輕盤（質量可忽略），盤中放置砝碼。改變盤中砝碼總質量m，并測量P的加速度大小a，得到圖像。重力加速度大小為g。在下列圖像中，可能正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗【詳析】設P的質量為，P與桌面的動摩擦力為；以P為對象，根據牛頓第二定律可得以盤和砝碼為對象，根據牛頓第二定律可得聯立可得可知，a-m不是線性關系，排除AC選項,可知當砝碼的重力小于物塊P最大靜摩擦力時，物塊和砝碼靜止，加速度為0，當砝碼重力大于時，才有一定的加速度，當趨于無窮大時，加速度趨近等于。故選D。3.2024年5月，嫦娥六號探測器發射成功，開啟了人類首次從月球背面采樣返回之旅。將采得的樣品帶回地球，飛行器需經過月面起飛、環月飛行、月地轉移等過程。月球表面自由落體加速度約為地球表面自由落體加速度的。下列說法正確的是（）A.在環月飛行時，樣品所受合力為零B.若將樣品放置在月球正面，它對月球表面壓力等于零C.樣品在不同過程中受到的引力不同，所以質量也不同D.樣品放置在月球背面時對月球的壓力，比放置在地球表面時對地球的壓力小〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．在環月飛行時，樣品所受合力提供所需的向心力，不為零，故A錯誤；BD．若將樣品放置在月球正面，它對月球表面壓力大小等于它在月球表面的重力大??；由于月球表面自由落體加速度約為地球表面自由落體加速度的，則樣品在地球表面的重力大于在月球表面的重力，所以樣品放置在月球背面時對月球的壓力，比放置在地球表面時對地球的壓力小，故B錯誤，D正確；C．樣品在不同過程中受到引力不同，但樣品的質量相同，故C錯誤。故選D。4.如圖，一光滑大圓環固定在豎直平面內，質量為m的小環套在大圓環上，小環從靜止開始由大圓環頂端經Q點自由下滑至其底部，Q為豎直線與大圓環的切點。則小環下滑過程中對大圓環的作用力大小（）A.在Q點最大 B.在Q點最小 C.先減小后增大 D.先增大后減小〖答案〗C〖解析〗【詳析】方法一（分析法）：設大圓環半徑為，小環在大圓環上某處（點）與圓環的作用力恰好為零，如圖所示設圖中夾角為，從大圓環頂端到點過程，根據機械能守恒定律在點，根據牛頓第二定律聯立解得從大圓環頂端到點過程，小環速度較小，小環重力沿著大圓環圓心方向的分力大于小環所需的向心力，所以大圓環對小環的彈力背離圓心，不斷減小，從點到最低點過程，小環速度變大，小環重力和大圓環對小環的彈力合力提供向心力，所以大圓環對小環的彈力逐漸變大，根據牛頓第三定律可知小環下滑過程中對大圓環的作用力大小先減小后增大。方法二（數學法）：設大圓環半徑為，小環在大圓環上某處時，設該處與圓心的連線與豎直向上的夾角為，根據機械能守恒定律在該處根據牛頓第二定律聯立可得則大圓環對小環作用力的大小根據數學知識可知的大小在時最小，結合牛頓第三定律可知小環下滑過程中對大圓環的作用力大小先減小后增大。故選C。5.在電荷量為Q的點電荷產生的電場中，將無限遠處的電勢規定為零時，距離該點電荷r處的電勢為，其中k為靜電力常量，多個點電荷產生的電場中某點的電勢，等于每個點電荷單獨存在的該點的電勢的代數和。電荷量分別為和的兩個點電荷產生的電場的等勢線如圖中曲線所示（圖中數字的單位是伏特），則（）A.， B.， C.， D.，〖答案〗B〖解析〗【詳析】根據兩點電荷周圍的電勢分布可知帶正電，帶負電；由圖中電勢為0的等勢線可知由圖中距離關系可知聯立解得故選B。6.如圖，理想變壓器的副線圈接入電路的匝數可通過滑動觸頭T調節，副線圈回路接有滑動變阻器R、定值電阻和、開關S。S處于閉合狀態，在原線圈電壓不變的情況下，為提高的熱功率，可以（）A.保持T不動，滑動變阻器R的滑片向f端滑動B.將T向b端移動，滑動變阻器R的滑片位置不變C.將T向a端移動，滑動變阻器R的滑片向f端滑動D.將T向b端移動，滑動變阻器R的滑片向e端滑動〖答案〗AC〖解析〗【詳析】A．保持T不動，根據理想變壓器的性質可知副線圈中電壓不變，當滑動變阻器R的滑片向f端滑動時，R與串聯后的總電阻減小，電流增大，根據可知此時熱功率增大，故A正確；B．將T向b端移動，副線圈匝數變小，故副線圈兩端電壓變小，滑動變阻器R的滑片位置不變時，通過的電流減小，故熱功率減小，故B錯誤；C．將T向a端移動，副線圈匝數增加，故副線圈兩端電壓變大，滑動變阻器R的滑片向f端滑動，R與串聯后的總電阻減小，電流增大，此時熱功率增大，故C正確；D．將T向b端移動，副線圈匝數減少，故副線圈兩端電壓變小，滑動變阻器R的滑片向e端滑動，R與串聯后的總電阻增大，電流減小，此時熱功率減小，故D錯誤。故選AC。7.蹦床運動中，體重為的運動員在時剛好落到蹦床上，對蹦床作用力大小F與時間t的關系如圖所示。假設運動過程中運動員身體始終保持豎直，在其不與蹦床接觸時蹦床水平。忽略空氣阻力，重力加速度大小取。下列說法正確的是（）A.時，運動員的重力勢能最大B.時，運動員的速度大小為C.時，運動員恰好運動到最大高度處D.運動員每次與蹦床接觸到離開過程中對蹦床的平均作用力大小為〖答案〗BD〖解析〗【詳析】A．根據牛頓第三定律結合題圖可知時，蹦床對運動員的彈力最大，蹦床的形變量最大，此時運動員處于最低點，運動員的重力勢能最小，故A錯誤；BC．根據題圖可知運動員從離開蹦床到再次落到蹦床上經歷的時間為，根據豎直上拋運動的對稱性可知，運動員上升時間為1s，則在時，運動員恰好運動到最大高度處，時運動員的速度大小故B正確，C錯誤；D．同理可知運動員落到蹦床時的速度大小為，以豎直向上為正方向，根據動量定理其中代入數據可得根據牛頓第三定律可知運動員每次與蹦床接觸到離開過程中對蹦床的平均作用力大小為，故D正確。故選BD。8.如圖，一絕緣細繩跨過兩個在同一豎直面（紙面）內的光滑定滑輪，繩的一端連接一矩形金屬線框，另一端連接一物塊。線框與左側滑輪之間的虛線區域內有方向垂直紙面的勻強磁場，磁場上下邊界水平，在時刻線框的上邊框以不同的初速度從磁場下方進入磁場。運動過程中，線框始終在紙面內且上下邊框保持水平。以向上為速度的正方向，下列線框的速度v隨時間t變化的圖像中可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗AC〖解析〗【詳析】設線圈的上邊進入磁場時的速度為v，設線圈的質量M，物塊的質量m，圖中線圈進入磁場時線圈的加速度向下，則對線圈由牛頓第二定律可知對滑塊其中即線圈向上做減速運動，隨速度的減小，向下的加速度減??；當加速度為零時，即線圈勻速運動的速度為A．若線圈進入磁場時的速度較小，則線圈進入磁場時做加速度減小的減速運動，線圈的速度和加速度都趨近于零，則圖像A可能正確；B．因t=0時刻線圈就進入磁場，則進入磁場時線圈向上不可能做勻減速運動，則圖像B不可能；CD．若線圈的質量等于物塊的質量，且當線圈進入磁場時，且速度大于v0，線圈進入磁場做加速度減小的減速運動，完全進入磁場后線圈做勻速運動；當線圈出離磁場時，受向下的安培力又做加速度減小的減速運動，最終出離磁場時做勻速運動，則圖像C有可能，D不可能。故選AC。二、非選擇題：9.學生小組為了探究超重和失重現象，將彈簧測力計掛在電梯內，測力計下端掛一物體。已知當地重力加速度大小為。（1）電梯靜止時測力計示數如圖所示，讀數為_____N（結果保留1位小數）；（2）電梯上行時，一段時間內測力計的示數為，則此段時間內物體處于_____（填“超重”或“失重”）狀態，電梯加速度大小為_____（結果保留1位小數）?！即鸢浮剑?）5.0（2）①.失重②.1.0〖解析〗【小問1詳析】由圖可知彈簧測力計的分度值為0.5N，則讀數為5.0N?！拘?詳析】[1]電梯上行時，一段時間內測力計的示數為，小于物體的重力可知此段時間內物體處于失重狀態；[2]根據根據牛頓第二定律代入數據聯立解得電梯加速度大小10.電阻型氧氣傳感器的阻值會隨所處環境中的氧氣含量發生變化。在保持流過傳感器的電流（即工作電流）恒定的條件下，通過測量不同氧氣含量下傳感器兩端的電壓，建立電壓與氧氣含量之間的對應關系，這一過程稱為定標。一同學用圖（a）所示電路對他制作的一個氧氣傳感器定標。實驗器材有：裝在氣室內的氧氣傳感器（工作電流）、毫安表（內阻可忽略）、電壓表、電源、滑動變阻器、開關、導線若干、5個氣瓶（氧氣含量分別為、、、、）。（1）將圖（a）中的實驗器材間的連線補充完整_____，使其能對傳感器定標；（2）連接好實驗器材，把氧氣含量為1%的氣瓶接到氣體入口；（3）把滑動變阻器的滑片滑到_____端（填“a”或“b”），閉合開關；（4）緩慢調整滑動變阻器的滑片位置，使毫安表的示數為，記錄電壓表的示數U；（5）斷開開關，更換氣瓶，重復步驟（3）和（4）；（6）獲得的氧氣含量分別為、、和的數據已標在圖（b）中；氧氣含量為時電壓表的示數如圖（c），該示數為______V（結果保留2位小數）?，F測量一瓶待測氧氣含量的氣體，將氣瓶接到氣體入口，調整滑動變阻器滑片位置使毫安表的示數為，此時電壓表的示數為1.50V，則此瓶氣體的氧氣含量為_____（結果保留整數）?！即鸢浮舰?②.③.1.40④.17〖解析〗【詳析】（1）[1]為了保持流過傳感器的電流恒定，電阻型氧氣傳感器兩端的電壓調節范圍較大，所以滑動變阻器采用分壓式接法，由于毫安表內阻可忽略，所以電流表采用內接法，實物連接圖如圖所示（3）[2]為了保護電路，閉合開關前，需要電阻型氧氣傳感器兩端的電壓為零，故滑動變阻器的滑片滑到端口；（6）[3]由圖可知，電壓表的分度值為0.1V，需要估讀到分度值下一位，其讀數為1.40V；[4]當瓶氣體的氧氣含量為時，電壓為1.40V，在圖（b）中描出該點，用平滑的曲線將各點連接起來，如圖所示可知電壓表的示數為1.50V時，此瓶氣體的氧氣含量為。11.為搶救病人，一輛救護車緊急出發，鳴著笛沿水平直路從時由靜止開始做勻加速運動，加速度大小，在時停止加速開始做勻速運動，之后某時刻救護車停止鳴笛，時在救護車出發處的人聽到救護車發出的最后的鳴笛聲。已知聲速，求：（1）救護車勻速運動時的速度大??；（2）在停止鳴笛時救護車距出發處的距離?！即鸢浮剑?）20m/s；（2）680m〖解析〗【詳析】（1）根據勻變速運動速度公式可得救護車勻速運動時的速度大小（2）救護車加速運動過程中的位移設在時刻停止鳴笛，根據題意可得停止鳴笛時救護車距出發處的距離代入數據聯立解得12.如圖，金屬導軌平行且水平放置，導軌間距為L，導軌光滑無摩擦。定值電阻大小為R，其余電阻忽略不計，電容大小為C。在運動過程中，金屬棒始終與導軌保持垂直。整個裝置處于豎直方向且磁感應強度為B的勻強磁場中。(1)開關S閉合時，對金屬棒施加以水平向右的恒力，金屬棒能達到的最大速度為v0。當外力功率為定值電阻功率的兩倍時，求金屬棒速度v的大小。(2)當金屬棒速度為v時，斷開開關S，改變水平外力并使金屬棒勻速運動。當外力功率為定值電阻功率的兩倍時，求電容器兩端的電壓以及從開關斷開到此刻外力所做的功?！即鸢浮剑?）；（2），〖解析〗【詳析】（1）開關S閉合后，當外力與安培力相等時，金屬棒的速度最大，則由閉合電路歐姆定律金屬棒切割磁感線產生的感應電動勢為聯立可得，恒定的外力為在加速階段，外力的功率為定值電阻的功率為若時，即化簡可得金屬棒速度v的大小為（2）斷開開關S，電容器充電，則電容器與定值電阻串聯，則有當金屬棒勻速運動時，電容器不斷充電，電荷量q不斷增大，電路中電流不斷減小，則金屬棒所受安培力不斷減小，而拉力的功率定值電阻功率當時有可得根據可得此時電容器兩端電壓為從開關斷開到此刻外力所做的功為其中聯立可得（二）選考題：共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目題號后的方框涂黑。注意所做題目的題號必須與所涂題目的題號一致，并且在解答過程中寫清每問的小題號，在答題卡指定位置答題。如果多做則每學科按所做的第一題計分。[物理——選修3-3]（15分）13