山東省微山縣第二中學2025屆物理高二上期中監測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個電阻器，其阻值為9Ω，在其兩端加了一電壓３V，通電時間為10ｓ，則發熱量為：A．270Ｊ； B．10Ｊ； C．30Ｊ； D．810Ｊ．2、半導體溫度計是用熱敏電阻制造的，如圖所示，如果待測點的溫度升高，那么A．熱敏電阻變大，靈敏電流表示數變大B．熱敏電阻變大，靈敏電流表示數變小C．熱敏電阻變小，靈敏電流表示數變大D．熱敏電阻變小，靈敏電流表示數變小3、一帶電粒子在（重力不計）如圖所示的電場中，在電場力作用下，沿虛線所示軌跡從A點運動到B點，下列說法中正確的是（）A．粒子帶正電B．粒子的加速度在減少C．粒子的動能在增大D．粒子的電勢能在增大4、下列實驗，表明電子在磁場中偏轉的是()A． B．C． D．5、如下四個電場中，均有相互對稱分布的a、b兩點．其中電勢和場強都相同的是（）A． B． C． D．6、下列現象中，最能恰當地說明分子間有相互作用力的是（）A．氣體容易被壓縮 B．高壓密閉的鋼管中的油從筒壁滲出C．兩塊純凈的鉛塊緊壓后合在一起 D．滴入水中的墨汁微粒向不同方向運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為三個有界勻強磁場，磁感應強度大小均為B，方向分別垂直紙面向外、向里和向外，磁場寬度均為L，在磁場區域的左側邊界處，有一邊長為L的正方形導體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場方向垂直，現用外力F使線框以速度v勻速穿過磁場區域，以初始位置為計時起點，規定電流沿逆時針方向時的電動勢E為正，外力F向右為正。以下能正確反映感應電動勢E和外力F隨時間變化規律的圖象有A． B． C． D．8、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E′的直流電源(內阻不計)連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略．一帶負電油滴被固定于電容器中的P點．現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則()A．平行板電容器的電容將變大B．靜電計指針張角變小C．帶電油滴的電勢能將減少D．若先將上極板與電源正極的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴靜止不動9、如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極板之間的電勢差U，電容器已帶電，則下列判斷正確的是（）A．增大兩極板之間的距離，靜電計指針張角變大B．將A板稍微上移，靜電計指針張角將變大C．若將玻璃板插入兩板之間，則靜電計指針張角變大D．若減小兩極板間的距離，則靜電計指針張角變小10、如圖所示，單匝線圈ABCD邊長為L，粗細均勻且每邊電阻均為R，在外力作用下以速度v向右勻速全部進入場強為B的勻強磁場，線圈平面垂直于磁場方向，且。以下說法正確的是（）A．當CD邊剛進入磁場時，CD兩點間電勢差為BLvB．若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則通過線圈某一橫截面電量是第一次的2倍C．若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則外力做功的功率為第一次的4倍D．若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則線圈中產生的熱量是第一次的2倍三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測量一個“12V、6W”的小燈泡在不同電壓下的功率，給定了以下器材:電流表:0～0.6A，0～3A，內阻較小；電壓表:0～3V，0～15V，內阻很大；滑動變阻器；阻值范圍0～20Ω，允許最大電流1A；電源:12V，內阻不計；開關一個，導線若干。實驗時要求加在小燈泡兩端的電壓可從0～12V變化。（1）電壓表應選擇量程__________V；電流表應選擇量程_________A；滑動變阻器應采用_________(選填“分壓”或“限流”)接法。（2）將圖甲中的實物圖連接成實驗電路___；③某位同學測得小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，由圖可知，通過小燈泡的電流大小為0.40A時，加在它兩端的電壓為_______V，此時小燈泡的實際功率為_______W。（保留2位有效數字）12．（12分）現要測定一個額定電壓4V、額定功率為1.6W的小燈泡的伏安特性曲線。要求所測電壓范圍為0.1～4V。現有器材：直流電源E（電動勢4V、內阻不計），電壓表V（量程4.5V，內阻約為4×10Ω），電流表A1（量程200mA，內阻約為2Ω），電流表A2（量程為500mA，內阻約為1Ω），滑動變阻器R（最大阻值約為30Ω），電鍵S，導線若干。(1)如果既要滿足要求，又要測量誤差小，應該選用的電流表是____（填字母代號）(2)下面兩個電路應該選用的是___。（填“甲”“乙”）(3)測量值比真實值_______________。（填“偏大”“偏小”）(4)將下列實物連接成實驗電路補充完整______________。(5)剛開始實驗時，滑片應放在____________端。（填“a”“b”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，粗糙弧形軌道和兩個光滑半圓軌道組成翹尾巴的S形軌道．光滑半圓軌道半徑為R=0.2m，兩個光滑半圓軌道連接處C、D之間留有很小的空隙，剛好能夠使小球通過，C、D之間距離可忽略．粗糙弧形軌道最高點A與水平面上B點之間的高度為h=1.5m．從A點靜止釋放一個可視為質點的小球，小球沿翹尾巴的S形軌道運動后從E點水平飛出，落到水平地面上，落點到與E點在同一豎直線上B點的距離為s=1m．已知小球質量為m=0.8kg，不計空氣阻力，g=10m/s2，求：（1）小球從E點水平飛出時的速度大小；（2）小球運動到半圓軌道的B點時對軌道的壓力；（3）小球沿翹尾巴S形軌道運動時克服摩擦力做的功．14．（16分）如圖所示，分別在A、B兩點放置點電荷Q1=+210-14C和Q2=-210-14C，在AB的垂直平分線上有一點C，且AB=AC=BC=610-2m．試求：(1)C點的場強大小和方向；(2)如果有一電子靜止在C點，它所受的庫侖力的大小和方向．15．（12分）在水平放置且相距2cm的平行帶電金屬板間的勻強電場中，有一個質量為m=10-4g，電量q=-10-8C的帶電液滴，恰在兩板間的正中央處于靜止狀態。問：（1）哪塊板帶正電？（答上極板或下極板）板間電場強度多大？（2）若板間電場強度突然增為原來的2倍，液滴將做什么運動？到達極板時的速度多大？（結果可用根號表示）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

根據可得，發熱量為，故選B.2、C【解析】

熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，由閉合電路歐姆定律可知，電阻減小，電流增大，即靈敏電流表示數變大，故C正確。3、D【解析】由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力的方向大致斜向左下方，與電場強度方向相反，故粒子帶負電，故A錯誤．B點電場線密集，故電場強度大，電場力大，故加速度大，所以粒子的加速度一直增大，故B錯誤；由于帶電粒子是從A到B，帶電粒子受電場力的方向大致斜向左下方，故電場力做負功，動能減小，電勢能增大，故C錯誤，D正確．故選D.點睛：解這類題的思路：根據帶電粒子運動軌跡判定電場力方向，然后根據電性和電場線的疏密程度，判斷電場力方向，根據電場力做功判斷電勢能的變化．4、C【解析】A、通電導體在磁場中受到安培力作用而發生了偏轉．故A錯誤．B、電流產生磁場，磁場對小磁針有磁場力，使得小磁針發生了偏轉．故B錯誤．C、陰極射線管中電子束在磁場中受到洛倫茲力作用發生了偏轉．故C正確．D、開關閉合或斷開瞬間，螺線管B中產生了感應電流，電流表指針發生了偏轉．故D錯誤．5、B【解析】

A．ab兩點在一等勢面上，電勢相同，a的場強方向向左，b的場強方向向右，則場強不同，故A錯誤；B．a、b在等量異種電荷連線的中垂線上，而此中垂線是一條等勢線，兩點電勢相同．根據電場線分布的對稱性可知，這兩點場強相同，故B正確；C．a、b兩點場強相同，而電勢a點高于b點，故C錯誤；D．根據電場線的對稱性可知：a、b兩點的電勢相同，而a的場強方向向上，b點的場強方向下，場強不同，故D錯誤。故選B.6、C【解析】

A中說明氣體分子間的距離比較大，A錯誤，高壓密閉的鋼管中的油沿筒壁逸出，說明分子之間有間隙，故選項B錯誤；將兩塊表面干凈、平整的鉛壓緊，兩塊鉛就結合在一起說明由于分子引力兩個鉛塊粘在了一起，故選項C正確；滴入水中的墨汁微粒向不同方向運動說明了分子的無規則運動，D錯誤，【點睛】（1）組成物質的分子在不停的做無規則運動，分子的運動與溫度有關，稱為熱運動；（2）分子間存在間隙，有相互作用的引力和斥力；（3）不同的物質相互接觸時，彼此進入對方的現象叫做擴散，擴散發生在固體、液體和氣體之間．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

根據楞次定律判斷可知，安培力阻礙導體與磁場間的相對運動，所以線框所受的安培力方向向左，由平衡條件得知外力方向一直向右，為正；在時間內，線框通過左邊的磁場，根據楞次定律判斷可得感應電動勢方向沿順時針，為負值。產生的感應電動勢為：感應電流為：外力等于安培力，為：；在時間內，線框從左邊磁場進入中間磁場，線框的左邊和右邊都產生磁感線產生感應電動勢，根據楞次定律判斷可得感應電動勢方向沿逆時針，為正值。回路中總的感應電動勢為：感應電流為：外力等于安培力，為：；在時間內，線框從中間磁場進入右邊磁場，線框的左邊和右邊都產生磁感線產生感應電動勢，根據楞次定律判斷可得感應電動勢方向沿順時針，為負值。回路中總的感應電動勢為:感應電流為:外力等于安培力，為:；在時間內，從右邊磁場穿出，根據楞次定律判斷可得感應電動勢方向沿逆時針，為正值。產生的感應電動勢為:感應電流為:外力等于安培力，為:所以根據數學知識可知，選項AD正確，BC錯誤。8、CD【解析】

電容器始終與電源相連，則電容器兩端間的電勢差不變，根據電容器d的變化判斷電容的變化以及電場強度的變化，從而判斷電荷電勢能和電場力的變化．【詳解】現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，導致極板間距增大，根據知，d增大，則電容減小，A錯誤；靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，B錯誤；電勢差不變，d增大，則電場強度減小，P點與上極板的電勢差減小，則P點的電勢增大，因為該電荷為負電荷，則電勢能減小，C正確；若先將電容器上極板與電源正極的導線斷開，則電荷量不變，d改變，根據，知電場強度不變，則油滴所受電場力不變，D正確．9、ABD【解析】

A.增大兩極板之間的距離，電容器所帶電荷量一定，，當d變大時，C變小，再由，得U變大；指針張角增大，故A正確。B.當A板上移時，正對面積S變小，C也變小，電容器所帶電荷量一定，U變大，指針夾角增大，故B正確。C.當插入玻璃板時，增大了，C變大，電容器所帶電荷量一定，U變小，指針夾角減小，故C錯誤。D.當兩板間的距離減小時，C變大，電容器所帶電荷量一定，U變小，靜電計指針夾角減小，故D正確。10、CD【解析】

A．當CD邊剛進入磁場時，電動勢E=BLv；則CD兩點間電勢差為選項A錯誤；B．設正方形邊長為L。根據感應電荷量經驗公式，得：B、L、R都相等，所以兩次通過某一橫截面的電荷量相等．故B錯誤。

C．外力做功的功率等于電功率，即則外力做功的功率為第一次的4倍，選項C正確；D．根據焦耳定律得：線圈產生的熱量則得第二次與第一次線圈中產生的熱量之比為2：1，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)0~0.6A0~15V分壓式（2）（3）6.0V2.4W【解析】（1）小燈泡的額定電壓約12V，所以要選擇量程為0-15V的電壓表；流過燈泡的電流為所以電流表選擇0-0.6A的量程，要求電壓從零調節，因此要用滑動變阻器的分壓接法。（2）電路如圖所示：（3）從伏安特征曲線上可得，當小燈泡電流強度大小為0.40A時小燈泡兩端的電壓是6V，所以小燈泡的實際功率為：P=UI=6×0.40W=2.4W。12、A2甲偏小a【解析】

根據燈泡額定電流選擇電流表，根據燈泡電阻與電表內阻的關系確定電流表的接法，根據要求電壓調節范圍很大說明滑動變阻器應用分壓式接法；然后選擇實驗電路；【詳解】解：(1)對小燈泡由，所以電流表應選A2；(2)由于測定一個額定電壓4V、額定功率為1.6W的小燈泡的伏安特性曲線，所測電壓范圍為0.1～4V，所以滑動變阻器應用分壓式接法；由于滿足，所以電流表應用外接法，故應該選用甲圖；(3)由于電流表應用外接法，電壓表分流使電流表示數變大，測量值比真實值偏小；(4)實物圖如圖所示：(5)滑動變阻器做分壓器使用時，應該放在最小位置處，這樣可以起到保護電流表和用電器的目的，所以剛開始實驗時，滑片應放在a端；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）(2)F=97N，方向豎直向下（3）W=3.1J【解析】

(1)小球從E點飛出做平拋運動，根據高度求出運動的時間，再根據水平位移和時間求出平拋運動的初速度；(2)小球從B點運動到E點的過程，機械能守恒，根據機械能守恒定律得求出B點速度，在B點，沿半徑方向上的合力提供向心力，根據牛頓第二定律求出軌道對球的彈力，從而根據牛頓第三定律求出小球對軌道的壓力；(3)根據動能定理求出小球沿軌道運動過程中克服摩擦力所做的功．【詳解】(1)小球從E點水平飛出做平拋運動，設小球從E點水平飛出時的速度大小為vE，由平拋運動規律得：s=vEt聯立解得：；(2)小球從B點運動到E點的過程，機械能守恒，根據機械能守恒定律得：解得：在B點，根據牛頓第二定律得：由牛頓