2025屆上海市寶山區物理高三上期中預測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某電場在直角坐標系中的電場線分布情況如圖所示，O、P、M、N為電場中的四個點，其中P和M在一條電場線上，則下列說法正確的是（）A．M點的場強小于N點的場強B．M點的電勢高于N點的電勢C．將一負電荷由O點移到M點電勢能增加D．將一正電荷由P點無初速釋放，僅在電場力作用下，可沿PM電場線運動到M點2、如圖所示，彈簧測力計下掛有一長為L、質量為m的金屬棒，金屬棒處于磁感應強度垂直紙面向里的勻強磁場中，棒上通有如圖所示方向的電流I，金屬棒處于水平靜止狀態，若此時彈簧測力計示數大小為F，重力加速度為g，金屬棒以外部分的導線沒有處于磁場中且質量不計，則下列說法正確的是()A．金屬棒所受的安培力方向豎直向上B．金屬棒所受的安培力大小為mg－FC．若將電流增大為原來的2倍，平衡時彈簧測力計示數會增大為2FD．若將磁感應強度和金屬棒質量同時增大為原來的2倍，平衡時彈簧測力計示數會增大為2F3、如圖所示，A、B兩物體質量分別為mA=5kg和mB=4kg，與水平地面之間的動摩擦因數分別為μA=0.4和μB=0.5，開始時兩物體之間有一壓縮的輕彈簧（不拴接），并用細線將兩物體拴接在一起放在水平地面上．現將細線剪斷，則兩物體將被彈簧彈開，最后兩物體都停在水平地面上．下列判斷正確的是（）A．在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中，兩物體組成的系統動量不守恒B．在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中，整個系統的機械能守恒C．在兩物體被彈開的過程中，A、B兩物體的機械能先增大后減小D．兩物體一定不會同時停在地面上4、下列論述符合物理史實的是()A．伽利略發現了行星的運動規律B．開普勒發現了萬有引力定律C．卡文迪許首先在實驗室里測出了萬有引力常量D．牛頓根據萬有引力定律發現了海王星和冥王星5、如圖所示，小球a的質量為2m,小球b質量的m，分別與輕彈簧A、B和輕繩相連接并處于平衡狀態．輕彈簧A與豎直方向夾角為53°，則下列說法中正確的是()A．輕彈簧A、B的彈力之比為4∶1B．輕彈簧A、B的彈力之比為2∶1C．輕繩剪斷瞬間a、b的加速度分別為2g和0D．輕繩剪斷瞬間a、b的加速度分別為3g和06、如圖所示，一滑塊從半圓形光滑軌道上端由靜止開始滑下，當滑到最低點時，關于滑塊動能大小和對軌道最低點的壓力，下列結論正確的是（）A．軌道半徑越大，滑塊動能越大，對軌道的壓力越大B．軌道半徑越大，滑塊動能越大，對軌道的壓力與半徑無關C．軌道半徑越大，滑塊動能越大，對軌道的壓力越小D．軌道半徑變化時，滑塊動能、對軌道的正壓力都不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有質量相同的三個小物體a、b、c。現將小物體a從高為h的光滑斜面的頂端由靜止釋放，同時小物體b、c分別從與a等高的位置開始做自由落體運動和平拋運動，如圖所示。對三個物體從釋放到落地過程中，下列判斷正確的是A．物體b、c同時落地B．三個物體落地前瞬間的動能相同C．重力對三個物體做功相同D．重力對三個物體做功的平均功率相同8、如圖所示，物體從Q點開始自由下滑，通過粗糙的靜止水平傳送帶后，落在地面P點。傳送帶勻速轉動起來以后，物體仍從Q點開始自由下滑，則物體通過傳送帶后（）A．若傳送帶沿逆時針方向轉動，則物塊一定落在P點B．若傳送帶沿逆時針方向轉動，則物塊一定落在P點左側C．若傳送帶沿順時針方向轉動，則物塊可能落在P點右側D．若傳送帶沿順時針方向轉動，則物塊可能落在P點左側9、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點，A、B、C三點的電勢分別為1V、2V、5V．則下列說法中正確的為A．D、E、F三點的電勢分別為6V、5V、2VB．正點電荷在從D點移動到F點的電場力做負功C．D、E、F三點的電勢分別為7V、6V、3VD．負點電荷在從D點移動到C點的電場力做負功10、下列說法正確的是（）A．對于一定量的氣體，在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強為零B．在各種晶體中，原子（或分子、離子）都是按照一定的規則排列的，具有空間上的周期性C．大顆粒的鹽磨成細鹽，就變成了非晶體D．一定量的理想氣體等壓膨脹對外做功，氣體一定吸熱E.在圍繞地球做勻速圓周運動的宇宙飛船中，自由懸浮的水滴呈球形，這是液體表面張力作用的結果三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）實驗小組的同學做“驗證機械能守恒定律”的實驗．量角器中心O點和細線的一個端點重合，并且固定好；細線另一端系一個小球，當小球靜止不動時，量角器的零刻度線與細線重合，在小球所在位置安裝一個光電門．實驗裝置如圖所示．本實驗需要測的物理量有：小球的直徑d，細線長度L，小球通過光電門的時間?t，小球由靜止釋放時細線與豎直方向的夾角為θ．（1）除了光電門、量角器、細線外，還有如下器材可供選用：A．直徑約2cm的均勻鐵球B．直徑約5cm的均勻木球C．天平D．時鐘E．最小刻度為毫米的米尺F．游標卡尺實驗小組的同學選用了最小刻度為毫米的米尺，他們還需要從上述器材中選擇________（填寫器材前的字母標號）．（2）測出小球的直徑為d，小球通過光電門的時間為?t，可得小球經過最低點的瞬時速度v=_______．測小球直徑時游標尺位置如下圖所示，用精確度為0.1mm的游標卡尺測得一物體的長度為1.34cm，這時候游標尺上的第________條刻度線與主尺上的_________mm刻度線對齊．（3）若在實驗誤差允許的范圍內，滿足_____________________，即可驗證機械能守恒定律（用題給字母表示，當地重力加速度為g）．（4）通過改變小球由靜止釋放時細線與豎直方向的夾角θ，測出對應情況下，小球通過光電門的速度v，為了直觀地判斷機械能是否守恒，應作_______________圖象．12．（12分）探究加速度與力的關系的實驗裝置如圖甲所示。在實驗中為了平衡摩擦力,需將木板不帶滑輪一端墊起一定高度，使小車在不掛砂桶時能拖動紙帶沿木板________________。實驗中得到的一條紙帶如圖乙所示，相鄰計數點間有四個點未標出，各計數點到A點的距離已標出。電源的頻率為50Hz,則小車的加速度大小為________m/s2。利用實驗測得的數據做出的a--F圖線不可能是圖丙中的___________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，區域Ⅰ內有電場強度為E=2104N/C、方向豎直向上的勻強電場；區域II中有一光滑絕緣圓弧軌道，軌道半徑為R=2m，軌道在A點的切線與水平方向成60°角，在B點的切線與豎直線CD垂直；在區域Ⅲ有一寬為d=3m的有界勻強電場，電場強度大小未知，方向水平向右．一質量為m=0.4kg、帶電荷量為q=-210-4C的小球（質點）從左邊界O點正上方的M點以速度v0=2m/s水平射入區域I，恰好從A點沿圓弧軌道切線進入軌道且恰好不能從Ⅲ區域中電場的右邊界穿出，（取g=10m/s2）求：（1）OM的長L（2）區域Ⅲ中電場的電場強度大小E′14．（16分）近來我國高速公路發生多起有關客車相撞的嚴重交通事故，原因之一就是沒有掌握好車距，據經驗豐富的司機總結，在高速公路上，一般可按你的車速來確定與前車的距離，如車速為80km/h，就應與前車保持80m的距離，以此類推，現有一輛客車以大小v0=90km/h的速度行駛，一般司機反應時間t=0.5s（反應時間內車被視為勻速運動），剎車時最大加速度a1=5m/s2，求：（1）若司機發現前車因故突然停車，則從司機發現危險到客車停止運動，該客車通過的最短路程？并說明按經驗，車距保持90m是否可行？（2）若客車超載，剎車最大加速度減為a2=4m/s2；司機為趕時間而超速，速度達到v1=144km/h；且晚上疲勞駕駛，反應時間增為t′=1.5s，則從司機發現危險到客車停止運動，客車通過的最短路程？并說明在此情況下經驗是否可靠？15．（12分）如圖所示，質量為mc=1mb的物塊c靜止在傾角均為α=30°的等腰斜面上E點，質量為ma的物塊a和質量為mb的物塊b通過一根不可伸長的勻質輕繩相連，細繩繞過斜面頂端的小滑輪并處于松馳狀態，按住物塊a使其靜止在D點，讓物塊b從斜面頂端C由靜止下滑，剛下滑到E點時釋放物塊a，細繩正好伸直且瞬間張緊繃斷，之后b與c立即發生完全彈性碰撞，碰后a、b都經過t=1s同時到達斜面底端．已知A、D兩點和C、E兩點的距離均為l1=0.9m，E、B兩點的距離為l1=0.4m．斜面上除EB段外其余都是光滑的，物塊b、c與EB段間的動摩擦因數均為μ=，空氣阻力不計，滑輪處摩擦不計，細繩張緊時與斜面平行，取g=10m/s1．求：（1）物塊b由C點下滑到E點所用時間．（1）物塊a能到達離A點的最大高度．（3）a、b物塊的質量之比．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．電場線密的地方電場強度大，由圖可知M點電場線比N點的密，所以M點的場強大于N點的場強度，故A錯誤；B．沿電場線方向電勢降低，所以M點的電勢低于N點的電勢，故B錯誤；C．將一負電荷由O點移到M點電場力做負功，所以電荷的電勢能增加，故C正確；D．一正點電荷從P點由靜止釋放，該電荷所受的電場力是變力，與電場線的相切，據曲線運動的條件該電荷并不能沿電場線運動到M點，故D錯誤。故選C。2、D【解析】由左手定則可知，金屬棒所受的安培力方向向下，選項A錯誤；由平衡知識可知：mg+F安=F，則金屬棒所受的安培力大小為F－mg，選項B錯誤；若將電流增大為原來的2倍，則安培力變為原來的2倍，根據F=mg+F安可知，平衡時彈簧測力計示數不會增大為2F，選項C錯誤；若將磁感應強度和金屬棒質量同時增大為原來的2倍，則安培力變為原來的2倍，根據F=mg+F安可知，平衡時彈簧測力計示數不會增大為2F，選項D正確；故選D.3、C【解析】解:A、在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中,A物體所受的滑動摩擦力大小為,方向水平向右;B物體所受的滑動摩擦力大小為,方向水平向左,可以知道兩物體組成的系統合外力為零,故兩物體組成的系統動量守恒.故A錯誤.

B、在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中,整個系統克服摩擦力做功,機械能減小轉化為內能,故B錯誤.

C、在兩物體被彈開的過程中,彈簧的彈力先大于摩擦力,后小于摩擦力,故物體先做加速運動后做減速運動,機械能先增大后減小,所以C選項是正確的.

D、對任一物體,根據動量定理得:,得物體運動的時間為,由上分析可以知道,兩個物體的動量P的大小相等,所受的摩擦力f大小相等,故滑行時間相等,應同時停止運動.故D錯誤.

所以C選項是正確的4、C【解析】

開普勒首先發現了行星的運動規律，故A錯誤；牛頓發現了萬有引力定律，故B錯誤；卡文迪許首先在實驗室里測出了萬有引力常量數值，故C正確；亞當斯和勒威耶發現了海王星，克萊德?湯博發現了冥王星，故D錯誤；故選C。5、C【解析】

AB.對小球b受力分析，受重力和拉力，受力平衡，彈簧B的彈力：FB=mg；對小球a、b整體受力分析，如圖所示：根據平衡條件，彈簧A的拉力：，解得：，故；故A項錯誤，B項錯誤.CD.剪斷細繩的瞬間，彈簧B的彈力不能突變，則b球的受力不變，故其加速度為0；根據平衡時；而剪斷細繩時，a球的受力少了繩的拉力，故a球的合力為4mg，方向水平向右；根據牛頓第二定律可知a球的瞬時加速度為，方向水平向右；故C項正確，D項錯誤.6、B【解析】

設滑塊滑到最低點時的速度為v,由機械能守恒定律得mgR=

,故軌道半徑越大,滑塊在最低點時的動能越大;滑塊對軌道的壓力N=mg+=3mg,與半徑的大小無關.故B對；ACD錯故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A、由于同時b、c分別從等高的位置開始做自由落體運動和平拋運動，c在豎直方向的運動也是自由落體運動，由分運動與合運動的同時性可知，物體b、c同時落地，故A正確。B、三個物體落地前重力做的功相同，由動能定理可知，動能的變化相同，但初動能不相同，所以三個物體落地前瞬間的動能不相同，故B錯誤。C、重力對三個物體做功相同，都是mgh，故C正確。D、a物體沿滑斜面頂端下滑到底端用的時間較b、c長，所以重力對三個物體做功的平均功率不相同，故D錯誤。故選：A、C8、AC【解析】

當水平傳送帶靜止時，物塊受到水平向左的滑動摩擦力做勻減速直線運動。若傳送帶逆時針轉動，物塊通過傳送帶時，受到的滑動摩擦力仍水平向左，大小不變，則加速度不變，可知物塊仍落在P點，選項A正確，B錯誤。設物塊滑上傳送帶時速度為v0，傳送帶的速度為v。當v0＞v時，物塊滑上傳送帶可能一直做勻減速運動，加速度與傳送帶靜止時相同，當滑到傳送帶右端時，速度與傳送帶靜止時相同，則物塊仍落在P點。物塊也可能先做勻減速運動，后來與傳送帶一起做勻速運動，滑到傳送帶右端時，速度大于傳送帶靜止時速度，則物塊落在P點右側。當v0=v時，物塊滑上傳送帶時兩者相對靜止，一起做勻速運動，則物塊落在P點右側。當v0＜v時，物塊滑上傳送帶可能一直做勻加速運動，也可能先做勻加速運動，后與傳送帶一起勻速運動，滑到傳送帶右端時，速度大于傳送帶靜止時速度，則物塊落在P點右側。故D錯誤，C正確。故選AC。【點睛】本題是典型的傳送問題，關鍵是分析物塊的受力情況和運動情況，當傳送帶順時針轉動時，要考慮各種可能的情況．9、CD【解析】:AC、設正六邊形的中心為O.設D點電勢為,因為勻強電場中電勢隨距離均勻變化(除等勢面),又因為正六邊形對邊平行,DE間電勢差等于BA間電勢差,EF間電勢差等于CB間電勢差,則有E的電勢為:,F點的電勢為，O點是AD的中點,則O點的電勢為,AC中點的電勢與OB中點重合,根據幾何知識得,計算得出則E點電勢為：,F點的電勢為.故A錯誤，C正確；

B、由于D點電勢高于F點電勢，正電荷受力方向和電場線方向一致，所以正點電荷在從D點移動到F點電場力做正功，故B錯誤；D

由于D點電勢高于C點電勢，負電荷受力方向和電場線相反，所以把負電荷從D點移動到C點電場力做負功、故D正確；綜上所述本題答案是：CD10、BDE【解析】

A．被封閉氣體的壓強產生原因是由于氣體分子無規則的熱運動，大量的分子頻繁地碰撞器壁產生持續而穩定的壓力，和重力無關，A錯誤；B．單晶體具有各向異性，多晶體和非晶體具有各向同性，都是按照一定的規則排列的，具有空間上的周期性，B正確；C．晶體由更小的晶胞組成，大顆粒的鹽磨成細鹽，還是晶體，C錯誤；D．一定量的理想氣體等壓膨脹，溫度一定升高，內能一定增加，，膨脹對外做功，，由熱力學第一定律可知，，說明氣體一定吸熱，D正確；E．在圍繞地球做勻速圓周運動的宇宙飛船中，自由懸浮的水滴呈球形，這是液體表面張力作用的結果，E正確。故選BDE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AF417【解析】試題分析：根據實驗的原理確定所需測量的物理量，從而確定所需的器材．根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度求出小球經過最低點的速度．抓住重力勢能的減小量和動能的增加量相等，得出機械能守恒滿足的表達式．根據機械能守恒得出守恒的表達式，結合表達式確定應做什么圖象．（1）驗證機械能守恒，小球應選擇質量大一些，體積小一些，故選直徑約2cm的均勻鐵球；實驗中不需要測量小球的質量，不需要天平，小球通過光電門的時間可以直接得出，不需要時鐘，實驗中需測量下降的高度以及小球的直徑，則需要毫米刻度尺以及游標卡尺，故選AF．（2）根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度知，小球經過最低點的速度．游標卡尺的讀數為1.34cm=13.4mm，即0.4mm即為游標尺上的讀數，則游標的第4根與主尺刻度對齊．游標卡尺主尺與游標刻度線對齊的示數=13.4mm+4×0.9mm=17mm（3）重力勢能的減小量，動能的增加量，當小球的機械能守恒，有．（4）因為，故表達式可以寫，為了直觀地判斷機械能是否守恒，作出的圖線應為線性圖線，即應作v2-cosθ圖象．12、勻速運動（勻速下滑）1.48CD【解析】

（1）[1]．平衡摩擦力時應當將穿過打點計時器的紙帶連在小車上，調整木板的傾斜度，讓小車拖著紙帶做勻速直線運動；（2）[2]．小車的加速度大小為：（3）[3]．當m鉤碼＜＜m小車時，可以認為小車受到的合力等于鉤碼的重力，根據牛頓第二定律可知，a-F圖象是過原點傾斜的直線；如果鉤碼的質量太大，則小車受到的合力小于鉤碼的重力，實驗誤差較大，a-F圖象偏離直線向下彎曲，故AB正確，CD錯誤；

本題選不可能的，故選CD。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）L=0.3m（2）E′=1.2104N/C【解析】

(1)小球在區域I中做類平拋運動，結合A點的速度方向和初速度求出豎直分速度，根據牛頓第二定律求出豎直方向上的加速度，結合速度位移公式求出L的長度；(2)根據動能定理求出小球到達B點時的速度．小球在區域III中水平方向上做勻減速運動，結合牛頓第二定律和速度位移公式求出區域III的電場強度．【詳解】(1)小球在區域I中做類平拋運動，設小球在A點的速度為vA，豎直分速度為vy，則有：vy＝v0tan60°＝由牛頓第二定律可得：a＝由勻變速直線運動的速度位移公式得：vy2=2aL解得：L=0.3m；(2)在區域II中，由圖可得，由A至B下降的高度為，則由A到