2025屆遼寧省本溪市物理高二上期中綜合測試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某小燈泡的伏安特性曲線如圖中的AB段（曲線）所示，由圖可知，燈絲的電阻因溫度的影響改變了（）A． B． C． D．2、隨著技術的進步，不少國產手機也已極具競爭力，如圖所示，為一款手機電池的背面印有的一些符號，下列說法錯誤的是（）A．該電池的容量為500mA·hB．該電池的電動勢為3.6VC．該電池在正常工作時的額定電流為500mAD．若電池以10mA的電流工作，可用50小時3、如圖所示,直流電源兩端的電壓保持不變,平行板電容器與電源連接,下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態．現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，A．帶電油滴將沿豎直方向向上運動B．電容器的電容增大C．極板所帶的電荷量減少D．P點與下極板的電勢差不變4、人類已探明某星球帶負電，假設它是一個均勻帶電的球體，將一帶負電的粉塵置于該星球表面h處，恰處于懸浮狀態．現設科學家將同樣的帶電粉塵帶到距星球表面2h處無初速釋放，則此帶電粉塵將（）A．向星球地心方向下B．動能越來越大C．仍在那里懸浮D．飛出沿星球自轉的線速度方向5、下列對運動的認識錯誤的是（）A．亞里士多德認為有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體就靜止B．伽利略認為如果完全排除空氣的阻力，所有的物體將下落得同樣快C．伽利略認為，若沒有摩擦，在水平面上運動的物體將保持其速度繼續運動下去D．牛頓認為力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態的原因6、板長為Ｌ的兩塊帶電平行板中間有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強電場，當偏轉電壓為U1時，帶電粒子沿軌跡①從兩板正中間飛出；當偏轉電壓為U2時，帶電粒子沿軌跡②落到B板上的P點，P點為B板的中點。已知兩次為同種粒子且入射速度相同，則偏轉電壓U1和U2之比為（）A．1∶2B．1∶4C．1∶8D．1∶二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個D形金屬盒。兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底面的勻強磁場中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時的動能，下列說法中正確的是（）A．減小狹縫間的距離B．增大勻強電場間的加速電壓C．增大磁場的磁感應強度D．增大D形金屬盒的半徑8、在純電阻電路中，當用一個固定的電源(設E、r是定值)向變化的外電阻供電時，關于電源的輸出功率P隨外電阻R變化的規律如圖所示。下列判斷中正確的是（）A．電源內阻消耗的功率隨外電阻R的增大而增大B．當R＝r時，電源有最大的輸出功率C．電源的功率P總隨外電阻R的增大而增大D．電源的效率η隨外電阻R的增大而增大9、下列圖中，絕緣細繩一端固定在天花板，一端系一質量為ｍ的帶正電小球，為了使小球能靜止在圖中所示位置，可加一個與紙面平行的勻強電場，所加電場方向可能是：A． B． C． D．10、如圖所示，粗糙絕緣的水平面附近存在一平行于水平面的電場，其中某一區域的電場線與x軸平行，在x軸上的電勢q與坐標x的關系如圖中曲線所示，曲線過（0.1，4.5）和（0.15，3）兩點，圖中虛線為該曲線過點（0.15，3）的切線，現有一質量為0.20kg、電荷量為+2.0×10﹣8C的滑塊P（可視為質點），從x＝0.10m處由靜止釋放，其與水平面的動摩蓀因數為0.02，取重力加速度g＝10m/s．則下列說法中正確的是（）A．滑塊P運動過程中的電勢能先減小后增大B．滑塊P運動過程中的加速度先減小后增大C．x＝0.15m處的電場強度大小為2.0×106N/CD．滑塊P運動的最大速度為0.1m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L、直徑d和電阻R（1）用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數如圖甲，則金屬絲的直徑為_____mm．（2）若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結果將比真實值_____．（選填“偏大”或“偏小”）（3）用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數如圖丙、丁，則電壓表的讀數為_____V，電流表的讀數為_____A．12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，小燈泡的額定電壓為2.5V，額定功率為0.5W，此外還有以下器材可供選擇：A．直流電源3V(內阻不計)B．直流電流表0～300mA(內阻約為5Ω)C．直流電流表0～3A(內阻約為0.1Ω)D．直流電壓表0～3V(內阻約為3kΩ)E．滑動變阻器100Ω，0.5AF．滑動變阻器10Ω，2AG．導線和開關實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能進行多次測量．(1)實驗中電流表應選用________，滑動變阻器應選用________；(均填寫儀器前的字母)(2)在圖甲所示的虛線框中畫出符合要求的實驗電路圖_______________(虛線框中已將所需的滑動變阻器畫出，請補齊電路的其他部分，要求滑片P向b端滑動時，燈泡變亮)；(3)根據實驗數據，畫出的小燈泡的I－U圖線如圖乙所示．由此可知，當電壓為0.5V時，小燈泡的燈絲電阻是________Ω.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一平行板電容器接在U＝11V的直流電源上，電容C＝3.0×10－10F，兩極板間距離d＝1.10×10－3m，取g＝10m/s1．求：(1)該電容器所帶電荷量．(1)若板間有一帶電微粒，其質量為m＝1.0×10－3kg，恰在板間處于靜止狀態，則微粒帶電荷量多少？帶何種電荷？14．（16分）長為的平行金屬板水平放置,兩極板帶等量的異種電荷,板間形成勻強電場,一個帶電量為、質量為的帶電粒子,以初速度緊貼上極板垂直于電場線方向進入該電場,剛好從下極板邊緣射出,射出時速度恰與下極板成角,如圖所示,不計粒子重力。求：(1)粒子從下極板邊緣射出時速度的大小;(2)勻強電場的場強;(3)兩板間的電勢差.15．（12分）如圖所示，小物塊質量m＝0.08kg，帶正電荷q＝2×10－4C，與水平絕緣軌道之間的動摩擦因數μ＝0.2，在水平軌道的末端N處，連接一個半徑為R＝0.4m半圓形光滑軌道。整個軌道處在一個方向水平向左、場強大小E＝4×103N/C的勻強電場中，取g＝10m/s2。(1)若小物塊恰能運動到軌道的最高點L，那么小物塊應從距N點多遠處的A點釋放？(2)如果小物塊在(1)中的位置A釋放，當它運動到P點（軌道中點）時對物塊軌道的壓力大小？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

根據電阻的定義式，A點的電阻為B點的電阻為從A到B電阻改變了R=RB－RA=10Ω故選B。2、C【解析】

AB．由電池的銘牌讀出：該電池的容量為500mA?h，電動勢為3.6V，故AB正確，不符合題意；C．由電池的容量可知該電池在連續工作1小時時，電流為I=500mA，不是電池在工作1小時后達到的電流為500mA．故C錯誤，符合題意；D．根據公式可得若電池以10mA的電流工作，可用h故D正確，不符合題意。故選C．【點睛】本題關鍵是熟悉描述電池特性的物理量，要能從表格中讀出有用的信息．3、C【解析】

將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由電容器的決定式可判斷電容的變化；而電容器兩板間電壓不變，根據分析板間場強的變化，根據F=qE判斷電場力變化，確定油滴運動情況．【詳解】電容器兩端的電壓不變，將上極板上移時，d增大，由電容的決定式，可知C減小，根據Q=UC可知，極板帶電量也減小，故B錯誤，C正確；根據，可知電場強度減小，則電場力減小，故帶電油滴將沿豎直方向向下運動，故A錯誤；根據U=Ed，可知，P點與下極板的距離不變，但E減小，故P點與下極板的電勢差減小，故D錯誤，故選C．【點睛】本題考查電容器的動態分析問題，要明確一直和電源相連，故電壓不變；再由決定式及定義式分析電容、電量等的變化．4、C【解析】

當帶負電粉塵在高度為h處處于平衡.則有,可知平衡和高度沒有關系，所以當h變2h時,兩力仍然平衡.，故C正確；故選C【點睛】帶負電的粉塵恰能懸浮,是因為重力與電場力大小相等,方向相反.由公式可得:它們除與各自質量、電量有關系外,還與兩者的中心間距有關,當改變間距時,質量與電量沒變,所以平衡條件依舊滿足5、A【解析】

亞里士多德認為有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體就靜止，該觀點是以生活經驗得出的，是錯誤的。根據伽利略的理想實驗得出力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態的原因，故A認識錯誤；伽利略認為如果完全排除空氣的阻力，所有的物體將下落得同樣快，故B認識正確；伽利略認為，若沒有摩擦，在水平面上運動的物體將保持其速度繼續運動下去，故C認識正確；牛頓認為力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態的原因，故D認識正確。所以選A。6、C【解析】試題分析：設板長為L、板間距為d、粒子的電量為q、質量為m，初速度為v．對①軌跡運動的粒子做類平拋運動。在水平方向：，在豎直方向：由牛頓第二定律得：，電場強度為：，以上聯立兩式得到：；同理對②軌跡運動的粒子做類平拋運動。在水平方向：，在豎直方向：。由牛頓第二定律得：，電場強度為：，以上聯立兩式得到：，所以，故C正確，ABD錯誤。所以C正確，ABD錯誤。考點：帶電粒子在勻強電場中的偏轉【名師點睛】本題主要考查了帶電粒子在勻強電場中的偏轉。同一種粒子以相同的速度從帶電平行板上邊緣垂直射入勻強電場，粒子做類平拋運動．由于兩次極板間的電壓不同，導致加速度不同，所以沿不同軌跡落在不同點．在兩個方向上利用運動學公式和牛頓第二定律，寫出規律，最后用比值的方法可以求解。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

當粒子從D形盒中出來時速度最大，根據得則最大動能為知最大動能與加速的電壓無關，與狹縫間的距離無關，與磁感應強度大小和D形盒的半徑有關，增大磁感應強度和D形盒的半徑，可以增加粒子的最大動能。故選CD。8、BD【解析】

A．電源內阻消耗的功率，所以外電阻R的增大，電源內阻消耗的功率減小，故A錯誤；B．該圖象反映了電源的輸出功率P隨外電阻R變化的規律，由圖看出，電源的輸出功率隨著外電阻的增大先增大后減小，當R=r時，電源有最大的輸出功率，故B正確；C．電源的功率，則當外電阻R的增大時，.電源的功率減小，故C錯誤；D．電源的效率，則知R增大時，電源的效率增大，故D正確；9、BCD【解析】

A圖中，小球帶正電，場強方向水平向左，帶電小球所受的電場力水平向左，則小球不可能靜止在圖示位置，故A錯誤；B圖中，小球帶正電，場強方向水平向右，帶電小球所受的電場力水平向右，則小球可能靜止在圖示位置，故B正確；C圖中小球受電場力方向斜向右上方，向下的重力及向左上方的細線的拉力，三力可能平衡，選項C正確；D圖中，當qE=mg，且電場方向向上，小球能靜止在圖中位置，故D正確．故選BCD．【點睛】解決本題的關鍵是知道正電荷所受的電場力方向與場強方向相同，分析結果要符合平衡條件，做完后可用平衡條件檢驗一下．10、BCD【解析】

電勢?與位移x圖線的斜率表示電場強度可知，電場方向未變，滑塊運動的過程中，電場力始終做正功，電勢能逐漸減小，故A錯誤；電勢?與位移x圖線的斜率表示電場強度，則x＝0.15m處的場強為：，此時的電場力為：F＝qE＝2×10﹣8×2×106N＝0.04N；滑動摩擦力大小為：f＝μmg＝0.02×2N＝0.04N，在x＝0.15m前，電場力大于摩擦力，做加速運動，加速度逐漸減小，x＝0.15m后電場力小于摩擦力，做減速運動，加速度逐漸增大．故BC正確．在x＝0.15m時，電場力等于摩擦力，速度最大，根據動能定理得，qU﹣fx＝mv2，因為0.10m和0.15m處的電勢差大約為1.5×105V，代入求解，最大速度大約為0.1m/s．故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.697（0.695﹣0.698）偏小2.60（2.59﹣2.61）0.52【解析】

（1）根據內接的特點，結合歐姆定律以及串并聯電路的特點，即可分析出測量值與真實值之間的關系；

（2）先算出電表的分度值，若測量的最小分度為“1“時要估讀到下一位，若測量的最小分度為“2“或“5“時讀到本位即可．【詳解】（1）金屬絲的直徑為：0.5mm+0.01mm×19.8=0.698mm；（2）電流表外接法測量電阻，由于電壓表分流的影響，故金屬絲電阻的測量結果將比真實值偏小；

（3）電壓表的分度值為0.1V，要估讀到下一位，故其讀數為2.60V；

電流表選擇的是0～0.6A量程，分度值為0.02A，故其讀數為0.52A.【點睛】解決本題的關鍵掌握螺旋測微器和電表的讀數方法，螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．讀電表讀數時要注意計算電表的分度值，然后再確定是否估讀，若測量的最小分度為“1“時要估讀到下一位，若測量的最小分度為“2“或“5“時讀到本位即可．內外接選擇的方法：大電阻選內接測量結果偏大，小電阻選外界測量結果偏小，口訣：“大內大，小外小．”12、BF分壓式如圖所示：5【解析】試題分析：（1）燈泡的額定電流；故電流表選擇B；因本實驗只能接用分壓接法，故滑動變阻器選擇小電阻F；（2）根據實驗要求可知，滑動變阻器采用分壓接法，并且測量