2025屆那曲市物理高三上期中統考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個質量為M的人，站在臺秤上，一長為R的懸線一端系一個質量為m的小球，手拿懸線另一端，小球繞懸線另一端點在豎直平面內做圓周運動，且小球恰好能通過圓軌道最高點，則下列說法正確的是：（）A．小球運動到最低點時，臺秤的示數最大且為(M＋6m)gB．小球運動到最高點時，人處于失重狀態C．小球在a、c兩個位置時，臺秤的示數不相同D．小球從最高點運動到最低點的過程中臺秤的示數增大，人處于超重狀態2、質量為2kg的物體受到水平拉力F的作用，在光滑的水平面上由靜止開始做直線運動，運動過程中物體的加速度隨時間變化的規律如圖所示，則下列判斷正確的是A．第1s末物體的動能為4JB．第4s末拉力反向C．第4s末速度為7m/sD．前6s內拉力做功為03、從傾角為的足夠長的斜面上的A點，先后將同一小球以不同的初速度水平向右拋出．第一次初速度為v1，球落到斜面上的瞬時速度方向與斜面夾角為，第二次初速度為v2，球落到斜面上的瞬時速度方向與斜面夾角為，若v1＞v2，則（）A． B．C． D．無法確定4、如圖所示，將一質量為m的小球從空中O點以速度v0水平拋出，飛行一段時間后，小球經過P點時動能Ek=5mv02，不計空氣阻力，則小球從O到P（）A．下落的高度為B．速度增量為3v0，方向斜向下C．運動方向改變的角度滿足tanθ=D．經過的時間為5、下列關于物理學思想方法的敘述錯誤的是()A．探究加速度與力和質量關系的實驗中運用了控制變量法B．加速度、功率P=W/t的定義都運用了比值定義法C．千克、米、秒都是基本單位D．平均速度、合力、有效值等概念的建立運用了等效替代法6、如圖所示，A、B兩物體質量分別為mA、mB，且mA＞mB，置于光滑水平面上，相距較遠．將兩個大小均為F的力，同時分別水平作用在A、B上，經過相同時間后撤去兩個力，兩物體發生碰撞并粘在一起后將A．停止運動B．向左運動C．向右運動D．運動方向不能確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、假設地球同步衛星的軌道半徑是地球半徑的n倍，則下列有關地球同步衛星的敘述正確的是（）A．運行速度是第一宇宙速度的倍B．運行速度是第一宇宙速度的倍C．向心加速度是地球赤道上物體隨地球自轉的向心加速度的n倍D．向心加速度是地球赤道上物體隨地球自轉的向心加速度的倍8、如圖所示，A,B兩物體用細線連著跨過定滑輪靜止，A,B物體的重力分別為40N和10N，繩子和滑輪的質量、摩擦不計。以下說法正確的是()A．地面對A的支持力是30NB．物體A受到的合外力是30NC．彈簧測力計示數為10ND．彈簧測力計示數為20N9、地球同步衛星離地心距離為r，環繞速度大小為v1，加速度大小為a1，地球赤道上的物體隨地球自轉的向心加速度大小為a2，第一宇宙速度為v2，地球半徑為R，則下列關系式正確的是（）A．v1＜v2B．v1＞v2C．a1=a2D．a1＞a210、使物體成為衛星的最小發射速度稱為第一字宙速度，而使物體脫離星球引力所需要的最小發射速度稱為第二宇宙速度與的關系是=，已知某星球半徑是地球半徑R的，其表面的重力加速度是地球表面重力加速度g的，地球的平均密度為，不計其他星球的影響，則A．該星球上的第一宇宙速度為B．該星球上的第二宇宙速度為C．該星球的平均密度為D．該星球的質量為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某物理小組對輕彈簧的彈性勢能進行探究，實驗裝置如圖（a）所示：輕彈簧放置在光滑水平桌面上，彈簧左端固定，右端與一物塊接觸而不連接，紙帶穿過打點計時器并與物塊連接。向左推物塊使彈簧壓縮一段距離，由靜止釋放物塊，通過測量和計算，可求得彈簧被壓縮后的彈性勢能。（1）實驗中涉及到下列操作步驟：①把紙帶向左拉直②松手釋放物塊③接通打點計時器電源④向左推物塊使彈簧壓縮，并測量彈簧壓縮量上述步驟正確的操作順序是__________（填入代表步驟的序號）。（2）圖（b）中M和L兩條紙帶是分別把彈簧壓縮到不同位置后所得到的實際打點結果。打點計時器所用交流電的頻率為50Hz。由M紙帶所給的數據，可求出在該紙帶對應的實驗中物塊脫離彈簧時的速度為_______m/s（結果保留兩位小數）。比較兩紙帶可知，_______（填“M”或“L”）紙帶對應的實驗中彈簧被壓縮后的彈性勢能大。12．（12分）探究力對原來靜止的物體做的功與物體獲得的速度的關系，實驗裝置如圖4所示.實驗過程中有平衡摩擦力的步驟，并且設法讓橡皮筋對小車做的功以整數倍增大，即分別為W0、2W0、3W0、4W0….(1)實驗中首先通過調整木板傾斜程度平衡摩擦力，目的是________(填寫字母代號).A．為了釋放小車后小車能做勻加速運動B．為了增大橡皮筋對小車的彈力C．為了使橡皮筋對小車做的功等于合外力對小車做的功D．為了使小車獲得較大的動能(2)圖是在正確操作情況下打出的一條紙帶，從中截取了測量物體最大速度所用的一部分，已知相鄰兩點打點時間間隔為0.02s，則小車獲得的最大速度vm＝________m/s(保留3位有效數字).(3)幾名同學在實驗中分別得到了若干組橡皮筋對小車做的功W與小車獲得的最大速度vm的數據，并利用數據繪出了下列給出的四個圖象，你認為其中正確的是________.A．B．C．D．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R．有一顆衛星繞地球做勻速圓周運動，軌道離地面的高度是地球半徑的3倍．求該衛星做圓周運動的周期。14．（16分）如圖所示，橫截面積S＝100cm1的容器內，有一個用彈簧和底面相連的活塞，活塞的氣密性良好，當容器內氣體的溫度T1＝300K時，容器內外的壓強均為p0＝1.0×105Pa，活塞和底面相距L1＝10cm，彈簧勁度系數k＝1000N/m；在活塞上放物體甲，活塞最終下降d＝1cm后保持靜止，容器內氣體的溫度仍為T1＝300K．活塞質量及活塞與容器壁間的摩擦均不計，取g＝10m/s1．①求物體甲的質量m1；②在活塞上再放上物體乙，若把容器內氣體加熱到T1＝330K，系統平衡后，活塞保持放上物體甲平衡后的位置不變，求物體乙的質量m1．15．（12分）一質量為的滑塊能在傾角為的足夠長的斜面上以的加速度勻加速下滑。如圖所示，若用一水平向右的恒力作用于滑塊上，使之由靜止開始在內沿斜面向下運動的位移。（取）求：（1）滑塊和斜面之間的動摩擦因數；（2）恒力的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A．小球恰好能通過圓軌道最高點，在最高點，細線中拉力為零，根據牛頓第二定律：，解得小球速度為：小球從最高點運動到最低點，由機械能守恒定律得：，在最低點，由牛頓第二定律有：，聯立解得細線中拉力：F=6mg小球運動到最低點時，臺秤的示數最大且為：Mg+F=（M+6m）g。故A正確。B．小球運動到最高點P時，線的拉力為零，所以人不處于失重狀態。故B錯誤。C．小球在a、c處時，繩對小球有一個水平方向指向圓心的彈力來充當向心力，由牛頓第三定律得繩對人施加的也是水平方向的力，故小球在a、c兩個位置臺秤的示數相同均為Mg。故C錯誤。D．小球從最高點運動到最低點的過程中，人始終處于靜止狀態，人所受的合外力為零，人并無豎直方向的分加速度，則人并不處于超重狀態。故D錯誤。2、C【解析】

A．a-t圖象與時間軸圍成面積表示速度的變化量，故第1秒末物體的速度為故第1s末物體的動能為故A錯誤；B．由圖象可知，圖象一直在時間軸上方，即a＞0，由牛頓第二定律知，拉力方向沒有變化，故B錯誤；C．a-t圖象與時間軸圍成面積表示速度的變化量，故第4秒末物體的速度為故C正確；D．a-t圖象與時間軸圍成面積表示速度的變化量，故第6秒末物體的速度為根據動能定理可知，拉力做功不為零，故D錯誤。3、C【解析】

根據得：則落在斜面上時豎直方向上的分速度為：設速度與水平方向的夾角為，有：知落在斜面上時，速度與水平方向的夾角與初速度無關，則小球與水平方向的夾角相同，因為速度方向與斜面的夾角等于速度與水平方向的夾角減去斜面的傾角，所以有：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤。4、D【解析】

A．根據動能定理得，mgh＝5mv02?mv02解得故A錯誤．BD．根據Ek＝mv2＝5mv02得，P點的速度v=v0根據平行四邊形定則知，P點的豎直分速度vy＝＝3v0則運動的時間速度的增量△v=gt=3v0方向豎直向下，故B錯誤，D正確．C．根據tanθ＝知，運動方向改變的角度滿足tanθ=3，故C錯誤．故選D．【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，結合運動學公式靈活求解，對于平拋運動，有時可以結合動能定理進行求解．5、B【解析】在探究牛頓第二定律實驗時，需要控制質量一定，研究加速度與外力的關系，控制外力一定，研究加速度和質量的關系，故用到了控制變化量法，A正確；公式是加速度的決定式，不是比值法定義，B錯誤；g、m、s為基本量的單位，C正確；等效替代法是一種常用的方法，它是指用一種情況來等效替換另一種情況．如“平均速度”、“合力與分力”等，D正確．6、A【解析】

將兩個大小均為F的恒力，同時分別作用在A、B兩個物體上，經相同的時間后，撤去兩個力，兩個力的沖量的矢量和為零，系統動量守恒；兩個物體的動量等值、反向，故碰撞后粘在一起后均靜止；

A.停止運動，與結論相符，選項A正確；B.向左運動，與結論不相符，選項B錯誤；C.向右運動，與結論不相符，選項C錯誤；D.運動方向不能確定，與結論不相符，選項D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

AB．研究同步衛星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得地球同步衛星的軌道半徑是地球半徑的n倍，所以同步衛星的運行速度是第一宇宙速的倍，故A錯誤B正確。

CD．同步衛星的周期與地球自轉周期相同，即同步衛星和地球赤道上物體隨地球自轉具有相等的角速度。根據圓周運動公式得：an=ω2r，因為r=nR，所以同步衛星的向心加速度是地球赤道上物體隨地球自轉的向心加速度的n倍。故C正確，D錯誤。

故選BC。8、AD【解析】

AB.物體A、B都處于靜止狀態，即平衡狀態，對B分析有：T=GB=10N對A分析，受拉力、地面的支持力和重力，有：GA=T+N則：N=GA-T=40N-10N=30NA所受的合力為零，故A正確，B錯誤；CD.對滑輪分析，受兩個向下的拉力和彈簧的彈力，所以：F=2T=20N所以彈簧計的示數為20N，故C錯誤，D正確。?9、AD【解析】同步衛星繞地于做勻速圓周運動，第一宇宙速度是近地軌道上繞地球做勻速圓周運動的線速度，兩者都滿足萬有引力提供圓周運動的向心力即：由此可得：v=，因r>R，所以有v1＜v2，故A正確，B錯誤；同步衛星和地球自轉的周期相同，運行的角速度亦相等，則根據向心加速度a=rω2可知，同步衛星的加速度與地球赤道上物體隨地球自轉的向心加速度之比等于半徑比，因r>R，則a1＞a2；選項C錯誤，D正確；故選AD．點睛：萬有引力問題的主要處理思路是：環繞天體做圓周運動的向心力由萬有引力提供．同時掌握同步衛星的周期與地球自轉周期相同是解決本題的關鍵．10、BC【解析】

A．根據第一宇宙速度故A錯誤；B．根據題意，第二宇宙速度故B正確；C．根據公式且故所以故C正確；D．根據公式故D錯誤.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、④①③②1.29M【解析】

(1)[1]實驗中應先將物塊推到最左側，測量壓縮量，再把紙帶向左拉直；先接通電源，穩定后再釋放紙帶；故步驟為④①③②；(2)[2]由M紙帶可知，左側應為與物塊相連的位置；由圖可知，兩點間的距離先增大后不變；故2.58cm段時物體應脫離彈簧；則由平均速度可求得，其速度[3]因彈簧的彈性勢能轉化為物體的動能，則可知離開時速度越大，則彈簧的彈性勢能越大；由題目