PAGE17-孟德爾的豌豆雜交試驗（二）考點一兩對相對性狀的雜交試驗分析1.用分別定律分析兩對相對性狀的雜交試驗：2.F2中9種基因型和4種表現型分析：3.F2出現9∶3∶3∶1的4個條件：(1)所探討的每一對相對性狀只受一對等位基因限制，而且等位基因要完全顯性。(2)不同類型的雌、雄配子都能發育良好，且受精的機會均等。(3)全部后代都應處于相同的環境中，而且存活率相同。(4)供試驗的群體要足夠大，個體數量要足夠多。4.基因分別定律和自由組合定律的關系及相關比例圖解：【典例】(2024·全國卷Ⅱ)某種甘藍的葉色有綠色和紫色。已知葉色受2對獨立遺傳的基因A/a和B/b限制，只含隱性基因的個體表現隱性性狀，其他基因型的個體均表現顯性性狀。某小組用綠葉甘藍和紫葉甘藍進行了一系列試驗。試驗①：讓綠葉甘藍(甲)的植株進行自交，子代都是綠葉試驗②：讓甲植株與紫葉甘藍(乙)植株進行雜交，子代個體中綠葉∶紫葉=1∶3回答下列問題。(1)甘藍葉色中隱性性狀是___________，試驗①中甲植株的基因型為___________。

(2)試驗②中乙植株的基因型為_____________，子代中有___________種基因型。

(3)用另一紫葉甘藍(丙)植株與甲植株雜交，若雜交子代中紫葉和綠葉的分別比為1∶1，則丙植株全部可能的基因型是___________；若雜交子代均為紫葉，則丙植株全部可能的基因型是___________；若雜交子代均為紫葉，且讓該子代自交，自交子代中紫葉與綠葉的分別比為15∶1，則丙植株的基因型為____。

【解析】本題考查遺傳規律的應用。(1)試驗①中綠葉甘藍(甲)的植株進行自交，子代都是綠葉，不發生性狀分別，試驗②中甲植株與紫葉甘藍(乙)植株雜交，子代個體中綠葉∶紫葉=1∶3，說明綠葉為隱性性狀，即甲植株的基因型為aabb。(2)分析可知，乙植株的基因型為AaBb，與甲植株雜交的后代基因型有4種，分別為AaBb、Aabb、aaBb、aabb。(3)紫葉甘藍(丙)植株與甲植株雜交，子代中紫葉和綠葉的分別比為1∶1，說明丙植株有一對雜合基因，而另一對為隱性純合基因，所以可能的基因型為Aabb、aaBb；若雜交子代均為紫葉，則丙植株至少含有一對顯性純合基因，可能的基因型有AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb；若雜交子代均為紫葉，且讓該子代自交，自交子代中紫葉與綠葉的分別比為15∶1，說明該子代的基因型為AaBb，則丙植株的基因型為AABB。答案：(1)綠色aabb(2)AaBb4(3)Aabb、aaBbAABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABbAABB(1)試驗②中子代紫色個體自交，性狀表現及比例是紫葉∶綠葉=15∶1、紫葉∶綠葉=1∶1、紫葉∶綠葉=3∶1。(2)試驗②中子代紫色個體隨機傳粉受精，后代性狀表現及比例是紫葉∶綠葉=119∶25。(2024·全國卷Ⅲ)某小組利用某二倍體自花傳粉植物進行兩組雜交試驗，雜交涉及的四對相對性狀分別是：紅果(紅)與黃果(黃)，子房二室(二)與多室(多)，圓形果(圓)與長形果(長)，單一花序(單)與復狀花序(復)。試驗數據如表：組別雜交組合F1表現型F2表現型及個體數甲紅二×黃多紅二450紅二、160紅多、150黃二、50黃多紅多×黃二紅二460紅二、150紅多、160黃二、50黃多乙圓單×長復圓單660圓單、90圓復、90長單、160長復圓復×長單圓單510圓單、240圓復、240長單、10長復回答下列問題：(1)依據表中數據可得出的結論是：限制甲組兩對相對性狀的基因位于________上，依據是___________；限制乙組兩對相對性狀的基因位于_________(填“一對”或“兩對”)同源染色體上，依據是____

____。

(2)某同學若用“長復”分別與乙組的兩個F1進行雜交，結合表中數據分析，其子代的統計結果不符合___________的比例。

【解析】本題主要考查基因的自由組合定律應用的相關學問。(1)因題干說明是二倍體自花傳粉植物，雜交的品種均為純合子，依據表中甲的數據，可知F1的紅果、二室均為顯性性狀，甲的兩組F2的表現型之比均接近9∶3∶3∶1，所以限制甲組兩對相對性狀的基因位于非同源染色體上；乙組的F1的圓形果、單一花序均為顯性性狀，F2中第一組：圓∶長=(660+90)∶(90+160)=3∶1、單∶復=(660+90)∶(90+160)=3∶1；其次組：圓∶長=(510+240)∶(240+10)=3∶1、單∶復=(510+240)∶(240+10)=3∶1；但兩組的四種表現型之比均不是9∶3∶3∶1，說明限制每一對性狀的基因均遵循分別定律，限制這兩對性狀的基因不遵循自由組合定律，因此這兩對基因位于一對同源染色體上。(2)依據表中乙組的雜交試驗得到的F1均為雙顯性雜合子，F2的性狀分別比不符合9∶3∶3∶1，說明F1產生的四種配子比不是1∶1∶1∶1，所以用兩個F1分別與“長復”雙隱性個體測交，不會出現1∶1∶1∶1的比例。答案：(1)非同源染色體F2中兩對相對性狀表現型的分別比符合9∶3∶3∶1一對F2中每對相對性狀表現型的分別比都符合3∶1，而兩對相對性狀表現型的分別比不符合9∶3∶3∶1(2)1∶1∶1∶1【加固訓練】(2024·合肥模擬)某單子葉植物的非糯性(A)對糯性(a)為顯性，抗病(T)對染病(t)為顯性，花粉粒長形(D)對圓形(d)為顯性，三對等位基因分別位于三對同源染色體上，非糯性花粉遇碘液變藍，糯性花粉遇碘液變棕色。現有四種純合子基因型分別為：①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd。則下列說法正確的是 ()A.若采納花粉鑒定法驗證基因的分別定律，應當用①和③雜交所得F1的花粉B.若采納花粉鑒定法驗證基因的自由組合定律，可以視察①和②雜交所得F1的花粉C.若培育糯性抗病優良品種，應選用①和④親本雜交D.將②和④雜交后所得的F1的花粉涂在載玻片上，加碘液染色后，均為藍色【解析】選C。采納花粉鑒定法驗證基因的分別定律，必需是可以在顯微鏡下視察的性狀，即非糯性(A)和糯性(a)，花粉粒長形(D)和圓形(d)。①和③雜交所得F1的花粉只有抗病(T)和染病(t)不同，顯微鏡下視察不到，A錯誤；若采納花粉鑒定法驗證基因的自由組合定律，則應當選擇②④組合，視察F1的花粉，B錯誤；將②和④雜交后所得的F1(Aa)的花粉涂在載玻片上，加碘液染色后，一半花粉為藍色，一半花粉為棕色，D錯誤。考點二自由組合定律的解題思路及方法1.利用分別定律解決自由組合定律問題——分解組合法：(1)解題思路：①分解：將自由組合定律問題轉化為若干個分別定律問題。在獨立遺傳的狀況下，有幾對等位基因就可分解為幾組分別定律問題。如AaBb×Aabb，可分解為兩組：Aa×Aa，Bb×bb。②分析：按分別定律進行逐一分析。③組合：將用分別定律探討獲得的結果運用乘法原理、加法原理進行綜合，得到正確答案。(2)解題方法：①種類問題：題型分類解題規律示例配子類型(配子種類數)2n(n為等位基因對數)AaBbCCDd產生配子種類數為23=8配子間結合方式種類數配子間結合方式種類數等于配子種類數的乘積AABbCc×aaBbCC配子間結合方式種類數=4×2=8子代基因型(或表現型)種類雙親雜交(已知雙親基因型)，子代基因型(或表現型)等于各性狀按分別定律所求基因型(或表現型)的乘積AaBbCc×Aabbcc，基因型為3×2×2=12種，表現型為2×2×2=8種②概率問題：題型分類解題規律示例基因型(或表現型)的比例按分別定律求出相應基因型(或表現型)，然后利用乘法原理進行組合AABbDd×aaBbdd，F1中A_B_D_所占的比例為1×3/4×1/2=3/8純合子或雜合子出現的比例按分別定律求出純合子的概率的乘積為純合子出現的比例，雜合子概率=1-純合子概率AABbDd×AaBBdd，F1中AABBdd所占比例為1/2×1/2×1/2=1/82.已知親本和子代的表現型及其比例，求親代的基因型：(1)“隱性純合突破法”：一旦出現隱性性狀即可干脆寫出其基因型，并可推知其兩個親代都有隱性基因。(2)“待定基因法”：先依據親本表現型寫出親本中已知的基因框架，未知的用“_”表示，然后依據子代狀況來確定待定部分的基因。假如涉及多對基因，那么最好還是對每對基因(相對性狀)分別考慮。3.試驗探究不同對基因在染色體上的位置關系：(1)推斷基因是否位于不同對同源染色體上。以AaBb為例，若兩對等位基因分別位于兩對同源染色體上，則產生4種類型的配子。在此基礎上進行測交或自交時會出現特定的性狀分別比，如1∶1∶1∶1或9∶3∶3∶1等。(2)完全連鎖遺傳現象中的基因確定。基因完全連鎖(不考慮交叉互換)時，不符合基因的自由組合定律，其子代也呈現特定的性狀分別比，如圖所示：【典例】白粉菌和條銹菌能分別導致小麥感白粉病和條銹病，引起減產。采納相宜播種方式可限制感病程度。下表是株高和株型相近的小麥A、B兩品種在不同播種方式下的試驗結果。注：“+”的數目表示感染程度或產量凹凸；“-”表示未感染。據表回答：(1)抗白粉病的小麥品種是_____________，推斷依據是____。

(2)設計Ⅳ、Ⅴ兩組試驗，可探究

_________。

(3)Ⅰ、Ⅲ、Ⅳ三組相比，第Ⅲ組產量最高，緣由是

____。

(4)小麥抗條銹病性狀由基因T/t限制，抗白粉病性狀由基因R/r限制，兩對等位基因位于非同源染色體上，以A、B品種的植株為親本，取其F2中的甲、乙、丙單株自交，收獲籽粒并分別播種于不同處理的試驗小區中，統計各區F3中的無病植株比例。結果如下表。據表推想，甲的基因型是_________，乙的基因型是_________，雙菌感染后丙的子代中無病植株的比例為____。

【解析】本題考查對基因自由組合定律的敏捷運用。(1)由Ⅰ、Ⅱ單播A品種小麥均未感染白粉病，可知A品種小麥抗白粉病。(2)Ⅳ、Ⅴ兩組單播B品種小麥，但植株密度不同，可探究植株密度對B品種小麥感病程度及產量的影響。(3)Ⅰ、Ⅲ、Ⅳ三組總植株密度相同，三者相比，第Ⅲ組產量最高，緣由是混播后小麥感病程度下降。(4)依據甲自交后代非抗條銹病∶抗條銹病=75∶25=3∶1可推知非抗條銹病為顯性性狀，抗條銹病為隱性性狀；依據乙自交后代結果推知抗白粉病為顯性性狀，非抗白粉病為隱性性狀。依據F2自交F3的性狀分別比推知甲、乙、丙的基因型分別是Ttrr、ttRr、TtRr，雙菌感染后丙的子代中無病植株的基因型為ttRR或ttRr，比例為3/16。答案：(1)AⅠ、Ⅱ組小麥未感染白粉病(2)植株密度對B品種小麥感病程度及產量的影響(3)混播后小麥感病程度下降(4)TtrrttRr18.75%(或3/16)(2024·開封模擬)某植物莖稈有短節與長節，葉形有皺縮葉與正常葉，葉脈有綠色和褐色，莖稈有甜與不甜。下面是科研人員用該植物進行的兩個試驗(其中限制莖稈節長度的基因用A和a表示，限制葉形的基因用B和b表示)。請回答下列問題：(1)[試驗一]純合的短節正常葉植株與純合的長節皺縮葉植株雜交，F1全為長節正常葉植株，F2中長節正常葉∶長節皺縮葉∶短節正常葉∶短節皺縮葉=9∶3∶3∶1。①從生態學方面說明上述試驗中F1的性狀表現有利于________________________。

②請在方框內畫出F1基因在染色體的位置(用“|”表示染色體，用“·”表示基因在染色體上的位置)。(2)[試驗二]純合的綠色葉脈莖稈不甜植株與純合的褐色葉脈莖稈甜植株雜交，F1全為綠色葉脈莖稈不甜植株，F2中只有兩種表現型，且綠色葉脈莖稈不甜植株∶褐色葉脈莖稈甜植株=3∶1(無突變、致死現象等發生)。①與試驗一的F2結果相比，請嘗試提出一個說明試驗二的F2結果的假設：____。

②依據你的假設，試驗二中F1產生配子的種類有_______種。

【解析】(1)莖稈長節、正常葉更有利于植株光合作用的進行，增加其生存斗爭實力。從F2的表現型比例可知限制莖稈節長、葉形的兩對等位基因位于兩對同源染色體上，據此可畫出基因在染色體上的位置。(2)試驗二的F2中只有兩種表現型，且比例為3∶1，推想限制葉脈顏色、莖稈甜度的兩對等位基因可能位于一對同源染色體上。依據這個假設，F1能產生兩種配子。答案：(1)①增加光合作用實力，增加生存斗爭實力②如框內所示(2)①兩對等位基因位于一對同源染色體上②21.利用子代中各種分別比例來推斷親代基因型：(1)9∶3∶3∶1?(3∶1)(3∶1)?(Aa×Aa)×(Bb×Bb)。(2)1∶1∶1∶1?(1∶1)(1∶1)?(Aa×aa)×(Bb×bb)。(3)3∶3∶1∶1?(3∶1)(1∶1)?(Aa×Aa)×(Bb×bb)。(4)3∶1?(3∶1)×1?(Aa×Aa)×(BB×BB)或(Aa×Aa)×(BB×Bb)或(Aa×Aa)×(BB×bb)或(Aa×Aa)×(bb×bb)。2.自由組合定律的驗證方法：方法結論自交法F1自交后代的性狀分別比為9∶3∶3∶1，則符合基因的自由組合定律，由位于兩對同源染色體上的兩對等位基因限制測交法F1測交后代的性狀分別比為1∶1∶1∶1，則符合基因的自由組合定律，由位于兩對同源染色體上的兩對等位基因限制花粉鑒定法若有四種花粉，其比例為1∶1∶1∶1，則符合自由組合定律單倍體育種法取花藥離體培育，用秋水仙素處理單倍體幼苗，若植株有四種表現型，且比例為1∶1∶1∶1，則符合自由組合定律【加固訓練】1.(2024·黃山模擬)水稻高稈(H)對矮稈(h)為顯性，抗病(E)對感病(e)為顯性，兩對性狀獨立遺傳。若讓基因型為HhEe的水稻與“某水稻”雜交，子代高稈抗病∶矮稈抗病∶高稈感病∶矮稈感病=3∶3∶1∶1，則“某水稻”的基因型為 ()A.HhEe B.hhEeC.hhEE D.hhee【解析】選B。針對高稈和矮稈這一對相對性狀，子代中高稈∶矮稈=1∶1，說明親本為測交類型，即親本的基因型為Hh×hh；針對抗病與感病這一對相對性狀，子代中抗病∶感病=3∶1，說明親本均為雜合子，即親本的基因型均為Ee，綜合以上分析可知，親本水稻的基因型是HhEe×hhEe，B正確。2.(2024·太原模擬)利用豌豆的兩對相對性狀做雜交試驗，其中子葉黃色(Y)對綠色(y)為顯性，圓粒種子(R)對皺粒種子(r)為顯性。現用黃色圓粒豌豆和綠色圓粒豌豆雜交，對其子代性狀的統計結果如圖所示。下列有關敘述錯誤的是 ()A.試驗中所用親本的基因型為YyRr和yyRrB.子代中重組類型所占的比例為1/4C.子代中自交能產生性狀分別的占3/4D.讓子代黃色圓粒豌豆與綠色皺粒豌豆雜交，后代性狀分別比為1∶1∶1∶1【解析】選D。親本黃色圓粒豌豆(Y_R_)和綠色圓粒豌豆(yyR_)雜交，對其子代性狀分析，黃色∶綠色=1∶1，圓粒∶皺粒=3∶1，可推知親本黃色圓粒豌豆基因型應為YyRr，綠色圓粒豌豆基因型為yyRr。子代重組類型為黃色皺粒和綠色皺粒，黃色皺粒(Yyrr)占1/2×1/4=1/8，綠色皺粒(yyrr)占1/2×1/4=1/8，兩者之和為1/4。自交能產生性狀分別的是雜合子，子代純合子有yyRR和yyrr，其中yyRR占1/2×1/4=1/8，yyrr占1/2×1/4=1/8，兩者之和為1/4，則子代雜合子占1-1/4=3/4。子代黃色圓粒豌豆基因型為1/3YyRR和2/3YyRr，綠色皺粒豌豆基因型為yyrr，雜交所得后代應為黃色圓粒∶綠色圓粒∶黃色皺粒∶綠色皺粒=2∶2∶1∶1。考點三自由組合定律的遺傳特例1.“和”為16的特別分別比：(1)基因互作：條件F1(AaBb)自交后代比例F1測交后代比例存在一種顯性基因時表現為同一性狀，其余正常表現9∶6∶11∶2∶1兩種顯性基因同時存在時，表現為一種性狀，否則表現為另一種性狀9∶71∶3當某一對隱性基因成對存在時表現為雙隱性性狀，其余正常表現9∶3∶41∶1∶2只要存在顯性基因就表現為一種性狀，其余正常表現15∶13∶1(2)顯性基因累加效應：①表現：②緣由：A與B的作用效果相同，但顯性基因越多，其效果越強。2.“和”小于16的由基因致死導致的特別分別比：(1)致死類型歸類分析。①顯性純合致死。②隱性純合致死。a.雙隱性致死：F1自交后代：A_B_∶A_bb∶aaB_=9∶3∶3。b.單隱性致死(aa或bb致死)：F1自交后代：9A_B_∶3A_bb或9A_B_∶3aaB_。(2)致死類問題解題思路。①先將其拆分成分別定律單獨分析。②將單獨分析結果再綜合在一起，確定成活個體基因型、表現型及比例。【典例】(2024·江蘇高考)杜洛克豬毛色受獨立遺傳的兩對等位基因限制，毛色有紅毛、棕毛和白毛三種，對應的基因組成如表。請回答下列問題：毛色紅毛棕毛白毛基因組成A_B_A_bb、aaB_aabb(1)棕毛豬的基因型有___________種。

(2)已知兩頭純合的棕毛豬雜交得到的F1均表現為紅毛，F1雌雄交配產生F2。①該雜交試驗的親本基因型為___________。

②F1測交，后代表現型及對應比例為___________。

③F2中純合個體相互交配，能產生棕毛子代的基因型組合有___________種(不考慮正反交)。

④F2的棕毛個體中純合體的比例為___________。F2中棕毛個體相互交配，子代白毛個體的比例為____。

(3)若另一對染色體上有一對基因I、i，I基因對A和B基因的表達都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表現為白毛。基因型為IiAaBb的個體雌雄交配，子代中紅毛個體的比例為___________，白毛個體的比例為___________。

【解析】(1)由表格知：棕毛豬的基因組成為A_bb、aaB_，因此棕毛豬的基因型有：AAbb、Aabb、aaBB、aaBb4種。(2)①由兩頭純合棕毛豬雜交，F1均為紅毛豬，紅毛豬的基因組成為A_B_，可推知兩頭純合棕毛豬的基因型為AAbb和aaBB，F1紅毛豬的基因型為AaBb；②F1測交，即AaBb與aabb雜交，后代基因型及比例為AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1，依據表格可知后代表現型及對應比例為紅毛∶棕毛∶白毛=1∶2∶1；③F1紅毛豬的基因型為AaBb，F1雌雄個體隨機交配產生F2，F2的基因型有：A_B_、A_bb、aaB_、aabb，其中純合子有AABB、AAbb、aaBB、aabb，能產生棕毛豬(A_bb、aaB_)的基因型組合有：AAbb×AAbb、aaBB×aaBB、AAbb×aabb、aaBB×aabb共4種；④F2的基因型及比例為A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1，棕毛豬A_bb、aaB_所占比例為6/16，其中純合子為AAbb、aaBB，所占比例為2/16，故F2的棕毛個體中純合體所占的比例為2/6，即1/3。F2的棕毛個體中各基因型及比例為1/6AAbb、2/6Aabb、1/6aaBB、2/6aaBb。棕毛個體相互交配，能產生白毛個體(aabb)的雜交組合及概率為：2/6Aabb×2/6Aabb+2/6aaBb×2/6aaBb+2/6Aabb×2/6aaBb×2=1/3×1/3×1/4+1/3×1/3×1/4+1/3×1/3×1/2×1/2×2=1/9。(3)若另一對染色體上的I基因對A和B基因的表達有抑制作用，只要有I基因，不管有沒有A或B基因都表現為白毛，基因型為IiAaBb個體雌雄交配，后代中紅毛個體即基因型為iiA_B_的個體，利用分解法，把Ii和AaBb分開計算，Ii×Ii后代有3/4I_和1/4ii，AaBb×AaBb后代基因型及比例為A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1。故子代中紅毛個體(iiA_B_)的比例為1/4×9/16=9/64，棕毛個體(iiA_bb、iiaaB_)所占比例為1/4×6/16=6/64，白毛個體所占比例為1-9/64-6/64=49/64。答案：(1)4(2)①AAbb和aaBB②紅毛∶棕毛∶白毛=1∶2∶1③4④1/31/9(3)9/6449/64(1)為探討F2紅毛豬的基因型，讓其與白毛豬交配，基因型為AaBb后代會出現白毛豬，基因型為AABb、AaBB后代會出現棕毛豬，基因型AABB后代全是紅毛豬。(2)某棕毛豬與白毛豬交配，后代全是棕毛豬，則該棕毛豬的基因型是aaBB或AAbb。(2024·全國卷Ⅱ)若某哺乳動物毛色由3對位于常染色體上的、獨立安排的等位基因確定，其中，A基因編碼的酶可使黃色素轉化為褐色素；B基因編碼的酶可使該褐色素轉化為黑色素；D基因的表達產物能完全抑制A基因的表達；相應的隱性等位基因a、b、d的表達產物沒有上述功能。若用兩個純合黃色品種的動物作為親本進行雜交，F1均為黃色，F2中毛色表現型出現了黃∶褐∶黑=52∶3∶9的數量比，則雜交親本的組合是()A.AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbddB.aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDDC.aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbddD.AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd【解題指南】(1)題干關鍵信息：“F2中毛色表現型出現了黃∶褐∶黑=52∶3∶9的數量比”。(2)解題思路：依據F2性狀分別比之和→推斷F1的基因型→結合選項推斷親本的基因型。【解析】選D。本題主要考查基因自由組合定律的應用。由題意可知，確定黃毛色的基因型為aa____或A___D_，確定黑毛色的基因型為A_B_dd，且黑色個體在F2中所占比例為9÷(52+3+9)=9/64=3/4×(3/4)×(1/4)，可以推想出F1基因型為AaBbDd(黃色)，再依據親本為兩個純合的黃色品種以及黃色品種的基因型，可推出雜交親本的組合可能為AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd，因此D項正確。性狀分別比9∶3∶3∶1的變式題解題步驟【加固訓練】1.豌豆種子的種皮黃色(A)對綠色(a)為顯性，圓粒(B)對皺粒(b)為顯性，兩對相對性狀獨立遺傳，互不影響，基因組成為ab的花粉致死，現有基因型為AaBb的豌豆植株