河北省涿鹿縣北晨學校2025屆物理高二上期中綜合測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖為伏安法測電阻的一種常用電路．以下分析正確的是A．此接法的測量值大于真實值B．此接法的測量值小于真實值C．此接法要求待測電阻值小于電流表內阻D．開始實驗時滑動變阻器滑動頭P應處在變阻器的正中間2、下列關于點電荷的說法正確的是()A．電子和質子在任何情況下都可視為點電荷B．均勻帶電的絕緣球體在計算庫侖力時一般可視為點電荷C．帶電的細桿在任何條件下都不可以視為點電荷D．帶電的金屬球一定不能視為點電荷3、兩個小燈泡，分別標有“1A4W”和“2A1W”的字樣，則它們均正常發光時的電阻阻值之比為()A．2∶1 B．16∶1 C．4∶1 D．1∶164、如圖所示為洛倫茲力演示儀的結構圖，勵磁線圈產生的勻強磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產生，其速度方向與磁場方向垂直。電子速度的大小和磁場強弱可分別由電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調節。下列說法正確的是（）A．僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束將做勻加速直線運動B．僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C．僅增大勵磁線圈中電流，電子做圓周運動的周期將變大D．僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變小5、如圖所示，AB、CD為兩平行金屬板，A、B兩板間電勢差為U．C、D始終和電源相接(圖中并未畫出)，且板間的場強為E．一質量為m、電荷量為q的帶電粒子(重力不計)由靜止開始，經AB加速進入CD之間并發生偏轉，最后打在熒光屏上，CD極板長均為x，與熒光屏距離為L，則：A．該粒子帶負電B．該粒子在電場中的偏移量為EC．該粒子打在屏上O點下方和O相距Ex2UD．該粒子打在屏上的動能為qU6、如圖所示，在風力推動下，風葉帶動發電機發電，M、N為同一個葉片上的兩點，下列說法中正確的是A．M點的線速度等于N點的線速度B．M點的角速度小于N點的角速度C．M點的向心加速度小于N點的向心加速度D．M點的周期大于N點的周期二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于歐姆定律的下列理解中，正確的()A．由知道，一段導體的電阻跟它兩端的電壓成正比，跟通過它的電流成反比B．由知道，通過一段導體的電流跟加在它兩端的電壓成正比C．由電阻的I-U圖象可知，電流變化相同時，電壓變化較小的圖象所對應的電阻阻值較小D．導體的電流越大，電阻就越大8、在如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為8V，燈泡L標有“3V,6W”字樣，電動機線圈的電阻RM＝1Ω.若燈泡恰能正常發光，下列說法正確的是()A．電動機的效率是80%B．流過電動機的電流是2AC．電動機的輸入電壓是5VD．整個電路消耗的電功率是10W9、如圖所示的是一個電容式傳感器，在金屬a的外面涂一層絕緣的電介質后放在導電液體中構成一個電容器，a與導電液體就是該電容器的兩極，今使該電容器充電后與電源斷開，并將a與靜電計的導體球相連，插入導電液體中的電極b與靜電計外殼相連，則當導電液體深度h變大時A．引起兩極間正對面積變大B．電容器的電容將變小C．電容器兩極間的電壓將變大D．靜電計指針偏角將減小10、如圖所示，直線A為電源的U-I圖線，曲線B為燈泡電阻的U-I圖線，用該電源和小燈泡組成閉合電路時（）A．電源的輸出功率為4W，電路的總功率為6WB．電源的輸出功率為4W，電源內阻為1ΩC．電源的輸出功率為4W，電源的效率為33%D．電源的輸出功率為4W，電源的效率為67%三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為研究一鋼珠在甘油中運動時所受阻力的大小，讓它豎直落下進入甘油中，用頻閃照相的方法得到鋼珠在不同時刻的位置如圖所示，其中AB位于液面上方，鋼珠只在重力作用下加速下落，BD位于甘油中，鋼珠先減速運動最后勻速運動。設鋼珠在甘油中運動時受到的阻力與速度成正比，即F=kv，相機的閃光周期為0.05s，標尺上每一小格代表的實際距離是1cm，鋼球的質量為0.01g，g取10m/s2，則鋼珠在B點時的速度大小為___m/s，阻力常數k為_____kg/s。12．（12分）某同學在測定勻變速直線運動的加速度時，得到了幾條較為理想的紙帶，他已在每條紙帶上按每1個點取好一個計數點，即兩計數點之間的時間間隔為0.1s，依次打點先后為0，1，2，3，4，1．由于不小心，幾條紙帶都被撕斷了，如下圖所示，請根據給出的A、B、C、D四段紙帶回答：（1）從BCD三段紙帶中選出從紙帶A上撕下的那段應該是_________（2）打A紙帶時，物體的加速度大小是___________m/s2．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有一水平向右的勻強電場，場強大小E＝4×103N/C，在電場內作一半徑為30cm的圓，圓周上取A、B兩點，如圖所示，連線AO沿E方向，BO⊥AO，另在圓心O處放一電量q＝4×10﹣8C的正點電荷，計算：（1）A處的場強大小；（2）B處的場強大小和方向．（靜電力常量k＝9.0×109Nm2/C2）14．（16分）如圖所示，虛線左側有一場強為E1=E的勻強電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E2=2E的勻強電場，在虛線PQ右側距PQ為L處有一與電場E2平行的屏。現將一電子（電荷量為e，質量為m，重力不計）無初速度地放入電場E1中的A點，最后電子打在右側的屏上，A點到MN的距離為，AO連線與屏垂直，垂足為O，求：(1)電子從釋放到打到屏上所用的時間；(2)電子剛射出電場E2時的速度方向與AO連線夾角的正切值；(3)電子打到屏上的點到點O的距離x。15．（12分）如圖所示，在xOy直角坐標系中，第Ⅰ象限內分布著方向垂直紙面向里的勻強磁場，第Ⅱ象限內分布著方向沿y軸負方向的勻強電場．初速度為零、帶電荷量為q、質量為m的粒子經過電壓為U的電場加速后，從x軸上的A點垂直x軸進入磁場區域，經磁場偏轉后過y軸上的P點且垂直y軸進入電場區域，在電場中偏轉并擊中x軸上的C點．已知OA＝OC＝d.求電場強度E和磁感應強度B的大小(粒子的重力不計)．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

由電路圖可知，該實驗采用的是滑動變阻器的分壓接法，電流表的內接法；（1）電流表外接法，由于電壓表的分流作用，使電流表測的電流大于流過電阻的電流，測量值小于真實值；待測電阻越小，電壓表的分流作用越小，電流表測的電流越接近流過電阻的真實值，實驗誤差越小．電流表內接法，由于電流表的分壓作用，使電壓表測的電壓大于待測電阻兩端的電壓，測量值大于真實值；待測電阻阻值越大，電流表分壓影響越小，電壓表的測量值越接近真實值，實驗誤差越小．（2）為保證電路安全，采用滑動變阻器分壓接法時，在閉合開關前，要求滑動變阻器滑片移到分壓電阻為零的位置．【詳解】由電路圖可知，該實驗采用的是滑動變阻器的分壓接法，電流表的內接法；電流表采用內接法，由于電流表的分壓作用，電壓測量值大于真實值，由歐姆定律可知，電阻測量值大于真實值，故A正確，B錯誤；伏安法測電阻，采用電流表內接法時，由于電流表的分壓會使電壓表測量值大于真實值，實驗誤差是由電流表分壓造成的，故此接法要求待測電阻值大于電流表內阻，故C錯誤；滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路安全，閉合開關前，滑片應置于最右端，故D錯誤；故選A【點睛】本題考查了伏安法測電阻實驗電路分析、實驗注意事項、實驗誤差分析等問題，難度不是很大，熟練掌握基礎知識即可正確解題．分析清楚電路結構、應用歐姆定律即可分析實驗誤差．2、B【解析】

物理學上把本身的線度比相互之間的距離小得多的帶電體簡化為一個點，叫做點電荷，同一個電荷能否看作點電荷，不僅和帶電體本身有關，還取決于問題的性質和精度的要求，即需要具體問題具體分析；如果在研究的問題中，帶電體的形狀、大小以及電荷分布可以忽略不計，即可將它看作是一個幾何點，則這樣的帶電體就是點電荷．【詳解】電子和質子在研究的范圍非常小，可以與它的大小差不多時，不能看做點電荷。故A錯誤；在計算庫侖力時均勻帶電的絕緣球體在一定的條件下可視為點電荷。故B正確。帶電的細桿在它的大小相比與研究的范圍來說可以忽略不計時，可以視為點電荷。故C錯誤；帶電的金屬球在它的大小相比與研究的范圍來說可以忽略不計時，可以視為點電荷。故D錯誤；故選B。【點睛】本題考查帶電物體看做點電荷的條件，同一個電荷能否看作點電荷，不僅和帶電體本身有關，還取決于問題的性質和精度的要求．3、B【解析】由P=I2R得：兩燈泡的電阻分別為：，；所以電阻之比為：，所以ACD錯誤，B正確，故選B。4、B【解析】

根據電子所受洛倫茲力的方向結合右手定則判斷勵磁線圈中電流方向是順時針方向，電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=12mv02…①

電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，有：eBv0=mv02r…②

T=2πmeB…④

可見：僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束不再受任何作用力，故將做勻速直線運動，故A錯誤；提高電子槍加速電壓，電子束的軌道半徑變大、周期不變，故B正確，D錯誤；增大勵磁線圈中的電流，電流產生的磁場增強，由④式知周期變小，故C【點睛】本題考查了粒子在磁場中運動在實際生活中的應用，正確分析出儀器的原理是關鍵，知道帶電粒子在電場中加速而在磁場中偏轉做圓周運動，明確周期公式和半徑公式的推導過程和應用．5、C【解析】

A.帶電粒子在偏轉電場中沿電場線的方向發生偏轉，受力的方向與電場線的方向相同，所以粒子帶正電；故A錯誤；B.對于帶電粒子通過加速電場的過程,根據動能定理有：qU=1設帶電粒子剛好飛出偏轉電場，則此時粒子沿電場方向的位移恰為y，即y=1又：a=qE/m電子通過偏轉電場的時間t=x/v代入數據解得該粒子在電場中的偏移量為：y=ExC.粒子射出電場時，沿y方向是速度：vy=at=qEx偏轉角：tanθ=vy/v=qEx該粒子打在屏上O點下方和O相距：H=y+L?tanθ=Ex2D.對于帶電粒子通過加速電場的過程，根據動能定理有：qU=12故選：C【點睛】根據電場力方向與電場線方向關系判斷粒子帶正電還是負電；帶電粒子先在AB間做勻加速直線運動然后CD間做類平拋運動，出了電場后做勻速直線運動．粒子在加速電場中，由動能定理求解獲得的速度v0的大小，粒子在偏轉電場中，做類平拋運動，由牛頓第二定律求得加速度．粒子水平方向做勻速直線運動，由水平位移l和v0求出運動時間．粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速運動，由位移公式求解側向偏移量y，射出磁場后做勻速直線運動，根據位移速度公式求解位移，進而即可求解側移y．6、C【解析】

ABD．由于M、N兩點的轉動的角速度相等，則周期相等，M點轉動的半徑小，根據v=rω知，M點的線速度小于N點的線速度，故ABD錯誤．

C．M、N的角速度相等，M點的轉動半徑小，根據a=rω2知，M點的向心加速度小于N點的加速度，故C正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

AD.導體的阻值是導體本身所具有的性質，與通過它的電流、它兩端的電壓無關，故AD錯誤；B.歐姆定律的內容是：電阻一定時，導體中的電流與導體兩端的電壓成正比；當導體兩端的電壓一定時，通過導體的電流與導體的電阻成反比；故B正確。C.由可知△I變化相等時，電壓變化小時，電阻值較小，故C正確。8、BC【解析】A、B、D、燈泡正常發光，則電路電流，電動機的熱功率：，整個電路消耗的功率：，故輸出功率：，電動機的效率：，B正確；AD錯誤；C、燈泡正常發光時的電壓等于其額定電壓，電動機輸入電壓：，C正確；故選BC．9、AD【解析】

A、由圖可知，液體與芯柱構成了電容器，兩板間距離不變；液面變化時只有正對面積發生變化；當液面升高時，只能是正對面積S增大；故A正確.B、由C=εs4πkd可知電容增大，BC、D、因電容器充電后與電源斷開，則電容器的總電荷量Q不變，依據C=QU，因此電勢差減小，而靜電計指針的偏角反映電容器的電壓大小，即靜電計的指針偏角變小；C錯誤，D故選AD.【點睛】本題考查平行板電容器在生產生活中的應用，是電容器的電何量不變為前提的動態分析．10、AD【解析】

電源的U-I圖線與U的交點為電源電動勢，因此，圖像的斜率為內阻，因此；電源的U-I圖線與燈泡電阻的U-I圖線的交點表示燈泡在此電路中的實際工作點，因此可知燈泡此時的電壓為2V，電流為2A，燈泡的電阻為；因此電路的輸出功率為4W；電源的總功率為，電源的效率為A.電源的輸出功率為4W，電路的總功率為6W與分析不符，A正確B.電源的輸出功率為4W，電源內阻為1Ω與分析不符，B錯誤C.電源的輸出功率為4W，電源的效率為33%與分析不符，C錯誤D.電源的輸出功率為4W，電源的效率為67%與分析符合，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.52.510-4【解析】

［1］由圖知，xAMxMNxNB135，則A點初速度不為零，因為在AB段小球做自由落體運動，由運動學的推論，鋼珠在N點時的速度大小vN==m/s=2m/s則鋼珠在B點時的速度大小vB=vN+gT=（2+100.05）m/s=2.5m/s［2］當鋼珠進入甘油則滿足mg=F時，小球做勻速運動，由圖知，小球做勻速運動時標尺上顯示的是兩小格，其速度v=