2025屆內蒙古烏蘭察布市集寧地區物理高三上期末經典試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，空間中存在著由一固定的負點電荷Q(圖中未畫出)產生的電場．另一正點電荷q僅在電場力作用下沿曲線MN運動，在M點的速度大小為v0，方向沿MP方向，到達N點時速度大小為v，且v<v0，則()A．Q一定在虛線MP下方B．M點的電勢比N點的電勢高C．q在M點的電勢能比在N點的電勢能小D．q在M點的加速度比在N點的加速度小2、如圖甲所示，一金屬線圈的橫截面積為S，匝數為n匝。t=0時刻，磁場平行于線圈軸線向左穿過線圈，其磁感應強度的大小B隨時間t變化的關系如圖乙所示。則線圈兩端a和b之間的電勢差Uab（）A．在t=0時刻，Uab=B．在t=t1時刻，Uab=0C．從0~t2這段時間，Uab=D．從0~t2這段時間，Uab=3、兩個等量點電荷位于x軸上，它們的靜電場的電勢φ隨位置x變化規律如圖所示（只畫出了部分區域內的電勢），x軸上兩點B、C點，且OB＞OC，由圖可知（）A．C點的電勢低于B點的電勢B．B點的場強大小大于C點的場強大小，B、C點的電場方向相同C．正電荷可以在x軸上B、C之間的某兩點做往復運動D．負電荷沿x軸從B移到C的過程中電場力先做正功后作負功4、如圖甲所示，被稱為“魔力陀螺”玩具的陀螺能在圓軌道外側旋轉不脫落，其原理可等效為如圖乙所示的模型：半徑為的磁性圓軌道豎直固定，質量為的鐵球（視為質點）沿軌道外側運動，A、B分別為軌道的最高點和最低點，軌道對鐵球的磁性引力始終指向圓心且大小不變，不計摩擦和空氣阻力，重力加速度為，則A．鐵球繞軌道可能做勻速圓周運動B．鐵球繞軌道運動過程中機械能守恒C．鐵球在A點的速度必須大于D．軌道對鐵球的磁性引力至少為，才能使鐵球不脫軌5、近年來測g值的一種方法叫“對稱自由下落法”，它是將測g歸于測長度和時間，以穩定的氦氖激光波長為長度標準，用光學干涉的方法測距離，以銣原子鐘或其他手段測時間，能將g值測得很準，具體做法是：將真空長直管沿豎直方向放置，自其中O點豎直向上拋出小球，小球又落到原處的時間為T2，在小球運動過程中要經過比O點高H的P點，小球離開P點到又回到P點所用的時間為T1，測得T1、T2和H，可求得g等于()A． B． C． D．6、如圖所示，豎直放置的輕彈簧的一端固定在水平地面上，另一端拴接著質量為的木塊，開始時木塊靜止，現讓一質量為的木塊從木塊正上方高為處自由下落，與木塊碰撞后一起向下壓縮彈簧，經過時間木塊下降到最低點。已知彈簧始終處于彈性限度內，不計空氣阻力，木塊與木塊碰撞時間極短，重力加速度為，下列關于從兩木塊發生碰撞到木塊第一次回到初始位置時的過程中彈簧對木塊的沖量的大小正確的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、空間中有水平方向的勻強電場，同一電場線上等間距的五個點如圖所示，相鄰各點間距均為。一個電子在該水平線上向右運動，電子過點時動能為，運動至點時電勢能為，再運動至點時速度為零。電子電荷量的大小為，不計重力。下列說法正確的是（）A．由至的運動過程，電場力做功大小為B．勻強電場的電場強度大小為C．等勢面的電勢為D．該電子從點返回點時動能為8、一列橫波沿軸傳播，某時刻的波形圖如圖所示，質點的平衡位置與坐標原點相距，此時質點沿軸正方向運動，經過第一次到達最大位移處。由此可知A．這列波沿軸負方向傳播B．這列波的波長為C．這列波的傳播速度為D．這列波的頻率為E.該時刻起內質點走過的路程為9、傾角為37°的足夠長斜面，上面有一質量為2kg，長8m的長木板Q，木扳上下表面與斜面平行。木板Q最上端放置一質量為1kg的小滑塊P。P、Q間光滑，Q與斜面間的動摩擦因數為。若P、Q同時從靜止釋放，以下關于P、Q兩個物體運動情況的描述正確的是（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）（）A．P、Q兩個物體加速度分別為6m/s2、4m/s2B．P、Q兩個物體加速度分別為6m/s2、2m/s2C．P滑塊在Q上運動時間為1sD．P滑塊在Q上運動時間為2s10、長為l直導線中通有恒定電流I，靜置于絕緣水平桌面上，現在給導線所在空間加勻強磁場，調整磁場方向使得導線對桌面的壓力最小，并測得此壓力值為N1，保持其他條件不變，僅改變電流的方向，測得導線對桌面的壓力變為N2。則通電導線的質量和勻強磁場的磁感應強度分別為（）A． B．C． D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖甲所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，A、B為固定在鐵架臺上的光電門，計時電腦記錄小球通過光電門的時間，使用該裝置研究小球下落運動過程中的機械能情況。計時電腦記錄小球通過A、B兩光電門的遮光時間分布是和，當地的重力加速度為g。(1)用20分度游標卡尺測量小球直徑，刻度線如圖乙所示，則______cm；(2)為了驗證小球自A到B過程中機械能是否守恒，還需要進行哪些實驗測量____A．用天平測出小球的質量B．測出小球到光電門A的豎直高度C．A、B光電門中點間的豎直高度(3)根據實驗測得的物理量，如果滿足________關系，即能證明小球在自A到B過程中機械能守恒；(4)若計時電腦還記錄了小球自A到B的時間，本實驗還可以測量當地的重力加速度，則重力加速度________。（使用、、和表示）12．（12分）LED燈的核心部件是發光二極管，某同學欲測量一只工作電壓為2.9V的發光極管的正向伏安特性曲線，所用器材有：電壓表（量程3V，內阻約3k），電流表（用多用電表的直流25mA擋替代，內阻約為5），滑動變阻器（0-20），電池組（內阻不計），電鍵和導線若干，他設計的電路如圖（a）所示，回答下列問題：(1)根據圖（a），在實物圖（b）上完成連線________；(2)調節變阻器的滑片至最________端（填“左”或“右”），將多用電表選擇開關拔至直流25mA擋，閉合電鍵；(3)某次測量中，多用電表示數如圖（c），則通過二極管的電流為________mA；(4)該同學得到的正向伏安特性曲線如圖（d）所示，由曲線可知，隨著兩端電壓增加，二極管的正向電阻________（填“增大、“減小”或“不變”）；當電流為15.0mA時，正向電阻為________（結果取三位有數字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一不計電阻的導體圓環，半徑為r、圓心在O點，過圓心放置一長度為2r、電阻為2R的均勻輻條，輻條與圓環接觸良好。現將此裝置的一部分置于磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的有界勻強磁場中，磁場邊界恰好與圓環的直徑在同一直線上。現使輻條以角速度ω繞O點順時針轉動，右側電路通過電刷與輻條中心和圓環的邊緣良好接觸，R1=R，右側為水平放置的足夠長的光滑平行導軌，間距為2r，導軌之間有垂直導軌平面向里、磁感應強度大小也為B的勻強磁場，質量為m、電阻為R的導體棒ab垂直放置在導軌上且接觸良好，不計其他電阻。（1）若S閉合，S1斷開時，求理想電表的示數；（2）若S、S1都閉合，求出導體棒ab能夠獲得的最大速度vm；（3）在導體棒ab加速過程中通過的電荷量q。14．（16分）如圖所示，直角坐標系Oxy位于豎直平面內，x軸與絕緣的水平面重合，在y軸右方有垂直紙面向里的勻強磁場和豎直向上的勻強電場．質量為m2=8×10-3kg的不帶電小物塊靜止在原點O，A點距O點L=0.045m，質量m1=1×10-3kg的帶電小物塊以初速度v0=0.5m/s從A點水平向右運動，在O點與m2發生正碰并把部分電量轉移到m2上，碰撞后m2的速度為0.1m/s，此后不再考慮m1、m2間的庫侖力．已知電場強度E=40N/C，小物塊m1與水平面的動摩擦因數為μ=0.1，取g=10m/s2，求：（1）碰后m1的速度；（2）若碰后m2做勻速圓周運動且恰好通過P點，OP與x軸的夾角θ=30°，OP長為Lop=0.4m，求磁感應強度B的大小；（3）其它條件不變，若改變磁場磁感應強度的大小為B/使m2能與m1再次相碰，求B/的大小？15．（12分）如圖所示，真空中有以（r，0）為圓心，半徑為r的圓柱形勻強磁場區域，磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向里，在y=r的虛線上方足夠大的范圍內，有方向沿y軸負方向的勻強電場，電場強度的大小為E，從O點在紙面內向各個方向發射速率相同的質子。已知質子在磁場中的軌跡半徑也為r，質子的電量為q，質量為m。(1)速度方向與x軸正方向成30°角（如圖中所示）射入磁場的質子，將會進入電場，然后返回磁場，請在圖中畫出質子的運動軌跡；(2)在(1)問下，求出從O點射人的質子第二次離開磁場所經歷的時間。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A、場源電荷帶負電，檢驗電荷帶正電，它們之間是吸引力，而曲線運動合力指向曲線的內側,故Q應該在軌跡的內側，故A錯；B、試探電荷從M到N速度減小,說明M點離場源電荷較近,越靠近場源電荷電勢越低，所以M點的電勢比N點的電勢低，故B錯誤；C、只有電場力做功,動能和電勢能之和守恒,N點動能小,故在N點電勢能大,故C正確；D、離場源電荷越近，場強越大，加速度越大，所以q在M點的加速度比在N點的加速度大，故D錯誤；故選C【點睛】曲線運動合力指向曲線的內側,題中只有電場力做功,動能和電勢能之和守恒,正電荷在電勢越高的點電勢能越大.

解決電場線、等勢面及帶電粒子的運動軌跡的綜合問題應熟練掌握以下知識及規律:(1)帶電粒子所受合力(往往僅為電場力)指向軌跡曲線的內側.

(2)該點速度方向為軌跡切線方向.

(3)電場線或等差等勢面密集的地方場強大.

(4)電場線垂直于等勢面.

(5)順著電場線電勢降低最快.2、C【解析】

由圖乙可知，磁感應強度在時間內均勻減小，由法拉第電磁感應定律可知則時間內磁感應強度變化率與時間內的相同，則ab兩端電勢差相等，故ABD錯誤，C正確。故選C。3、B【解析】

根據電勢的圖象直接讀出電勢高低．由可知，圖象的斜率絕對值等于場強大小，由斜率分析場強的大小關系。根據順著電場線方向電勢降低，判斷電場線的方向，確定正電荷所受的電場力方向，分析其運動情況。根據電場力與位移方向間的關系，判斷電場力做功的正負。【詳解】A．由圖知，C點的電勢高于B點的電勢．故A錯誤；B．由可知，圖象的斜率絕對值等于場強大小，可以看出B點的場強大小大于C點的場強大小，斜率都為正值，說明B、C點的電場方向相同，故B正確；C．根據順著電場線方向電勢降低，可知電場線的方向從C指向B，正電荷在x軸上B、C之間所受的電場力始終由C指向B，正電荷做單向直線運動，故C錯誤；D．負電荷沿x軸從B移到C的過程中，電場力方向由從B指向C，電場力方向與位移相同，電場力一直做正功，故D錯誤。故選B。【點睛】本題考查對電勢與場強、電場線方向、電場力做功等等關系的理解，難點是根據勻強電場電勢差與場強的關系理解圖象的斜率與場強的關系。4、B【解析】

AB．小鐵球在運動的過程中受到重力、軌道的支持力和磁力的作用，其中鐵球受軌道的磁性引力始終指向圓心且大小不變，支持力的方向過圓心，它們都始終與運動的方向垂直，所以磁力和支持力都不能對小鐵球做功，只有重力會對小鐵球做功，所以小鐵球的機械能守恒，在最高點的速度最小，在最低點的速度最大．小鐵球不可能做勻速圓周運動．故A錯誤，B正確；C．小鐵球在運動的過程中受到重力、軌道的支持力和磁力的作用，在最高點軌道對小鐵球的支持力的方向可以向上，小鐵球的速度只要大于1即可通過最高點，故C錯誤；D．由于小鐵球在運動的過程中機械能守恒，所以小鐵球在最高點的速度越小，則機械能越小，在最低點的速度也越小，根據：F＝m可知小鐵球在最低點時需要的向心力越小．而在最低點小鐵球受到的重力的方向向下，支持力的方向也向下、只有磁力的方向向上．要使鐵球不脫軌，軌道對鐵球的支持力一定要大于1．所以鐵球不脫軌的條件是：小鐵球在最高點的速度恰好為1，而且到達最低點時，軌道對鐵球的支持力恰好等于1．根據機械能守恒定律，小鐵球在最高點的速度恰好為1，到達最低點時的速度滿足mg?2Rmv2，軌道對鐵球的支持力恰好等于1，則磁力與重力的合力提供向心力，即：F﹣mg，聯立得：F＝5mg，故D錯誤．5、A【解析】小球從O點上升到最大高度過程中：①

小球從P點上升的最大高度：②

依據題意：h2-h1=H③

聯立①②③解得：，故選A.點睛：對稱自由落體法實際上利用了豎直上拋運動的對稱性，所以解決本題的關鍵是將整個運動分解成向上的勻減速運動和向下勻加速運動，利用下降階段即自由落體運動階段解題．6、D【解析】

B下落h時的速度為物塊B與A碰撞過程動量守恒，則以向下為正方向，則兩物塊從開始運動到到達最低點過程中由動量定理從兩木塊發生碰撞到木塊第一次回到初始位置時的過程中彈簧對木塊的沖量的大小為I=2I1聯立解得故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．電場線沿水平方向，則等間距的各點處在等差等勢面上。電子沿電場線方向做勻變速運動。電子從至的過程，電勢能與動能之和守恒，動能減小了，則電勢能增加了，則電勢差則電子從至的過程，電場力做負功，大小為A正確；B．電場強度大小B錯誤；C．電子經過等勢面時的電勢能為，則點的電勢又有則C錯誤；D．電子在點時動能為，從減速運動至，然后反向加速運動再至點，由能量守恒定律知電子此時的動能仍為，D正確。故選AD。8、BCE【解析】

A．題圖中質點正由平衡位置向正向最大位移處運動，根據“上下坡法”可知，波沿軸正方向傳播，故A錯誤；B．由波形圖可知解得故B正確；CD．由題知，質點經第一次到達最大位移處，則有解得故頻率根據故C正確，D錯誤；E．因故質點走過的路程為，故E正確。故選BCE。9、BD【解析】

AB．對P受力分析，受重力和Q對P的支持作用，根據牛頓第二定律有：解得：6m/s2對Q受力分析，受重力、斜面對Q的支持力、摩擦力和P對Q的壓力作用，根據牛頓第二定律有：解得：m/s2，A錯誤，B正確；CD．設P在Q上面滑動的時間為t，因=6m/s2>m/s2，故P比Q運動更快，根據位移關系有：代入數據解得：t=2s，C錯誤，D正確。故選BD。10、BC【解析】

對導線受力分析，可知導線受重力、支持力和安培力作用，當安培力方向豎直向上時，支持力最小，則導線對桌面的壓力最小，根據平衡條件有當僅改變電流方向時，安培力方向向下，根據平衡有聯立解得，故BC正確，AD錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.025C【解析】

(1)[1]游標卡尺的主尺刻度為10mm，游標尺刻度為5×0.05mm=0.25mm，所以小球直徑=10mm+0.25mm=10.25mm=1.025cm(2)[2]如果機械能守恒，則小球減小的重力勢能等于增加的動能，則即所以不需要測量小球的質量。研究的過程是小球在兩光電門之間的能量變化，需要A、B光電門中點間的豎直高度。故AB錯誤，C正確。(3)[3]由以上分析可知，如果滿足，即能證明小球在自A到B過程中機械能守恒。而即(4)[4]根據勻變速運動的速度時間關系，有得12、左19.0減小181-184【解析】

(1)[1]．根據圖示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：

(2)[2]．滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路閉合開關前滑片應置于左端。

(3)[3]．電流表量程為25mA，讀量程為250mA的擋，示數為190mA，則通過二極管的電流為19.0mA；

(4)[4]．由圖示圖象可知，隨著二極管兩端電壓增加，通過二極管的電流增大，電壓與電流的比值減小，則二極管的正向電阻隨電壓增加而減小；

[5]．由圖示圖象可知，當電流I=15.0mA=0.015A時，U=2.72V

電阻阻值四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1），（2）vm=（3）【解析】

（1）由題意知，在磁場內部的半根輻條相當于是電源，由右手定則可知輻條中心為負極，與圓環邊緣接觸的一端為正極，且始終有長為r的輻條在