江蘇省蘇州市吳江區汾湖中學2025屆物理高二上期末監測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的天平可用來測量磁場的磁感應強度。天平的右臂下面掛一個矩形線圈，寬為L，共N匝，線圈的下部懸在勻強磁場中，磁場方向垂直于紙面。當線圈中通有電流I（方向如圖）時，在天平兩邊加上質量分別為、的砝碼，天平平衡；當電流反向（大小不變）時，右邊再加上質量為m的砝碼后，天平又重新平衡。由此可知（）A.磁感應強度方向垂直紙面向里，大小為B.磁感應強度方向垂直紙面向里，大小為C.磁感應強度方向垂直紙面向外，大小為D.磁感應強度方向垂直紙面向外，大小為2、如圖所示，處于紙面內的軟導線回路平面，由于勻強磁場強弱發生變化，回路變為圓形。則該磁場A.逐漸增強，方向垂直紙面向外 B.逐漸增強，方向平行紙面向左C.逐漸減弱，方向垂直紙面向外 D.逐漸減弱，方向平行紙面向右3、如圖所示,電源電動勢為E,內電阻為r,平行板電容器兩金屬板水平放置,開關S是閉合的,兩板間一質量為m、電荷量為q的油滴恰好處于靜止狀態,G為靈敏電流計．則以下說法正確的是()A.在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴向上加速運動，G中有從b到a的電流B.在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程中，油滴向下加速運動，G中有從b到a的電流C.在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴仍然靜止，G中有從a到b的電流D.在將S斷開后，油滴仍保持靜止狀態，G中無電流通過4、如圖所示，實線AB是某勻強電場中的一條電場線，虛線PQ是一個帶電粒子只在電場力作用下的運動軌跡，P處的速度與電場線垂直．下列說法正確的是（）A.帶電粒子一定帶正電B.帶電粒子一定帶負電C.帶電粒子在P點的電勢能一定大于在Q點的電勢能D.電場中Q點電勢一定高于P點的電勢5、關于磁感線和電場線，下列說法中正確的是（）A.磁感線和電場線都是一些互相平行的直線B.磁感線一定是閉合曲線，而電場線也可能是閉合曲線C.磁感線起始于N極，終止于S極；電場線起始于正電荷，終止于負電荷D.電場線和磁感線都可以用其疏密表示電場強度和磁感應強度的強弱6、如圖所示，電源電動勢大小為E，內阻大小為r，閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P向左的過程中（）A.電流表讀數變小，電壓表讀數不變B.小電珠L變亮C.固定在電容器C兩板間某點的一個負點電荷所具有的電勢能變小D.電源的總功率變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，A1和A2是完全相同的兩只燈泡，線圈L的電阻可以忽略，下面說法中正確的是（）A合上開關S接通電路時，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮B.合上開關S接通電路時，A1和A2始終一樣亮C.斷開開關S切斷電路時，A2立刻熄滅，A1過一會才熄滅D斷開開關S切斷電路時，A1、A2都要延遲一會再熄滅8、如圖所示,水平放置的兩塊平行金屬板,充電后與電源斷開.金屬板間存在著方向豎直向下的勻強電場和垂直于紙面向里磁感應強度為的勻強磁場.一質量為、電荷量為的帶電粒子(不計重力及空氣阻力),以水平速度射入場區,恰好做勻速直線運動.則(

).A.粒子一定帶正電B.若僅將板間距離變為原來的2倍,粒子運動軌跡偏向下極板C.若將磁感應強度和電場強度均變為原來的2倍,粒子仍將做勻速直線運動D.若撤去電場,粒子在板間運動的最長時間可能是9、圖所示，電源的電動勢為E，內阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關S后，若滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，則()A.小燈泡的功率增大B.電壓表的示數增大C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數變化量的比值不變10、如圖所示電路中，R為某種半導體元件，其阻值隨周圍環境酒精濃度的增大而減小，當酒精濃度增大時，下列說法中正確的是（）A電流表A示數增大 B.電壓表V示數增大C.電源輸出功率減小 D.電源效率減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要探究一種新材料制成的圓柱體的電阻步驟如下：（1）用20分度的游標卡尺測量其長度如圖1，由圖可知其長度為______mm（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖2，由圖可知其直徑為______mm（3）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數如圖3，則該電阻的阻值約為______（4）該同學想用伏安法更精確地測量其電阻R，現有的器材及其代號和規格如下：待測圓柱體電阻R電流表A1（量程0～4mA，內阻約50Ω）電流表A2（量程0～10mA，內阻約30Ω）電壓表V1（量程0～3V，內阻約10kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內阻約25kΩ）直流電源E：電動勢4V，內阻不計滑動變阻器R1阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A滑動變阻器R2阻值范圍0～20kΩ，允許通過的最大電流0.5A開關S導線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數據進行分析，請在圖4方框中畫出測量的電路圖，并標明所用器材的代號____________12．（12分）有以下可供選用的器材及導線若干條，要求使用個數最少的儀器盡可能精確地測量一個電流表的滿偏電流A．被測電流表A1：滿偏電流約700～800，內阻約100Ω，刻度均勻、總格數為N；B．電流表A2：量程0.6A，內阻0.1Ω；C．電壓表V：量程3V，內阻3kΩ；D．滑動變阻器R1：最大阻值200Ω；E．滑動變阻器R2：最大阻值1kΩ；F．電源E：電動勢3V、內阻1.5Ω；G．開關一個.（1）選用的器材應為_____________．（填A→G字母代號）（2）在虛線框內畫出實驗電路圖，并在每個選用的儀器旁標上題目所給的字母序號（）（3）測量過程中測出多組數據，其中一組數據中待測電流表A1的指針偏轉了n格，可算出滿偏電流Ig=________，式中除N、n外，其他字母符號代表的物理量是_____________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，afe、bcd為兩條平行的金屬導軌，導軌間距L＝0.5m.ed間連入一電源E＝3V，內阻r=0.5Ω，ab間放置一根長為l＝0.5m的金屬桿與導軌接觸良好，cf水平且abcf為矩形.空間中存在一豎直方向的磁場，當調節斜面abcf的傾角θ時，發現當且僅當θ在30°～90°之間時，金屬桿可以在導軌上處于靜止平衡.已知金屬桿質量為0.1kg，金屬桿的電阻R為1Ω，導軌及導線的電阻可忽略，金屬桿和導軌間最大靜摩擦力為彈力的倍.重力加速度g＝10m/s2，試求金屬桿受到的安培力和磁場的磁感應強度。14．（16分）如圖所示，兩帶電金屬球在絕緣的光滑水平桌面上沿同一直線相向運動，A球帶電為－q，B球帶電為＋2q，下列說法中正確的是（）A.相碰前由于兩球之間有引力，兩球的總動量不守恒B.相碰后兩球的總動量隨兩球的距離逐漸減小而增大C.相碰分離后任一瞬時兩球的總動量都等于碰前兩球的總動量D.因為兩球相碰前后的作用力從引力變為斥力，所以兩球前后的總動量不等15．（12分）如圖甲所示是游樂場中過山車的實物圖片，可將過山車的一部分運動簡化為圖乙的模型圖，此模型中所有軌道都是光滑的，現使小車（視作質點）從左側軌道距B點高h＝0.25m處（圖中未標出）由靜止開始向下運動，B點為圓軌道的最低點，小車進入圓軌道后，恰好能通過軌道的最高點A處，不計空氣阻力，小車的質量m＝1.0kg，g取10m/s2．求：（1）小車通過B點時的速度大小VB；（2）圓軌道的中徑R的大小；（3）小車運動到圓軌道B點時對軌道的壓力大小FB

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】因電流反向時，右邊再加砝碼才能重新平衡，所以此時安培力豎直向上，由左手定則判斷磁場方向垂直于紙面向里；電流反向前，有m1g=m2g＋m3g＋NBIL其中m3為線圈質量，電流反向后，有m1g=m2g＋m3g＋mg－NBIL兩式聯立可得故選B。第II卷(非選擇題2、C【解析】磁場發生變化，回路變為圓形，是由線圈受到安培力的方向向外，導線圍成的面積擴大，根據楞次定律的推廣形式可得，導線內的磁通量一定正在減小，磁場在減弱，故C正確。故選C。3、A【解析】電容器與電阻R、電阻R2相并聯后與R1串聯，滑片移動，根據電路串并聯知識和閉合電路歐姆定律得到導致電容器兩端電壓變化情況，最終判斷油滴受力變化和運動情況解：A、C、粒子原來處于平衡狀態，重力和靜電力平衡；電容器與電阻R、電阻R2相并聯后與R1串聯，滑片向上移動，電阻R變大，電路總電阻變大，電流變小，電容器兩端電壓為：U=E﹣I（r+R1），故電容器兩端電壓變大，帶電量變大，電場力變大，粒子向上加速；電容器充電，故電流從b到a，故A正確，C錯誤；B、在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程剛好與選項A相反，故B錯誤；D、在將S斷開后，電容器通過電阻R2與R1放電，電量減為零，電流沿a至b，故D錯誤；故選A【點評】本題是電路動態分析問題，關鍵是理清電路，根據路串并聯知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化4、C【解析】由運動軌跡彎曲方向判斷出粒子受到的電場力方向，結合電場線的方向分析帶電粒子的電性．根據加速度的大小確定點電荷的位置，由電場力做功情況判斷電勢能的大小，從而判斷電勢的高低【詳解】帶電粒子做曲線運動，所受的電場力指向軌跡彎曲的內側，可知粒子經過A、B連線時所受的電場力由B指向A，由于電場線的方向未知，所以不能確定帶電粒子的電性，故AB錯誤；粒子從P向Q運動，則電場力做正功，電勢能減小，EPP一定大于EPQ，故C正確；由于電場線的方向不能確定，所以不能判斷A、B兩點電勢高低，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤【點睛】解決本題的關鍵是抓住曲線運動的合力方向的特點：曲線運動的合力指向軌跡彎曲的內側，根據軌跡的彎曲方向可判斷粒子所受的電場力方向5、D【解析】A．磁感線和電場線不一定互相平行，故A錯誤；B．磁體周圍的磁感線從N極出發回到S極，在內部則是從S極回到N極，磁感線是閉合曲線，電場線從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，靜電場線不是閉合曲線，故B錯誤；C．電場線起始于正電荷，終止于負電荷，磁體周圍的磁感線從N極出發回到S極，在內部則是從S極回到N極，故C錯誤；D．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，磁場的強弱可以利用磁感線的疏密程度來描述。磁場越強，磁感線越密集，故D正確。故選D。6、C【解析】AB：當滑片向左滑動的過程中，滑動變阻器接入電路的有效電阻變大，電路的總電阻變大，流過電路的電流變小，電源內電壓變小，路端電壓變大．則電流表讀數變小，小燈泡變暗(流過小燈泡的電流變小)，電壓表讀數變大．故AB兩項均錯誤C：流過電路的電流變小，燈泡兩端電壓減小，滑動變阻器兩端電壓增大，電容器兩端電壓變大，電容器兩板間場強變大，固定在電容器C兩板間某點與左極板間電勢差變大，由于左極板接地，左極板電勢為零，則固定在電容器C兩板間某點電勢為正且變大，負點電荷在該點所具有的電勢能變小．故C項正確D：流過電路的電流變小，電源的總功率變?。蔇項錯誤點睛：本題是電路動態變化分析問題，首先確定變阻器有效電阻的變化，再分析總電阻、總電流的變化，再分析局部電壓的變化二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】AB．合上開關S接通電路，A2立即亮，線圈對電流的增大有阻礙作用，所以通過A1的電流慢慢變大，最后兩燈泡的電壓一樣大，所以一樣亮。故A正確，B錯誤；CD．斷開開關S切斷電路時，通過A2的原來的電流立即消失，線圈對電流的減小有阻礙作用，所以通過A1的電流會慢慢變小，并且通過A2，所以兩燈泡一起過一會兒熄滅。故C錯誤，D正確。故選AD。8、CD【解析】粒子無論帶何種電荷，電場力與洛倫茲力大小都相等，且Eq=qvB，故A錯誤；當將板間距離變為原來的2倍，場強變小，Eq＜qvB

粒子運動軌跡偏向極板；當粒子為正電荷時，偏向上極板；當粒子為負電荷時，偏向下極板，故B錯誤；據Eq=qvB

可知，將磁感應強度和電場強度均變為原來的2倍，二力依然平衡，所以粒子仍做勻速直線運動，故C正確當撤去電場，粒子可能在極板間做半圓周運動再出磁場，據在磁場的圓周運動的周期T=，粒子在板間運動的最長時間可能是，故D正確．故選CD9、ABD【解析】分析電路結構，當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減小，分析電路中總電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可分析電路中電流及電壓的變化，從而判斷電容器電量的變化．根據歐姆定律分析兩表示數變化量的比值【詳解】由圖可知,L和R2串聯后和C并聯，再與R1串聯，電容器在電路穩定時相當于斷路；A.當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減小，電路的總電阻減小，總電流I增大，流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故A正確；B.由歐姆定律知，電壓表的示數增大，故B正確；C.電容器板間電壓UC=E?I(R1+r)，I增大，則UC減小，電容器上的電荷量減少，故C錯誤；D.|△U/△I|=R1，保持不變，故D正確故選ABD10、AD【解析】AB．當酒精濃度增大時，減小，總電阻減小，則總電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，即電壓表V示數減小，根據歐姆定律可知通過的電流減小，因此通過的電流增大，即電流表A示數增大，故A正確，B錯誤；C．當電路的外電阻等于電源的內阻時，電源輸出功率最大；由于電路的外電阻與電源的內阻關系未知，所以無法判斷電源輸出功率的變化，故C錯誤；D．電源效率為由于電源的電動勢不變，路端電壓減小，所以電源效率減小，故D正確；故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）50.15；②.（2）4.700；③.（3）220Ω；④.（4）如圖所示：【解析】（1）游標卡尺的讀數等于主尺讀數加游標尺讀數，不估讀（2）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器的示數；（3）歐姆表讀數等于表盤示數乘以倍率（4）電壓從零調起，滑動變阻器應采用分壓接法，根據待測電阻阻值與電表內阻的關系確定電流表的接法，然后作出實驗電路圖；【詳解】（1）游標卡尺讀數為：L=5cm+0.05mm×3=50.15mm.（2）螺旋測微器的讀數為D=4.5mm+0.01mm×20.0=4.700mm（3）電阻的讀數為：R=22×10=220Ω（4）電源電動勢為4V，電壓表應選：V1，電路最大電流約為：，電流表應選A2，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇R1，由于電阻阻值遠大于滑動變阻器最大阻值，滑動變阻器應采用分壓接法，，，，電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示：【點睛】游標卡尺時應分成整數部分和小數部分兩部分來讀，注意游標卡尺的分度；對于電學實驗器材的選擇，應根據電源電動勢大小或待測電阻的額定電壓來選擇電壓表量程，根據通過待測電阻的最大電流來選擇電流表的量程；當待測電阻阻值遠小于電壓表內阻時，電流表應選外接法；當滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值時或要求電流從零調時，滑動變阻器應用分壓式；當實驗要求電流從零調或要求測得多組數據或變阻器的全電阻遠小于待測電阻時，變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器以方便調節12、①.ACDFG②.③.④.U為電壓表讀數，RV為電壓表內阻【解析】（1）[1]．其中AFG為必選器材，為了滑動方便，應選擇最大阻值較小的滑動變阻器，以及電壓表V，題目中的電