銅陵市第一中學2025屆高二物理第一學期期末質量跟蹤監視試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為電流天平，可用來測量勻強磁場的磁感應強度。天平的右臂下面掛有一個矩形線圈，線圈匝數為N，水平邊長為L，線圈的下部處在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面。當線圈中通有電流I(方向如圖)時，在天平左、右兩邊加上質量分別為m1、m2的砝碼，天平平衡。當電流反向（大小不變）時，左邊再加上質量為m的砝碼后，天平重新平衡。由此可知（）A.磁感應強度的方向垂直紙面向里，大小為B.磁感應強度方向垂直紙面向里，大小為C.磁感應強度的方向垂直紙面向外，大小為D.磁感應強度的方向垂直紙面向外，大小為2、奧斯特實驗說明了()A.磁場的存在 B.磁場的方向性C.電流可以產生磁場 D.磁場間有相互作用3、標有“220V100W”的一燈泡接在u=311sin314tV的正弦交變電流上,則()A.產生該交變電流的發電機轉速為每分鐘50轉B.與該燈泡串聯的理想電流表讀數為0.64AC.與該燈泡并聯的理想電壓表讀數為311VD.通過該燈泡的電流i=0.64sin314tA4、物理學的研究中有許多科學方法，在某些情況下，我們常忽略物體的大小和形狀，將物視為質點，上述所運用的科學方法是（）A.理想模型法 B.等效替代法C.控制變量法 D.微元法5、一含有理想變壓器的電路如圖所示，變壓器原副線圈匝數比n1∶n2＝2∶1，圖中電阻R1、R2和R3的阻值分別是4Ω、2Ω和3Ω，U為有效值恒定的正弦交流電源．當開關S斷開時，理想電流表的示數為I，當S閉合時，電流表的示數為()A.I B.IC.I D.2I6、如圖所示，兩個電阻串聯后接在電路中兩點,已知兩點間電壓不變．某同學把一個實驗室里的電壓表并聯在兩端時，讀數為V；將該電壓表并聯在兩端時，讀數為4V，則兩點間電壓（）A.大于9V B.等于9VC.小于9Ｖ D.無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在直角坐標系第一象限內有垂直紙面向里的勻強磁場，正、負離子分別以相同的速度從原點O進入磁場，進入磁場的速度方向與x軸正方向夾角為30°，已知正離子運動的軌跡半徑大于負離子，則可以判斷出A.正離子的比荷小于負離子B.正離子在磁場中受到的向心力大于負離子C.正離子在磁場中運動的時間小于負離子D.正負離子離開磁場時偏轉的角度之比為2︰18、回旋加速器的原理如圖所示，它由兩個銅質D形盒D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的（）A.離子從電場中獲得能量B.離子從磁場中獲得能量C.只增大空隙距離可增加離子從回旋加速器中獲得的動能D.只增大D形盒的半徑可增加離子從回旋加速器中獲得的動能9、如圖所示，在勻強電場中有A、B、C三點，三點構成直角三角形，∠A＝37°，AB邊長為5m，D為AB中點，電場線與ABC所在平面平行，A、B、C三點的電勢分別為14V、6V和6V，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則A.DC兩點間電勢差UDC＝4V B.D點電勢φD＝8VC.該電場的電場強度E＝2V/m D.該電場的方向為沿BC方向10、如圖所示，豎直的光滑半圓形軌道，水平直徑ac=2R，軌道左半部分處在垂直紙面向里的勻強磁場中，右半部分處在垂直紙面向外的勻強磁場中．將質量為m的金屬小球從a點無初速釋放，下列說法正確的是A.小球不可能運動到c點B.運動過程中小球內沒有感應電流C.運動過程中系統的機械能守恒D.小球最終產生的內能為mgR三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）質量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v沿垂直磁場方向射入磁感應強度為B的勻強磁場，在磁場中做勻速圓周運動，不計帶電粒子所受重力．粒子做勻速圓周運動的半徑R是__________和周期T是__________12．（12分）多用表是由電流表改裝的，現測定一個量程為0~5mA的電流表G的內阻r=100.0Ω,用它改裝成如圖的一個多量程多用電表，電流、電壓和電阻的測量都各有兩個量程(或分度值)不同的檔位。電流表的兩個檔位中，大量程是小量程的10倍。(1)當轉換開關S旋到位置1或2時，是電流檔，且旋到位置_______的量程較大：當轉換開關S旋到位置5或6時，是電壓檔，且旋到位置______的量程較大；(2)A、B兩表筆中，______為紅表筆；(3)圖中的電源Eˊ的電動勢為9.0V，當把轉換開關S旋到位置4，在AB之間接900Ω電阻時，表頭G剛好半偏。已知之前已經進行了必要的、正確的操作。則R1＝_________Ω，R2＝_________Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）我國在2008年10月24日發射了“嫦娥一號”探月衛星．同學們也對月球有了更多的關注(1)若已知地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，月球繞地球運動的周期為T，月球繞地球的運動可近似看作勻速圓周運動，試求月球繞地球運動的軌道半徑(2)若宇航員隨登月飛船登陸月球后，在月球表面某處以速度豎直向上拋出一個小球，經過時間t，小球落回拋出點．已知月球半徑為r，萬有引力常量為G，試求出月球的質量14．（16分）如圖所示，一質量為m、帶電荷量為q的小球，用絕緣細線懸掛在水平向右的勻強電場中，靜止時懸線向左與豎直方向成θ角，重力加速度為g（1）判斷小球帶何種電荷（2）求電場強度E（3）求此時細線中的拉力15．（12分）如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向外的足夠大的有界勻強磁場區域，磁感應強度為B，一質量為m、電荷量為q的負離子（重力可忽略）從O點以與MN成θ=30°角的速度v射入該磁場區域，經一段時間后從邊界MN上P點射出．求：(1)入射點O與出射點P間的距離L；(2)負離子在磁場中運動的時間

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】若磁感應強度的方向垂直紙面向里，開始線圈所受安培力的方向向向下，電流方向相反，則安培力方向反向，變為豎直向上，相當于右邊少了兩倍的安培力大小，所以右邊應加砝碼；若磁感應強度的方向垂直紙面向外，開始線圈所受安培力的方向向向上，電流方向相反，則安培力方向反向，變為豎直向下，相當于右邊多了兩倍的安培力大小，需要在左邊加砝碼；有解得故選D。2、C【解析】奧斯特將通電導線放于小磁針上方時發現小磁針發生了偏轉，說明了通電導線周圍存在著磁場，即電流可以產生磁場。A.磁場的存在與分析不符，故A錯誤。B.磁場的方向性與分析不符，故B錯誤。C.電流可以產生磁場與分析相符，故C正確。D.磁場間有相互作用與分析不符，故D錯誤。3、D【解析】由交流電u=311sin314tV可知ω=314rad/s，電壓最大值Um=311V．由ω=2πf求解頻率f．由U=Um求出電壓的有效值．交流電壓表測量的是有效值【詳解】燈泡接在u=311sin（314t）V的正弦交流電上，ω=314rad/s，所以產生該交流電的發電機轉速為每秒50轉，故A錯誤；由交流電u=311sin314tV可知，電壓的最大值Um=311V．有效值U=Um=220V，可以使“220V，100W”的燈泡正常發光，且電流表的電流I=P/U=0.46A．故B錯誤，與燈泡并聯的交流電壓表測量時，讀數為220V．故C錯誤．燈泡的最大電流為Im=I=0.64A，因此通過燈泡的電流i=0.64sin314t（A）．故D正確．故選D4、A【解析】忽略物體的大小和形狀，將物視為質點，所運用的科學方法是理想模型法；A．理想模型法，與結論相符，選項A正確；B．等效替代法，與結論不相符，選項B錯誤；C．控制變量法，與結論不相符，選項C錯誤；D．微元法，與結論不相符，選項D錯誤；故選A.5、D【解析】變壓器輸入電壓為U與電阻R1兩端電壓的差值；再根據電流之比等于匝數的反比可求得輸出電流；根據電壓之比等于匝數之比對兩種情況列式，聯立可求得U與I的關系；則可求得電流表的示數【詳解】根據電流與匝數成反比，得副線圈電流I2＝2I;副線圈兩端的電壓；根據電壓與匝數成正比，得原線圈兩端的電壓為U1=2U2＝20I；電阻R1兩端的電壓IR1＝4I；在原線圈回路中U＝4I+U1＝24I；S閉合時，電流表示數為I′，副線圈中電流2I′；副線圈兩端的電壓；原線圈兩端的電壓U1′＝8I′；電阻R1兩端的電壓I′?R1=4I′；在原線圈回路U=4I′+8I′=24I；解得：I′=2I，故D正確，ABC錯誤；故選D【點睛】本題考查理想變壓器原理及應用，要注意明確電路結構，知道開關通斷時電路的連接方式；同時注意明確輸入電壓與總電壓之間的關系6、A【解析】并聯后的總電阻小于任一支路電阻，由串聯分壓可知，當把一個實驗室里的電壓表并聯在兩端時，讀數為5V，沒有并聯電壓表時，R1兩端電壓肯定大于5V，同理R2兩段電壓肯定大于4V，所以電源電壓肯定大于9V，A對；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A.根據粒子的運動的半徑公式，由于正離子運動的軌跡半徑大于負離子，所以正離子的比荷小于負離子的比荷，故A正確；B.帶電粒子在磁場中運動的向心力是由洛倫茲力提供的，根據洛倫茲力F=qvB可知，由于q大小關系未知，所以不能比較向心力的大小，故B錯誤；C.正離子向“上”偏，從Y軸正方向離開磁場。在磁場中運動個周期，t1=T1；負離子向“下”偏，從X軸正方向離開磁場。在磁場中運動個周期，t2=T2。由周期公式可知，周期與比荷成反比。故T1>T2，所以：t1>t2，故C錯誤；D.由C選項可知，經過磁場，正離子偏轉的角度為120°，負離子偏轉的角度為60°，正負離子離開磁場時偏轉的角度之比為2︰1，故D正確。故選：AD8、AD【解析】AB．離子每次通過D形盒D1、D2間的空隙時，電場力做正功，動能增加，而離子在磁場中運動時，洛倫茲力始終垂直其運動方向，洛倫茲力不做功，故離子從電場中獲得能量，沒有從磁場中獲得能量，A正確，B錯誤；CD．設D形盒的半徑為R，當離子圓周運動的半徑等于R時，獲得的動能最大，由洛倫茲力作為向心力可得可得則最大動能為可見離子最大動能與加速電壓及極板間的空隙間距均無關，而只增大D形盒的半徑可增加離子從回旋加速器中獲得的動能，C錯誤，D正確。故選AD。9、AC【解析】在勻強電場中，平行等距離的兩點電勢差相等；電場線與等勢線垂直，確定沿電場方向上的距離，從而根據E=U/d求出勻強電場的大小【詳解】在勻強電場中，平行等距離的兩點電勢差相等，則φA-φD=φD-φB，解得：φD=10V，所以UDC=φD-φC=4V，故A正確、B錯誤；三角形中B、C的電勢分別為6V和6V，則B和C為等勢點，BC為等勢線，電場線方向沿AC方向，則電場強度，故C正確、D錯誤．故選AC【點睛】解決本題的關鍵知道勻強電場的等勢線為間距相等的平行直線，以及知道電場線與等勢線垂直10、AD【解析】ABC.小球左邊磁場進入右邊磁場過程中，磁通量先向里減小，再向外增加，所以磁通量發生了變化，會產生感應電流，系統機械能不守恒，所以小球不能運動到c點，故A正確，BC錯誤；D.根據能量守恒，可知小球最終停在最低點b，重力勢能全部轉化為內能，所以小球最終產生的內能為mgR，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.【解析】由洛倫茲力公式，粒子在磁場中受力F，則有：F＝qvB，粒子做勻速圓周運動所需向心力為：，粒子僅受洛倫茲力做勻速圓周運動，有：F＝F向，聯立得：，由勻速圓周運動周期與線速度關系有：，聯立得：12、①.1②.6③.A④.10⑤.90【解析】(1)[1]電流表并聯電阻可以擴大量程，并聯電阻越小，分流越大，量程越大，故當轉換開關S旋到位置1時量程較大；[2]電壓表串聯電阻可以擴大量程，串聯電阻越大，分壓越大，量程越大，故當轉換開關S旋到位置6時量程較大；(2)[3]在測量電阻時，因為歐姆檔的電路與電池連接，則將轉換開關S旋到位置3或4時，電流應從紅表筆進、黑表筆出，所以A、B兩表筆中，A為紅表筆；(3)[4][5]因為“之前已經進行了必要的、正確的操作”，意味著之前已經將A、B短接調零，即讓表頭滿偏。在A、B之間接900Ω電阻時，表頭G剛好半偏，說明當表頭半偏時，改裝后的歐姆表“4”總內阻R內=900Ω，則轉換開關S在2時，電流表2的量程為根據題給條件“電流表的兩個檔位中，大量程是小量程的10倍”，所以轉換開關S在1時，電流表1的量程為又表頭G滿偏電流為5mA時，電流表的內阻r=100.0Ω，根據并聯電路電流分配規律可解得四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)【解析】(1)設地球的質量為，月球的