2025屆江蘇省輔仁高級中學高二物理第一學期期末綜合測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、火警報警器的電路示意圖如圖所示。其中，RT為用半導體熱敏材料制成的傳感器，這種半導體熱敏材料的電阻率隨溫度的升高而減小。電流表為值班室的顯示器，電源兩極之間接一報警器。當傳感器RT所在處出現火情時，通過顯示器的電流I、報警器兩端的電壓U的變化情況是（）A.I變大，U變大 B.I變大，U變小C.I變小，U變大 D.I變小，U變小2、某興趣小組同學制作出一個可以測量電流的儀器，其主要原理如圖所示，銅棒左右兩側的中點分別固定相同彈簧，銅棒所在的虛線范圍內有垂直于紙面的勻強磁場，兩彈簧為原長時，指針指向0刻度。在測量一個自上而下電流時指針在0刻度左邊靜止。由題中所給條件，判斷正確的是（）A.可知磁場的方向垂直于紙面向外B.僅改變磁場方向，指針將在0刻度左邊靜止C.僅改變電流的方向，指針將在0刻度左邊靜止D.同時改變磁場和電流的方向，指針仍在0刻度右邊靜止3、在地球赤道上，某放射源產生的一束α粒子（即氦原子核、帶正點粒子）沿豎直向上的方向射出，考慮到地磁場的影響，這一束α粒子的運動軌跡將A.向東偏轉 B.向西偏轉C.向南偏轉 D.向北偏轉4、一個空氣平行板電容器，極板間距離為，正對面積為，充以電荷量后，兩極板間電壓為，為使電容器的電容加倍，可采用的辦法是()A.將電壓變為 B.將帶電荷量變為C.將極板正對面積變為 D.將兩極板間距離變為原來的2倍5、在電場中某點放一檢驗電荷，其電量為q，檢驗電荷受到的電場力為F，則該點電場強度為，那么下列說法正確的是（）A.若移去檢驗電荷q，該點的電場強度就變為零B.若在該點放一個電量為2q的檢驗電荷，該點的場強就變為C.若在該點放一個電量為的檢驗電荷，則該點場強大小仍為E，但電場強度的方向變為原來相反的方向D.若在該點放一個電量為的檢驗電荷，則該點的場強大小仍為E，電場強度的方向也還是原來的場強方向6、如圖所示，C為兩極板水平放置的平行板電容器，閉合開關S，當滑動變阻器R1、R2的滑片處于各自的中點位置時，懸在電容器C兩極板間的帶電塵埃P恰好處于靜止狀態。要使塵埃P向下加速運動，下列方法中可行的是（）A.把R2的滑片向左移動 B.把R2的滑片向右移動C.把R1的滑片向左移動 D.把開關S斷開二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于滑動摩擦力，下列說法正確的有A.物體受到的滑動摩擦力大小總是與它受到的重力成正比B.物體受到的滑動摩擦力大小與接觸面的粗糙程度有關C.物體受到的滑動摩擦力的方向可能與它的運動方向相同D.物體受到的滑動摩擦力總是阻礙它的相對運動8、霍爾元件是一種基于霍爾效應磁傳感器,已發展成一個品種多樣的磁傳感器產品族,得到廣泛應用．如圖為某霍爾元件的工作原理示意圖,該元件中電流I由正電荷定向運動形成,下列說法正確的是()A.M點電勢比N點電勢高B.用霍爾元件可以測量地磁場磁感應強度C.用霍爾元件能夠把磁學量轉換為電學量D.若保持電流I恒定,則霍爾電壓UH與B成正比例9、如圖所示，一束質量、速度和電荷量不同的正離子垂直地射入勻強磁場和勻強電場正交的區域里，結果發現有些離子保持原來的運動方向，有些未發生任何偏轉．如果讓這些不偏轉的離子進入另一勻強磁場中，發現這些離子又分裂成幾束，對這些進入另一磁場的離子，可得出結論A.它們的動能可能相同B.它們比荷一定各不相同C.它們的電荷量一定各不相同D.它們的質量一定各不相同10、電容式加速度傳感器原理如圖所示，質量塊左、右側連接電介質、輕質彈簧，彈簧與電容器固定在外框上，質量塊可帶動電介質移動，改變電容．則（）A.電介質插入極板間越深，電容器電容越小B.當傳感器以恒定加速度運動時，電路中有恒定電流C.若傳感器原來向右勻速運動，突然減速時彈簧會壓縮D.當傳感器由靜止突然向右加速時，電路中有順時針方向的電流三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率。步驟如下：(1)用游標卡尺測量其長度；(2)用多用電表粗測其阻值：當用“×100”擋時發現指針偏轉角度過大，他應該換用______擋（填“×10”或“×1k”），換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖所示，則金屬棒的阻值約為______Ω。(3)為了更精確地測量其電阻，現有的器材及其代號和規格如下：待測圓柱體電阻R；電流表A1（量程0～3mA，內阻約50Ω）；電流表A2（量程0～15mA，內阻約30Ω）；電壓表V(量程0～3V，內阻約10KΩ)；滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω）；滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ；）直流電源E（電動勢4V，內阻不計）；開關S，導線若干。為使實驗誤差較小，要求測得多組數據進行分析，電流表應選____，滑動變阻器應選____（選填代號）。(4)請在圖中補充連線并完成實驗。_____12．（12分）根據單擺周期公式測量當地的重力加速度．將細線的上端固定在鐵架臺上，下端系一小鋼球，做成單擺（1）用游標卡尺測量小鋼球直徑，示數如圖所示，讀數為______mm（2）有同學測得的g值偏小，可能原因是______A．測擺線時擺線拉得過緊B．擺線上端未牢固地系于懸點C．以擺球直徑和擺線長之和作為擺長來計算D．開始計時時，小球開始擺動后稍遲才按下停表計時E．擺球通過平衡位置并開始計時時，將擺球通過平衡位置的次數計為1四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，長l＝1m的輕質細繩上端固定，下端連接一個可視為質點的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角θ＝37°.已知小球所帶電荷量q＝1.0×10－6C，勻強電場的場強E＝3.0×103N/C，取重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：(1)小球所受電場力F的大??；(2)小球的質量m；(3)將電場撤去，小球回到最低點時速度v的大小14．（16分）如圖所示，在x軸上方有垂直于xOy平面向里的勻強磁場，磁感強度為B；在x軸下方有沿y軸負方向的勻強電場，場強為E。一質量為m，電量為-q的粒子從坐標原點O沿著y軸正方向射出。射出之后，第三次到達x軸時，它與點O的距離為L。求此粒子射出時的速度v和運動的總路程s（重力不計）。15．（12分）如圖所示，虛線為兩磁場的邊界，虛線左側存在著半徑為R的半圓形勻強磁場，磁感應強度為B，方向垂直紙面向里，圓心O為虛線上的一點，虛線右側存在著寬度為R的勻強磁場，方向垂直紙面向外。質量為m、電荷量為q的帶負電的粒子，從圓周上的A點以某一初速度沿半徑方向射入半圓形磁場區域，恰好從D點射出，AO垂直OD。若將帶電粒子從圓周上的C點，以相同的初速度射入磁場，已知∠AOC=53°，粒子剛好能從虛線右側磁場區域射出，不計粒子重力，sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：(1)帶電粒子的初速度及其從A到D的運動時間；(2)粒子從C點入射，第一次運動到兩磁場的邊界時速度的方向及其離O點的距離；(3)虛線右側磁場的磁感應強度。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】當傳感器RT所在的位置出現火情時RT的阻值減小，電路中總電阻減小，干路電流變大，路端電壓變小，即報警器兩端的電壓U變小，R1兩端電壓變大，根據所以R2兩端的電壓變小，電流表示數變小，I變小。故選D。2、A【解析】A．電流向下時，指針在0刻線左側，彈力向右，則說明電流受安培力向左，由左手定則知，磁場垂直于紙面向外，故A正確；BC．僅磁場改變或僅改變電流方向，由左手定則可知受力向右，則彈力向左，指針將在右側靜止，故BC錯誤；D．同時改變磁場和電流的方向，安培力方向仍向左，故指針仍在0刻度左邊靜止，故D錯誤。故選A。3、B【解析】通過磁場方向、電流方向，根據左手定則判斷洛倫茲力的方向【詳解】赤道處的磁場方向從南向北，帶正電的α粒子在地球赤道上空豎直向上運動，根據左手定則，洛倫茲力的方向向西，所以粒子將向西偏轉;選項B正確,故選B.【點睛】解決本題的關鍵掌握左手定則判斷磁場方向、電流方向、洛倫茲力方向的關系，同時要注意電磁場的分布規律4、C【解析】AB．電容是描述電容器容納電荷本領大小的物理量，是電容器本身具有的屬性，根據電容的定義式：可知，電容C與Q、U無關，AB錯誤；CD．根據電容的決定式：可知將極板正對面積變為，電容變原來的2倍，將兩極板間距離變為原來的2倍，電容變為原來的，C正確，D錯誤。5、D【解析】場強為電場本身的性質，與放不放試探電荷無關，即放不放試探電荷，電場強度的大小和方向由電場本身來決定，故D正確，ABC錯誤。故選D。6、A【解析】AB．要使塵埃P向下運動，則其受到的電場力應該減小，即電容器兩極板間電壓應該減小，故R2的滑片應該向左移動，選項A正確，B錯誤；C．由于電容器在直流電路中相當于斷路，故滑動R1的滑片對電容器兩極板的電壓沒有影響，選項C錯誤；D．斷開開關，則電容器相當于直接接在電源兩端，其極板間電壓增大，塵埃向上運動，選項D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】由f=μN可知，物體所受的滑動摩擦力大小與接觸面的粗糙程度和正壓力有關，不一定與重力成正比，故A錯誤，B正確；滑動摩擦力的方向，一定與物體的相對運動方向相反，與運動方向可以相同、相反、或不共線，故C正確；滑動摩擦力的方向總是阻礙物體間的相對運動，故D正確8、BCD【解析】電流I的形成是由于正電荷的定向移動，由此可知正電荷定向移動垂直向里，所受洛倫茲力向右，A錯；當電荷所受洛倫茲力等于電場力時不再偏轉，電壓恒定如果已知電荷定向移動速度可求出磁感強度，B對；同樣，強磁場對應大電壓，C對；電流恒定，電荷定向移動速度恒定，D對；9、AB【解析】粒子在磁場和電場正交區域里，同時受到洛倫茲力和電場力作用，粒子沒有發生偏轉，說明粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，滿足qvB=qE，即不發生偏轉的粒子具有共同的速度大小v=E/B，粒子進入磁場后受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，滿足qvB=m，圓周運動的半徑R=，由此進行分析得出結論【詳解】因為粒子進入電場和磁場正交區域時，不發生偏轉，說明粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，有qvB=qE，得出能不偏轉的粒子速度應滿足v=E/B．粒子進入磁場后受洛倫茲力作用，粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即qvB=m，圓周運動的半徑，由于粒子又分裂成幾束，也就是粒子做勻速圓周運動的半徑R不同，進入第二個勻強磁場時，粒子具有相同的速度，由得知，所以粒子能分裂成幾束的粒子的比值不同，則電荷量與質量之比一定不相同．而質量m、電荷量可能相同，則動能也可能相同．故AB正確，CD錯誤．故選AB【點睛】此題要能根據粒子不發生偏轉得出粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，并由此推算出粒子具有相同的速度v，理解速度選擇器的原理．在單獨的勻強磁場中粒子分裂成幾束說明粒子的荷質比不同，并由此得出電量、質量、以及速度所需要滿足的關系式，從而得出正確的結論10、CD【解析】A.由知，電介質插入越深，越大，即越大，選項A不符合題意；B.當傳感器以恒定加速度運動時，電介質相對電容器靜止，電容不變，電路中沒有電流，選項B不符合題意；C.傳感器向右勻速運動，突然減速時，質量塊由于慣性相對傳感器向右運動，彈簧壓縮變短，選項C符合題意；D.傳感器由靜止突然向右加速時，電介質相對電容器向左運動，增大，增大，電源電動勢不變，由知，增大，上極板電荷量增大，即電路中有順時針方向的電流，選項D符合題意三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×10②.220或2.2×102③.A2④.R1⑤.【解析】(2)[1]多用電表的指針在開始使用時是停在最左邊無窮大刻度的，零刻度在右邊，用“×100”擋時發現指針偏轉角度過大，即所測電阻偏小，應選用小一檔測量，故選“×10”擋；[2]用歐姆表測電阻的讀數方法為指針示數乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確，所以該電阻的阻值約為(3)[3]由電動勢和電阻的阻值知電流最大為所以用電流表A2；[4]滑動變阻器用小阻值的，便于調節，所以用滑動變阻器.(4)[5]本實驗中，因待測電阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接法；又滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值，故變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖所示12、①.（1）18.6②.（2）B【解析】（1）游標卡尺的讀數：主尺讀數+游標尺讀數；（2）根據公式，結合實驗操作分析誤差的大小.【詳解】（1）游標卡尺的讀數方法是先讀出主尺上的刻度，大?。?8mm，再看游標尺上的哪一刻度與主尺刻度對齊：第6刻度與上方刻度對齊，讀數：0.1×6=0.6mm，總讀數：L=18+0.6=18.6mm（2）根據T=2π可得，則測擺線時擺線拉得過緊，則L測量值偏大，g的測量值會偏大，選項A錯誤；擺線上端未牢固地系于懸點，使得單擺擺動時擺長過長，周期偏大，則測量得到的g值偏小，選項B正確；以擺球直徑和擺線長之和作為擺長來計算，擺長L偏大，則g值偏大，選項C錯誤；開始計時時，小球開始擺動后稍遲才按下停