2025屆四川省鄰水市實驗中學物理高二第一學期期中監測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、反天刀是生活在尼羅河的一種魚類，沿著它身體的長度方向分布著電器官，這些器官能在魚周圍產生電場，如圖為反天刀周圍的電場線分布示意圖，A、B、C為電場中的點，下列說法正確的是（）A．頭部帶負電B．A點電場強度大于B點電場強度C．C點電勢高于B點電勢D．正離子從A向C運動，其電勢能變小2、關于電場強度與電勢，下列說法中正確的是A．在電場中某點不放檢驗電荷，該點的電場強度為零B．正電荷從A點移到B點，電場力做正功，A點電勢一定較高C．由場強的定義式可知，電場中某點的E與q所受的電場力F成正比D．電荷在電場中某點所受電場力的方向即為該點的電場強度方向3、關于電源電動勢，以下說法中正確的是A．電源的電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，所以當電源接入電路時，電動勢將發生變化B．在閉合電路中，并聯在電源兩端電壓表的讀數是電源的電動勢C．電源電動勢是表示電源將其他形式的能轉化為電能本領大小的物理量D．電動勢越大，說明靜電力在電源內部從負極向正極移送單位電荷量的電荷做功越多。4、鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示（）A．蓄電池兩極間的電壓為2VB．蓄電池能在1s內將2J的化學能轉變成電能C．電路中每通過1C電量，電源把2J的化學能轉化為電能D．電路中通過相同的電荷量時，蓄電池比1節干電池非靜電力做的功少5、空間有平行于紙面的勻強電場，一電荷量為－q的質點（重力不計），在恒定拉力F的作用下沿虛線由M勻速運動到N，如圖所示，已知力F和MN間夾角為θ，MN間距離為d，則A．MN兩點的電勢差為B．勻強電場的電場強度大小為C．該質點由M運動到N的過程中，電勢能減少了FdcosθD．若要使該質點由N向M做勻速直線運動，則F必須反向6、如圖所示,直線A為電源a的路端電壓與電流的關系圖象，直線B為電源b的路端電壓與電流的關系圖象,直線C為一個電阻R的兩端電壓與電流的關系圖象.將這個電阻R分別接到a,b兩電源上,那么（）A．R接到a電源上,電源的效率較高B．R接到b電源上,電源的輸出功率較大C．R接到a電源上,電源的輸出功率較大,但電源效率較低D．R接到b電源上,電阻的發熱功率和電源的效率都較高二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、將原來不帶電的絕緣導體B移近帶負電的絕緣導體A，如圖所示，以下說法正確的是：（）A．導體B上各點的場強大小相等B．導體A內部的場強一定為零C．導體B的左端電勢比右端電勢高D．導體B上的感應電荷在它的C點所形成的場強一定不為零8、B超成像的基本原理就是向人體發射一組超聲波,遇到人體組織會產生不同程度的反射(類似回聲)，通過探頭發送和接收超聲波信號，經過電子電路和計算機的處理，形成了我們今天的B超圖像(如圖所示)。圖為儀器檢測到發送和接收的超聲波圖象，其中實線為沿x軸正方向發送的超聲波，虛線為一段時間后遇到人體組織沿x軸負方向返回的超聲波。已知超聲波在人體內傳播速度約為1500m/s，下列說法正確的是()A．根據題意可知此超聲波的頻率約為1.25×105HzB．圖乙中質點A在此后的1s內運動的路程為1500mC．圖乙中質點B此時沿y軸正方向運動D．圖乙中質點A、B兩點加速度大小方向都相同9、供電電路的電源的輸出電壓為U1，線路導線上的電壓為U2，用電器得到的電壓為U3，導線中電流為I，線路導線的總電阻為R，若要計算線路上的損失功率，可用的公式有A．B．I（U1-U3）C．I2RD．10、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內部，閉合S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為θ，則下列說法正確的是A．保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ增大B．斷開S，將A板向B板靠近，則θ不變C．保持S閉合，懸線燒斷，則小球在電場中將作自由落體運動D．斷開S，懸線燒斷，則小球在電場中將作變加速曲線運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖甲所示的電路可測出電壓表的內阻，電源內阻可以忽略，為電阻箱，當R取不同值時，電壓表分別有一示數．若多次改變電阻箱的阻值，測得多個對應的電壓值，最后作出的圖象如圖乙所示，則電壓表的內阻_______，電源電動勢是______________．12．（12分）用伏安法測量某電阻Rx的阻值，現有器材如下①待測電阻Rx：范圍在5—8Ω，額定功率為1W；②電流表A1：量程0—0.6A（內阻0.2Ω）③電流表A2：量程0—3A（內阻0.05Ω）④電壓表V1：量程0—3V（內阻3kΩ）⑤電壓表V2：量程0—15V（內阻15KΩ）⑥滑動變阻器R：0—100Ω⑦電源：電動勢12V，內阻忽略不計⑧導線，開關為了較準確地測量，并保證器材安全，電流表應選________，電壓表應選________，并在虛線框中畫出電路圖________。（儀表請填寫數字序號，其他答案不給分）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在坐標系xOy的第一、第三象限內存在相同的勻強磁場，磁場方向垂直于xOy面向里；第四象限內有沿y軸正方向的勻強電場，電場強度大小為E。一質量為、帶電量為的粒子自y軸的P點沿x軸正方向射入第四象限，經x軸上的Q點進入第一象限，隨即撤去電場，以后僅保留磁場。已知OP=d，OQ=2d，不計粒子重力。(1)求粒子過Q點時速度的大小和方向；(2)若磁感應強度的大小為一定值B0，粒子將以垂直y軸的方向進入第二象限，求B0；(3)若磁感應強度的大小為另一確定值，經過一段時間后粒子將再次經過Q點，且速度與第一次過Q點時相同，求該粒子相鄰兩次經過Q點所用的時間。14．（16分）如圖所示,在xOy平面內,y軸左側有沿x軸正方向的勻強電場,電場強度大小為E;在0<x<L區域內,x軸上、下方有相反方向的勻強電場,電場強度大小均為2E;在x>L的區域內有垂直于xOy平面的勻強磁場,磁感應強度大小不變、方向做周期性變化.一電荷量為q、質量為m的帶正電粒子(粒子重力不計),由坐標為(-L,)的A點靜止釋放.(1)求粒子第一次通過y軸時速度的大小;(2)求粒子第一次射入磁場時的位置坐標及速度;(3)現控制磁場方向的變化周期和釋放粒子的時刻,實現粒子能沿一定軌道做往復運動,求磁場的磁感應強度B的大小取值范圍.15．（12分）如圖，真空中xOy平面直角坐標系上的ABC三點構成等邊三角形，邊長L。若將電荷量均為＋q的兩點電荷分別固定在A、B點，已知靜電力常量k，求：(1)兩點電荷間的庫侖力大??；(2)C點的電場強度的大小和方向。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．電場線從正電荷或無窮遠處出發，終止與負電荷或無窮遠處，故根據電場線由頭部出發可知：頭部帶正電，尾部帶負電，故A錯誤；B．電場線疏密程度代表電場強度，由圖可知：A處電場線比B處密，故A處電場強度大于B處電場強度，故B正確；CD．沿著電場線電勢降低，等勢線與電場線垂直；故B點電勢比C點電勢高，沿著電場線電勢降低，等勢線與電場線垂直；故A點電勢比C點電勢低，那么，正離子從A向C運動，電場力做負功，故電勢能增大，故CD錯誤．2、B【解析】

A、電場強度由電場本身決定，與檢驗電荷無關。則在電場中某點不放檢驗電荷，該點的電場強度不一定為零，故A錯誤；

B、正電荷從A點移到B點，電場力做正功，電荷的電勢能一定減小，電勢降低，即A點電勢一定高于B點電勢，故B正確；

C、公式是電場強度的定義式，電場中某點的E與電場力F、q都無關，所以不能說E與q所受的電場力F成正比，故C錯誤；D、正電荷在電場中某點所受電場力的方向即為該點的電場強度方向，而負電荷在電場中某點所受電場力的方向與該點的電場強度方向相反，故D錯誤。3、C【解析】解：電動勢表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小，不會因為接入電路而發生變化,電動勢越大,電源將其他形式的能轉化為電能的本領越大.A錯誤、C正確；根據閉合電路歐姆定律E=U+Ir,得知,當I=0時,U=E,即電源沒有接入外電路時兩極間的電壓等于電源電動勢.故B錯誤；電動勢越大說明非靜電力在電源內部把單位電荷量的正電荷在電源內從負極移到正極時非靜電力做的功越多,D錯誤。4、C【解析】

電動勢是一個表征電源特征的物理量．電源的電動勢是電源將其它形式的能轉化為電能的本領，在數值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功．當電池不接入外電路時，蓄電池兩極間的電壓等于電動勢；當蓄電池接入電路時，兩極間的電壓小于電動勢?！驹斀狻緼.當電池不接入外電路時，蓄電池兩極間的電壓為2V；當電池接入電路時，兩極間的電壓小于2V.故A錯誤；B.鉛蓄電池的電動勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功為2J，即電能增加2J，與時間無關，故B錯誤；C.電路中每通過1C電荷量，鉛蓄電池將1C的正電荷從負極移至正極的過程中，非靜電力做功w=qU=1C×2V=2J，故電勢能增加2J，即2J化學能轉化為電能，故C正確；D.電動勢表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，電動勢大，轉化本領大。干電池的電動勢為1.5V，則蓄電池將化學能轉變為電能的本領比一節干電池(電動勢為1.5V)的大。電路中通過相同的電荷量時，蓄電池轉化的能量比1節干電池多，非靜電力做的功多，故D錯誤。故選：C.5、A【解析】

由題中“在恒定拉力F的作用下沿虛線由M勻速運動到N”可知，本題考查點電荷電場強度、電勢差和電勢能，根據電場強度、庫侖定律、電勢差和電勢能的公式規律可以分析本題?！驹斀狻緼．根據動能定理可得解得故A正確；B．電場線方向沿F方向，MN沿電場線方向距離為，由公式得故B錯誤；C．小球M到N做負功為，電勢能增大，故C錯誤；D．小球在勻強電場中受到的電場力恒定不變，根據平衡條件，由M到N，F方向不變，故D錯誤。6、C【解析】

電源a的電動勢大，內阻也大，電源的效率，由此可知外電阻相同時內阻越小，電源效率越高，則R接到b電源上，電源的效率較高，A錯誤；輸出功率，當R=r時電源輸出功率最大，由圖象可知圖線的斜率表示內阻大小，圖線C的斜率表示外電阻阻值的大小，圖線a的內阻與C的電阻相接近，所以a電源輸出功率較大。C正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】由于靜電感應，B兩端出現等量異種電荷，場強大，其他地方電荷少，場強小，A錯．處于靜電平衡狀態的導體，內部場強處處為0，B對．導體是等勢體，C錯．C點合場強為0，導體B上感應電荷產生的場強與A產生的場強等大反向，D對．8、ACD【解析】

根據圖象讀出波長λ=12mm=1.2×10-2m，由v=λf得頻率為f=vλ=15001.2×10-2=1.25×105Hz，故A正確；質點A振動的周期為T=1/f=8×10-6s，質點A只會上下振動，因為t=1s=1.25×105，所以質點A在1s內運動的路程為S=1.25×105×4A=1.25×105×4×0.004m=2000m，故B錯誤；根據題意可知虛線是反射回來的波，傳播方向為x軸負方向，由上下坡法知，此時質點B【點睛】本題考查機械振動、機械波的速度、波長、頻率、加速度、圖象等相關知識。要知道質點做簡諧運動時，根據時間與周期的倍數關系求通過的路程。9、BCD【解析】A、U1不等于線路上的電壓，A錯誤；B、線路導線上的電壓為U2=U1-U3，導線中電流為I，線路上的損失功率P=UI=I(U1-U3)，B正確；C、導線中電流為I，線路導線的總電阻為R，線路上的損失功率P=I2R,C正確；D、線路導線上的電壓為U2，線路導線的總電阻為R，線路上的損失功率P=，D正確。故選：BCD。10、AB【解析】考點：電容器的動態分析；電場強度．專題：電容器專題．分析：小球受重力、電場力和繩子的拉力處于平衡狀態，當電場力變大時θ增大，電場力變小時θ減小，因此解決本題關鍵是判斷小球所受電場力的變化情況；注意電容器的兩種狀態的不同，電鍵閉合其電壓不變，電鍵斷開電容器所帶電量保持不變．解答：解：若保持S閉合，則電容器兩極板之間的電壓保持不變，因此根據E=可知，當將A板向B板靠近時，電場強度增大，則電場力增大，θ將增大，若懸線燒斷，小球受重力恒定的電場力作用，所以小球沿懸線延長線做勻加速直線運動運動，故A正確，C錯誤．若斷開S，電容器帶電量保持不變，由C=和C=以及E=可得：E=，由于Q、S不變，只是d變化，所以電場強度不變，故電場力不變，則θ不變，若懸線燒斷，小球受重力恒定的電場力作用，所以小球沿懸線延長線做勻加速直線運動運動，故B正確，D錯誤．故選AB．點評：對于電容器的討論注意電容器的兩種狀態，同時熟練掌握公式：C=、C=、E=之間的推導，尤其是在電容器電量保持不變時，要正確根據這三個公式推導電場強度的表達式，從而正確判斷電場強度的變化．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、5kΩ5V【解析】

根據閉合電路歐姆定律，電壓表的計數，得，變形得，由此可知傾斜直線的斜率表示的是，與縱坐標的交點為，所以電動勢為；電壓表的內阻．12、②④【解析】

待測電阻Rx：范圍在5～8Ω，額定功率1W，則電阻額定電壓約為U=PR≈2.24V～2.83V，因此可以選量程為3V，內阻3kΩ的電壓表V1，故選④；電阻的額定電流為：0.35～0.45A，因此可以選量程為0.6A，內阻為0.2Ω的電流表A1,故選②；伏安法測電阻，電源、開關、滑動變阻器、電流表、待測電阻組成串聯電路，電壓表并聯在待測電阻兩端，實驗電路圖如圖所示：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)，與x軸成45°角斜向上；(2)；(3)【解析】

（1）設粒子在電場中運動的時間為，加速度的大小為a，粒子的初速度為，過Q點時速度的大小為v，沿y軸方向分速度的大小為，速度與x軸正方向間的夾角為，由牛頓第二定律得由運動學公式得，，，聯立以上各式，（2）設粒子做圓周運動的半徑為，粒子在第一象限的運動軌跡如圖所示，為圓心，由幾何關系可知△O1OQ為等腰直角三角形，得由牛頓第二定律得聯立可得（3）設粒子做圓周運動的半徑為，由幾何分析，粒子運動的軌跡如圖所示，、是粒子做圓周運動的圓心，Q、F、G、H是軌跡與兩坐標軸的交點，連接、，由幾何關系知，和均為矩形，進而知FQ、GH均為直徑，QFGH也是矩形，又FH⊥GQ，可知QFGH是正方形，△QOG為等腰直角三角形）可知，粒子在第一、第三象限的軌跡均為半圓，得粒子在第二、第四象限的軌跡為長度相等的線段，得設粒子相鄰兩