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文檔簡介

2025屆貴州省都勻一中物理高二上期末統考模擬試題注意事項:1.答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標號?;卮鸱沁x擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,圖線甲、乙分別為電源和某金屬導體的U-I圖線,電源的電動勢和內阻分別用E、r表示,根據所學知識分析下列選項正確的是()A.E=50VB.r=ΩC.當該導體直接與該電源相連時,該導體的電阻為20ΩD.當該導體直接與該電源相連時,電路消耗總功率為80W2、物理學家通過艱苦的實驗來探究自然的物理規律,為人類的科學做出了巨大貢獻.下列描述中符合物理學史實的是()A.安培發現了電流的磁效應B.奧斯特通過實驗測定了磁場對電流的作用力C.庫侖總結出了真空中的兩靜止點電荷間相互作用的規律D.法拉第發現了電磁感應現象并總結出了判斷感應電流方向的規律3、如圖所示,重力為10N的物體置于水平桌面上,在3N的水平拉力F作用下處于靜止狀態,則物體所受力的合力大小為()A.10N B.7NC.3N D.04、如圖所示裝置,從A板釋放的一個無初速度電子向B板方向運動,下列電子的描述中錯誤的是()A.電子到達B板時的動能是eUB.電子從B板到C板時動能變化為零C.電子到達D板時動能3eUD.電子在A板和D板之間往復運動5、如圖所示,兩根長直導線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的M、N兩小孔中,O為M、N連線中點,連線上a、b兩點關于O點對稱.導線通有大小相等、方向相反的電流I。已知通電長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度,式中k是常數,I是導線中的電流,r為點到導線的距離。一帶負電的小球(圖中未畫出)以初速度v0從a點出發沿連線運動到b點。關于上述過程,下列說法正確的是()A.小球先做加速運動后做減速運動B.小球一直做勻速直線運動C.小球對桌面的壓力先增大后減小D.小球對桌面的壓力一直在增大6、圖甲為某電源的圖線,圖乙為某小燈泡的圖線,則下列說法中正確的是()A.電源的內阻為B.小燈泡的電阻隨著功率的增大而減小C.把電源和小燈泡組成閉合回路,小燈泡的功率約為D.把電源和小燈泡組成閉合回路,電路的總功率約為二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、關于天然放射性,下列說法正確的是()A所有元素都可能發生衰變B.放射性元素的半衰期與外界的溫度無關C.放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性D.、和三種射線中,射線的穿透能力最強8、一個電熱器電阻為R,當它兩端電壓為U時,通電時間t消耗電能為W,若使它消耗的電能為4W,下列方法正確的是()A.電阻R不變,電壓U不變,通電時間t變為原來的2倍B.電阻R減半,電壓U增大1倍,通電時間t不變C.電阻R不變,電壓U增大1倍,通電時間t不變D.電阻R減半,電壓U不變,通電時間t變為原來的2倍9、如圖所示,直流電動機線圈的電阻為R,當該電動機正常工作時,電動機兩端電壓為U,通過電動機的電流為I,則下列說法正確的是()A.電動機內部的發熱功率為I2RB.電動機的機械功率為IUC.電動機的總功率為I2RD.電動機機械功率為IU-I2R10、霍爾式位移傳感器的測量原理如圖所示,有一個沿z軸方向的磁場,磁感應強度B=B0+kz(B0、k均為常數),將傳感器固定在物體上,保持通過霍爾元件的電流I不變(方向如圖中箭頭所示),當物體沿z軸方向移動時,由于位置不同,霍爾元件在y軸方向上的上、下表面的電勢差U也不同。則()A.磁感應強度B越大,上、下表面的電勢差U越大B.k越大,傳感器靈敏度越大C.若圖中霍爾元件是電子導電,則上表面電勢高于下表面電勢D.電流I取值越大,上、下表面的電勢差U越小三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)如圖所示,游標卡尺讀數為_____mm;螺旋測微器讀數為_____mm。12.(12分)根據下圖所示i-t圖象寫出電壓的瞬時值表達式_______電壓的有效值_________周期_________頻率_________四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,均勻金屬絲制成的單匝正方形閉合線框abcd,每邊長為L=0.2m,總電阻為R=10Ω,總質量為m=0.04kg.將其置于磁感強度為B=5T的水平勻強磁場上方h=0.45m處,如圖所示.線框由靜止自由下落,線框平面保持在豎直平面內,且cd邊始終與水平的磁場邊界平行.當cd邊剛進入磁場時,(g取10m/s2)(1)求線框中產生的感應電動勢大小;(2)求cd兩點間電勢差大小;(3)求此時線框的加速度大小及方向14.(16分)如圖所示,在直角坐標系xOy平面的第Ⅱ象限內有半徑為R的圓O1分別與x軸、y軸相切于P(﹣R,0)、Q(0,R)兩點,圓O1內存在垂直于xOy平面向外的勻強磁場,磁感應強度為B.與y軸負方向平行的勻強電場左邊界與y軸重合,右邊界交x軸于M點,一帶正電的粒子A(重力不計)電荷量為q、質量為m,以某一速率垂直于x軸從P點射入磁場,經磁場偏轉恰好從Q點進入電場,最后從M點以與x軸正向夾角為45°的方向射出電場.求:(1)OM之間的距離;(2)該勻強電場的電場強度E;(3)若另有一個與A的質量和電荷量相同、速率也相同的粒子A′,從P點沿與x軸負方向成30°角的方向射入磁場,則粒子A′再次回到x軸上某點時,該點的坐標值為多少?15.(12分)如圖所示,在平面直角坐標系的第一象限內,存在著磁感應強度大小為B,方向垂直紙面向外的長為2a,寬為a的矩形有界勻強磁場(邊界有磁場),在第三象限存在于軸正向成角的勻強電場?,F有一質量為m,電荷量為+的粒子從電場中的P點由靜止釋放,經電場加速后從點進入磁場。不計粒子的重力。(1)若粒子從磁場下邊界射出,求粒子在磁場中運動的時間;(2)若粒子從磁場右邊界射出,求P間的電勢差UPO的范圍;(3)若粒子從磁場上邊界射出,求磁場上邊界有粒子射出的區域的長度。

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、AC【解析】AB.由圖象的物理意義可知電源的電動勢E=50V,內阻r==Ω=5Ω,故A正確,B錯誤;CD.該導體與該電源相連時,電阻的電壓、電流分別為U=40V,I=2A,則R==20Ω,此時,電路消耗的總功率P總=EI=100W,故C正確,D錯誤2、C【解析】奧斯特發現了電流的磁效應,選項A錯誤;安培通過實驗測定了磁場對電流的作用力,選項B錯誤;庫侖總結出了真空中的兩靜止點電荷間相互作用的規律,選項C正確;法拉第發現了電磁感應現象,楞次總結出了判斷感應電流方向的規律,選項D錯誤;故選C.3、D【解析】物體處于靜止狀態,則所受的合力為零。故選D。4、C【解析】A.釋放出一個無初速度電荷量為e的電子,在電壓為U電場中被加速運動,當出電場時,所獲得的動能等于電場力做的功,即eU,故A正確,不符合題意;B.由圖可知,BC間沒有電壓,則沒有電場,所以電子在此處做勻速直線運動,則電子的動能不變。故B正確,不符合題意;C.電子以eU的動能進入CD電場中,在電場力的阻礙下,電子作減速運動,由于CD間的電壓為2U,所以電子的速度減為零后,還沒有到達D板,就開始反向運動。故C錯誤,符合題意;D.由上可知,電子將會在A板和D板之間加速、勻速再減速,回頭加速、勻速再減速,這樣往復運動,故D正確,不符合題意;故選C。5、B【解析】根據右手螺旋定則可知直線MN處的磁場方向垂直于MN向里,磁場大小先減小后增大,根據左手定則可知,帶負電的小球受到的洛倫茲力方向在豎直向下,根據F=qvB可知,其大小是先減小后增大,由此可知,小球將做勻速直線運動,小球對桌面的壓力先減小后增大,故ACD錯誤,B正確。故選B。6、C【解析】A.根據閉合電路歐姆定律變形可得圖像與縱軸的交點表示電動勢,圖像斜率的大小表示內阻,根據甲圖電動勢為內阻為A錯誤;B.根據乙圖可知電流越大,小燈泡功率越大,根據歐姆定律變形得可知乙圖線上某點與原點連線的斜率為電阻,所以小燈泡的電阻隨著功率的增大而增大,B錯誤;CD.把電源和小燈泡組成閉合回路,將在乙中作該電源對應的U-I圖象,如圖所示兩曲線的交點即小燈泡的電壓、電流,根據圖像讀數:,所以,小燈泡的功率為:回路中的總功率為C正確,D錯誤。故選C。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、BCD【解析】A.有些原子核不穩定,可以自發地衰變,但不是所有元素都可能發生衰變,故A錯誤;B.放射性元素的半衰期由原子核內部因素決定,與外界的溫度無關,故B正確;C.放射性元素的放射性與核外電子無關,放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性,故C正確;D.、和三種射線中,射線的穿透能力最強,電離能力最弱,故D正確;故選BCD。8、CD【解析】A.當電阻R不變,電壓U不變,通電時間t變為原來的2倍時,消耗電能不合題意;則A錯誤;B.當電阻R減半,電壓U增大1倍,通電時間t不變時,消耗電能不合題意;則B錯誤;C.當電阻R不變,電壓U增大1倍,通過時間t不變時,消耗電能符合題意;則C正確;D.當電阻R減半,電壓U不變,通電時間t變為原來的2倍時,消耗電能符合題意,故D正確。故選CD。分卷II9、AD【解析】A.電動機內部的發熱功率為I2R,故A正確;BD.電動機的機械功率為IU-I2R,故B錯誤,D正確;C.電動機的總功率為IU,故C錯誤;故選:AD;10、ABC【解析】AD.最終電子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡,設霍爾元件的長寬高分別為a、b、c,有電流的微觀表達式為I=nqvS=nqvbc所以B越大,上、下表面的電勢差U越大。電流越大,上、下表面的電勢差U越大。故A正確,D錯誤。B.k越大,根據磁感應強度B=B0+kz,知B隨z的變化越大,根據.知,U隨z的變化越大,即傳感器靈敏度()越高。故B正確。C.霍爾元件中移動的是自由電子,根據左手定則,電子向下表面偏轉,所以上表面電勢高。故C正確。故選ABC。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、①.21.6②.0.920(0.919或0.921均可)【解析】[1]游標卡尺的主尺讀數為21mm,游標尺上第6個刻度和主尺上某一刻度對齊,所以游標尺讀數為6×0.1mm=0.6mm,所以最終讀數為:21mm+0.6mm=21.6mm;[2]螺旋測微器的固定刻度為0.5mm,可動刻度為42.0×0.01mm=0.420mm,所以最終讀數為0.5mm+0.420mm=0.920mm,由于讀數誤差,所以0.919mm或0.921mm均可。12、①.②.③.0.02s④.50Hz【解析】根據圖象可知交流電的有效值以及周期等物理量,然后進一步可求出其瞬時值的表達式【詳解】由圖可知周期T=0.02s,頻率,角速度,所以該交流電壓的瞬時值是;電壓的有效值:四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)3V;(2)2.25V;(3)2.5m/s2,方向豎直向下【解析】(1)線框先自由下落,由高度h求得速度v,由E=BLv求解感應電動勢的大?。?)cd兩點間的電勢差大小等于外電壓(3)根據牛頓第二定律求解加速度【詳解】(1)線框進入磁場前做自由落體運動,cd邊剛進入磁場時,v2=2gh,解得速度,線框中產生的感應電動勢E=BLv=5×0.2×3=3V;(2)線框進入磁場時,線框中的電流:,cd兩點間的電勢差U=IR外=I×R=0.3××10=2.25V(3)線框受到的安培力:,由牛頓第二定律得:mg-F=ma,解得a=2.5m/s2,方向豎直向下【點睛】本題電磁感應與力學、電路知識的綜合,注意區分cd電壓是外電壓還是內電壓.安培力與速度的關系要會推導14、(1)2R(2)(3)(2R+R,0)【解析】(1)設粒子A速率為v0,其軌跡圓圓心在O點,故A運動至D點時速度與y軸垂直,粒子A從D至G作類平拋運動,令其加速度為a,在電場中運行的時間為t則有①和②聯立①②解得故③(2)粒子A的軌跡圓半徑為R,由得④⑤聯立①③⑤得⑥解得⑦(3)令粒子A’軌

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