江蘇省蘇州大學附屬中學2025屆物理高二第一學期期中聯考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、對于由點電荷Q產生的電場，下列說法中正確的是()A．電場強度的定義式仍成立，即E＝F/Q，式中的Q就是產生電場的點電荷B．在真空中電場強度的表達式為，式中的Q就是產生電場的點電荷C．在真空中E＝kq/r2，式中的q是試探電荷D．以上說法都不對2、有一條捕魚小船停靠在湖邊碼頭，一位同學想用一個卷尺粗略測出它的質量。他輕輕從船尾走向船頭，而后輕輕下船。用卷尺測出船后退的距離d和船長Ｌ，又知他的質量為m，則小船的質量為（不計湖水的阻力）A．mL+ddB．mL-dd3、最早提出用電場線描述電場的物理學家是（）A．牛頓B．伽利略C．法拉第D．阿基米德4、下列說法正確的是（）A．導體中電荷的運動就會形成電流B．電子運動的速率越大，電流越大C．單位時間內通過導體截面的電量越多，導體中的電流越大D．根據電流的公式I=q5、從空中某一高度同時平拋，自由落下兩個質量均為m的小球，不計空氣阻力，在小球落至地面的過程中（）A．它們的動能變化不同，動量變化相同B．它們的動能變化相同，動量變化相同C．它們的動能變化不同，動量變化不同D．它們的動能變化相同、動量變化都不同6、地球的周圍存在地磁場，能有效地改變射向地球的宇宙射線的方向，使它們不能到達地面，從而保護地球上的生命。假設有一束帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來（如圖，地球由西向東轉，虛線表示地球自轉軸，上方為地理北極），不考慮粒子受到的其他力的作用，只在地磁場的作用下，粒子在進入地球周圍的空間時，其偏轉方向以及速度大小的變化情況是()A．相對于預定地點向東偏轉，速度變大B．相對于預定地點向西偏轉，速度變大C．相對于預定地點向東偏轉，速度大小不變D．相對于預定地點向西偏轉，速度大小不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，甲、乙兩電路中電源完全相同，電阻R1>R2，在兩電路中分別通過相同的電量Q的過程中，下列關于兩電路的比較，正確的是（）A．電源內部產生電熱較少的一定是甲電路中的電源B．R1上產生的電熱一定比R2上產生的電熱少C．這兩個電源消耗的化學能一定是同樣多的D．電源輸出功率較大的一定是乙電路中的電源8、平行板電容器的一個極板與靜電計的金屬桿相連，另一個極板與靜電計金屬外殼相連，給電容器充電后，靜電計指針編轉一個角度，以下情況中，能使電靜電計指針偏角增大的有（）A．把兩板間的距離減小B．把兩板的正對面積減小C．在兩板間插入相對介電常數較大的電介質D．增大電容器所帶電荷量9、如圖甲，一帶電物塊無初速度地放上皮帶輪底端，皮帶輪以恒定大小的速率沿順時針傳動，該裝置處于垂直紙面向里的勻強磁場中，物塊由底端E運動至皮帶輪頂端F的過程中，其圖像如圖乙所示,物塊全程運動的時間為4.5s,關于帶電物塊及運動過程的說法正確的是A．該物塊帶正電B．皮帶輪的傳動速度大小一定為1m/sC．若已知皮帶的長度,可求出該過程中物塊與皮帶發生的相對位移D．在2～4.5S內,物塊與皮帶仍可能有相對運動10、如圖所示的電路，電源電壓U=3.0V，L1、L2、L3為3個相同規格的小燈泡，這種小燈泡的I-U特性曲線如右圖所示．當開關閉合后，下列關于電路中燈泡的說法中，正確的是()A．燈泡L1消耗的電功率為0.30WB．燈泡L1的電阻為7.5ΩC．燈泡L3的電阻為12ΩD．三燈泡消耗的總電功率為0.90W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，某同學在做“研究勻變速直線運動”實驗中，由電磁式打點計時器得到表示小車運動過程的一條清晰紙帶，紙帶上兩相鄰計數點之間還有四個計時點，其中s1＝7.05cm、s1＝7.68cm、s3＝8.33cm、s4＝8.95cm、s5＝9.61cm、s6＝10.15cm，已知該打點計時器的頻率f＝50Hz，則：（1）相鄰兩計數點間的時間間隔_________________s,（1）A點處瞬時速度的大小是vA＝_____m/s（3）小車運動的加速度計算表達式為a＝____m/s1．（計算結果保留兩位有效數字）12．（12分）某同學通過實驗測定一個阻值約為5Ω的電阻Rx的阻值．(1)現有電源(4V，內阻可不計)，滑動變阻器(0～50Ω，額定電流2A)，開關和導線若干，以及下列電表A．電流表(0～3A，內阻約0.025Ω)B．電流表(0～0.6A，內阻約0.125Ω)C．電壓表(0～3V，內阻約3kΩ)D．電壓表(0～15V，內阻約15kΩ)為減小測量誤差，在實驗中，電流表應選用________，電壓表應選用________(選填器材前的字母)；實驗電流應采用圖中的________(選填“甲”或“乙”)．(2)如圖是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線．請根據在(1)問中所選的電路圖，補充完成圖中實物間的連線_______________．(3)接通開關，改變滑動變阻器滑片P的位置，并記錄對應的電流表示數I、電壓表示數U.某次電表示數如圖所示，可得該電阻的測量值=________Ω(保留兩位有效數字)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，是一提升重物用的直流電動機工作時的電路圖，所加電壓為120V，通過的電流為4A．該電動機在12s內把一個質量為60kg的物體勻速提高了8m，不計摩擦，g取10m/s2，求：（1）電動機的電功率；（2）電動機線圈的內阻；（3）電動機的工作效率。14．（16分）虛線PQ、MN間存在如圖所示的水平勻強電場，一帶電粒子質量為、電荷量為，從a點由靜止開始經電壓為的電場加速后，垂直進入勻強電場中，從虛線MN上的某點b（圖中未畫出）離開勻強電場時速度與電場方向成角．已知PQ、MN間距為20cm，帶電粒子的重力忽略不計求：（1）帶電粒子剛進入勻強電場時的速率；（2）水平勻強電場的場強大小．15．（12分）某電機廠有一個圓形500匝的線圈，線圈總電阻為1500歐，2秒末時線圈的電流是，試求該時刻線圈磁通量的變化率是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

電場強度公式，適用于所有的電場，E為場源電荷產生的場強，q為試探電荷；點電荷的場強公式，其中E就是式中Q產生的場強；【詳解】A、電場強度的定義式，適用于任何電場，式中Q所指的試探電荷，故A錯誤；

B、在真空中，電場強度的表達式為：，式中Q就是產生電場的電荷即場源電荷，該公式適用點電荷電場，故B正確，CD錯誤．【點睛】本題考查的就是學生對基本公式使用條件及物理量的物理意義，在平時要注意多積累．2、B【解析】

設人的位移為s人，船的位移為d=L-s根據動量守恒可知：mv同乘時間可得：ms解得：船的質量為M=mL-dd,故B對故選B3、C【解析】屬于識記的內容。若沒有記清楚，也可以采用排除法，除了法拉第以外，其他三個選項提到的物理學家都沒有研究電場。4、C【解析】

導體中電荷的定向移動就會形成電流，選項A錯誤；根據I=nesv可知，電子運動的速率越大，電流不一定越大，選項B錯誤；根據I=q/t可知，單位時間內通過導體截面的電量越多，導體中的電流越大，選項C正確；電流的公式I=qt，采用的是比值定義法，電流的大小與通過橫截面的電量、通電時間無關。故D5、B【解析】

根據動能定理知，兩球在整個運動過程中只有重力做功，下降的高度相同，則重力做功相同，動能的變化量相同；因下落的時間相同，根據動量定理ΔP=mgt可知動量的變化相同，選項B正確，ACD錯誤；故選B。6、C【解析】當帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時,根據左手定則可以判斷粒子的受力的方向為向東,所以粒子將向東偏轉.而洛倫茲力一定垂直與速度,不做功,故不改變速度大小.所以C選項是正確的綜上所述本題答案是：C點睛：根據地球磁場的分布,由左手定則可以判斷粒子的受力的方向,從而可以判斷粒子的運動的方向.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

由題：電源的電動勢E和內阻r相同，電阻R1＞R1，由閉合電路歐姆定律可知電流I1＜I1．電源內部產生電熱為Q內=I1rt=qIr，可見，電源內部產生電熱較多的是乙電路中的電源。故A正確。兩個電阻產生的熱量Q=I1Rt=qIR=q（E-Ir），電阻R1＞R1，I1＜I1，則R1上產生的電熱比R1上產生的電熱多。故B錯誤。電源消耗的化學能為W=EIt=Eq，E和q都相同，則W相同。故C正確。兩電阻的阻值與電源的內阻關系不清楚，無法判斷電源輸出功率的大小。故D錯誤。故選AC。【點睛】本題關鍵是將焦耳定律變形Q=I1Rt=qU，即變成電流做功的原始表達式．要知道當電源的內外電阻相等時電源的輸出功率最大，要根據內外電阻的關系分析電源的輸出功率的大小．8、BD【解析】

A．減小板間距離d，根據電容的決定式分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢差U減小，則靜電計的指針偏角變小，故A項錯誤；B．減小極板正對面積，根據電容的決定式，分析得知，電容C減小，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢差U增大，則靜電計的指針偏角變大，故B項正確；C．在兩板間插入相對常數較大的電介質，根據電容的決定式，分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢差U減小，則靜電計的指針偏角變小，故C項錯誤；D．增大電容器所帶電荷量，由公式可知，板間電勢差U增大，則靜電計的指針偏角變大，故D項正確。9、AD【解析】

由圖乙可知，物塊做加速度逐漸減小的加速運動。物塊的最大速度是1m/sA項：對物塊進行受力分析可知，開始時物塊受到重力、支持力和摩擦力的作用，設動摩擦因數為μ，沿斜面的方向：μFN-mgsinθ=ma

①物塊運動后，又受到洛倫茲力的作用，加速度逐漸減小，由①式可知，物塊的加速度逐漸減小，一定是FN逐漸減小，而開始時：FN=mgcosθ，后來：FN′=mgcosθ-f洛，即洛倫茲力的方向是向上的。物塊沿傳送帶向上運動，由左手定則可知，物塊帶正電，故A正確；B、D項：物塊向上運動的過程中，洛倫茲力越來越大，則受到的支持力越來越小，結合①式可知，物塊的加速度也越來越小，當加速度等于0時，物塊達到最大速度，此時：mgsinθ=μ（mgcosθ-f洛）②由②可知，只要傳送帶的速度大于等于1m/s，則物塊達到最大速度的條件與傳送帶的速度無關，所以傳送帶的速度可能是1m/s，有可能是大于1m/s，物塊可能相對于傳送帶靜止，有可能相對于傳送帶不靜止。故B錯誤，D正確；C項：由以上的分析可知，傳送帶的速度不能判斷，所以若已知皮帶的長度，也不能求出該過程中物塊與皮帶發生的相對位移。故C錯誤。故選：D。10、ABC【解析】

AB、由題意，電源電動勢為3.0V，內阻不計，則知L3的電壓U3=E=3V，L2、L1的電壓均為，由小燈泡的伏安特性曲線讀出L1的電流為I1=0.20A，則其電阻為，燈泡L1消耗的電功率為，故A、B正確；C、由小燈泡的伏安特性曲線讀出L3的電流為I3=0.25A，則其電阻為，故C正確；D、燈泡L3消耗的電功率為，燈泡L2消耗的電功率等于燈泡L1消耗的電功率，所以三燈泡消耗的總電功率，故D錯誤；故選ABC．【點睛】關鍵是知道電源電動勢為3.0V，內阻不計，則知三個燈泡兩端的電壓，由小燈泡的伏安特性曲線讀出三個燈泡的電流，由求出電阻，根據P=UI求出功率．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.1s0.860.64【解析】

（1）[1]已知打點計時器的頻率f＝50Hz，則其周期為=0.01s即打點計時器每隔T=0.01s打一個點在紙帶上，而紙帶上兩相鄰計數點之間還有四個計時點，所以相鄰計數點間的時間間隔為s（1）[1]根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可得A點處瞬時速度的大小是代入數據得：m/s；（3）[3]根據勻變速直線運動的推論公式△則有：代入數據得：m/s1．12、BC甲5.2【解析】

（1）合理選擇實驗器材，先選必要器材，再根據要求滿足安全性，準確性，方便操作的原則選擇待選器材．電流表的接法要求大電阻內接法，小電阻外接法．滑動變阻器是小電阻控制大電阻，用分壓式接法．（2）根據電路圖來連接實物圖，注意電表的正負極，并分幾個回路來連接；（3）由電壓表與電流表讀數，依據R=U/I，即可求解．【詳解】(1)因電源的電壓為4V，因此電壓表選擇3V量程，故選C；由于電阻Rx的阻值約為5Ω的，根據歐姆定律可知，電流的最大值為0.8A，從精確角度來說，電流表應選擇0.6A的量程，故選B；根據待測電阻的阻值與電壓表及電流表的阻值可知，待測電阻的阻值偏小，因此選擇電流表外接法，故選擇甲圖．(2)根據電路圖甲進行實物連接，如圖所示：(3)根據圖示可讀，電表讀數I＝0.50A，U＝2.60V，則被測電阻為＝5.2Ω.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）480W